（通用版）2020高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 考前復(fù)習(xí)方略 專題綜合檢測(cè)四

1、專題綜合檢測(cè)四 一、選擇題1(2020高考北京卷)如圖所示，其中電流表A的量程為 0.6 A，表盤均勻劃分為30個(gè)小格，每一小格表示0.02 A；R1的阻值等于電流表內(nèi)阻的；R2的阻值等于電流表內(nèi)阻的2倍若用電流表A的表盤刻度表示流過接線柱1 的電流值，則下列分析正確的是()A將接線柱1、2接入電路時(shí)，每一小格表示0.04 AB將接線柱1、2接入電路時(shí)，每一小格表示0.02 AC將接線柱1、3接入電路時(shí)，每一小格表示0.06 AD將接線柱1、3接入電路時(shí)，每一小格表示0.01 A解析：選C.設(shè)電流表A的內(nèi)阻為RA，用電流表A的表盤刻度表示流過接線柱1的電流值時(shí)，若將接線柱1、2接入電路，根據(jù)并

2、聯(lián)電路的特點(diǎn)，(I1IA)R1IARA，解得I13IA0.06 A，則每一小格表示0.06 A；若將接線柱1、3接入電路，則(I2IA)R1IARA，解得I23IA0.06 A，則每一小格表示0.06 A選項(xiàng)C正確2(2020天津河?xùn)|區(qū)二模)如圖所示，甲、乙兩電路中電源完全相同，外電阻R1R2，兩電路中分別通過相同的電荷量q的過程中，下列判斷正確的是()A電源內(nèi)部產(chǎn)生電熱較多的是甲電路BR1上產(chǎn)生的電熱比R2上產(chǎn)生的電熱少C電源做功較多的是甲電路D電源效率較高的是甲電路解析：選D.電源內(nèi)部產(chǎn)生電熱QI2rtIqr，由于外電阻R1R2，甲電路電流較小，電源內(nèi)部產(chǎn)生電熱較少的是甲電路，選項(xiàng)A錯(cuò)誤外

3、電阻產(chǎn)生電熱QI2RtIqRUq，U1U2，R1上產(chǎn)生的電熱比R2上產(chǎn)生的電熱多，選項(xiàng)B錯(cuò)誤兩電路中分別通過相同的電荷量q的過程中，兩電源做功相等，選項(xiàng)C錯(cuò)誤電源效率較高的是甲電路，選項(xiàng)D正確3.(2020河南開封一模)如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為R.L1和L2為相同的燈泡，每個(gè)燈泡的電阻和定值電阻阻值均為R.電壓表為理想電表K為單刀雙擲開關(guān)，當(dāng)開關(guān)由1位置擲到2位置時(shí)，下列說法中正確的是()AL1亮度不變，L2將變暗BL1將變亮，L2將變暗C電源內(nèi)阻的發(fā)熱功率將變小D電壓表示數(shù)將變小解析：選D.開關(guān)擲到位置1時(shí)，燈泡L1和L2并聯(lián)，并聯(lián)電阻R并，電路總電阻R總RR，干路電流I，根

4、據(jù)并聯(lián)電路電流與電阻成反比可得流過燈泡L1和L2的電流相等，即I1I2.開關(guān)擲到2位置，燈泡L1與定值電阻R串聯(lián)，然后與燈泡L2并聯(lián)，并聯(lián)電阻為R并，電路總電阻R總R，干路電流I，根據(jù)并聯(lián)電路電流與電阻成反比可得流過燈泡L1的電流I1I，流過燈泡L2的電流I2I.據(jù)此判斷，開關(guān)由1位置擲到2位置，流過燈泡L1的電流大小不變，燈泡亮度不變，流過燈泡L2的電流變大，燈泡變亮，所以選項(xiàng)A、B錯(cuò)總電流變大，電源內(nèi)阻的發(fā)熱功率(PI2R)變大，選項(xiàng)C錯(cuò)總電流變大，內(nèi)電壓變大，路端電壓變小，電壓表示數(shù)變小，選項(xiàng)D對(duì)4(多選)(2020高考海南卷)如圖，一理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為41，原線圈與一可變電

