理綜物理一模答案(2016325)

1、高三一?？荚嚧鸢冈敿?xì)版14、許多科學(xué)家在物理學(xué)發(fā)展過程中做出了重要貢獻(xiàn)，下列敘述中符合物理學(xué)史實(shí)的是( )A.牛頓提出了萬有引力定律，通過實(shí)驗(yàn)測出了萬有引力恒量B.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律C.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律D.伽利略通過理想斜面實(shí)驗(yàn)，提出了力是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因考點(diǎn)：物理學(xué)史（）解析：牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，卡文迪許測出了萬有引力常量G；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，法拉第總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律；伽利略通過理想斜面實(shí)驗(yàn)，提出了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因答案：選B15、如圖甲所示，用豎直向上的力

2、F拉靜止在水平地面上的一物體，物體在向上運(yùn)動(dòng)的過程中，其機(jī)械能E與位移x的關(guān)系如圖乙，其中AB為曲線。下列說法正確的是()A0x1過程中物體所受拉力最小 Bx1x2過程中，物體的加速度先增大后減小C0x3過程中，物體的動(dòng)能先增大后減小 D0x2過程中，物體克服重力做功的功率一直增大考點(diǎn)：牛頓第二定律、功和功率（）解析：選C由EFx，結(jié)合Ex圖線可知，0x1過程中，拉力F不變，x1x2過程中，拉力F逐漸減小到零，x2x3過程中，物體只受重力作用，故0x1過程中拉力最大，x1x2過程中物體的加速度先減小后反向增大，0x3過程中，物體的動(dòng)能先增大后減小，C正確，A、B錯(cuò)誤；由Pmgv可知，物體克服重

3、力做功的功率先增大后減小，D錯(cuò)誤。答案：選C16、2015年1月14日，蛟龍?zhí)栐谖髂嫌《妊簖垟鐭嵋簠^(qū)執(zhí)行印度洋科考首航段的最后一次下潛，這也是“蛟龍”號(hào)在這個(gè)航段的第9次下潛。假設(shè)在某次實(shí)驗(yàn)時(shí)，深潛器內(nèi)的顯示屏上顯示出了從水面開始下潛到最后返回水面10 min內(nèi)速度圖像，下列說法正確的是()A本次下潛的最大深度為 360 m B全過程中最大加速度是 0.025 m/s2C04 min內(nèi)平均速度為1 m/s D01 min和810 min的時(shí)間內(nèi)潛水員處于超重狀態(tài)考點(diǎn)：v-t圖像的綜合應(yīng)用（）解析：選A“蛟龍?zhí)枴鄙顫撈髟?4 min內(nèi)一直向下運(yùn)動(dòng)，在t4 min時(shí)，達(dá)最大深度，hm(42)260

4、 m360 m，A正確；最大加速度am m/s2 m/s2，B錯(cuò)誤；04 min內(nèi)的平均速度v m/s1.5 m/s，C錯(cuò)誤；潛水員在01 min內(nèi)的加速度豎直向下，處于失重狀態(tài)，D錯(cuò)誤。答案：選A17、如圖所示，MN、PQ是圓的兩條相互垂直的直徑，O為圓心。兩個(gè)等量正電荷分別固定在M、N兩點(diǎn)?，F(xiàn)有一帶電的粒子(不計(jì)重力及粒子對電場的影響)從P點(diǎn)由靜止釋放，粒子恰能在P、Q之間做直線運(yùn)動(dòng)，則以下判斷正確的是()AO點(diǎn)的電勢一定為零 BP點(diǎn)與Q點(diǎn)的場強(qiáng)相同C粒子在P點(diǎn)的電勢能一定小于在Q點(diǎn)的電勢能 D粒子一定帶負(fù)電 考點(diǎn)：電場強(qiáng)度、電勢、電勢能（）解析：選C等量同種正電荷電場分布如圖所示，MN連

