湖北省部分學(xué)校2024-2025學(xué)年高二上學(xué)期1月調(diào)研考試物理試卷

學(xué)年度高中物理一月調(diào)研考試卷第I卷（選擇題）一、單選題1.某一沿x軸方向上傳播的簡諧橫波，t=1s時的波形如圖甲所示，此時質(zhì)點PQ在波谷位置，圖乙為質(zhì)點P的振動圖像，則（）A.該波傳播速度6m/sB.該波沿x軸負(fù)方向傳播C.t=2.6s時，質(zhì)點Q的振動方向沿y軸負(fù)方向D.t=0.2s至t=0.4s過程中，質(zhì)點P的加速度在減小【答案】C【解析】【詳解】A．由題圖可知，波長為，周期為，則該波傳播速度為故A錯誤；B．由圖乙可知，時，質(zhì)點P向上振動，由圖甲結(jié)合波形平移法可知，該波沿x軸正方向傳播，故B錯誤；C．時，質(zhì)點Q處于波谷位置，由于可知時，質(zhì)點Q處于從波峰向波谷振動的過程中，所以質(zhì)點Q的振動方向沿y軸負(fù)方向，故C正確；D．由圖乙可知，至過程中，質(zhì)點P處于從平衡位置向波谷振動過程中，則質(zhì)點P的加速度在增大，故D錯誤。故選C。第1頁/共18頁2.圖甲是某實驗小組的同學(xué)通過實驗作出的電源E的路端電壓U與電流I的關(guān)系圖像，圖乙是該實驗小組的同學(xué)通過實驗作出的小燈泡L的圖像。下列說法中正確的是（）A.電源E的電動勢約為B.電源E的內(nèi)阻約為C.電源E的路端電壓為時電源效率約為D.將小燈泡L接在電源E兩端組成閉合回路，此時小燈泡消耗的功率約為【答案】D【解析】【詳解】AB．由閉合電路的歐姆定律可得結(jié)合圖甲可知，圖像的縱截距表示電動勢，斜率的絕對值表示電源的內(nèi)阻，則有，故AB錯誤；C．路端電壓為時，電源的效率為故C錯誤；D．將小燈泡L接在電源E兩端組成閉合回路，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得可得在小燈泡的圖像上作出對應(yīng)的圖線，如圖所示第2頁/共18頁兩圖像的交點表示工作點，則小燈泡的實際功率為故D正確。故選D。3.如圖所示，兩根長直導(dǎo)線平行放置，在兩導(dǎo)線間距的中點放上一枚小磁針，當(dāng)兩導(dǎo)線中分別通以同向電流I、I2（I<I）時，小磁針的N極將（）A.垂直紙面向外轉(zhuǎn)動B.垂直紙面向里轉(zhuǎn)動C.豎直向上轉(zhuǎn)動D.豎直向下轉(zhuǎn)動【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)右手螺旋定則可知靠近I1右側(cè)的磁場方向為垂直紙面向里，靠近I2左側(cè)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向為垂直紙面向外，因為I<I，所以小磁針垂直紙面向外轉(zhuǎn)動。故選A。4.如圖所示的電路中，R、R、R3和R4皆為定值電阻，R5為可變電阻，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，設(shè)電流表A的讀數(shù)為I，電壓表V的讀數(shù)為U，當(dāng)R5的滑動觸點向a端移動時（）第3頁/共18頁A.I變大，U變小B.I變大，U變大C.I變小，U變小D.I變小，U變大【答案】C【解析】R5的滑動觸點向圖中aR5流IUU=E﹣（r+R+R小，則I變?。瓵.A項與上述分析結(jié)論不相符，故A錯誤；B.B項與上述分析結(jié)論不相符，故B錯誤；C.C項與上述分析結(jié)論相符，故C正確；D.D項與上述分析結(jié)論不相符，故D錯誤．5.現(xiàn)在的智能大多有“雙MIC降噪技術(shù)”，簡單說就是在通話時，輔助麥克風(fēng)收集背景音，與主麥克風(fēng)音質(zhì)信號相疊加來降低背景噪音，如圖甲所示，通過這種技術(shù)，在嘈雜的環(huán)境中，通話質(zhì)量也有極高的保證。