電磁感應(yīng)綜合計算問題（學(xué)生版）-2025屆高考物理二輪復(fù)習(xí)熱點題型歸類

計算4電磁感應(yīng)綜合計算問題

考點內(nèi)容考情分析

考向一單棒類電磁感應(yīng)電磁學(xué)計算題是高考的必考內(nèi)容，高考對于這部分知

考向二雙棒類電磁感應(yīng)識點的命題形式是以生活中的情景為背景，強調(diào)情景

考向三線框類電磁感應(yīng)與對應(yīng)的力學(xué)知識的有機融合，突出了應(yīng)用性，鞏固

考向四含容類電磁感應(yīng)了基礎(chǔ)性。

蜀深究"解題攻略"

1.思想方法

此類問題中力現(xiàn)象和電磁現(xiàn)象相互聯(lián)系、相互制約，解決問題首先要建立“動一電一動”的思維順序.

1.基本思路

(1)找準(zhǔn)主動運動者，用法拉第電磁感應(yīng)定律和楞次定律(右手定則)求解電動勢大小和方向.

⑵根據(jù)歐姆定律，求解回路中電流.

(3)分析安培力對導(dǎo)體棒加速度、速度的影響，從而推理得出對電路中電流的影響，最后定性分析出

導(dǎo)體棒的最終運動情況.

(4)運用運動學(xué)方程、牛頓第二定律、平衡方程或功能關(guān)系求解.

2.注意的問題

運用功能關(guān)系時，確定有哪些形式的能量發(fā)生了轉(zhuǎn)化.如有摩擦力做功，必有內(nèi)能產(chǎn)生；有重力做功,

重力勢能必然發(fā)生變化；安培力做負(fù)功，必然有其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能.

2.模型建構(gòu)

一、單桿電容模型

初態(tài)wovo=O

aB，

D1/;

/tDCL,7

質(zhì)量為加、電阻軌道水平光滑，

軌道水平光滑，軌道水平光滑，

示意圖不計的單桿。6以單桿ab質(zhì)量為

單桿ab質(zhì)量為單桿ab質(zhì)量為

一定初速度V。在m,電阻不計，

m,電阻不計，m,電阻不計，

光滑水平軌道上兩平行導(dǎo)軌間距

兩平行導(dǎo)軌間距兩平行導(dǎo)軌間距

滑動，兩平行導(dǎo)為/,拉力廠恒

為/為/,拉力廠恒

軌間距為1定定

匕

0

加時間內(nèi)流入電

容器的電荷量Nq

=C\U=CBlNv

0J

；|電流I=M=CB1

01V______.At

01

當(dāng)￡感=￡時，Av

運動分析v—=CBla

導(dǎo)體桿做加速度當(dāng)4=0時，V最△t

最大，且Vm=

越來越小的減速FR安培力/安=〃5

E大，Vm即，桿

運動，最終桿靜最后以Vm勻=CB2Pa

BI

開始勻速運動

止速運動F—F安=ma,a

_F

m+B212c

所以桿以恒定的

加速度勻加速運

動

外力做功轉(zhuǎn)化為外力做功轉(zhuǎn)化為

能量分析動能轉(zhuǎn)化為內(nèi)電能轉(zhuǎn)化為動能

動能和內(nèi)能，印F電能和動能，版

能，;機歸=01

和內(nèi)能，石1電=5=-mVm+2=E申H--mv2

2

mVm+2

二、電磁感應(yīng)中的“雙桿”問題分析

(1)初速度不為零，不受其他水平外力的作用

光滑的平行導(dǎo)軌光滑不等距導(dǎo)軌

N竹

桿〃N竹/Q

桿]下-----桿2

’M0

示意圖

質(zhì)量mi=m2質(zhì)量加1=加2不

電阻ri=r2電阻尸1=/2

長度l\~h長度11=21?