5、阻串聯(lián)后，接入一正弦交流電源；副線圈電路中固定電阻的阻值為R0，負(fù)載電阻的阻值R11R0，V是理想電壓表現(xiàn)將負(fù)載電阻的阻值減小為R5R0，保持變壓器輸入電流不變，此時(shí)電壓表的讀數(shù)為5.0 V，則()A此時(shí)原線圈兩端電壓的最大值約為34 VB此時(shí)原線圈兩端電壓的最大值約為24 VC原線圈兩端原來的電壓有效值約為68 VD原線圈兩端原來的電壓有效值約為48 V解析：選AD.當(dāng)R5R0，V示數(shù)為5.0 V，所以輸出電流I出，UR0I出R01 V，則變壓器輸出電壓為6 V，由得到輸入電壓的有效值為24 V，所以原線圈兩端電壓最大值為U134 V，A正確，B錯(cuò)誤因I入I出n2n1不變，故輸入電流不變時(shí)輸

6、出電流也不變，當(dāng)負(fù)載由R11R0變?yōu)镽5R0時(shí)，由UIR知副線圈電壓由I(R011R0)降到I(R05R0)6 V，則副線圈兩端原來的電壓有效值為12 V，原線圈兩端原來的電壓有效值為48 V，C錯(cuò)誤，D正確5用220 V的正弦交流電通過理想變壓器對(duì)一負(fù)載供電，變壓器輸出電壓是110 V，通過負(fù)載的電流圖象如圖所示，則()A變壓器輸入功率約為3.9 WB輸出電壓的最大值是110 VC變壓器原、副線圈匝數(shù)比是12D負(fù)載電流的函數(shù)表達(dá)式i0.05sin A解析：選A.由題圖可知通過負(fù)載的電流最大值為Im0.05 A，周期T0.02 s，故電流的函數(shù)表達(dá)式iImsint0.05sin 100t (A

7、)，D錯(cuò)誤；理想變壓器匝數(shù)比等于電壓比，即 n1n2U1U221，C錯(cuò)誤；輸出電壓U2110 V，其最大值U2mU2110 V，B錯(cuò)誤；理想變壓器輸入功率等于輸出功率，即輸入功率PI2U2110 W3.9 W，A正確6如圖所示，有一臺(tái)交流發(fā)電機(jī)E，通過理想升壓變壓器T1和理想降壓變壓器T2向遠(yuǎn)處用戶供電，輸電線的總電阻為R.T1的輸入電壓和輸入功率分別為U1和P1，它的輸出電壓和輸出功率分別為U2和P2；T2的輸入電壓和輸入功率分別為U3和P3，它的輸出電壓和輸出功率分別為U4和P4.設(shè)T1的輸入電壓U1一定，當(dāng)用戶消耗的電功率變大時(shí)，有()AU2減小，U4變大BU2不變，U3不變CP1變小，

8、P2變小 DP2變大，P3變大解析：選D.由理想變壓器輸出功率決定輸入功率可得，當(dāng)用戶功率增大時(shí)，升壓變壓器的輸入功率必增大，即P1增大，輸入電壓U1為定值不變，升壓變壓器的匝數(shù)不變，輸入電壓不變，故輸出電壓U2不變，由于P1增大，由P1U1I1P2U2I2可得，I1增大，P2、I2增大，由閉合電路歐姆定律：U3U2I2R，故U3減小，降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)不變，所以隨U3減小，U4減小，A、B錯(cuò)誤；由于用戶功率增大，即P4增大，理想變壓器無功率損耗可得：P3P4，功率P3也增大，故C錯(cuò)誤，D正確7.(2020漯河期末)如圖所示的電路中，三個(gè)燈泡L1、L2、L3的電阻關(guān)系為R1R2R3，電感