5、線上電場線從M指向O點(diǎn)和從N指向O點(diǎn)，PQ連線上電場線從O點(diǎn)指向P和從O點(diǎn)指向Q點(diǎn)，沿電場線方向電勢逐漸降低，MN連線上O點(diǎn)電勢最低，PQ連線上O點(diǎn)電勢最高，電勢是相對的，零電勢是人為規(guī)定的，所以O(shè)點(diǎn)的電勢是否為零要看零電勢規(guī)定的位置，選項(xiàng)A錯(cuò)。P點(diǎn)與Q點(diǎn)場強(qiáng)大小相同，但方向不同，選項(xiàng)B錯(cuò)。根據(jù)電場對稱性，從P到Q電場力做功為0，所以粒子在P點(diǎn)的電勢能一定等于Q點(diǎn)的電勢能，選項(xiàng)C錯(cuò)。粒子在P點(diǎn)釋放后向Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，說明受電場力逆向電場線方向，說明粒子帶負(fù)電，選項(xiàng)D對。答案：選D18、美國“國家利益”雜志網(wǎng)站2015年4月16日發(fā)表題為中國下一個(gè)超級武器揭露：衛(wèi)星毀滅者的文章，援引美國空軍第14航空

6、隊(duì)指揮官、空軍中將杰雷蒙德的話稱，目前中國正在建設(shè)強(qiáng)大的反衛(wèi)星力量，使北京能夠?qū)Φ蛙壭l(wèi)星構(gòu)成致命威脅。在早期的反衛(wèi)星試驗(yàn)中，攻擊攔截方式之一是快速上升式攻擊，即“攔截器”被送入與“目標(biāo)衛(wèi)星”軌道平面相同而高度較低的追趕軌道，然后通過機(jī)動(dòng)飛行快速上升接近目標(biāo)將“目標(biāo)衛(wèi)星”摧毀。圖為追趕過程軌道示意圖。下列敘述正確的是()A圖中A是“目標(biāo)衛(wèi)星”，B是“攔截器”B“攔截器”和“目標(biāo)衛(wèi)星”的繞行方向?yàn)閳D中的順時(shí)針方向C“攔截器”在上升的過程中重力勢能會(huì)增大D“攔截器”的加速度比“目標(biāo)衛(wèi)星”的加速度大考點(diǎn)：萬有引力定律及其應(yīng)用（）解析：選BCD圖中B是“目標(biāo)衛(wèi)星”，A是“攔截器”，所以選項(xiàng)A錯(cuò)；由于“攔

7、截器”軌道低、速度大，應(yīng)落后于“目標(biāo)衛(wèi)星“，繞行方向應(yīng)為圖中的順時(shí)針方向，所以選項(xiàng)B對；“攔截器”在上升的過程中要克服重力做功，所以重力勢能會(huì)增大，C選項(xiàng)對；由a知“攔截器”的加速度比“目標(biāo)衛(wèi)星”的加速度大，D正確。19、如圖所示，以直角三角形AOC為邊界的有界勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，A60，AOL，在O點(diǎn)放置一個(gè)粒子源，可以向各個(gè)方向發(fā)射某種帶負(fù)電粒子(不計(jì)重力作用)，粒子的比荷為q/m，發(fā)射速度大小都為v0，且滿足v0qBL/m。粒子發(fā)射方向與OC邊的夾角為，對于粒子進(jìn)入磁場后的運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是()A粒子有可能打到A點(diǎn)B以60飛入的粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長C以30飛入的粒子在磁

8、場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間都相等D在AC邊界上只有一半?yún)^(qū)域有粒子射出考點(diǎn)：帶電粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)（）解析：選ABD根據(jù)Bqvm，又v0，可得rL，又OAL，所以當(dāng)60時(shí)，粒子經(jīng)過A點(diǎn)，所以A正確；根據(jù)粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間tT，圓心角越大，時(shí)間越長，粒子以60飛入磁場中時(shí)，粒子從A點(diǎn)飛出，軌跡圓心角等于60，圓心角最大，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長，所以B正確；當(dāng)粒子沿0飛入磁場中，粒子恰好從AC中點(diǎn)飛出，在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間也恰好是，從0到60粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間先減小后增大，在AC邊上有一半?yún)^(qū)域有粒子飛出，所以C錯(cuò)誤，D正確。20、如圖所示是法拉第做成的世界上第一臺(tái)發(fā)電機(jī)模型的原理圖。將銅盤放在磁場中，讓磁感線垂直穿過銅盤；圖

