2019春四川省樂(lè)山市高二(下)期末物理試卷(解析版)

1、2019 春四川省樂(lè)山市高二（下）期末物理試卷一、單選題（本大題共12 小題，共42.0 分）1. 一束由紅、紫兩色光組成的復(fù)色光，從空氣斜射向玻璃三棱鏡下面四幅圖中能正確表示該復(fù)色光經(jīng)三棱鏡折射分離成兩束單色光的是（）A.B.C.D.2.真空中有兩個(gè)靜止的點(diǎn)電荷，它們之間靜電力的大小為F如果保持這兩個(gè)點(diǎn)電荷之間的距離不變，而將它們的電荷量都變?yōu)樵瓉?lái)的2 倍，那么它們之間的靜電力的大小應(yīng)為（）A.B. 2FC.D. 4F3. 做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的物體，當(dāng)它每次經(jīng)過(guò)同一位置時(shí)，可能不同的物理量是（）A. 位移B. 速度C. 加速度D. 回復(fù)力4. 如圖所示， 兩根平行長(zhǎng)直導(dǎo)線相距 2l，通有大小相等、

2、方向相同的恒定電流； a、b、c 是導(dǎo)線所在平面內(nèi)的三點(diǎn)，左側(cè)導(dǎo)線與它們的距離分別、 l 和 3l。關(guān)于這三點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度，下列說(shuō)法中正確的是（）A. a 處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小比c 處的大B. b、 c 兩處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等C. a、 c 兩處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相同D. b 處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零5. 如圖所示，真空中 a、 b、 c、 d 四點(diǎn)共線且等距。先在 a 點(diǎn)固定一點(diǎn)電荷+Q，測(cè)得 b 點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為E若再將另一等量異種點(diǎn)電荷-Q 放在 d 點(diǎn)時(shí)，則（）A. b 點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為B. c 點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為C. b 點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向向左D. c 點(diǎn)電勢(shì)比 b 點(diǎn)電勢(shì)高6.一帶正電的粒子僅在電場(chǎng)力作用下

3、運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能保持不變，則（）A. 該粒子一定做直線運(yùn)動(dòng)B. 該粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速度保持不變C. 該粒子運(yùn)動(dòng)軌跡上各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度一定相同D. 該粒子運(yùn)動(dòng)軌跡上各點(diǎn)的電勢(shì)一定相同7. 如圖是某靜電場(chǎng)的一部分電場(chǎng)線分布情況，A、B 為該靜電場(chǎng)中的兩個(gè)點(diǎn)，則下列說(shuō)法中正確的是（）A. A 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于 B 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度B. A 點(diǎn)的電勢(shì)低于 B 點(diǎn)的電勢(shì)C. 將某一電荷從 A 點(diǎn)移到 B 點(diǎn) ,電勢(shì)能一定增加D. 這個(gè)電場(chǎng)可能是負(fù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)8. 如圖，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，質(zhì)量為m+q的小球由靜止釋放沿斜向下做直線運(yùn)動(dòng)，軌、電荷量為跡與豎直方向的夾角為），則（A. 電場(chǎng)強(qiáng)度的最小值為B. 電場(chǎng)方向可能

4、水平向左第1頁(yè)，共 14頁(yè)C. 電場(chǎng)力對(duì)小球可能不做功D. 小球的電勢(shì)能不可能增加9.如圖所示，彈簧振子在M、N 之間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。以平衡位置O 為原點(diǎn)，建立Ox 軸。向右為x 的軸的正方向。若振子位于N 點(diǎn)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，則其振動(dòng)圖象為（）A.B.C.D.10.沿 X 軸正向傳播的一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0 時(shí)刻的波形如圖所示，M 為介質(zhì)中的一個(gè)質(zhì)點(diǎn)，該波的傳播速度為40m/s，則 t=0.025s 時(shí)（）A. 質(zhì)點(diǎn) M 對(duì)平衡位置的位移一定為負(fù)值B. 質(zhì)點(diǎn) M 的速度方向與對(duì)平衡位置的位移方向相同C. 質(zhì)點(diǎn) M 的加速度方向與速度方向一定相同D. 質(zhì)點(diǎn) M 的加速度與對(duì)平衡位置的位移方向相同11. 一

5、個(gè)電子只在電場(chǎng)力作用下從a 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 b 點(diǎn)的軌跡如圖中虛線所示， 圖中一組平行實(shí)線可能是電場(chǎng)線也可能是等勢(shì)面，下列說(shuō)法中正確的是（）A. 如果實(shí)線是電場(chǎng)線,a點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)的電勢(shì)高則B. 如果實(shí)線是等勢(shì)面,則 a 點(diǎn)的電勢(shì)比 b 點(diǎn)的電勢(shì)低C. 如果實(shí)線是電場(chǎng)線,則電子在 a 點(diǎn)的電勢(shì)能比在b 點(diǎn)的電勢(shì)能大D. 如果實(shí)線是等勢(shì)面,a點(diǎn)的電勢(shì)能比在b點(diǎn)的電勢(shì)能大則電子在12. 如圖所示，在半徑為R 的圓形區(qū)域內(nèi)，有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直于圓平面 （未畫(huà)出） 一群比荷為的負(fù)離子以相同速率v（較大），0由 P 點(diǎn)在紙平面內(nèi)向不同方向射入磁場(chǎng)中發(fā)生偏轉(zhuǎn)后，又飛出磁場(chǎng)，最終打在磁場(chǎng)區(qū)域右側(cè)