9、L的電阻可忽略，D為理想二極管電鍵K從閉合狀態(tài)突然斷開時(shí)，下列判斷正確的是()AL1逐漸變暗，L2、L3均先變亮，然后逐漸變暗BL1逐漸變暗，L2立即熄滅，L3先變亮，然后逐漸變暗CL2立即熄滅，L1、L3均逐漸變暗DL1、L2、L3均先變亮，然后逐漸變暗解析：選B.K斷開前，I1I2I3，斷開K瞬間，L1中電流由I1逐漸減小，故L1逐漸變暗由于此時(shí)加在二極管上的是反向電壓，故L2中電流為零，L2立即熄滅而L3中的電流由I3突然變成反向I1(I1I3)，然后逐漸減小到零，L3先變亮后逐漸變暗，B正確8(2020東北三省四市第二次聯(lián)合考試)如圖所示，兩個(gè)寬度均為L的條形區(qū)域，存在著大小相等、方向

10、相反且均垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，以豎直虛線為分界線，其左側(cè)有一個(gè)用金屬絲制成的與紙面共面的直角三角形線框ABC，其底邊BC長為2L，并處于水平現(xiàn)使線框以速度v水平勻速穿過勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)，則此過程中，線框中的電流隨時(shí)間變化的圖象正確的是(設(shè)逆時(shí)針的電流方向?yàn)檎较?，取時(shí)間t0作為計(jì)時(shí)單位)()解析：選D.根據(jù)題意，從2t0到3t0的過程中電流大小由2i0逐漸增大為3i0，從3t0到4t0過程中電流大小由i0逐漸增大為2i0，且在4t0時(shí)電流大小為2i0，所以選項(xiàng)D正確9(2020福建畢業(yè)班質(zhì)量檢測(cè))如圖，MN和PQ是電阻不計(jì)的平行金屬導(dǎo)軌，其間距為L，導(dǎo)軌彎曲部分光滑，平直部分粗糙，右端接一個(gè)阻值為R的

11、定值電阻平直部分導(dǎo)軌左邊區(qū)域有寬度為d、方向豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)質(zhì)量為m、電阻也為R的金屬棒從高度為h處由靜止釋放，到達(dá)磁場(chǎng)右邊界處恰好停止已知金屬棒與平直部分導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，金屬棒與導(dǎo)軌間接觸良好則金屬棒穿過磁場(chǎng)區(qū)域的過程中()A流過金屬棒的最大電流為B流過金屬棒的電荷量為C克服安培力所做的功為mghD金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱為mg(hd)解析：選D.金屬棒滑下過程中，根據(jù)動(dòng)能定理有mghmv，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有EBLvm，根據(jù)閉合電路歐姆定律有I，聯(lián)立得Im，A錯(cuò)誤；根據(jù)q可知，通過金屬棒的電荷量為，B錯(cuò)誤；對(duì)全過程根據(jù)動(dòng)能定理得mghWfW安0，故C錯(cuò)誤；由于Wf

12、mgd，金屬棒克服安培力做的功完全轉(zhuǎn)化成電熱，由題意可知金屬棒與電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱相同，設(shè)金屬棒上產(chǎn)生的焦耳熱為Q，故2QW安，聯(lián)立得Qmg(hd)，D正確10.(2020南昌一模)如圖所示，在光滑水平面上方，有兩個(gè)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B、方向相反的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)，PQ為兩個(gè)磁場(chǎng)的邊界，磁場(chǎng)范圍足夠大一個(gè)邊長為L、質(zhì)量為m、電阻為R的正方形金屬線框沿垂直磁場(chǎng)方向，以速度v從圖示位置向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)線框中心線AB運(yùn)動(dòng)到與PQ重合時(shí)，線框的速度為，則()A此時(shí)線框的電功率為B此時(shí)線框的加速度為C此過程通過線框截面的電荷量為D此過程回路產(chǎn)生的電能為0.75mv2解析：選C.在題圖中虛線位置，線框產(chǎn)生的電動(dòng)

