版權(quán)說(shuō)明:本文檔由用戶(hù)提供并上傳,收益歸屬內(nèi)容提供方,若內(nèi)容存在侵權(quán),請(qǐng)進(jìn)行舉報(bào)或認(rèn)領(lǐng)
文檔簡(jiǎn)介
1、兩類(lèi)動(dòng)力學(xué)模型:“板塊模型”和“傳送帶模型”A級(jí)基礎(chǔ)練1. (2019 湖南衡陽(yáng)聯(lián)考)如圖甲所示,將一物塊P輕輕放在水平足夠長(zhǎng)的傳送帶上,取向右為速度的正方向,物塊P最初一段時(shí)間的速度一時(shí)間圖象如圖乙所示,關(guān)于傳送帶的運(yùn)動(dòng)情況描述正確的是()A. 定是 向右的勻加速運(yùn)動(dòng)B. 可能是向右的勻速運(yùn)動(dòng)C. 一定是向左的勻加速運(yùn)動(dòng)D. 可能是向左的勻速運(yùn)動(dòng)解析:A 由題意可知:物塊P向右做加速運(yùn)動(dòng),初始做加速度為 卩g的加速運(yùn)動(dòng),然 后與傳送帶相對(duì)靜止一起向右做勻加速運(yùn)動(dòng),故A正確.2. 帶式傳送機(jī)是在一定的線(xiàn)路上連續(xù)輸送物料的搬運(yùn)機(jī)械,又稱(chēng)連續(xù)輸送機(jī).如圖所示,一條足夠長(zhǎng)的淺色水平傳送帶自左向右勻速
2、運(yùn)行.現(xiàn)將一個(gè)木炭包無(wú)初速度地放在傳送帶上,木炭包在傳送帶上將會(huì)留下一段黑色的徑跡.下列說(shuō)法正確的是()片右A. 黑色的徑跡將出現(xiàn)在木炭包的左側(cè)B. 木炭包的質(zhì)量越大,徑跡的長(zhǎng)度越短C. 木炭包與傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)越大,徑跡的長(zhǎng)度越短D. 傳送帶運(yùn)動(dòng)的速度越大,徑跡的長(zhǎng)度越短解析:C 剛放上木炭包時(shí),木炭包的速度慢,傳送帶的速度快,木炭包相對(duì)傳送帶向后滑動(dòng),所以黑色的徑跡將出現(xiàn)在木炭包的右側(cè),所以A錯(cuò)誤.木炭包在傳送帶上運(yùn)動(dòng)靠的是與傳送帶之間的摩擦力,摩擦力作為它的合力產(chǎn)生加速度,所以由牛頓第二定律知,卩mg=ma所以a=卩g,當(dāng)達(dá)到共同速度時(shí),不再有相對(duì)滑動(dòng),由v2 = 2ax得,木炭包位移
3、 x木2 2vvv=,設(shè)相對(duì)滑動(dòng)時(shí)間為t ,由v = at得t =,此時(shí)傳送帶的位移為 x傳=vt = ,所2卩g卩g卩g以相對(duì)滑動(dòng)的位移是 x = x傳一x木=伴,由此可知,黑色的徑跡與木炭包的質(zhì)量無(wú)關(guān),2 3 g所以B錯(cuò)誤.木炭包與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)越大,徑跡的長(zhǎng)度越短,所以C正確.傳送帶運(yùn)動(dòng)的速度越大,徑跡的長(zhǎng)度越長(zhǎng),所以D錯(cuò)誤.3. 一皮帶傳送裝置如圖所示, 輕彈簧一端固定,另一端連接一個(gè)質(zhì)量為 m的滑塊,已知 滑塊與皮帶之間存在摩擦.現(xiàn)將滑塊輕放在皮帶上, 彈簧恰好處于自然長(zhǎng)度且軸線(xiàn)水平.若在彈簧從自然長(zhǎng)度到第一次達(dá)到最長(zhǎng)的過(guò)程中,滑塊始終未與皮帶達(dá)到共速,則在此過(guò)程中滑塊的速度和
4、加速度變化情況是 ()A. 速度增大,加速度增大B. 速度增大,加速度減小C. 速度先增大后減小,加速度先增大后減小D. 速度先增大后減小,加速度先減小后增大解析:D 因滑塊始終未與皮帶達(dá)到共速,故滑塊始終受到水平向左的滑動(dòng)摩擦力,由 卩mg- kx = ma可知,滑塊的加速度先減小后反向增大,而滑塊的速度先增大后減小,直到速度為零,故只有 D項(xiàng)正確.4. 如圖所示,在光滑平面上有一靜止小車(chē),小車(chē)上靜止地放置著一小物塊,物塊和小車(chē)間的動(dòng)摩擦因數(shù)為卩=0.3,用水平恒力F拉動(dòng)小車(chē),物塊的加速度為ai,小車(chē)的加速度為a2,當(dāng)水平恒力F取不同值時(shí),ai與a2的值可能為(當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭取10 m/s