如圖乙所示是原理簡化圖，如圖丙所示是理想情況下的降噪過程，實線表示環(huán)境噪聲，虛線表示降噪系統(tǒng)產(chǎn)生的降噪聲波，則下列說法正確的是（）A.降噪過程應(yīng)用了聲波的衍射原理，使噪聲無法從外面進(jìn)入耳麥B.降噪過程應(yīng)用的是聲波的干涉原理，P點振動減弱C.降噪聲波與環(huán)境噪聲聲波的傳播速度大小不相等D.降噪聲波與環(huán)境噪聲聲波的頻率不必相等【答案】B【解析】【詳解】A．降噪過程應(yīng)用了聲波的干涉原理，降低環(huán)境噪聲，故A錯誤；第4頁/共18頁B．降噪過程應(yīng)用的是聲波的干涉原理，兩波在P點振動方向相反，P點是振動減弱點，故B正確；C．在同一介質(zhì)中聲波的傳播速度大小相等，降噪聲波與環(huán)境噪聲聲波的傳播速度大小相等，故C錯誤；D．發(fā)生干涉的條件是頻率相同，降噪聲波與環(huán)境噪聲聲波的頻率相等，故D錯誤。故選B。6.第四代入工心臟是一種被廣泛應(yīng)用于心臟衰竭手術(shù)醫(yī)療器械，它采用的無線充電技術(shù)從根本上解決了創(chuàng)口感染難題，是人工心臟技術(shù)一次革命性的進(jìn)步。下圖為無線充電原理圖，由與人工心臟電池相連的受電線圈和與充電器相連的送電線圈構(gòu)成。下列關(guān)于人工心臟無線充電的說法正確的是（）A.無線充電的工作原理與指南針的原理相同B.送電線圈接直流電源時不能對人工心臟電池進(jìn)行無線充電C.人工心臟無線充電時，受電線圈始終有收縮的趨勢D.送電線圈與受電線圈只有完全對準(zhǔn)重合時才能進(jìn)行無線充電【答案】B【解析】【詳解】A．受電線圈的工作原理是電磁感應(yīng)，故A錯誤；B．送電線圈的工作原理是電流的磁效應(yīng)，故B正確；C心臟進(jìn)行無線充電，故C錯誤；D勢，故D錯誤。故選B。7.甲、乙兩球在水平光滑軌道上同向運(yùn)動，已知它們的動量分別是p＝5kg·m/s，p＝7kg·m/s，甲從后10kg·m/sm1與m2間的關(guān)系可能是下面的哪幾種()A.m＝m2B.2m＝m2C.4m＝m2D.6m＝m2第5頁/共18頁【答案】C【解析】【詳解】甲、乙兩球在碰撞過程中動量守恒，所以有p＋p＝p′＋p′即p′＝2kg·m/s相互轉(zhuǎn)化或一部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，因此系統(tǒng)的機(jī)械能不會增加，所以有所以有因為題目給出物理情景是“甲從后面追上乙”，要符合這一物理情景，就必須有即同時還要符合碰撞后乙球的速度必須大于或等于甲球的速度這一物理情景，即所以因此C選項正確。故選C。二、多選題8.關(guān)于光的現(xiàn)象，下列說法中正確的是（）第6頁/共18頁A.頻率相同的兩列光一定能發(fā)生干涉B.在雙縫干涉現(xiàn)象中，入射光波長變長，相鄰兩個亮條紋間距將變大C.如圖甲所示，利用光的干涉檢查平整度，用單色光從上面照射，空氣膜的上下兩個表面反射的兩列光波發(fā)生干涉，圖中條紋彎曲說明此處是凹陷的D.讓單色光分別通過寬度不同的單縫a、b后，得到圖乙所示的衍射圖樣，單縫a的寬度較大【答案】BC【解析】A遇時不一定能發(fā)生干涉現(xiàn)象，故A錯誤；B．在雙縫干涉現(xiàn)象中，根據(jù)可知入射光波長變長，相鄰兩個亮條紋間距將變大，故B正確；C厚度與直條紋處空氣膜的厚度相同，彎曲處是凹下的，故C正確；D．單縫寬度增大，衍射條紋寬度將變小，由題圖乙知該單色光通過單縫b后的衍射條紋較窄，所以單縫b的寬度較大，故D錯誤。故選BC。9.在如圖所示電路中，當(dāng)變阻器的滑片P向a端移動時（）A.電壓表示數(shù)變大，電流表示數(shù)變大B.