2019年廣東省廣州市高考物理模擬試卷

1、2019 年廣東省廣州市高考物理模擬試卷副標(biāo)題題號一二三四總分得分一、單選題（本大題共9 小題，共27.0 分）1.高速公路的ETC 電子收費(fèi)系統(tǒng)如圖所示，ETC 通道的長度是識別區(qū)起點(diǎn)到自動欄桿的水平距離。某汽車以 21.6km/h 的速度勻速進(jìn)入識別區(qū)， ETC 天線用了 0.3s 的時(shí)間識別車載電子標(biāo)簽， 識別完成后發(fā)出“滴”的一聲， 司機(jī)發(fā)現(xiàn)自動欄桿沒有抬起，于是采取制動剎車，汽車剛好沒有撞桿。已知司機(jī)的反應(yīng)時(shí)間為0.7s，剎車的加速度大小為5m/s2，則該 ETC 通道的長度約為（）A. 4.2mB. 6.0mC. 7.8mD. 9.6m2. 如圖所示，傾角為 =30的斜面上，一質(zhì)量

2、為 6m的物塊經(jīng)跨過定滑輪的細(xì)繩與一質(zhì)量為 m 的小球相連，現(xiàn)將小球從水平位置靜止釋放，小球由水平位置運(yùn)動到最低點(diǎn)的過程中，物塊和斜面始終靜止。運(yùn)動過程中小球和物塊始終在同一豎直平面內(nèi)，則在此過程中（）A. 細(xì)繩的拉力先增大后減小B. 物塊所受摩擦力逐漸減小C. 地而對斜面的支持力逐漸增大D. 地面對斜面的摩擦力先減小后增大3.如圖，兩位同學(xué)同時(shí)在等高處拋出手中的籃球A、B， A 以速度 v1 斜向上拋出，B以速度 v2 豎直向上拋出，當(dāng)A 到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)恰與B 相遇。不計(jì)空氣阻力，A、B 質(zhì)量相等且均可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g，以下判斷不正確的是（）A.B.相遇時(shí) A 的速度一定為零相遇時(shí) B

3、 的速度一定為零第1頁，共 22頁C. A 從拋出到最高點(diǎn)的時(shí)間為D. 從拋出到相遇A、B動量的變化量相同4. 如圖，在光滑絕緣水平桌面上，三個(gè)帶電小球a b和c分、別固定于正三角形頂點(diǎn)上。已知a、 b 帶電量均為 +q，c 帶電量為 -q，則（）A. ab 連線中點(diǎn)場強(qiáng)為零B. 三角形中心處場強(qiáng)為零C. a 所受庫侖力方向垂直于ab 連線D. a、 b、 c 所受庫侖力大小之比為1：1：5. 如圖所示， 小球從斜面的頂端 A 處以大小為 V0 的初速度水平拋出，恰好落到斜面底部的B 點(diǎn)，且此時(shí)的速度大小 vB=v0，空氣阻力不計(jì)， 該斜面的傾角為 （）A. 60B. 45C. 37D. 30

4、6. 位于貴州的“中國天眼”（ FAST）是目前世界上口徑最大的單天線射電望遠(yuǎn)鏡，通過 FAST 可以測量地球與木星之間的距離。當(dāng)FAST 接收到來自木星的光線傳播方向恰好與地球公轉(zhuǎn)線速度方向相同時(shí)，測得地球與木星的距離是地球與太陽距離的 k 倍。若地球和木星繞太陽的運(yùn)動均視為勻速圓周運(yùn)動且軌道共面，則可知木星的公轉(zhuǎn)周期為（）A. （ 1+k2） 年B. （ 1+k2） 年C. （ 1+k） 年D. k 年7. 長為 L=1m、質(zhì)量為M=1kg 的平板車在粗糙水平地面上以初速度v=5m/s 向右運(yùn)動，同時(shí)將一個(gè)質(zhì)量為m=2kg 的小物塊輕輕放在平板車的最前端，物塊和平板車的平板間的動摩擦因數(shù)為

5、=0.5，由于摩擦力的作用，物塊相對平板車向后滑行距離s=0.4m 后與平板車相對靜止， 平板車最終因?yàn)榈孛婺Σ炼o止，如圖所示， 物塊從放到平板車上到與平板車一起停止運(yùn)動，摩擦力對物塊做的功為（）A. 0JB. 4JC. 6JD. 10J8. 如圖，兩條水平光滑金屬導(dǎo)軌固定在電磁鐵兩磁極之間，導(dǎo)軌兩端 a、b 斷開，金屬桿 L 垂直導(dǎo)軌放置。閉合開關(guān)S，下列判斷正確的是（）A. 電磁鐵兩磁極之間的磁場方向向上B. 若給金屬桿向左的初速度，則a 點(diǎn)電勢高于 b 點(diǎn)ab間接導(dǎo)線，向下移動滑片p，則金屬桿向左運(yùn)動C.若、D. 若 a、 b 間接直流電源， a 接正極、 b 接負(fù)極，則金屬桿向左運(yùn)動

