浙江省麗水市龍泉中學(xué)高二物理上學(xué)期期中試卷（含解析）.doc

2014-2015學(xué)年浙江省麗水市龍泉中學(xué)高二（上）期中物理試卷 一、選擇題（共12個(gè)小題，每小題4分，共48分在給出的四個(gè)選項(xiàng)中至少有一項(xiàng)是符合題意的，選出符合題意的選項(xiàng)，把代號(hào)填入答題卡的答題欄中，全部選對(duì)得4分，選不全得2分，不選或選錯(cuò)得0分）1（4分）（2015秋麗水校級(jí)期中）以下說(shuō)法正確的是（） a 安培通過(guò)油滴實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)了元電荷電量e b 奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng) c 洛倫茲潛心研究電流的熱效應(yīng)多年，并得到了電流產(chǎn)生熱量的定量計(jì)算公式 d 法拉第首先提出了電場(chǎng)和磁場(chǎng)的概念，糾正了“超距作用”的錯(cuò)誤觀點(diǎn)考點(diǎn)： 物理學(xué)史分析： 根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可解答： 解：a、密立根比較精確地測(cè)定了元電荷e的數(shù)值，故a錯(cuò)誤；b、奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，故b正確；c、焦耳發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應(yīng)，定量得出了電能和熱能之間的轉(zhuǎn)換關(guān)關(guān)系，故c錯(cuò)誤d、法拉第首先提出了電場(chǎng)和磁場(chǎng)的概念，糾正了“超距作用”的錯(cuò)誤觀點(diǎn)，故d正確；故選：bd點(diǎn)評(píng)： 本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問(wèn)題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一2（4分）（2015廣東模擬）如圖所示，在絕緣的水平面上等間距固定著三根相互平行的通電直導(dǎo)線a、b和c，各導(dǎo)線中的電流大小相同其中a、c導(dǎo)線中的電流方向垂直紙面向外，b導(dǎo)線電流方向垂直紙面向里，每根導(dǎo)線都受到另外兩根導(dǎo)線對(duì)它的安培力作用則關(guān)于每根導(dǎo)線所受安培力的合力，以下說(shuō)法正確的是（） a 導(dǎo)線a所受合力方向水平向右 b 導(dǎo)線c所受合力方向水平向右 c 導(dǎo)線c所受合力方向水平向左 d 導(dǎo)線b所受合力為零考點(diǎn)： 安培力分析： 同向電流相互吸引，異向電流相互排斥導(dǎo)線越近，磁場(chǎng)越強(qiáng)，安培力越大解答： 解：a、對(duì)a來(lái)說(shuō)，受到b的斥力和c的引力，而b靠近a，所以對(duì)a的作用力更大，所以a受到的合力向左，故a錯(cuò)誤，b、對(duì)c來(lái)說(shuō)，和a的情況正好相反，所以合力向右，故b正確，c錯(cuò)誤d、對(duì)b來(lái)說(shuō)，受到a、c的斥力，并且是相等的，所以b受到的合力為0，故d正確；故選：bd點(diǎn)評(píng)： 本題考查了學(xué)生對(duì)用安培定律中導(dǎo)線之間相互作用力、電流的大小、導(dǎo)線之間的距離等因素的關(guān)系了解和掌握，屬于常見(jiàn)題型3（4分）如圖所示，在粗糙、絕緣且足夠大的水平面上固定著一個(gè)帶負(fù)電的點(diǎn)電荷q，將一個(gè)質(zhì)量為m帶電量為q的小金屬塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）放在水平面上并由靜止釋放，金屬塊將在水平面上沿遠(yuǎn)離q的方向開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，設(shè)水平面足夠大，則在金屬塊運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中有（） a 電場(chǎng)力對(duì)金屬塊做的功的值等于金屬塊增加的機(jī)械能 