9、中a、b導(dǎo)線與銅盤的中軸線處在同一豎直平面內(nèi)；轉(zhuǎn)動(dòng)銅盤，就可以使閉合電路獲得電流。若圖中銅盤半徑為L，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，回路總電阻為R，從上往下看逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)銅盤的角速度為。則下列說法正確的是()A回路中有大小和方向周期性變化的電流B回路中電流大小恒定，且等于C回路中電流方向不變，且從b導(dǎo)線流進(jìn)燈泡，再從a導(dǎo)線流向旋轉(zhuǎn)的銅盤D若將勻強(qiáng)磁場改為仍然垂直穿過銅盤的正弦變化的磁場，不轉(zhuǎn)動(dòng)銅盤，燈泡中一定有電流流過考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律、感應(yīng)電流（）解析：選BC據(jù)題意，當(dāng)盤轉(zhuǎn)動(dòng)后，由右手定則可以確定電流流向盤的中心，從b端流出到達(dá)a端，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；所產(chǎn)生的電動(dòng)勢大小為：EBLvBL，則產(chǎn)

10、生的電流大小為：I，故B選項(xiàng)正確；根據(jù)右手定則判斷電流方向，電流為a到b，所以C正確；如果將勻強(qiáng)磁場改成變化的磁場，銅盤不轉(zhuǎn)動(dòng)的話，沒有導(dǎo)體切割磁場，回路中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D選項(xiàng)錯(cuò)誤。21、如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為101，圖中電表均為理想電表，R、L和D分別是光敏電阻(其阻值隨光強(qiáng)增大而減小)、電感線圈和燈泡。原線圈接入如圖乙所示的正弦交流電壓u，下列說法正確的是()A電壓u的頻率為50 HzB電壓表的示數(shù)為22 VC有光照射R時(shí)，電流表的示數(shù)變大D抽出L中的鐵芯，D變暗考點(diǎn)：交流電、理想變壓器（）解析：選AC原線圈接入題圖乙所示的電源電壓，T0.02 s，所以頻率

11、為f50 Hz，故A正確；原線圈接入電壓的最大值是220 V，所以原線圈接入電壓的有效值是U220 V，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為101，所以副線圈電壓是22 V，所以電壓表的示數(shù)為22 V，故B錯(cuò)誤；有光照射R時(shí)，R阻值隨光強(qiáng)增大而減小，根據(jù)P，得副線圈輸出功率增大，所以原線圈輸入功率增大，所以電流表的示數(shù)變大，故C正確；抽出L中的鐵芯，電感線圈自感系數(shù)減小，電感線圈對電流的阻礙減小，所以D變亮，故D錯(cuò)誤。22、（6分）某同學(xué)想測出銀川當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭，并驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。為了減小誤差，他設(shè)計(jì)了一個(gè)實(shí)驗(yàn)如下：將一根長直鋁棒用細(xì)線懸掛在空中(如圖甲所示)，在靠近鋁棒下端的一側(cè)固定電動(dòng)機(jī)M

12、，使電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)軸處于豎直方向，在轉(zhuǎn)軸上水平固定一支特制筆N，借助轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的現(xiàn)象，將墨汁甩出形成一條細(xì)線。調(diào)整筆的位置，使墨汁在棒上能清晰地留下墨線。啟動(dòng)電動(dòng)機(jī)待轉(zhuǎn)速穩(wěn)定后，用火燒斷懸線，讓鋁棒自由下落，筆在鋁棒上相應(yīng)位置留下墨線。圖乙是實(shí)驗(yàn)時(shí)在鋁棒上所留下的墨線，將某條合適的墨線A作為起始線，此后每隔4條墨線取一條計(jì)數(shù)墨線，分別記作B、C、D、E。將最小刻度為毫米的刻度尺的零刻度線對準(zhǔn)A，此時(shí)B、C、D、E對應(yīng)的刻度依次為14.68 cm、39.15 cm、73.41 cm、117.46 cm。已知電動(dòng)機(jī)的轉(zhuǎn)速為3 000 r/min。求：(1)相鄰的兩條計(jì)數(shù)墨線對應(yīng)的時(shí)間間隔為_s。(2)由實(shí)驗(yàn)

13、測得銀川當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣燃s為_m/s2。(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)考點(diǎn)：力學(xué)創(chuàng)新實(shí)驗(yàn)（）解析：(1)由于電動(dòng)機(jī)的轉(zhuǎn)速為3 000 r/min，則其頻率為50 Hz，故每隔0.02 s特制筆N便在鋁棒上畫一條墨線，又每隔4條墨線取一條計(jì)數(shù)墨線，故相鄰計(jì)數(shù)墨線間的時(shí)間是0.1 s。(2)用逐差法求鋁棒的加速度即為濟(jì)南當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭 m/s29.79 m/s2。答案：(1)0.1(2)9.7923、（9分）某同學(xué)要測量一個(gè)由均勻新材料制成的圓柱體的電阻率。步驟如下：(1)游標(biāo)卡尺測量其長度如圖甲所示，可知其長度為_mm；(2)用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示，可知其直徑為_mm； (3)選用多用電