0t

運動分析

桿MN做變減速運動，桿尸0做變or

加速運動，穩(wěn)定時，兩桿的加速度穩(wěn)定時，兩桿的加速度均為零，兩

桿的速度之比為1：2

Vo

均為零’以相等的速丐勻速運動

能量分析一部分動能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，0=-A￡k

(2)初速度為零，一桿受到恒定水平外力的作用

光滑的平行導(dǎo)軌不光滑平行導(dǎo)軌

桿ZN

桿幺N

摩擦力Ffi=F

示意圖G

質(zhì)量加1=加2

質(zhì)量m[=m2

電阻ri=r2

電阻尸1=生

長度l\~h

長度h=h

-

F^2FtF>2Ft

開始時，若后2居，則尸。桿先變

運動分析t加速后勻速運動；桿靜止。若

開始時，兩桿做變加速運動；穩(wěn)定F>2Ff,P。桿先變加速后勻加速運

時，兩桿以相同的加速度做勻加速動，兒W桿先靜止后變加速最后和

運動P0桿同時做勻加速運動，且加速

度相同

外力做功轉(zhuǎn)化為動能和內(nèi)能（包括

外力做功轉(zhuǎn)化為動能和內(nèi)能，w￥=

能量分析電熱和摩擦熱），叫=A￡k+0電+

常+。

Of

三、電磁感應(yīng)中的“線框”問題分析

常見情景動力學(xué)分析能量分析動量分析

在安培力作用下以進(jìn)入磁場時為例，設(shè)運動過程部分（或全動量不守恒，可用動量定理

穿越磁場中某時刻的速度為V,加速度大部）動能轉(zhuǎn)分析導(dǎo)線框的位移、速度、

：XXXX:

小為a,則a=,a與v方向相化為焦耳通過某橫截面的電荷量和力

［：XXXX：TH.K

齊…j

熱，Q=-AEk作用的時間：

:xxxx:反，導(dǎo)線框做減速運動，

：XXXX:⑴求電荷量或速度：—BlL

vl-al,即導(dǎo)線框做加速度減小

△t=mv2-mvi,q=IAt;

的減速運動，最終勻速運動（全

41、YA—B2L2VAtc

部進(jìn)入磁場）或靜止（導(dǎo)線框離(2)求位移：R總=0-m

開磁場過程的分析相同）—B2L2X

Vo，即R&-0-mv0

在恒力F（包括重以進(jìn)入磁場的過程為例，設(shè)運動力F做的功

（3）求時間：

力mg）和安培力過程中某時刻導(dǎo)線框的速度為等于導(dǎo)線框

—BILAt+F其他At=mv2—m

作用下穿越磁場v,加速度為B胃的動能變化

Vi即—BLq+F其他At=mv2

M量與回路中

（1）若進(jìn)入磁場時3=鬻，則導(dǎo)—mvi

產(chǎn)生的焦耳

己知電荷量q,F其他（F其他

線框勻速運動；

熱之和，

XXXXXXX為恒力）

XXXXXXX（2）若進(jìn)入磁場時6>若，則導(dǎo)

XXXXXXXWF=AEk+

22「“

線框做加速度減小的加速運動Q-BLvAt

R總+F其他At-mv2-m

（直至勻速）；

—B2L2x

V1即R息+F其他At=mv2

（3）若進(jìn)人磁場時￡〈嘿，則導(dǎo)

—mvi

線框做加速度減小的減速運動

已知位移x,F其他(F其他

（直至勻速）（導(dǎo)線框離開磁場

為恒力)

過程的分析相同）

〃親臨"高考練場"

考向一單棒類電磁感應(yīng)

1.（2024?沈河區(qū)校級模擬）我國新一代航母采用全新的電磁阻攔技術(shù)，其原理為飛機著艦時利用

電磁作用力使它快速停止。為研究問題方便，我們將其簡化為如圖所示的模型。在磁感應(yīng)強度

大小為B、方向豎直向下的勻強磁場中，有間距為L的水平平行金屬導(dǎo)軌ab、cd,ac間連接一

電阻R,質(zhì)量為m、電阻為r的粗細(xì)均勻的金屬桿MN垂直于金屬導(dǎo)軌放置，現(xiàn)使金屬桿MN

獲得一水平向右的初速度V0,滑行時間t后停下，已知金屬桿MN受到的摩擦阻力恒為f,MN

長為L,忽略空氣阻力影響，重力加速度為g。求:

(1)金屬桿受到的安培力的最大值;