13、勢(shì)EBLv，電流I，由牛頓第二定律，線框的加速度a2，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；線框的電功率PI2R，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由法拉第電磁感應(yīng)定律和電流的定義，可得此過程通過線框截面的電荷量qIt，選項(xiàng)C正確；由能量守恒定律，可得回路產(chǎn)生的電能Wmv2mmv2，選項(xiàng)D錯(cuò)誤二、非選擇題11(2020江西重點(diǎn)中學(xué)聯(lián)盟第二次聯(lián)考)如圖所示，間距為L的兩條足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ與水平面夾角為30，導(dǎo)軌的電阻不計(jì)，導(dǎo)軌的N、Q端連接一阻值為R的電阻，導(dǎo)軌上有一根質(zhì)量一定、電阻為r的導(dǎo)體棒ab垂直導(dǎo)軌放置，導(dǎo)體棒上方距離L以上的范圍存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向與導(dǎo)軌平面垂直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)現(xiàn)在施加一個(gè)平行斜面向上且與棒

14、ab重力相等的恒力，使導(dǎo)體棒ab從靜止開始沿導(dǎo)軌向上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)ab進(jìn)入磁場(chǎng)后，發(fā)現(xiàn)ab開始勻速運(yùn)動(dòng)，求：(1)導(dǎo)體棒的質(zhì)量；(2)若進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間，拉力減小為原來的一半，求導(dǎo)體棒能繼續(xù)向上運(yùn)動(dòng)的最大位移解析：(1)導(dǎo)體棒從靜止開始在磁場(chǎng)外勻加速運(yùn)動(dòng)，距離為L，其加速度為Fmgsin 30maFmg得ag棒進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為v由棒在磁場(chǎng)中勻速運(yùn)動(dòng)可知F安mgF安BIL得m.(2)若進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間使拉力減半，則Fmg則導(dǎo)體棒所受合力為F安F安BILma將v和a代入上式得m即mv設(shè)導(dǎo)體棒繼續(xù)向上運(yùn)動(dòng)的位移為x，則有mv將v和m代入得x2L.答案：(1)(2)2L12(2020高考四川卷)如圖所示，金屬導(dǎo)軌

15、MNC和PQD，MN與PQ平行且間距為L，所在平面與水平面夾角為，N、Q連線與MN垂直，M、P間接有阻值為R的電阻；光滑直導(dǎo)軌NC和QD在同一水平面內(nèi)，與NQ的夾角都為銳角.均勻金屬棒ab和ef質(zhì)量均為m，長均為L，ab棒初始位置在水平導(dǎo)軌上與NQ重合；ef棒垂直放在傾斜導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為(較小)，由導(dǎo)軌上的小立柱1和2阻擋而靜止空間有方向豎直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)(圖中未畫出)兩金屬棒與導(dǎo)軌保持良好接觸，不計(jì)所有導(dǎo)軌和ab棒的電阻，ef棒的阻值為R，最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等，忽略感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)，重力加速度為g.(1)若磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，給ab棒一個(gè)垂直于NQ，水平向右的速度v1

16、，在水平導(dǎo)軌上沿運(yùn)動(dòng)方向滑行一段距離后停止，ef棒始終靜止，求此過程ef棒上產(chǎn)生的熱量；(2)在(1)問過程中，ab棒滑行距離為d，求通過ab棒某橫截面的電量；(3)若ab棒以垂直于NQ的速度v2在水平導(dǎo)軌上向右勻速運(yùn)動(dòng)，并在NQ位置時(shí)取走小立柱1和2，且運(yùn)動(dòng)過程中ef棒始終靜止求此狀態(tài)下最強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度及此磁場(chǎng)下ab棒運(yùn)動(dòng)的最大距離解析：(1)設(shè)ab棒的初動(dòng)能為Ek，ef棒和電阻R在此過程產(chǎn)生的熱量分別為W和W1，有WW1Ek且WW1由題意有Ekmv得Wmv.(2)設(shè)在題設(shè)過程中，ab棒滑行時(shí)間為t，掃過的導(dǎo)軌間的面積為S，通過S的磁通量為，ab棒產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為E，ab棒中的電流為I，通過ab棒某橫截面的電量為q，則E且BSI又有I由圖所示Sd(Ldcot )聯(lián)立，解得 q.(3)ab棒滑行距離為x時(shí)，ab棒在導(dǎo)軌間的棒長Lx為LxL2xcot 此時(shí)，ab棒產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)ExBv2Lx流過ef棒的電流Ixef棒所受安培力FxBIxL聯(lián)立，解得Fx(L2xc