電壓表示數(shù)變小，電流表示數(shù)變大第7頁/共18頁C.上消耗功率變大D.電源內(nèi)部消耗的熱功率變大【答案】AC【解析】AB．當(dāng)變阻器的滑動頭P向a端移動時，滑動變阻器接入電阻增大，則電路外電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電路總電流減小，則路端電壓增大，所以電壓表示數(shù)變大。根據(jù)可知并聯(lián)部分的兩端電壓增大，由可知電流表示數(shù)變大。故A正確；B錯誤；C．根據(jù)可知R2上消耗的功率變大。故C正確；D．根據(jù)可知電源內(nèi)部消耗的熱功率變小。故D錯誤。故選AC。10.如圖所示，A、B兩小球用三根輕質(zhì)細(xì)繩懸掛在水平橫桿上，靜止時A、B之間的細(xì)繩水平，之間的細(xì)繩與水平方向成角，之間的細(xì)繩與水平方向成角。小球A、B的質(zhì)量分別用表示，細(xì)繩的拉力大小分別用表示。下列關(guān)系式正確的是（）第8頁/共18頁A.B.C.D.【答案】BD【解析】【詳解】AB．設(shè)繩AB的拉力大小為F，分別對A和B受力分析，可得解得故A錯誤，B正確；CD．對兩球，根據(jù)共點力平衡條件有解得故C錯誤，D正確；故選BD。第卷（非選擇題）三、實驗題在丙圖的坐標(biāo)紙上，并作出路端電壓U與干路電流I間的關(guān)系圖像。第9頁/共18頁（1___________V___________有效數(shù)字）（2）如果丙圖是采用乙圖所示的電路進(jìn)行測量并作出的圖像，所得的電源電動勢E的測量值___________（選填“大于”“等于”或“小于”）真實值。（3）如果做實驗時，實驗室沒有合適量程的電表，需要進(jìn)行改裝，以下電表改裝正確的是___________。A.將一個量程為10mA、內(nèi)阻為20Ω的電流表，串一個280Ω的電阻可以改裝為量程為3V的電壓表B.將一個量程為10mA、內(nèi)阻為20Ω的電流表，并一個1Ω的電阻可以改裝為量程為0.6A的電流表C.將一個量程為10mA、內(nèi)阻為20Ω的電流表，并一個300Ω的電阻可以改裝為量程為3V的電壓表D.將一個量程為3V、內(nèi)阻為2kΩ的電壓表，串一個8kΩ的電阻可以改裝為量程為10V的電壓表【答案】（1）①.1.5②.1.0（2）小于（3）A【解析】【小問1詳解】[1]根據(jù)閉合電路的歐姆定律整理得圖像的縱截距表示電源的電動勢，為[2]圖像斜率的絕對值表示電源內(nèi)阻，為【小問2詳解】若采用（乙）圖所示的電路進(jìn)行測量并作出圖像，由于電壓表分流的緣故，當(dāng)電流表示數(shù)為零時，實際通第10頁/共18頁E的測量值小于真實值。【小問3詳解】AC．將電流表改裝成電壓表，需串聯(lián)電阻，根據(jù)電壓表改裝原理可得則將一個量程為10mA、內(nèi)阻為20Ω的電流表，串一個280Ω的電阻可以改裝為量程為3V的電壓表，故A正確，C錯誤；B．根據(jù)電流表改裝原理則將一個量程為10mA、內(nèi)阻為20Ω的電流表，并一個1Ω的電阻可以改裝為量程為0.21A的電流表，故B錯誤；D．根據(jù)電壓表改裝原理則將一個量程為3V2kΩ8kΩ的電阻可以改裝為量程為15VD錯誤。故選A。12.（1）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，為防止讀數(shù)時測微螺旋發(fā)生轉(zhuǎn)動，讀數(shù)前應(yīng)先旋緊如圖所示的部件______（選填“ABC”或“D______mm。（2）如圖，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關(guān)系。