(2)全過程金屬桿MN克服摩擦阻力f做的功W；

2.（2024?臺州二模）某中學(xué)興趣小組研究了電機系統(tǒng)的工作原理，認(rèn)識到電機系統(tǒng)可實現(xiàn)驅(qū)動和

阻尼，設(shè)計了如圖所示裝置。電阻不計的“L型”金屬導(dǎo)軌由足夠長豎直部分和水平部分連接

構(gòu)成，豎直導(dǎo)軌間存在水平向右的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B。導(dǎo)體棒ab與豎直導(dǎo)軌始終

良好接觸并通過輕質(zhì)滑輪連接重物M,初始被鎖定不動。已知導(dǎo)體棒ab的質(zhì)量為m,重物M

質(zhì)量為3m,豎直導(dǎo)軌間距為d。電源電動勢￡=掌一，內(nèi)阻為R,導(dǎo)體棒與定值電阻阻值均

Ba

為R。

（1）把開關(guān)k接1,解除導(dǎo)體棒鎖定，導(dǎo)體棒經(jīng)時間t恰好開始勻速上升，求：

①通過導(dǎo)體棒的電流方向；

②導(dǎo)體棒勻速上升時的速度；

③此過程導(dǎo)體棒上升的高度h；

（2）把開關(guān)k接2,解除導(dǎo)體棒鎖定，導(dǎo)體棒經(jīng)時間f、下落高度H時恰好開始勻速下落，求此

過程中回路產(chǎn)生的總焦耳熱。

3.（2024?湖南一模）如圖甲所示，足夠長的平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ固定在同一水平面上，其寬

度L=lm,導(dǎo)軌M與P之間連接阻值為R=0.2Q的電阻，質(zhì)量為m=0.5kg、電阻為r=0.2C、

長度為1m的金屬桿ab靜置在導(dǎo)軌上，整個裝置處于豎直向下的勻強磁場中?，F(xiàn)用一垂直桿水

平向右的恒力F=7.0N拉金屬桿ab,使它由靜止開始運動，運動中金屬桿與導(dǎo)軌接觸良好并保

持與導(dǎo)軌垂直，其通過電阻R上的電荷量q與時間t的關(guān)系如圖乙所示，圖像中的OA段為曲

線，AB段為直線，導(dǎo)軌電阻不計，已知ab與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)n=0.4,取g=10m/s2（忽

略ab桿運動過程中對原磁場的影響），求：

MaNe/C.

XX

X

F

x

XX

°1.82.0t/s

乙

（1）磁感應(yīng)強度B的大小和金屬桿的最大速度;

（2）金屬桿ab從開始運動的1.8s內(nèi)所通過的位移;

（3）從開始運動到電阻R產(chǎn)生熱量Q=17.5J時，金屬桿ab所通過的位移。

考向二雙棒類電磁感應(yīng)

4.（2024?合肥三模）如圖，傾角。=37°的足夠長的粗糙平行金屬導(dǎo)軌由上下兩部分組成，寬度

分別為L、2L,質(zhì)量分別為m與2m、接入回路中電阻分別為R與2R的金屬桿N、M垂直于

導(dǎo)軌放置，在N上端與M下端分別安裝有固定立柱，一不可伸長的絕緣細(xì)線繞過定滑輪兩端

分別連接N的中點與質(zhì)量為3m的物塊，導(dǎo)軌及金屬桿都處于垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場中,

磁感應(yīng)強度大小為B,M、N與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)均為四=0.5,現(xiàn)解除N上端的固定立柱，N