6、9. 光電管是一種利用光照射產(chǎn)生電流的裝置，當(dāng)入射光照在管中金屬板上時(shí)，可能形成光電流。表中給出了 6 次實(shí)驗(yàn)的結(jié)果。 由表中數(shù)據(jù)得出的論斷中不正確的是（）組入射光子的能量相對光強(qiáng)光電流大小 /mA逸出光電子的最次大動能 /eV/eV第14.0弱290.9第2頁，共 22頁一24.0中430.9組34.0強(qiáng)600.9第46.0弱272.9二56.0中402.9組66.0強(qiáng)552.9A. 兩組實(shí)驗(yàn)采用了不同頻率的入射光B. 兩組實(shí)驗(yàn)所用的金屬板材質(zhì)不同C. 若入射光子的能量為 5.0eV，逸出光電子的最大動能為1.9eVD. 若入射光子的能量為 5.0eV，相對光強(qiáng)越強(qiáng)，光電流越大二、多選題（本

7、大題共4 小題，共12.0 分）10. 如圖，夾角為 120 的兩塊薄鋁板 OM 、 ON 將紙面所在平面分為 、 兩個(gè)區(qū)域，兩區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度分別為B1、B2在 OM 板上表面處有一帶電粒子垂直O(jiān)M 方向射入磁場B1 中，粒子恰好以 O 為圓心做圓周運(yùn)動回到出發(fā)點(diǎn)。 設(shè)粒子在兩區(qū)域中運(yùn)動的速率分別為 v1、v2，運(yùn)動時(shí)間分別為 t1、t2；假設(shè)帶電粒子穿過薄鋁板過程中電荷量不變，動能損失一半，不計(jì)粒子重力，則下列說法中正確的是（）A. 粒子帶負(fù)電B. v1： v2 =2： 1C. B1：B2=： 1D. t1： t2=1 ：11. 如圖所示，光滑固定的金屬導(dǎo)軌M、N

8、 水平放置，兩根初速為零、質(zhì)量均為 m 的導(dǎo)體棒 P、Q 平行放置在導(dǎo)軌上，形成一個(gè)閉合回路。 一質(zhì)量為 M 的條形磁鐵從a 處由靜止下落，當(dāng)下落到b 處時(shí)，磁鐵的速度為v0，兩個(gè)導(dǎo)體棒的速度均為 v。重力加速度設(shè)為g，a、 b 之間的高度為 h，不計(jì)空氣阻力，在磁鐵自a 到 b 的下落過程中，以下說法不正確的是（）A. 因?yàn)镻、Q中的感應(yīng)電流方向相反，故PQ之間的安、培力為斥力，P、 Q 將相互遠(yuǎn)離B. P、 Q 受到的安培力豎直向下C. 回路中產(chǎn)生的熱為 Mgh-（ mv2+ Mv2）D. 回路中的磁通量一直在增加12. 如圖所示，相距為 d 的兩條水平虛線 L 1、 L 2 之間是方向水

9、平向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，正方形線圈abcd 邊長為 L （L d），質(zhì)量為m、電阻為 R，將線圈在磁場上方h 高處由靜止釋放，cd 邊剛進(jìn)入磁場時(shí)速度為v0，cd邊剛離開磁場時(shí)速度也為v0，則線圈穿過磁場的過程中（從cd 邊剛進(jìn)入磁場起一直到ab 邊離開磁場為止）（）A. 感應(yīng)電流所做的功為2mgdB. 感應(yīng)電流所做的功為mgdC. 線圈的最小速度可能為D. 線圈的最小速度一定是第3頁，共 22頁13.單匝閉合矩形線框電阻為R，在勻強(qiáng)磁場中繞與磁感線垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動，穿過線框的磁通量與時(shí)間 t 的關(guān)系圖象如圖所示。下列說法正確的是（）A.B.C.時(shí)刻線框平面與中性面垂直線框的感應(yīng)電動

10、勢有效值為線框轉(zhuǎn)一周外力所做的功為D. 從 t=0 到 t= 過程中線框的平均感應(yīng)電動勢為三、實(shí)驗(yàn)題探究題（本大題共2 小題，共15.0 分）14. 用圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置來測量勻變速直線運(yùn)動的加速度。（ 1）實(shí)驗(yàn)的主要步驟：用游標(biāo)卡尺測量擋光片的寬度d，結(jié)果如圖乙所示，讀得d=_ mm；用刻度尺測量 A 點(diǎn)到光電門所在位置 B 點(diǎn)之間的水平距離x；滑塊從 A 點(diǎn)靜止釋放（已知砝碼落地前擋光片已通過光電門）；讀出擋光片通過光電門所用的時(shí)間t；改變光電門的位置，滑塊每次都從A 點(diǎn)靜止釋放，測量相應(yīng)的x 值并讀出 t 值。（ 2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)測得的數(shù)據(jù)，以 x為橫坐標(biāo)， 為縱坐標(biāo)，在坐標(biāo)紙中作出-x 圖