5、2)()A.ai= 2 m/s 2,a2 = 3 m/s 2B.ai= 3 m/s 2,a2 = 2 m/s 2C.ai= 5 m/s 2,a2 = 3 m/s 2D.ai= 3 m/s 2,a2 = 5 m/s 2解析:D 當(dāng)Fvy mg= 3 m/s 2 m時(shí),物塊與小車(chē)一起運(yùn)動(dòng),且加速度相等,最大共 同加速度為amax=卩g= 3 m/s2, 故 A、B錯(cuò)誤;當(dāng)F3 m/s 2 m時(shí),小車(chē)的加速度大于物塊的加速度,此時(shí)物塊與小車(chē)發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng),此時(shí)物塊的加速度最大,由牛頓第二定律得:ai:衛(wèi)=卩g= 3 m/s 2,小車(chē)的加速度2 a23 m/s,故C錯(cuò)誤,D正確.5. (2019 江西南
6、昌三中模擬)如圖1所示,水平地面上有一靜止平板車(chē),車(chē)上放一質(zhì)量為m的物塊,物塊與平板車(chē)的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2 , t = 0時(shí),車(chē)開(kāi)始沿水平面做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),其v t圖象如圖2所示.g取10 m/s2,平板車(chē)足夠長(zhǎng),則物塊運(yùn)動(dòng)的v- t圖象為()圖2圖1剛m初)0 4 B 12 旳B06 12 thA解析:C 小車(chē)先做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),然后做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),勻加速運(yùn)動(dòng)和勻減速運(yùn) 動(dòng)的加速度大小相等,a=-V = 4 m/s2,根據(jù)物塊與車(chē)的動(dòng)摩擦因數(shù)可知,物塊與車(chē)的滑動(dòng) 摩擦力產(chǎn)生的加速度為 2 m/s2,因此當(dāng)車(chē)的速度大于物塊的速度時(shí),物塊受到滑動(dòng)摩擦動(dòng)力,相反則受到滑動(dòng)摩擦阻力根據(jù)受力分析,結(jié)合牛
7、頓第二定律,則有:當(dāng)08s時(shí),車(chē)的速度大于物塊,因此物塊受到滑動(dòng)摩擦動(dòng)力,則其加速度為2 m/s2,同理,可得:當(dāng) 816s時(shí),車(chē)的速度小于物塊,因此物塊受到滑動(dòng)摩擦阻力,則其加速度為2 m/s2, 故 C正確,A B、D錯(cuò)誤.6. (2019 鹽城1月檢測(cè))(多選)如圖甲所示,以速度 v逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的足夠長(zhǎng)的傳 送帶與水平面的夾角為0 .現(xiàn)將一個(gè)質(zhì)量為 m的小木塊輕輕地放在傳送帶的上端,小木塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為卩,則乙圖中能夠正確地描述小木塊的速度隨時(shí)間變化關(guān)系的圖線(xiàn)可能是()解析:CD 木塊放上后一定先向下加速,由于傳送帶足夠長(zhǎng),所以一定有木塊速度大小等于傳送帶速度大小的機(jī)會(huì),此時(shí)
8、若重力沿傳送帶向下的分力大小大于最大靜摩擦力,則之后木塊繼續(xù)加速,但加速度變小了;而若重力沿傳送帶向下的分力大小小于或等于最大靜 摩擦力,則木塊將隨傳送帶勻速運(yùn)動(dòng),故C、D項(xiàng)正確,A B項(xiàng)錯(cuò)誤.7. (多選)如圖甲所示,足夠長(zhǎng)的木板 B靜置于光滑水平面上,其上放置小滑塊A木板B受到隨時(shí)間t變化的水平拉力 F作用時(shí),用傳感器測(cè)出木板B的加速度a,得到如圖乙所示的a F圖象,已知g取10 m/s ,則()A. 滑塊A的質(zhì)量為4 kgB. 木板B的質(zhì)量為1 kgC. 當(dāng)F= 10 N時(shí)木板B的加速度為4 m/s2D. 滑塊A與木板B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 0.1解析:BC 當(dāng)F= 8 N時(shí),加速度為a=