第11頁/共18頁①如圖中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影。實驗時，先讓入射球多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落點的位置P，測量平拋射程OP。然后，把被碰小球靜置于水平軌道末端，再將入射球從斜軌上S位置靜止釋放，與小球相碰，并多次重復(fù)。接下來要完成的必要步驟是________A.用天平測量兩個小球的質(zhì)量、B.測量小球開始釋放高度C.測量拋出點距地面的高度D.分別找到、相碰后平均落地點的位置M、NE.測量平拋射程OM，ON②本實驗中若兩球相碰前后動量守恒，其表達(dá)式可表示為_______（用①中測量的量表示）【答案】①.B②.0.398③.ADE④.m?OP=m?OM+m?ON【解析】【分析】1）[1][2]用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，為防止讀數(shù)時測微螺旋發(fā)生轉(zhuǎn)動，讀數(shù)前應(yīng)先旋緊如圖所示的部件B。從圖中的示數(shù)可讀出合金絲的直徑為0.01mm×39.8=0.398mm。（2）①[3]要驗證動量守恒定律定律，即驗證mv=mv+mv3小球離開軌道后做平拋運(yùn)動，它們拋出點高度相等，在空中的運(yùn)動時間t相等，上式兩邊同時乘以t得mvt=mvt+mvt得第12頁/共18頁mOP=mOM+mON故實驗需要驗證m?OP=m?OM+m?ON所以必須要用天平測量兩個小球的質(zhì)量、、相碰后平均落地點的位置MN平拋射程OM，ON。故選ADE。②[4]由以上分析可知，本實驗中若兩球相碰前后動量守恒，其表達(dá)式可表示為m?OP=m?OM+m?ON四、解答題13.ABCABOA=60°AOB=90°，AB邊的中點D與AB成45°角斜射入材料甲，經(jīng)折射后該光束垂直于OB進(jìn)入材料乙，剛好在乙的圓弧面上發(fā)生全反射，然后射到OC邊上的Gc，求（1）材料甲的折射率n；（2）材料乙的折射率n；（3）該細(xì)光束在此棱鏡中從D傳播到G所經(jīng)歷的時間t?！敬鸢浮浚?）（2）2（3）【解析】【小問1詳解】光由空氣射入甲，折射角θ=30°，由折射定律解得【小問2詳解】可知光束垂直于OB邊的中點E射入材料乙，在BC弧上的F點發(fā)生全反射，到達(dá)OC邊上的G點，如圖第13頁/共18頁所示由幾何關(guān)系知，材料乙中臨界角為由全反射公式解得【小問3詳解】由幾何知識知光在材料甲中的速度為光在材料乙中的速度為光在材料甲中傳播時間為光在材料乙中傳播時間為第14頁/共18頁則該細(xì)光束在此棱鏡中從D傳播到G所經(jīng)歷的時間為14.，現(xiàn)在小球所在空間加一水平方向的勻強(qiáng)電場，小球靜止時絕緣繩與豎直方向夾角（，，g取（1）這個勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E的大?。唬?）此時細(xì)線拉力F的大小。【答案】（1）（2）0.0125N【解析】【小問1詳解】受力分析如圖所示根據(jù)共點力平衡有解得第15頁/共18頁【小問2詳解】同理，可知15.內(nèi)的長方體區(qū)域，，。粒子源在y軸上區(qū)域內(nèi)沿x軸正方向連續(xù)均勻輻射出帶正電粒子。已知粒子的比荷，初速度大小為，，，不計粒子的重力和粒子間的相互作用。（1z；（2）僅在長方體區(qū)域內(nèi)加沿y軸正方向的勻強(qiáng)磁場，所有的粒子都經(jīng)過面射出磁場，求磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的范圍；（3）在長方體區(qū)域內(nèi)加沿z軸正方向的勻強(qiáng)電場、勻強(qiáng)磁場，已知磁感應(yīng)強(qiáng)度，