11、線如圖丙所示，求得該圖線的斜率k=_ m-1 ?s-2；由此進(jìn)一步求得滑塊的加速度a=_m?s-2 （計(jì)算結(jié)果均保留3 位有效數(shù)字）第4頁，共 22頁15. 用如圖 a 所示的電路測量鉑熱敏電阻的阻值與溫度的關(guān)系。（ 1）開關(guān)閉合前，滑動變阻器的滑片應(yīng)移至_端（填“ A”或“ B”）。（ 2）實(shí)驗(yàn)測得不同溫度下的阻值，并繪得如圖b 的 Rt -t 關(guān)系圖線，根據(jù)圖線寫出該熱敏電阻的Rt-t 關(guān)系式： Rt=_（ ）。第5頁，共 22頁（ 3）鉑的電阻對溫度變化很靈敏，可以制成電阻溫度計(jì)。請利用開關(guān)、導(dǎo)線、鉑熱敏電阻、圖 a 中某一電表和圖 c 所示的恒流源（調(diào)節(jié)旋鈕時(shí)可以選擇不同的輸出電流，且

12、輸出電流不隨外部條件的變化而變化），設(shè)計(jì)一個(gè)簡易電阻溫度計(jì)并在圖d 的虛線框內(nèi)畫出電路原理圖。（ 4）結(jié)合圖 b 的關(guān)系圖線， 選擇恒流源的輸出電流為0.15A，當(dāng)選用的電表達(dá)到滿偏時(shí)，電阻溫度計(jì)所測溫度為_如果要提高該溫度計(jì)所能測量的最高溫度值，請?zhí)岢鲆环N可行的方法：_。四、計(jì)算題（本大題共3 小題，共46.0 分）16. 完全由我國自行設(shè)計(jì)、建造的國產(chǎn)新型航空母艦已完成多次海試，并取得成功。航母上的艦載機(jī)采用滑躍式起飛， 故甲板是由水平甲板和上翹甲板兩部分構(gòu)成，如圖1 所示。為了便于研究艦載機(jī)的起飛過程， 假設(shè)上翹甲板的一段圓弧，示意如圖 2，AB 長 L 1=150m，BC 水平投影向與

13、水平方向的夾角 =12（ sin12 0.）21。若艦載機(jī)從直線運(yùn)動，經(jīng) T=6 s到達(dá) B 點(diǎn)進(jìn)入 BC已知飛行員的質(zhì)量（ 1）艦載機(jī)水平運(yùn)動的過程中，飛行員受到的水平力所做功（ 2）艦載機(jī)剛進(jìn)入 BC 時(shí)，飛行員受到豎直向上的壓力BC 是與水平甲板 AB 相切L2=63m，圖中 C 點(diǎn)切線方A 點(diǎn)由靜止開始做勻加速m=60kg， g=10m/s2，求W；FN 多大。第6頁，共 22頁17. 如圖，光滑水平桌面上有一個(gè)矩形區(qū)域abcd，bc長度為2L，cd長度為1.5L e f， 、分別為 ad、bc 的中點(diǎn)。 efcd 區(qū)域存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B；質(zhì)量為 m、電荷量為 +q

14、 的絕緣小球 A 靜止在磁場中f 點(diǎn)。 abfe 區(qū)域存在沿bf 方向的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度為；質(zhì)量為 km 的不帶電絕緣小球P，以大小為的初速度沿 bf 方向運(yùn)動。 P 與 A 發(fā)生彈性碰撞， A 的電量保持不變，P、A 均可視為質(zhì)點(diǎn)。（ 1）若 A 從 ed 邊離開磁場，求 k 的最大值；（ 2）若 A 從 ed 邊中點(diǎn)離開磁場，求k 的可能值和 A 在磁場中運(yùn)動的最長時(shí)間。18. （ 1）一定質(zhì)量的理想氣體被活塞封閉在可導(dǎo)熱的豎直氣缸內(nèi)，活塞可沿氣缸無摩擦地上下滑動。開始時(shí)活塞靜止，取一小盒沙子緩慢地倒在活塞的上表面上，在倒沙子的過程中，缸內(nèi)氣體內(nèi)能 _（填“增大”、“減小”或“不變”），

15、氣體第7頁，共 22頁對活塞 _（填“做正功”、“做負(fù)功”或“不做功”），氣體_（填“吸熱”或“放熱”）。（ 2）如圖所示，水平放置的導(dǎo)熱氣缸A 和 B 底面積相同，長度分別為2L 和 L，兩氣缸通過長度為L 的絕熱管道連接； 厚度不計(jì)的絕熱活塞a、b 可以無摩擦地移動，a 的橫截面積為b 的兩倍。開始時(shí) A、 B 內(nèi)都封閉有壓強(qiáng)為p0、溫度為 T0 的空氣，活塞 a 在氣缸 A 最左端，活塞 b 在管道最左端?，F(xiàn)向右緩慢推動活塞a，當(dāng)活塞 b恰好到管道最右端時(shí)， 停止推動活塞a 并將其固定， 接著緩慢加熱氣缸B 中的空氣直到活塞 b 回到初始位置，求（ i）活塞 a 向右移動的距離；（ ii