b 金屬塊的電勢(shì)能先減小后增大 c 金屬塊的加速度一直減小 d 電場(chǎng)對(duì)金屬塊所做的功的數(shù)值一定等于摩擦產(chǎn)生的熱量考點(diǎn)： 電勢(shì)能；功能關(guān)系專(zhuān)題： 電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專(zhuān)題分析： 金屬塊在整個(gè)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中受電場(chǎng)力和摩擦力，開(kāi)始電場(chǎng)力大于摩擦力，做加速運(yùn)動(dòng)，然后電場(chǎng)力小于摩擦力，做減速運(yùn)動(dòng)，最終速度為零，根據(jù)電場(chǎng)力做功判斷電勢(shì)能的變化，根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度的變化，根據(jù)能量守恒定律判斷電場(chǎng)力做功與摩擦產(chǎn)生的熱量關(guān)系解答： 解：a、在整個(gè)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，金屬塊先加速后減速到零，動(dòng)能變化為零，重力勢(shì)能不變，所以機(jī)械能沒(méi)有增加故a錯(cuò)誤 b、在整個(gè)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電場(chǎng)力一直做正功，電勢(shì)能一直減小故b錯(cuò)誤 c、開(kāi)始時(shí)，電場(chǎng)力大于摩擦力，運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電場(chǎng)力逐漸減小，則加速度減小，然后摩擦力大于電場(chǎng)力，加速度又逐漸增多，所以加速度先減小后增大故c錯(cuò)誤 d、根據(jù)能量守恒定律知，在整個(gè)過(guò)程中動(dòng)能變化為零，重力勢(shì)能不變，則電場(chǎng)力做的功全部轉(zhuǎn)化為摩擦產(chǎn)生的熱量故d正確故選d點(diǎn)評(píng)： 解決本題的關(guān)鍵理清金屬塊的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，掌握電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的關(guān)系，以及會(huì)運(yùn)用能量守恒定律分析問(wèn)題4（4分）（2015秋麗水校級(jí)期中）歷史上英國(guó)物理學(xué)家盧瑟福根據(jù)粒子（氦原子核）散射實(shí)驗(yàn)，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型圖中虛線表示原子核所形成的電場(chǎng)的等勢(shì)線，實(shí)線表示一個(gè)粒子的運(yùn)動(dòng)跡在粒子從a運(yùn)動(dòng)到b再運(yùn)動(dòng)到c的過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是（） a 動(dòng)能先增大，后減小 b 電勢(shì)能先減小，后增大 c 電場(chǎng)力先做負(fù)功，后做正功，總功等于零 d 加速度先變大，后變小考點(diǎn)： 等勢(shì)面分析： 粒子在原子核形成的電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，電荷間的電場(chǎng)力做功，根據(jù)電場(chǎng)力做功情況，即可判斷粒子動(dòng)能、電勢(shì)能的變化情況解答： 解：abc、粒子受到斥力作用，根據(jù)電場(chǎng)力做功特點(diǎn)可知：從a運(yùn)動(dòng)b過(guò)程中電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，動(dòng)能減小，從b運(yùn)動(dòng)到c過(guò)程中，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，動(dòng)能增加，整個(gè)過(guò)程中由于a與c在同一等勢(shì)線上，故電場(chǎng)力不做功，ab錯(cuò)誤，c正確；d、根據(jù)點(diǎn)電荷周?chē)妶?chǎng)可知，距離原子核近的地方電場(chǎng)強(qiáng)度大，故越靠近原子核加速度越大，因此粒子加速度先增大后減小，故d正確故選：cd點(diǎn)評(píng)： 