9、2 m/s 2,對(duì)整體分析,由牛頓第二定律有F=F 口 mg(阿ma,代入數(shù)據(jù)解得 阿m= 4 kg,當(dāng)F8 N時(shí),對(duì)B根據(jù)牛頓第二定律得 a= 滬乙 詁一晉,由題圖圖象可知,圖線(xiàn)的斜率 k = M=-F= 總 kg 1= 1 kg 1,解得 M 1 kg , 滑塊的質(zhì)量為 m= 3 kg,故A錯(cuò)誤,B正確;根據(jù)F大于8 N時(shí)的圖線(xiàn)知,F(xiàn)= 6 N時(shí)a= 0,1x 30即0= 1 x 6,代入數(shù)據(jù)解得= 0.2,故選項(xiàng)D錯(cuò)誤;由圖示圖象可知,當(dāng)F= 10 N12 0.2 x 3022時(shí),滑塊與木板相對(duì)滑動(dòng),B滑動(dòng)的加速度為 a= 1 x 10 m/s 一 m/s = 4 m/s,故C正確.&
10、(多選)如圖所示,三角形傳送帶以1 m/s的速度逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng),兩邊傾斜的傳送帶長(zhǎng)都是2 m且與水平方向的夾角均為37 .現(xiàn)有兩個(gè)小物塊 A B從傳送帶頂端都以1 m/s的初速度沿傳送帶下滑,兩物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)都是0.5 , g取10 m/s2, sin 37=0.6 , cos 37 = 0.8.下列判斷正確的是 ()A. 物塊A先到達(dá)傳送帶底端B. 物塊A、B同時(shí)到達(dá)傳送帶底端C. 傳送帶對(duì)物塊A、B的摩擦力都沿傳送帶向上D. 物塊A下滑過(guò)程中相對(duì)傳送帶的路程小于物塊B下滑過(guò)程中相對(duì)傳送帶的路程解析:BCD A、B都以1m/s的初速度沿傳送帶下滑,故傳送帶對(duì)兩物塊的滑動(dòng)摩擦力 均
11、沿傳送帶向上,大小也相等,故兩物塊沿傳送帶向下的加速度大小相同,滑到底端時(shí)位移大小相同,故時(shí)間相同,故 A錯(cuò)誤,B、C正確;A物塊與傳送帶運(yùn)動(dòng)方向相同,相對(duì)路程較 小,故D正確.B級(jí)一能力練9. (2019 河北唐山一中調(diào)研)(多選)如圖所示,將小砝碼放在桌面上的薄紙板上,若砝碼和紙板的質(zhì)量分別為M和m各接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為卩,砝碼到紙板左端的距離和到桌面右端的距離均為 d.現(xiàn)用水平向右的恒定拉力 F拉動(dòng)紙板,下列說(shuō)法正確的是()a紙板相對(duì)砝碼運(yùn)動(dòng)時(shí),紙板所受摩擦力的大小為卩(m+ mgB. 要使紙板相對(duì)砝碼運(yùn)動(dòng),F(xiàn)一定大于2卩(M+ n)gC. 若砝碼與紙板分離時(shí)的速度小于也gd,砝碼不
12、會(huì)從桌面上掉下D. 當(dāng)F=卩(2W 3n)g時(shí),砝碼恰好到達(dá)桌面邊緣解析:bc 對(duì)紙板分析,當(dāng)紙板相對(duì)砝碼運(yùn)動(dòng)時(shí),所受的摩擦力為卩(阿mg+卩 Mg故A錯(cuò)誤.設(shè)砝碼的加速度為 ai,紙板的加速度為 a2,則有:fi= Ma, F-fi-f2= ma,發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)需要 a2ai,代入數(shù)據(jù)解得:F2卩(阿mg,故B正確.若砝碼與紙板分離時(shí)的速度小于l,1卩gd,砝碼勻加速運(yùn)動(dòng)的位移小于2ai嚴(yán)=d勻減速運(yùn)動(dòng)的位移小于2 3 g 22ai證=2,則總位移小于d,不會(huì)從桌面上掉下,故C正確.當(dāng)F= 譏2阿3m)g時(shí),砝碼未減速運(yùn)動(dòng),勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小a= 3 g,則勻減速運(yùn)動(dòng)的位移2vX = 2