開始沿導(dǎo)軌向上運動，已知在N的運動過程中，細(xì)繩與導(dǎo)軌平面平行且始終與N垂直，導(dǎo)軌與

金屬桿接觸良好，運動過程中物塊始終未與地面接觸，M、N也未脫離軌道，M未進(jìn)入上部分

軌道。導(dǎo)軌的電阻忽略不計，已知sin37°=0.6,cos37°=0.8,重力加速度為g。

（1）求M剛要運動時，在物塊下落的高度為h的過程中：

①N上產(chǎn)生的焦耳熱；

②N運動的時間；

（2）取沿軌道向上為正方向，N相對M的加速度用aNM=aN-aM表示，求aNM的最小值。

0

5.（2024?西安三模）如圖甲所示，兩根平行光滑足夠長金屬導(dǎo)軌固定在傾角9=30°的斜面上,

其間距L=2m。導(dǎo)軌間存在垂直于斜面向上的勻強磁場，磁感應(yīng)強度B=2T。兩根金屬棒NQ

和ab與導(dǎo)軌始終保持垂直且接觸良好，NQ棒通過一絕緣細(xì)線與固定在斜面上的拉力傳感器連

接（連接前，傳感器己校零），細(xì)線平行于導(dǎo)軌。已知ab棒的質(zhì)量為2kg,NQ棒和ab棒接入

電路的電阻均為2。，導(dǎo)軌電阻不計。將ab棒從靜止開始釋放，同時對其施加平行于導(dǎo)軌的外

力F,此時拉力傳感器開始測量細(xì)線拉力FT，作出力FT隨時間t的變化圖像如圖乙所示（力

FT大小沒有超出拉力傳感器量程），重力加速度g取:10m/s2。求：

（l）ti=ls時，金屬棒ab的速度大小;

（2）t2=3s時，外力F的大小。

6.（2024?鄭州三模）如圖所示MON-M'O'N'是由水平和豎直兩部分光滑金屬導(dǎo)軌組成的裝

置，導(dǎo)軌間距均為L,整個裝置處于大小為B、方向豎直向下的勻強磁場中。導(dǎo)體棒ab、cd中

點處用一根輕質(zhì)絕緣剛性細(xì)線連接，固定在水平軌道上，導(dǎo)體棒cd與導(dǎo)體棒ef中點處同樣用

一根輕質(zhì)絕緣剛性細(xì)線通過光滑定滑輪相連，三根導(dǎo)體棒的長度均為L且始終與導(dǎo)軌垂直接觸。

現(xiàn)給導(dǎo)體棒ab一個水平向左的初速度，ab、cd之間的細(xì)線伸直瞬間釋放導(dǎo)體棒cd,之后兩棒

以相同速度v一起運動，且運動一段距離x后速度減為零。己知導(dǎo)體棒ab、cd達(dá)到共速時間極

短，三根導(dǎo)體棒的質(zhì)量均為m,電阻均為R。導(dǎo)體棒ef與00'距離足夠遠(yuǎn)，不計其他電阻及

阻力，重力加速度為g。求；

（1）導(dǎo)體棒ab、cd之間細(xì)線伸直前瞬間，導(dǎo)體棒ab的加速度大??；

（2）從導(dǎo)體棒ab、cd共速開始到減速為零的過程中，導(dǎo)體棒ef產(chǎn)生的焦耳熱。

N

考向三線框類電磁感應(yīng)

7.(2024?浙江一模)圖甲為超導(dǎo)電動磁懸浮列車(EDS)的結(jié)構(gòu)圖，其簡化圖如圖乙，超導(dǎo)磁體

與“8”字形線圈之間通過互感產(chǎn)生電磁力將車體懸浮起來。如圖丙所示，列車側(cè)面安裝的超導(dǎo)