本題借助粒子散射實(shí)驗(yàn)考查了帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)動(dòng)能、勢(shì)能、加速度等物理量的變化情況，根據(jù)電場(chǎng)有關(guān)知識(shí)即可解答5（4分）（2014秋朝陽(yáng)縣校級(jí)期中）如圖所示，甲、乙兩帶電小球的質(zhì)量均為m，所帶電荷量分別為+q和q，兩球間用絕緣細(xì)線連接，甲球又用絕緣細(xì)線懸掛在天花板上，在兩球所在空間有方向向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為e，平衡時(shí)細(xì)線被拉緊則當(dāng)兩小球均處于平衡時(shí)的可能位置是下圖中的哪幾個(gè)（） a b c d 考點(diǎn)： 共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；電場(chǎng)強(qiáng)度分析： 運(yùn)用整體法研究1繩與豎直方向的夾角，再隔離乙球研究，分析2繩與豎直方向的夾角，得到兩夾角的關(guān)系，判斷系統(tǒng)平衡狀態(tài)解答： 解：首先取整體為研究對(duì)象，整體受到重力、電場(chǎng)力和繩子的拉力，由于兩個(gè)電場(chǎng)力的和即f電=qe+（qe）=0所以重力和繩子的拉力是一對(duì)平衡力，即上邊的繩子對(duì)小球的拉力在豎直方向上，所以上邊的繩子 保持在繩子位置上再以乙球?yàn)檠芯繉?duì)象，受水平向右的電場(chǎng)力、豎直向下的重力和沿繩方向的彈力，在三力作用下處于平衡狀態(tài)，所以2繩應(yīng)與豎直方向有向右偏轉(zhuǎn)的夾角，故a圖正確；故選：a點(diǎn)評(píng)： 本題采用隔離法和整體法，由平衡條件分析物體的狀態(tài)，考查靈活選擇研究對(duì)象的能力6（4分）（2011秋金臺(tái)區(qū)期中）如圖所示，r1和r2都是“4w，100歐”的電阻，r3是“1w，100歐”的電阻，則ab間允許消耗的最大功率是（） a 1.5w b 9w c 6w d 3w考點(diǎn)： 電功、電功率；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路專(zhuān)題： 恒定電流專(zhuān)題分析： 串聯(lián)電路允許通過(guò)的最大電流等于最小原件的額定電流，并聯(lián)電路允許的最大電壓等于最小額定電壓；求解出各個(gè)電阻的額定電流和額定電壓進(jìn)行分析即可解答： 解：r1和r2都是“4w，100”的電阻，額定電流為：i1=i2=；r1和r2額定電壓為：u1=u2=i1r1=0.2a100=20v；r3是“1w，100”的電阻，同理，其額定電流為i3=0.1a，額定電壓為u3=10v；r2與r3并聯(lián)電路的最大電壓為10v，故最大電流為：i=0.2a；再與r1串聯(lián)，最大電流為0.2a，電阻r1兩端的電壓為ur1=r1i=1000.2v=20v最大電壓為：umax=20v+10v=30v；故最大功率為：p=30v0.2a=6w故選：c點(diǎn)評(píng)： 解本題的關(guān)鍵是根據(jù)題意，結(jié)合串并聯(lián)電路的特點(diǎn)，電功率的公式，分析出保證電路安全且功率最大的條件，本題難度較大，是一道難題7（4分）（2015秋麗水校級(jí)期中）如圖，當(dāng)a、b間的電壓為4v時(shí)，電流表 g 的指針剛好滿偏當(dāng) a、b 間的電壓為 3v時(shí)，如果仍要使表頭g的指針滿偏，下列措施一定可行的是（電流表的耐壓值小于3v）（） a 保持 r2 不變，增大 r1 b 保持r1不變，減小r2 c 增大 r1，增大 r2 d 增大 r2，減小 r1考點(diǎn)： 把電流表改裝成電壓表專(zhuān)題： 實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專(zhuān)題分析： ab間電壓減小時(shí)，要保持電流表示數(shù)不變，應(yīng)增大r1兩端的電壓，根據(jù)選型逐項(xiàng)分析即可得出答案解答： 