13、=2 3 gd = d,F(xiàn) 3 M+ m g 卩 Mgi 2脫離紙板時(shí)的加速度ai = 3 g,紙板的加速度 a2=m= 2 3 g,根據(jù)a2t而勻加速運(yùn)動(dòng)的位移 x= iaitgait2= d,解得t =g,則此時(shí)砝碼的速度v = ait = V2 3 gd,砝碼脫離紙板后做勻= d,可知砝碼離開(kāi)桌面, D錯(cuò)誤.i0.(多選)在內(nèi)蒙古的騰格里沙漠,有一項(xiàng)小孩很喜歡的滑沙項(xiàng)目.其運(yùn)動(dòng)過(guò)程可類(lèi)比為如圖所示的模型,傾角為37的斜面上有長(zhǎng)為1 m的滑板,滑板與沙間的動(dòng)摩擦因數(shù)為小孩(可視為質(zhì)點(diǎn))坐在滑板上端,與滑板一起由靜止開(kāi)始下滑.數(shù)取決于小孩的衣料,假設(shè)圖中小孩與滑板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為(小孩與滑板
14、之間的動(dòng)摩擦因0.5,小孩的質(zhì)量與滑板的質(zhì))C. 經(jīng)過(guò) 2 s的時(shí)間,小孩離開(kāi)滑板D. 小孩離開(kāi)滑板時(shí)的速度大小為3-(11 S解析:AC A項(xiàng),對(duì)小孩受力分析,小孩受到重力、支持力和滑板對(duì)小孩向上的摩擦 力,根據(jù)牛頓第二定律,有min 37 卩imgcos 37= ma,得8 = ?川、2,故A項(xiàng)正確;B項(xiàng),小孩和滑板脫離前,對(duì)滑板運(yùn)用牛頓第二定律,有min 37 +卩imgcos 37 2卩2mgpos 37= ma,代入數(shù)據(jù),解得 a2= I| s2,故B項(xiàng)錯(cuò)誤;C項(xiàng),設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t,小1 1孩離開(kāi)滑板qait2 a2t 2= L,解得t =2 s,故C項(xiàng)正確;D項(xiàng),小孩離開(kāi)滑板時(shí)的速度為
15、v= a1t = 2 2 HlD項(xiàng)錯(cuò)誤.AB在其左11. (2019 福建模擬)如圖甲所示,一個(gè)以恒定速率逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的傳送帶側(cè)邊緣的B點(diǎn)有一個(gè)不計(jì)大小的滑塊,若滑塊以初速度v1=;i沖上傳送帶,滑塊運(yùn)動(dòng)的v t圖象如圖乙中實(shí)線(xiàn) a所示;若滑塊以初速度v2 = 6 ill S沖上傳送帶,滑塊運(yùn)動(dòng)的vt圖象如圖乙中實(shí)線(xiàn)b所示.重力加速度g取IU II s2,求:(1)傳送帶的長(zhǎng)度L和傳送帶與滑塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)(2)滑塊以初速度1 ;V1= ?、沖上傳送帶到返回B點(diǎn)所用的時(shí)間t 解析:(1)由v t圖象可知,滑塊以初速度V2=6 川S沖上傳送帶時(shí),在t = 8 s時(shí)刻到達(dá)A點(diǎn),故傳送帶的長(zhǎng)度為:L=
16、 v t = 2B發(fā)生的位移 sb= V0t ?aBt = 3.6 m所以A發(fā)生的位移為Sa+ s= 0.5 m + 0.3 mB 發(fā)生的位移為 Sb+ s= 3.6 m + 0.3 m = 3.9 m x (6 + 2) x 8 m= 32 m根據(jù)圖線(xiàn)a或b,可求得滑塊的加速度為:a=4 =-Q屮由牛頓第二定律可得:i mg= ma解得:= 0.05(2)滑塊在前后兩段時(shí)間的位移大小相等,方向相反,可得:2x 6x 3 m= 1 x (10 6) x 2m+ (t10) x 2 m解得滑塊回到 B點(diǎn)的時(shí)間為:t= 12.5 s答案:(1)32 m 0.05(2)12.5 s12. (2019