磁體產(chǎn)生垂直紙面向里的以虛線框為界的磁場，忽略邊緣效應(yīng)，磁感應(yīng)強度大小恒為B,磁場

的長和寬分別為21和1。在列車軌道兩側(cè)固定安裝了“8”字形線圈，每個“8”字形線圈均用

一根漆包線繞制而成，匝數(shù)為n,電阻為R,水平寬度為1,豎直長度足夠大，交叉的結(jié)點為P。

當(dāng)列車以速度v勻速前進(jìn)時：

(1)若磁場的中心O點與線圈結(jié)點P等高，求此時線圈中的電流大?。?/p>

(2)若磁場的中心O點比線圈結(jié)點P低了h時(h<|,且保持不變)，只考慮動生電動勢：

①在磁場剛進(jìn)入單個“8”字形線圈時，求線圈對列車阻力的瞬時功率；

②在磁場穿越單個“8”字形線圈的過程中，畫出單個“8”字形線圈對列車豎直方向的作用力與

時間的關(guān)系圖，取豎直向上為正方向，磁場剛進(jìn)入線圈時t=0。

8.（2024?和平區(qū)二模）航天回收艙實現(xiàn)軟著陸時，回收艙接觸地面前經(jīng)過噴火反沖減速后的速度

VO

為V0,此速度仍大于要求的軟著陸設(shè)計速度了，為此科學(xué)家設(shè)計了一種電磁阻尼緩沖裝置，其

原理如圖所示。主要部件為緩沖滑塊K及固定在絕緣光滑緩沖軌道MN和PQ上的回收艙主體，

回收艙主體中還有超導(dǎo)線圈（圖中未畫出），能在兩軌道間產(chǎn)生垂直于導(dǎo)軌平面的勻強磁場B,

導(dǎo)軌內(nèi)的緩沖滑塊由高強度絕緣材料制成，滑塊K上繞有n匝矩形線圈abed,線圈的總電阻為

R,ab邊長為L,當(dāng)回收艙接觸地面時，滑塊K立即停止運動，此后線圈與軌道間的磁場發(fā)生

作用，使回收艙主體持續(xù)做減速運動，從而實現(xiàn)緩沖。已知回收艙主體及軌道的質(zhì)量為m,緩

沖滑塊（含線圈）K的質(zhì)量為M,重力加速度為g,不考慮運動磁場產(chǎn)生的電場，求：

（1）緩沖滑塊剛落地時回收艙主體的加速度大小；

（2）達(dá)到回收艙軟著陸要求的設(shè)計速度時，緩沖滑塊K對地面的壓力大??；

vo

（3）回收艙主體可以實現(xiàn)軟著陸，若從V。減速到萬的過緩沖程中，通過線圈的電荷量為q,求

該過程中線圈中產(chǎn)生的焦耳熱Qo

回收艙

9.（2024?中山區(qū)校級模擬）某同學(xué)根據(jù)電磁阻尼知識設(shè)計了如圖1所示的降落緩沖裝置基本原理

圖。均勻?qū)Ь€構(gòu)成的正方形線框abed質(zhì)量為m,邊長為L,總電阻為R?，F(xiàn)使線框從距離磁場

上部水平邊界h處靜止釋放，線圈abed恰好能勻速進(jìn)入磁場。已知磁場下方范圍足夠大，不考

慮線框之間的相互作用力，線框下落不翻轉(zhuǎn)，空氣阻力不計，重力加速度為g,求：

（1）勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的大?。?/p>

（2）de邊剛好進(jìn)入磁場時de兩點間的電勢差Ude；

（3）根據(jù)緩沖的原理，物體下落過程中的加速度小于重力加速度就起到了緩沖作用。實際下落

的物體可看作棱長為1的金屬正方體，質(zhì)量為M,從側(cè)面看該物體是在水平向右的磁感應(yīng)強度為

B的勻強磁場中豎直下落，如圖2所示，假設(shè)物體從靜止開始就一直在磁場中運動，金屬正方體

的電阻忽略不計，則該物體下落的加速度將如何變化，并說明能否起到緩沖作用，請推理論證你

的結(jié)論。

考向四含容類電磁感應(yīng)

10.（2024?溫州一模）如圖所示，光滑的水平面上固定足夠長、光滑平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌右端接有

一個單刀雙擲開關(guān)K。開關(guān)接1時，導(dǎo)軌與電動勢E=0.3V、內(nèi)阻r=10的電源相連；開關(guān)接2

時，導(dǎo)軌與電容C=0.3F的電容器相連。與導(dǎo)軌垂直的邊界QQ'右側(cè)空間存在方向豎直向上的

勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小B=2T。一質(zhì)量m=0.1kg、電阻Ri=1。的金屬桿PP'垂直導(dǎo)軌放

置，一邊長d=0.2m、電阻R2=0.32Q,質(zhì)量也為m的正方形金屬框恰好置于水平面上的邊界

QQ'外，金屬框與金屬桿中點處通過絕緣、松弛、不可伸長的輕繩連接。已知導(dǎo)軌間距L=

0.5m,電容器初始電量q=2C,金屬桿與導(dǎo)軌始終接觸良好且導(dǎo)軌的電阻均可忽略不計。

（1）開關(guān)接1時，