16、）活塞 b 回到初始位置時(shí)氣缸B 中空氣的溫度。第8頁，共 22頁答案和解析1.【答案】 D【解析】解：21.6km/h=6m/s汽車在前 0.3s+0.7s內(nèi)做勻速直 線運(yùn)動，位移為：x1=v0（t1+t2）=6（0.3+0.7）=6m隨后汽車做減速運(yùn) 動，位移為：=3.6m所以該 ETC 通道的長度為：L=x 1+x2=6+3.6=9.6m故 ABC 錯(cuò)誤，D 正確故選：D。汽車先勻速后減速，分別由勻速直 線運(yùn)動的公式與勻 變速直線運(yùn)動的公式汽車兩端位移，然后求和即可。該題考查勻變速直線運(yùn)動的公式的 應(yīng)用，解答的關(guān)鍵是明確汽 車的兩段運(yùn) 動的特點(diǎn)，然后合理選擇公式。2.【答案】 B【解析】

17、解：A 、小球向下擺動的過程中，對小球的拉力一直增大，故A 錯(cuò)誤；B、開始階段物塊所受的摩擦力沿斜面向上，根據(jù)平衡條件可得摩擦力大小f=6mgsin30 =3mg；設(shè)滑輪到小球的距離 為 R，當(dāng)物塊在最低點(diǎn) 時(shí)，根據(jù)動能定理可得 mgR=mv2，根據(jù)牛頓第二定律可得 F-mg=m，解得在最低點(diǎn)繩子拉力為 F=3mg，此時(shí)物塊的摩擦力大小 為 0，所以斜面對物塊的摩擦力一直減小，故 B 正確；CD、對物塊和斜面組成的整體分析可知，拉物體的 繩子拉力在 豎直方向的分力一直增大，在水平方向的分力一直增大，地面對斜面的支持力一直減小，摩擦力一直增大，故 CD 錯(cuò)誤 。第9頁，共 22頁故選：B。小球向

18、下 擺動的過程中，細(xì)繩的拉力一直增大，根據(jù)平衡條件分析物體與斜面間的摩擦力大小 變化情況；拉物體的繩子拉力在 豎直方向的分力一直增大，在水平方向的分力一直增大，由此分析地面對斜面的支持力和摩擦力的大小變化情況。本題重點(diǎn)考查了共點(diǎn)力的平衡 問題，解答此類問題的一般步 驟是：確定研究對象、進(jìn)行受力分析、利用平行四 邊形法則進(jìn)行力的合成或者是正交分解法進(jìn)行力的分解，然后在坐 標(biāo)軸上建立平衡方程 進(jìn)行解答。3.【答案】 A【解析】解：A 、A 分解為豎直向的勻減速直 線運(yùn)動與水平向的勻速直 線運(yùn)動，相遇時(shí)A 達(dá)到最高點(diǎn) 則其豎直向的速度 為 0，水平向速度不變，合速度不為 0，故A不正確。則時(shí) v=v

19、Bt-，解得 vB =vy，BB、A 在豎直向的分速度 為 v y， 相遇： yt-的達(dá)到最高點(diǎn)，速度 為也為 0，故B 正確。C、A 與 B 到達(dá)最高點(diǎn)的 時(shí)間相等為 t=，故C 正確。D、兩者受到的外力為重力，時(shí)間相同則沖量相同，動量的變化量相同，故 D 正確。本題選不正確的，故選：A 。A 分解為豎直向的勻減速直 線運(yùn)動與水平向的勻速直 線運(yùn)動，二者在豎直方向上運(yùn)動情況相同，據(jù)此分析各 項(xiàng)。本題考查了曲線運(yùn)動知識，對于曲線運(yùn)動要分解為兩個(gè)方向上的直 線運(yùn)動，由直線運(yùn)動規(guī)律求解問題 。4.【答案】 D【解析】解：A 、ab 連線中點(diǎn)處，a、b 帶電量均為+q，在其連線中點(diǎn)處產(chǎn)生電場強(qiáng)度大小

20、相等，方向相反，合場強(qiáng)為零，故連線中點(diǎn)處的場強(qiáng)等于 c 處電荷在 ab連線第10 頁，共 22頁中點(diǎn)處產(chǎn)生場強(qiáng)，不為零，故 A 錯(cuò)誤；B、三角形中心處到 abc三點(diǎn)距離相等，三個(gè) 電荷帶電量相等，故在三角形中心 處產(chǎn)生場強(qiáng)相等，且兩個(gè)正電荷產(chǎn)出合場強(qiáng)與 c 產(chǎn)生的大小相等，方向相同，故三角形中心處場強(qiáng)不為零，故 B 錯(cuò)誤；C、a 受力分析如 圖所示，根據(jù)庫侖定律可知，bc 對 a 的電場力大小相等，根據(jù)正三角形的性 質(zhì)可知，F(xiàn)a 與 ab 成 120角，故 C 錯(cuò)誤；D、根據(jù)庫侖定律和平行四 邊形定則可得：a、b、c 所受庫侖力大小之比 為 1：1：，故 D 正確；故選：D。電場強(qiáng)度是矢量，根