14、表的電阻“1”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數(shù)如圖所示，則該電阻的阻值約為_；圖3(4)為更精確地測量其電阻，可供選擇的器材如下：電流表A1(量程300 mA，內(nèi)阻約為2 )；電流表A2(量程150 mA，內(nèi)阻約為10 )；電壓表V1(量程1 V，內(nèi)阻r1 000 )；電壓表V2(量程15 V，內(nèi)阻約為3 000 )；定值電阻R01 000 ；滑動(dòng)變阻器R1(最大阻值5 )；滑動(dòng)變阻器R2(最大阻值1 000 )；電源E(電動(dòng)勢約為4 V，內(nèi)阻r約為1 )；開關(guān)，導(dǎo)線若干。為了使測量盡量準(zhǔn)確，測量時(shí)電表讀數(shù)不得小于其量程的，電壓表應(yīng)選_，電流表應(yīng)選_，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_。(均填器

15、材代號(hào))根據(jù)你選擇的器材，請?jiān)诰€框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)電路圖?？键c(diǎn)：電學(xué)實(shí)驗(yàn)、各種儀表的讀數(shù)（）解析：(1)50 mm30.05 mm50.15 mm；(2)4.5 mm0.0120.0 mm4.700 mm；(3)多用電表讀數(shù)221 22 ；(4)由于電源電壓為4 V，顯然電壓表選15 V時(shí)不滿足讀數(shù)不得小于其量程的的要求，因此只能選V1，而V1讀數(shù)又太小，而題目中給了一個(gè)定值電阻，將定值電阻與電壓表串聯(lián)，裝成一個(gè)新的電壓表，量程為2 V，基本滿足要求，這樣由于電阻值約22 ，因此回路電流最大約100 mA左右，因此電流表選A2，為了測量精確，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，為了便于調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器選用R1

16、，電路圖中電流表采用外接法，如圖所示。答案：(1)50.15(2)4.700(4.6984.702)(3)22(4)V1 A2R1電路圖見解析24、銀川“檀溪谷溫泉水世界”是西北地區(qū)最大的水上樂園，是夏季銀川市民周末休閑的好去處。如圖為其某水上滑梯示意圖，滑梯斜面軌道與水平面間的夾角為37，底部平滑連接一小段水平軌道(長度可以忽略)，斜面軌道長L8 m，水平端與下方水面高度差為h0.8 m。一質(zhì)量為m50 kg的人從軌道最高點(diǎn)A由靜止滑下，若忽略空氣阻力，將人看成質(zhì)點(diǎn)，人在軌道上受到的阻力大小始終為f0.5mg。重力加速度為g10 m/s2，sin 370.6。求： (1)人在斜面軌道上的加速

17、度大??；(2)人滑到軌道末端時(shí)的速度大?。?3)人的落水點(diǎn)與滑梯末端B點(diǎn)的水平距離。考點(diǎn)：力學(xué)綜合、平拋運(yùn)動(dòng)、牛頓運(yùn)動(dòng)定律（）解析：(1)設(shè)人在滑梯上的加速度為a，由牛頓第二定律得：mgsin 37fma得：a1 m/s2。(2)設(shè)人滑到滑梯末端時(shí)的速度大小為v，對人下滑的過程，由動(dòng)能定理得：mgLsin 37fLmv20得：v4 m/s。(3)人離開滑梯后做平拋運(yùn)動(dòng)，下落時(shí)間為thgt2水平距離xvt得：x1.6 m。答案：(1)1 m/s2(2)4 m/s(3)1.6 m25、如圖所示，間距為L、電阻不計(jì)的足夠長雙斜面型平行導(dǎo)軌，左導(dǎo)軌光滑，右導(dǎo)軌粗糙，左、右導(dǎo)軌分別與水平面成、角，分別有