解：電流表與r1并聯(lián)后與r2串聯(lián)；電路總電壓變小，要使電流表示數(shù)不變，電阻r1兩端電壓應(yīng)保持不變；應(yīng)可以增大r1阻值或減小r2阻值；故ab均可以；cd錯(cuò)誤；故選：ab點(diǎn)評(píng)： 解決本題的關(guān)鍵是知道串聯(lián)電路電阻的分壓特點(diǎn)，難點(diǎn)是能把r1和電流表看成一個(gè)電阻，與r2形成一個(gè)串聯(lián)電路進(jìn)行解決8（4分）（2014蚌埠一模）如圖所示的電路，閉合開(kāi)關(guān)s后，a、b、c三盞燈均能發(fā)光，電源電動(dòng)勢(shì)e恒定且內(nèi)阻r不可忽略現(xiàn)將變阻器r的滑片稍向上滑動(dòng)一些，三盞燈亮度變化的情況是（） a a燈變亮，b燈和c燈變暗 b a燈和c燈變亮，b燈變暗 c a燈和c燈變暗，b燈變亮 d a燈和b燈變暗，c燈變亮考點(diǎn)： 閉合電路的歐姆定律專(zhuān)題： 恒定電流專(zhuān)題分析： 如圖電路的結(jié)構(gòu)是：c燈與變阻器r串聯(lián)后與b燈并聯(lián)，再與a燈串聯(lián)r的滑片稍向上滑動(dòng)時(shí)，變阻器r接入電路的電阻變小，外電路總電阻變小，根據(jù)歐姆定律分析干路電流的變化，再分析b燈電壓的變化和c燈的電流變化來(lái)分析燈泡亮度變化解答： 解：r的滑片稍向上滑動(dòng)時(shí)，變阻器r接入電路的電阻變小，外電路總電阻變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流i增大，a燈變亮b的電壓ub=ei（r+ra）減小，b燈變暗通過(guò)c燈的電流ic=iib，i增大，ib減小，則ic增大，c燈變亮故選：b點(diǎn)評(píng)： 本題是電路中動(dòng)態(tài)變化分析的問(wèn)題，首先要搞清電路的結(jié)構(gòu)，其次要按“部分整體部分”的順序分析9（4分）（2015徐匯區(qū)二模）如圖所示，直線a為電源的ui圖線，曲線b為燈泡電阻的ui圖線，用該電源和小燈泡組成閉合電路時(shí)，電源的輸出功率和電路的總功率分別是（） a 4w、8w b 2w、4w c 4w、6w d 2w、3w考點(diǎn)： 閉合電路的歐姆定律；電功、電功率專(zhuān)題： 恒定電流專(zhuān)題分析： 電源的外特性曲線與燈泡伏安特性曲線的交點(diǎn)就是燈泡與電源連接時(shí)的工作狀態(tài)，由圖可讀出工作電壓和電流及電源的電動(dòng)勢(shì)從而可算出電源的輸出功率和總功率解答： 解：由圖讀出e=3v，r=0.5 燈泡與電源連接時(shí)，工作電壓u=2v，i=2a則電源的輸出功率p出=eii2r=（32220.5）w=4w 電源的總功率p總=ei=32w=6w故選c點(diǎn)評(píng)： 解決這類(lèi)問(wèn)題的關(guān)鍵在于從數(shù)學(xué)角度理解圖象的物理意義，抓住圖象的斜率、面積、截距、交點(diǎn)等方面進(jìn)行分析，更加全面地讀出圖象的物理內(nèi)涵10（4分）（2015秋麗水校級(jí)期中）質(zhì)子（p）和粒子（氦原子核）其質(zhì)量之比為1：4，電荷量之比為1：2，它們以相同的速率在同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌道半徑分別為rp和r，周期分別為tp和t則下列選項(xiàng)正確的是（） a rp：r=1：2，tp：t=1：2 b rp：r=1：1，tp：t=1：1 c rp：r=1：1，tp：t=1：2 d rp：r=1：2，tp：t=1：1考點(diǎn)： 帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題： 帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題分析： 粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律求出粒子的軌道半徑，然后求出軌道半徑之比，根據(jù)粒子的周期公式求出周期之比解答： 