21、據(jù)平行四 邊形求解電場中各點(diǎn)電場強(qiáng)度；根據(jù)庫倫定律分析 abc三個(gè)電荷受到的 電場力情況。本題考查電場 的疊加原理和 庫侖 定律，關(guān)鍵 是正確分析 電場 方向，并根據(jù)平行四邊形定則做出合成 圖。5.【答案】 C【解析】解：在B 點(diǎn)豎直方向的分速度 為所以小球在 豎直方向的位移 為 y=水平方向的位移 為 x=v0t，=，所以斜面的 傾角的正切 值有，所以斜面的 傾角為 37，所以 ABD 錯(cuò)誤，C 正確；故選：C。第11 頁，共 22頁（1）根據(jù)速度的分解找到在 B 點(diǎn)時(shí)豎直方向的速度，從而找到 B 點(diǎn)的速度 夾角；（2）根據(jù)位移夾角和速度 夾角的正切 值的關(guān)系找到斜面的 傾角；解決此題需先做

22、出物體的水平和 豎直位移，明確斜面的 傾角即為物體的位移夾角；6.【答案】 A【解析】解：該題中，太陽、地球、木星的位置關(guān)系如圖：設(shè)地球的公 轉(zhuǎn)半徑為 R1，木星的公轉(zhuǎn)半徑為 R2，測得地球與木星的距離是地球與太陽距離的k 倍，則有：=由開普勒第三定律有：可得：=由于地球公 轉(zhuǎn)周期為 1 年，則有：T2=年故 A 正確，BCD 錯(cuò)誤故選：A。畫出太陽、地球、木星的位置關(guān)系，由幾何關(guān)系求出木星的公 轉(zhuǎn)比較，然后由開普勒第三定律即可求出。該題考查開普勒第三定律的 應(yīng)用，解答的關(guān)鍵是結(jié)合題目中的條件，正確找到木星與地球的 軌道半徑之 間的關(guān)系。7.【答案】 A【解析】解：將小物塊輕放到平板 車上時(shí)，

23、由于摩擦力做正功，使小物塊加速，到速度相等時(shí)轉(zhuǎn) 化為靜摩擦力，由于地面 對平板車 的阻力而使平板 車和小物塊 都減速，靜摩擦力對小物塊做負(fù)功，因?yàn)樾∥飰K初速度為零，最終與平板車一起減速到零，故動能變化量為零，在整個(gè)過程中摩擦力 對小物塊做的功為零，故 A正確。第12 頁，共 22頁故選：A。分析滑塊的運(yùn)動過程，明確初末狀態(tài)的速度及 動能，再由動能定理即可求得摩擦力對物塊所做的功本題考查動能定理的 應(yīng)用，要注意明確小物 塊只有摩擦力做功，根據(jù) 動能定理即可分析摩擦力做功情況8.【答案】 C【解析】解：A 、俯視時(shí)線圈中電流沿順時(shí)針方向，由安培定則判斷知，電磁鐵兩磁極之間的磁場方向向下，故 A 錯(cuò)

24、誤。B、若給金屬桿向左的初速度，切割磁感 線，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢 ，由右手定則判斷知 a 點(diǎn)電勢低于 b 點(diǎn)，故 B 錯(cuò)誤 。C、若a、b 間接導(dǎo)線，向下移動滑片 p，變阻器接入 電路的電阻減小，線圈中電流增大，產(chǎn)生的磁場增強(qiáng)，穿過金屬桿所在回路的磁通量增加，根據(jù)楞次定律：感應(yīng)電流阻礙磁通量的 變化，知金屬桿向左運(yùn) 動，故 C 正確。D、若 a、b 間接直流電源，a 接正極、b 接負(fù)極，金屬桿 L 所受的安培力向右，則 L 向右運(yùn)動，故D 錯(cuò)誤 。故選：C。由安培定 則判斷出 電磁鐵兩磁極之 間的磁場方向。若給金屬桿向左的初速度，根據(jù)右手定 則判斷電勢的高低。若 a、b 間接導(dǎo)線，向下移動滑片 p

25、，分析線圈中電流如何變化，由楞次定律分析金屬桿的移 動方向。若 a、b 間接直流電源，根據(jù)左手定 則判斷出導(dǎo)體棒受到的安培力方向，從而判斷出 導(dǎo)軌 L 的移動方向。本題考查 楞次定律、安培定則以及左手定 則 的應(yīng)用，要注意安培定則 與左手定則適用條件和 應(yīng)用方法的區(qū) 別，不能搞混。9.【答案】 B【解析】第13 頁，共 22頁解：A 、由愛因斯坦質(zhì)能方程 Ek=hv-W 0，比較兩次實(shí)驗(yàn)時(shí)的逸出功和光 電流與光強(qiáng)的關(guān)系解 題由題表格中數(shù)據(jù)可知，兩 組實(shí)驗(yàn)所用的入射光的能量不同，由公式 E=hv 可知，兩組實(shí)驗(yàn)中所用的入射光的 頻率不同，故 A 正確；B、由愛因斯坦質(zhì)能方程 Ek=hv-W0，可