18、垂直于導(dǎo)軌斜面向上的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1、B2的勻強(qiáng)磁場，兩處的磁場互不影響。質(zhì)量為m、電阻均為r的導(dǎo)體棒ab、cd與兩平行導(dǎo)軌垂直放置且接觸良好。ab棒由靜止釋放，cd棒始終靜止不動(dòng)。求：(1)ab棒速度大小為v時(shí)通過cd棒的電流大小和cd棒受到的摩擦力大小。(2)ab棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)速度大小及此時(shí)cd棒消耗的電功率。考點(diǎn)：電學(xué)綜合、法拉第電磁感應(yīng)定律（）解析：(1)當(dāng)導(dǎo)體棒ab的速度為v時(shí)，其切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢大小為：EB1Lv導(dǎo)體棒ab、cd串聯(lián)，由全電路歐姆定律有：I聯(lián)立式解得流過導(dǎo)體棒cd的電流大小為：I導(dǎo)體棒cd所受安培力為：F2B2IL若mgsin F2，則摩擦力大小為：f1mg

19、sin F2mgsin 若mgsin F2，則摩擦力大小為：f2F2mgsin mgsin 。(2)設(shè)導(dǎo)體棒ab勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)速度為v0，此時(shí)導(dǎo)體棒ab產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為：E0B1Lv0流過導(dǎo)體棒ab的電流大小為：I0導(dǎo)體棒ab所受安培力為：F1B1I0L導(dǎo)體棒ab勻速運(yùn)動(dòng)，滿足：mgsin F10聯(lián)立式解得：v0此時(shí)cd棒消耗的電功率為：PIR。答案：(1)mgsin 或mgsin (2) 33、物理選修34(15分)(1)下列說法正確的是_。A溫度低的物體內(nèi)能小B外界對物體做功時(shí)，物體的內(nèi)能一定增加C溫度低的物體分子運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能小D一定質(zhì)量的100 的水吸收熱量后變成100 的水蒸氣，則吸收

20、的熱量大于增加的內(nèi)能E物體吸收熱量后，內(nèi)能不一定增加 (2)橫截面積為S的導(dǎo)熱氣缸豎直放置在水平地面上，兩個(gè)輕活塞A和B將氣缸分隔為、兩個(gè)氣室，兩活塞間距離為d，兩氣室體積之比為12，如圖1所示。在保持室溫不變的條件下，緩慢在活塞A上加細(xì)沙，使之向下移動(dòng)一段距離hd。不計(jì)活塞與氣缸壁之間的摩擦，室內(nèi)大氣壓強(qiáng)為 p0，求所加細(xì)沙的質(zhì)量。解析：(1)由于物質(zhì)的量不確定，所以不能說溫度低的物體內(nèi)能小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)UWQ可知外界對物體做功時(shí)，還要看物體的吸熱、放熱情況，所以物體的內(nèi)能不一定增加，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，所以溫度低的物體分子運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能小，選項(xiàng)C正確；一定質(zhì)量的100

21、 的水吸收熱量后變成100 的水蒸氣，由于氣體體積增大，對外做功，即W0，根據(jù)UWQ可知吸收的熱量大于增加的內(nèi)能，選項(xiàng)D正確；根據(jù)UWQ可知物體吸收熱量后，還要看物體對外做功情況，所以內(nèi)能不一定增加，選項(xiàng)E正確。(2)由于是輕活塞，質(zhì)量不計(jì)，活塞與氣缸間的摩擦不計(jì)，因此兩部分氣體壓強(qiáng)相等，狀態(tài)1時(shí)，氣體壓強(qiáng)等于大氣壓強(qiáng)pp0，氣室的體積V1dS，氣室的體積V22V12dS。設(shè)所加細(xì)沙的質(zhì)量為m，此時(shí)活塞B下移距離為h，則狀態(tài)2氣體的壓強(qiáng) pp0，氣室的體積V1(dhh)S，氣室的體積V2(2dh)S由于保持室溫不變、氣缸導(dǎo)熱和緩慢加沙，氣缸內(nèi)氣體做等溫變化，由玻意耳定律得p0dS p(dh h)Sp02dSp(2dh)S聯(lián)立式得hd式代入式解得m答案：(1)CDE(2)35物理選修34(15分)(1)下列說法中正確的是()A光電子的最大初動(dòng)能跟入射光強(qiáng)度成正比B通過一個(gè)狹縫觀察日光燈可看到彩色條紋，是屬于光的衍射現(xiàn)象C一束單色光由空氣射入玻璃，這束光的速度變慢，波長變短D在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)用黃光作為入射光。為了增大干涉條紋的間距，在不改變其它條今年下，該同學(xué)可以采用紅光作為入射光E使電磁波隨各種信號(hào)而改變的技術(shù)叫做解調(diào)答案：BCD(2) 如圖所示，AOB是由某種透明物質(zhì)制成的圓柱體橫截面（O為圓心）折射率。今有一束平行光以45的入射角向柱體