解：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中受洛倫茲力做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：qvb=m，解得：r=，質(zhì)子和粒子的半徑之比：=，粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期公式：t=，質(zhì)子與粒子的周期之比：=，故a正確；故選：a點(diǎn)評(píng)： 帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律求出粒子的軌道半徑即可正確解題11（4分）（2015秋麗水校級(jí)期中）如圖所示，固定的水平導(dǎo)線中通有向右的電流i1，可以自由移動(dòng)的豎直導(dǎo)線中通有向下的電流i2，不計(jì)導(dǎo)線的重力，僅在磁場(chǎng)力作用下，豎直導(dǎo)線將（） a 順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，同時(shí)向水平導(dǎo)線靠攏 b 順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，同時(shí)遠(yuǎn)離水平導(dǎo)線運(yùn)動(dòng) c 逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，同時(shí)遠(yuǎn)離水平導(dǎo)線運(yùn)動(dòng) d 逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，同時(shí)向水平導(dǎo)線靠攏考點(diǎn)： 平行通電直導(dǎo)線間的作用分析： 電流pq處于電流mn產(chǎn)生的磁場(chǎng)中，根據(jù)左手定則判斷其安培力的方向，從而判斷其運(yùn)動(dòng)解答： 解：根據(jù)右手螺旋定則可知，電流i1產(chǎn)生的磁場(chǎng)在上邊垂直紙面向外，根據(jù)左手定則，i2上端所受的安培力方向向左，下端所受安培力方向也向左，導(dǎo)線逆時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)且同向電流相互吸引；故兩導(dǎo)線相靠攏；故選：d點(diǎn)評(píng)： 在解決該題的過(guò)程中：1、使用了電流元法，即在導(dǎo)線上取一較短的電流，判斷其受力方向2、注意通電導(dǎo)線周?chē)拇艌?chǎng)分布強(qiáng)弱3、使用左手定則與右手螺旋定則，注意與右手定則的區(qū)別12（4分）（2015秋麗水校級(jí)期中）如圖所示，甲是一個(gè)帶正電的小物塊，乙是一個(gè)不帶電的絕緣物塊甲、乙疊放在一起置于粗糙水平面上，水平面上方有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)現(xiàn)用一個(gè)水平恒力f拉乙物塊，使甲、乙無(wú)相對(duì)滑動(dòng)地一起向左加速運(yùn)動(dòng)在共同加速階段，下列說(shuō)法中正確的是（） a 甲、乙兩物塊間的靜摩擦力不斷增大 b 甲、乙兩物塊間的靜摩擦力不斷減小 c 甲、乙兩物塊運(yùn)動(dòng)的加速度大小不變 d 甲、乙兩物塊運(yùn)動(dòng)的加速度逐漸變小考點(diǎn)： 洛侖茲力；牛頓第二定律分析： 以甲乙整體為研究對(duì)象，分析受力情況，分析地面對(duì)乙物塊的摩擦力如何變化，根據(jù)牛頓第二定律分析加速度如何變化，再對(duì)甲研究，由牛頓第二定律研究甲所受摩擦力如何變化解答： 解：a、b，f增大，f一定，根據(jù)牛頓第二定律得，加速度a減小，對(duì)甲研究得到，乙對(duì)甲的摩擦力f甲=m甲a，則得到f甲減小，甲、乙兩物塊間的靜摩擦力不斷減小故a錯(cuò)誤，b正確c、d以甲乙整體為研究對(duì)象，分析受力如圖，則有n=f洛+（m甲+m乙）g，當(dāng)甲乙一起加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，洛倫茲力f洛增大，滑動(dòng)摩擦力f增大，再根據(jù)牛頓第二定律，可知，加速度減小故c錯(cuò)誤，d正確故選：bd點(diǎn)評(píng)： 本題關(guān)鍵要靈活選擇研究對(duì)象，要抓住洛倫茲力大小與速度大小成正比這個(gè)知識(shí)點(diǎn)，基本題二、實(shí)驗(yàn)題：（13題3分，14題9分，共12分）13（3分）（2015秋麗水校級(jí)期中）如圖所示，螺旋測(cè)微器的讀數(shù)是1.600mm考點(diǎn)： 