26、得：第一組實(shí)驗(yàn)：0.9=0.4-W01，第二組實(shí)驗(yàn)：2.9=6.0-W02，解得：W01=W02=3.1eV，即兩種材料的逸出功相同也即材料相同，故 B 不正確；C、由愛因斯坦質(zhì)能方程 Ek=hv-W0，可得：Ek=（5.0-3.1）eV=1.9eV，故 C 正確；D、由題表格中數(shù)據(jù)可知，入射光能量相同 時(shí)，相對光越強(qiáng)，光電流越大，故 D 正確。本題選不正確的，故選：B。根據(jù)光子能量的大小分析是否為同頻率的光子；根據(jù)光電效應(yīng)方程求出兩 組實(shí)驗(yàn)中金屬板的逸出功，從而確定是否 為同種金屬；根據(jù)光電 效應(yīng)方程分析光電子的最大初 動能；根據(jù)表格數(shù)據(jù)分析光 電流的大小與光的 強(qiáng)度的關(guān)系。解決本題的關(guān)鍵掌

27、握光電效應(yīng)方程，知道同一種金屬，逸出功相同，知道最大初動能與遏止 電壓的關(guān)系，并能靈活運(yùn)用，掌握光 電流的大小與光的 強(qiáng)度的大小關(guān)系。10.【答案】 AC【解析】解：A 、磁場垂直于紙面向里，由題意可知，粒子沿順時(shí)針方向做圓周運(yùn)動，由左手定則可知，粒子帶負(fù)電，故A 正確；B、粒子穿過薄鋁板時(shí)動能損失一半，即為：vv=1B錯(cuò)誤解得：1：2；：，故C、粒子在磁場中做勻速運(yùn) 動，洛倫茲力提供向心力，由牛 頓第二定律得：qvB=m解得：B=，由題意可知，粒子在兩磁 場中做圓周運(yùn)動的軌道半徑 r 相等，則有：B1：B2=v1：第14 頁，共 22頁v2=：1，故C 正確；D、粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的周期

28、為：T=粒子在磁 場中做圓周運(yùn)動的時(shí)間為：t=T=，由題意可知，粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角分別為：=120，=240，12粒子在磁 場的運(yùn)動時(shí)間之比：=，故D 錯(cuò)誤；故選：AC。根據(jù)左手定 則判斷粒子 電性；根據(jù)動能關(guān)系判斷速度關(guān)系；根據(jù)洛 倫茲力提供向心力判斷磁感 應(yīng)強(qiáng)度的關(guān)系；根據(jù)粒子在磁 場中的周期公式 結(jié)合圓心角判斷運(yùn)動時(shí)間關(guān)系。本題考查了帶電粒子在勻 強(qiáng)磁場中的運(yùn)動，認(rèn)真審題、理解題意是解題的前提，分析清楚粒子運(yùn) 動過程是解題的關(guān)鍵，應(yīng)用左手定 則、牛頓第二定律與粒子做圓周運(yùn)動的周期公式即可解 題。11.【答案】 ABC【解析】解：A 、當(dāng)一條形磁鐵從高處下落接近回路 時(shí)，穿過回路的磁

29、通量增加，根據(jù)楞次定律：感應(yīng)電流的磁場總是阻礙磁通量的 變化，可知，P、Q 將互相靠 攏，回路的面 積減小一點(diǎn)，起到阻礙原磁通量增加的作用。故A 錯(cuò)誤 ；B、P 與 Q 處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與水平方向之 間有一定的 夾角，所以 P 與 Q受到的安培力的方向不是豎直向下的。故 B 錯(cuò)誤。C、根據(jù)能量轉(zhuǎn)化與守恒可知，回路 產(chǎn)生的熱等于減少的機(jī)械能 為：故C 錯(cuò)誤D、當(dāng)一條形磁 鐵從高 處下落接近回路 時(shí)，穿過 回路的磁通量增加，故 D 正確。本題選擇不正確的故選：ABC。當(dāng)一條形磁 鐵從高處下落接近回路 時(shí)，穿過回路的磁通量增加，根據(jù)楞次定第15 頁，共 22頁律：感應(yīng)電流的磁場總是阻礙磁通量的