17、 孝義市模擬)如圖所示,長(zhǎng)為I的長(zhǎng)木板A放在動(dòng)摩擦因數(shù)為 1 1的水平地面上,一滑塊B(大小可不計(jì))從A的左側(cè)以初速度V0向右滑上木板,滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為卩2( A與水平地面間的最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相同).已知A的質(zhì)量為M= 2.0kg, B 的質(zhì)量為 m= 3.0 kg , A 的長(zhǎng)度為 I = 3.0 m ,卩 1 = 0.2 ,卩 2= 0.4 , ( g 取i 川 QA、B剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)各自的加速度分別是多大?為保證B在滑動(dòng)過(guò)程中不滑出 A,初速度V。應(yīng)滿(mǎn)足什么條件?分別求A B對(duì)地的最大位移.解析:(1)分別對(duì)A B進(jìn)行受力分析,根據(jù)牛頓第二定律得:B物體的加速度:aB=亓=A物體的加速度:2=1 m/saA= f - F 當(dāng)A B速度相等時(shí),恰好到木板末端,此時(shí)不滑出A物體,就不會(huì)滑出,設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t, AB的速度相等,則有: V0 aBt =
溫馨提示
- 1. 本站所有資源如無(wú)特殊說(shuō)明,都需要本地電腦安裝OFFICE2007和PDF閱讀器。圖紙軟件為CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.壓縮文件請(qǐng)下載最新的WinRAR軟件解壓。
- 2. 本站的文檔不包含任何第三方提供的附件圖紙等,如果需要附件,請(qǐng)聯(lián)系上傳者。文件的所有權(quán)益歸上傳用戶(hù)所有。
- 3. 本站RAR壓縮包中若帶圖紙,網(wǎng)頁(yè)內(nèi)容里面會(huì)有圖紙預(yù)覽,若沒(méi)有圖紙預(yù)覽就沒(méi)有圖紙。
- 4. 未經(jīng)權(quán)益所有人同意不得將文件中的內(nèi)容挪作商業(yè)或盈利用途。
- 5. 人人文庫(kù)網(wǎng)僅提供信息存儲(chǔ)空間,僅對(duì)用戶(hù)上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護(hù)處理,對(duì)用戶(hù)上傳分享的文檔內(nèi)容本身不做任何修改或編輯,并不能對(duì)任何下載內(nèi)容負(fù)責(zé)。
- 6. 下載文件中如有侵權(quán)或不適當(dāng)內(nèi)容,請(qǐng)與我們聯(lián)系,我們立即糾正。
- 7. 本站不保證下載資源的準(zhǔn)確性、安全性和完整性, 同時(shí)也不承擔(dān)用戶(hù)因使用這些下載資源對(duì)自己和他人造成任何形式的傷害或損失。
最新文檔
- 農(nóng)村產(chǎn)業(yè)融合市場(chǎng)需求分析
- 國(guó)旗下演講稿:學(xué)會(huì)做人(8篇)
- 2024-2025學(xué)年上海市寶山區(qū)淞誼中學(xué)七年級(jí)(上)第一次段考數(shù)學(xué)試卷(含解析)
- 語(yǔ)文統(tǒng)編版(2024)一年級(jí)上冊(cè)識(shí)字4 日月山川 教案
- 高中英語(yǔ)課本語(yǔ)法
- 第4講 古代希臘羅馬的政治課件
- 會(huì)計(jì)數(shù)據(jù)分析 Solutions-Manual Chapter-1-EOC-SM-Updated
- 地方政府與城投企業(yè)債務(wù)風(fēng)險(xiǎn)研究報(bào)告-陜西篇 2024 -聯(lián)合資信
- 科學(xué)課件分享教學(xué)課件
- 課件怎樣配合講課
- 玻璃體積血的護(hù)理查房
- 入離職分析報(bào)告
- 2024年度政府招商引資培訓(xùn)課程
- 《規(guī)則意識(shí)班會(huì)》課件
- 2023年云南合和(集團(tuán))股份限公司招聘3人歷年高頻難易度、易錯(cuò)點(diǎn)模擬試題(共500題)附帶答案詳解
- 企業(yè)文化建設(shè)與公司戰(zhàn)略的契合度
- 業(yè)務(wù)流程改善與創(chuàng)新
- 材料代用管理制度模版
- 個(gè)人傭金合同英文版
- 施工安全管理培訓(xùn)課件
- 廉潔進(jìn)校園清廉潤(rùn)童心小學(xué)廉潔主題班會(huì)
評(píng)論
0/150
提交評(píng)論