螺旋測(cè)微器的使用；刻度尺、游標(biāo)卡尺的使用專(zhuān)題： 常規(guī)題型分析： 螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀解答： 解：螺旋測(cè)微器的固定刻度為1.5mm，可動(dòng)刻度為0.0110.0mm=0.100mm，所以最終讀數(shù)為1.600 mm故答案為：1.600點(diǎn)評(píng)： 螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀14（9分）（2015秋麗水校級(jí)期中）有一個(gè)小燈泡上標(biāo)有“3v 0.2a”的字樣，現(xiàn)要描繪并研究其伏安特性曲線，有下列器材可供選用：a電壓表（03v，內(nèi)阻約2k） b電壓表（015v，內(nèi)阻約5k）c電流表（00.3a，內(nèi)阻約2） d電流表（06a，內(nèi)阻約0.5）e滑動(dòng)變阻器（10，1a） f滑動(dòng)變阻器（1000，0.3a）g直流電源（6v，內(nèi)阻不計(jì)）另有開(kāi)關(guān)一個(gè)、導(dǎo)線若干（1）實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選a，電流表應(yīng)選c，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選e（只填器材的字母代號(hào)）（2）在下面的虛線框中畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖（3）利用實(shí)驗(yàn)中得到實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在下圖所示的iu坐標(biāo)系中，描繪得出了小燈泡的伏安特性曲線根據(jù)此圖給出的信息，若把該燈泡接到一個(gè)電動(dòng)勢(shì)為3.0伏，內(nèi)阻為10的直流電源時(shí)小燈泡消耗的實(shí)際功率約為0.20w （結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）考點(diǎn)： 描繪小電珠的伏安特性曲線專(zhuān)題： 實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專(zhuān)題分析： 小燈泡是研究對(duì)象，電流表與電壓表的量程應(yīng)根據(jù)小燈泡的額定電流與電壓選擇，滑動(dòng)變阻器用分壓式時(shí)應(yīng)選擇電阻小的變阻器注意表示電源與電阻的伏安特性曲線的區(qū)別解答： 解：（1）、因小燈泡銘牌為“3v，0.2a”，故實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選a，電流表應(yīng)選c，又測(cè)伏安特性曲線電壓與電流應(yīng)從零計(jì)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)用分壓是，故選e故答案為a、c、e（2）、小燈泡電阻最大值，由r=得，r=15，由故電流表應(yīng)選外接法；由要求電流、電壓從零調(diào)，故變阻器應(yīng)用分壓式見(jiàn)圖（3）、由i=得電源電源短路電流為=0.3a，在上圖伏安特性曲線中，將“300”與“3”兩點(diǎn)用直線連接，可求出與伏安特性曲線交點(diǎn)坐標(biāo)為（1，200），由p=iu得小燈泡功率為p=10.20 w=0.20w故答案為0.20w點(diǎn)評(píng)： 表示電源的伏安特性曲線是往下傾斜的直線，表示電阻的伏安特性曲線是過(guò)原點(diǎn)的曲線，若將兩圖象畫(huà)在同一坐標(biāo)系中，其交點(diǎn)即表示該電源與該電阻接在了同一個(gè)電路中了三、計(jì)算題：（15、16題各8分、17題12分、18題12分）15（8分）（2010秋五大連池市期末）如圖所示，光滑導(dǎo)軌與水平面成角，導(dǎo)軌寬l勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為b金屬桿長(zhǎng)也為l，質(zhì)量為m，水平放在導(dǎo)軌上當(dāng)回路總電流為i1時(shí)，金屬桿正好能靜止求：（1）b至少多大？這時(shí)b的方向如何？