30、變化，分析導(dǎo)體的運(yùn)動情況。本題直接用楞次定律判斷 電磁感應(yīng)現(xiàn)象中導(dǎo)體的運(yùn)動方向，抓住導(dǎo)體總是反抗原磁通量的 變化是關(guān)鍵。楞次定律的另一 結(jié)論：增反減同。12.【答案】 ACD【解析】解：AB 、根據(jù)能量守恒，研究從 cd 邊剛進(jìn)入磁場到 cd 邊剛穿出磁場的過程：動能變化量為 0，重力勢能轉(zhuǎn)化為線框進(jìn)入磁場的過程中產(chǎn)生的熱量，Q=mgd。cd 邊剛進(jìn)入磁場時(shí)速度為 v0，cd 邊剛離開磁場時(shí)速度也為 v0，所以從 cd 邊剛穿出磁場到 ab 邊離開磁 場的過程，線框產(chǎn)生的熱量與從 cd 邊剛進(jìn) 入磁場到ab 邊剛進(jìn)入磁場的過程產(chǎn)生的熱量相等，所以線圈從 cd 邊進(jìn)入磁場到 ab 邊離開磁場的過

31、程，產(chǎn)生的熱量 Q=2mgd，感應(yīng)電流做的功 為 2mgd。故A 正確，B 錯(cuò)誤。C、線框可能先做減速運(yùn) 動，在完全進(jìn)入磁場前已做勻速運(yùn) 動，剛完全進(jìn)入磁場時(shí)的速度最小，則mg=BIL=BL，則最小速度 v=故C 正確。D、因?yàn)檫M(jìn)磁場時(shí)要減速，線圈全部進(jìn)入磁場后做勻加速運(yùn) 動，則知線圈剛?cè)窟M(jìn)入磁場的瞬間速度最小。設(shè)線圈的最小速度 為 vm。線圈從開始下落到 線圈剛完全進(jìn)入磁場的過程，根據(jù)能量守恒定律得：mg（h+L）=Q+m由上可知，Q=mgd解得線圈的最小速度 為：vm=故D 正確。故選：ACD。線圈由靜止 釋放，其 cd 邊剛進(jìn)入磁場和剛穿出磁場時(shí)刻的速度是相同的， 動能不變，又因?yàn)榫€圈

32、全部進(jìn)入磁場不受安培力，要做勻加速運(yùn) 動，線圈進(jìn)入磁場先要做減速運(yùn) 動第16 頁，共 22頁解決本題的關(guān)鍵根據(jù)根據(jù) 線圈下邊緣剛進(jìn) 入磁場和剛穿出磁場時(shí)刻的速度都是 v0，且全部進(jìn)入磁場將做加速運(yùn) 動，判斷出線圈進(jìn)磁場后先做變減速運(yùn)動，也得出全部進(jìn)磁場時(shí)的速度是穿越磁 場過程中的最小速度13.【答案】 BC【解析】解：A 、由圖象可知時(shí)刻線圈的磁通量最大，因此此 時(shí)線圈處于中性面位置，故 A錯(cuò)誤。圖電的周期為則電的電動勢的最大值為B、由 可知交流T，由交流則值為，故 B 正確。， 有效C、線圈轉(zhuǎn)一周所做的功 為轉(zhuǎn)動一周的發(fā)熱量，Q=，故 C 正確。D、從0 時(shí)刻到時(shí)刻的平均感 應(yīng)電動勢為，故D

33、 錯(cuò)誤。故選：BC。當(dāng)線圈處于中性面 時(shí)，磁通量最大，線圈與中性面垂直 時(shí)，磁通量最小；由圖象可讀出磁通量的最大 值與周期，先求出圓頻率，即可求出最大的 電動勢，根據(jù)最大 值與有效值的關(guān)系求有效 值；根據(jù)能量守恒定律求線框轉(zhuǎn)一周外力所做的功；根據(jù)求平均電動勢。本題關(guān)鍵 是記住兩個(gè)特殊位置：在中性面 時(shí) 磁通量最大，感應(yīng)電動勢 最小，電動勢方向改變；垂直中性面位置磁通量 為零，但電動勢最大。對于交變電流的各個(gè)值的關(guān)系及求解方法要掌握。14.【答案】 6.602.40 1040.523【解析】解：（1）游標(biāo)卡尺的主尺 讀數(shù)為 6mm，游標(biāo)讀數(shù)為 0.05 12mm=0.60mm，則d=6.60mm

34、。（2）滑塊通過光電門的瞬時(shí)速度為：v=根據(jù)速度位移公式得： v2=2ax有：=2ax第17 頁，共 22頁整理得：圖線圖線為-1 -24-1 -2根據(jù)知的斜率：k=m ?s?s=2.40 10 m根據(jù) k=，解得 a=m/s2=0.523m/s2。故答案為：（1） 6.60；（2）2.40 104（2.28 1042.52 104 均正確）；0.523（0.4970.549 均正確）。（1）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺 讀數(shù)加上游 標(biāo)讀數(shù)，不需估讀。（2）根據(jù)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬 時(shí)速度求出滑 塊通過光電門的瞬時(shí)速度，結(jié)合速度位移公式得出-x 的關(guān)系式，從而求出滑 塊的加速度。解決本題的關(guān)鍵

35、知道實(shí)驗(yàn)的原理，對于圖線問題 ，一般的解題思路是得出物理量間的關(guān)系式，結(jié)合圖線的斜率或截距 進(jìn)行求解。15.【答案】 Bt+5050將恒流源的電流調(diào)小【解析】解：（1）開關(guān)閉合前，為了保護(hù)電路，滑動變阻器的滑片 應(yīng)位于阻值最大處，即滑片應(yīng)滑到 B 端；（2）根據(jù)圖象的直線的特點(diǎn)，可以選設(shè) Rt=kt+b，再由圖象上的兩個(gè)特殊點(diǎn)求出k 和 b，當(dāng)t=0 時(shí)，Rt=50，從而得到 b=50，而當(dāng)t=100時(shí)，Rt=150，從而求得 k=1，所以該熱敏電阻的 Rt-t 關(guān)系式：Rt=t+50。（3）由于題目所給的器材是一恒流源， 輸出的電流恒定，而熱敏電阻變化時(shí)，其兩端的 電壓要變化，所以從熱敏電阻

36、電壓的變化就知道 電阻，故設(shè)計(jì)的電路圖如圖所示。（4）由于利用電壓表的量程 為 15V，且使用的是 0.15A 的恒流源，則此時(shí)熱敏電阻的阻值為 Rt=100，再從圖 a中查出溫度 t=50；由于電壓表的量程一定，U=IR ，所以要提高測量 R 的范圍，則要控制恒流 變小，或換更大量程的電壓表，等均可。故答案為：（1）B（2）50+t第18 頁，共 22頁（3）如圖所示，（4）50將恒流源的 電流調(diào)?。?）開關(guān)閉合前，為了保護(hù)電路，滑動變阻器的滑片 應(yīng)位于阻值最大處；（2）根據(jù)電流表和電壓表的量程和分度 值讀出電流和電壓，然后根據(jù)歐姆定律的變形公式求出 Rt 的阻值；（3）明確題意，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原

37、理即可確定 應(yīng)采用的實(shí)驗(yàn)電路；（4）根據(jù)歐姆定律即可確定電阻，由圖象即可確定溫度；再根據(jù)電路原理確定提高溫度 值的方法。本題考查了實(shí)物電路的連接、歐姆定律、串聯(lián)電路的特點(diǎn)、電表的讀數(shù)及電阻的計(jì)算等，關(guān)鍵是根據(jù)圖象找出鉑絲電阻的阻值與溫度的關(guān)系式和歐姆定律的靈活運(yùn)用。16.【答案】 解：（ 1）艦載機(jī)做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，設(shè)其剛進(jìn)入上翹甲板時(shí)的速度為v，則艦載機(jī)在 AB 上滑行過程： L 1= t，由動能定理得： W= mv2-0，代入數(shù)據(jù)解得： W=7.5 104J；（ 2）設(shè)上翹甲板對應(yīng)的圓弧半徑為R，由幾何知識得：L 2=Rsin ，以飛行員為研究對象，由牛頓第二定律得：FN-mg

38、=m，代入數(shù)據(jù)解得： FN=1.1 103N；W 為 7.5 104答：（ 1）艦載機(jī)水平運(yùn)動的過程中，飛行員受到的水平力所做功J；（ 2）艦載機(jī)剛進(jìn)入 BC 時(shí)，飛行員受到豎直向上的壓力F N 大小為 1.1 103N?！窘馕觥浚?）根據(jù)勻變速運(yùn)動的平均速度公式與位移公式求出艦載機(jī)水平運(yùn) 動過程的末速度，然后應(yīng)用動能定理可以求出水平力做功。（2）根據(jù)題意求出 BC 圓弧的半徑，應(yīng)用牛頓第二定律求出 飛行員受到的 豎直第19 頁，共 22頁向上的壓力。本題考查了動能定理與牛 頓第二定律的 應(yīng)用，根據(jù)題意分析清楚 艦載機(jī)的運(yùn)動過程與飛行員的受力情況是解 題的前提與關(guān) 鍵，應(yīng)用運(yùn)動學(xué)公式、動能定理

39、與牛頓第二定律可以解 題。17.【答案】 解：（1）令P初速度v=，設(shè)P、A碰后的速度分別為 vP 和 vA，由動量守恒定律： kmv=kmvP+mvA由機(jī)械能守恒定律：，粒子 A 在磁場中做圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvAB=m，解得： R=L，若 A 從 cd 離開磁場， 如圖 1 所示，當(dāng) A 的軌跡與cd 相切時(shí)， R 為最大值， R=L，解得，k 的最大值： k=1 ；（ 2）令 z點(diǎn)為 ed 邊的中點(diǎn)，分類討論如下：（ I） A 球在磁場中偏轉(zhuǎn)一次從z 點(diǎn)就離開磁場，如圖2 有：，解得： R= L，可得： k= ；（ II ）由圖可知， A 球能從 z 點(diǎn)離開磁場需要滿足：R，則 A 球在磁場中還可能經(jīng)歷一次半圓運(yùn)動后進(jìn)入電場，再受電場力作用后又回到磁場，最終從z點(diǎn)離開，由幾何知識得：，解得： R= L或 R= L可得： k=或 k= ，軌跡分別如圖3 和如圖 4