（2）若保持b的大小不變而將b的方向改為豎直向上，應(yīng)把回路總電流i2調(diào)到多大才能使金屬桿保持靜止？考點(diǎn)： 安培力；共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；左手定則專(zhuān)題： 共點(diǎn)力作用下物體平衡專(zhuān)題分析： 帶電金屬桿進(jìn)行受力分析，除重力、支持力外，還有在磁場(chǎng)中受到安培力，三力處于平衡狀態(tài)由此可知安培力的方向，從而由左手定則來(lái)確定磁場(chǎng)的方向，由平衡可得安培力的大小，可以算出磁場(chǎng)的強(qiáng)度僅對(duì)磁場(chǎng)方向改變時(shí)，安培力的方向也隨著改變，利用平衡條件來(lái)求出電流的大小解答： 解：（1）只有當(dāng)安培力方向沿導(dǎo)軌平面向上時(shí)安培力才最小，b也最小根據(jù)左手定則，這時(shí)b應(yīng)垂直于導(dǎo)軌平面向上，大小滿足：bi1l=mgsin，（2）當(dāng)b的方向改為豎直向上時(shí)，這時(shí)安培力的方向變?yōu)樗较蛴遥貙?dǎo)軌方向合力為零，得bi2lcos=mgsin 點(diǎn)評(píng)： 要會(huì)區(qū)分左手定則與右手定則：左手定則是判定磁場(chǎng)力的，而右手定則是判定感應(yīng)電流方向的同時(shí)還利用三力平衡知識(shí)來(lái)求解16（8分）（2015秋麗水校級(jí)期中）如圖所示，有一臺(tái)提升重物用的直流電動(dòng)機(jī)m，電樞的內(nèi)阻為r=0.60，與電動(dòng)機(jī)串聯(lián)的定值電阻阻值為r=10，電路兩端的電壓為u1=160v圖中理想電壓表的示數(shù)為u2=110v求：（1）電動(dòng)機(jī)的輸出功率p1是多大？（2）該電路的熱功率p2是多大？考點(diǎn)： 電功、電功率專(zhuān)題： 恒定電流專(zhuān)題分析： 在計(jì)算電功率的公式中，總功率用p=iu來(lái)計(jì)算，發(fā)熱的功率用p=i2r來(lái)計(jì)算，如果是計(jì)算純電阻的功率，這兩個(gè)公式的計(jì)算結(jié)果是一樣的，但對(duì)于電動(dòng)機(jī)等非純電阻，第一個(gè)計(jì)算的是總功率，第二個(gè)只是計(jì)算發(fā)熱的功率，這兩個(gè)的計(jì)算結(jié)果是不一樣的解答： 解：電動(dòng)機(jī)和電阻串聯(lián)，所以電流相等，電阻r兩端電壓u1=160110=50v，i=電動(dòng)機(jī)的電功率p=ui=1105=550w，電動(dòng)機(jī)的熱功率p熱=i2r=250.6=15w，所以電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率p=pp熱=55015=535w答：（1）電動(dòng)機(jī)的輸出功率p是535w；（2）熱功率為535w點(diǎn)評(píng)： 對(duì)于電功率的計(jì)算，一定要分析清楚是不是純電阻電路，對(duì)于非純電阻電路，總功率和發(fā)熱功率的計(jì)算公式是不一樣的17（12分）（2015秋麗水校級(jí)期中）如圖所示，電容器兩極板之間的距離為d，板間電壓為u，極板間的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為b1，一束電荷量相同的帶正電的粒子沿圖示虛線方向射入電容器，沿直線穿過(guò)電容器后從d縫進(jìn)入另一磁感應(yīng)強(qiáng)度為b2的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，結(jié)果分別垂直打在a、b兩點(diǎn)，兩點(diǎn)間距離為r設(shè)粒子所帶電量為q，且不計(jì)粒子所受重力，求打在a、b兩點(diǎn)的粒子的質(zhì)量之差考點(diǎn)： 帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；質(zhì)譜儀和回旋加速器的工作原理分析： 帶電粒子在電容器兩極板間所受的電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入磁場(chǎng)b2后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)軌道半徑之差，運(yùn)用洛倫茲力提供向心力求