6、的熒光屏（足夠大）上，則下列說(shuō)法正確的是（不計(jì)重力）（）A. 離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間一定相等B. 離子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)半徑一定不相等C. 由 Q 點(diǎn)飛出的離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)D. 沿 PQ 方向射入的離子飛出時(shí)偏轉(zhuǎn)角最大二、多選題（本大題共4 小題，共14.0 分）13. 在如圖所示的含有理想變壓器的電路中，變壓器原、副線圈匝數(shù)比為 20： 1，圖中電表均為理想交流電表， R 為光敏電阻（其阻值隨光強(qiáng)增大而減小）， L l 和 L 2 是兩個(gè)完全相同的燈泡。原線圈接入如圖乙所示的正弦交流電壓u，下列說(shuō)法正確的是（）第2頁(yè)，共 14頁(yè)A. 交流電的頻率為50HzB. 電壓表的示數(shù)為220VC.

7、D.當(dāng)照射 R 的光強(qiáng)增大時(shí) ,電流表的示數(shù)變大若的燈絲燒斷后 ,電壓表的示數(shù)會(huì)變大14. 磁流體發(fā)電是一項(xiàng)新興技術(shù)如圖表示了它的原理：將一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量正、負(fù)帶電粒子，而從整體來(lái)說(shuō)呈電中性）噴射入磁場(chǎng)，在場(chǎng)中有兩塊金屬板 A、B，這時(shí)金屬板上就會(huì)聚集電荷，產(chǎn)生電壓如果射入的等離子體速度均為 v，板間距離為 d，板平面的面積為S，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直于速度方向，負(fù)載電阻為R電離氣體充滿兩板間的空間，其電阻率為，當(dāng)發(fā)電機(jī)穩(wěn)定發(fā)電時(shí)，A、B 就是一個(gè)直流電源的兩個(gè)電極下列說(shuō)法正確的是（）A. 圖中 A 板是電源的負(fù)極B. A、B 間的電壓即為該發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)

8、C. 正對(duì)面積 S越大 ,該發(fā)電機(jī)電動(dòng)勢(shì)越大D. 電阻越大 ,該發(fā)電機(jī)輸出效率越高15. 如圖所示，豎直放置的兩平行金屬板，長(zhǎng)為L(zhǎng)，板間距離為 d，接在電壓為 U的直流上。 在兩板間加一磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B，方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。 一個(gè)質(zhì)量為 m，電荷量為 q 的帶正電油滴， 從距金屬板上端高為 h 處由靜止開(kāi)始自由下落，并經(jīng)兩板上端連線中點(diǎn)P 進(jìn)入板間。油滴在P 點(diǎn)所受的電場(chǎng)力與磁場(chǎng)力大小恰好相等，且最后恰好從金屬板的下邊緣離開(kāi)電磁場(chǎng)區(qū)域?？諝庾枇Σ挥?jì)，重力加速度為g，則下列說(shuō)法正確的是（）A.B.C.D.油滴剛進(jìn)入電磁場(chǎng)時(shí)的加速度為g油滴開(kāi)始下落的高度油滴從左側(cè)金屬板的下邊緣離開(kāi)油滴離開(kāi)

9、電磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為16.如圖甲所示，導(dǎo)體框架abcd 放置于水平面內(nèi)，ab 平行于 cd，尋體棒 MN 與兩導(dǎo)軌垂直并與導(dǎo)軌接觸良好，整個(gè)裝置放置于垂直于框架平面的磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B 隨時(shí)間變化規(guī)律如圖乙所示，MN 始終保持靜止。規(guī)定豎直向上為磁場(chǎng)正方向，沿導(dǎo)體棒由M 到 N 為感應(yīng)電流的正方向，水平向右為導(dǎo)體棒所受安培力F 的正方向， 水平向左為導(dǎo)體棒所受摩擦力f 的正方向， 下列圖象中正確的是（）A.B.C.D.三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2 小題，共18.0 分）17.如圖所示為生產(chǎn)中常用的一種延時(shí)繼電器的示意圖。鐵芯上有兩個(gè)線圈A 和B線圈 A 跟電源連接，線圈B 的兩端接在一起，構(gòu)成一個(gè)

10、閉合電路。在斷第3頁(yè)，共 14頁(yè)開(kāi)開(kāi)關(guān) S的時(shí)候，線圈 A 中電流變小至消失時(shí)，鐵芯中的磁通量_（選填“減小”、 “增 s大”），從而在線圈 _（選填“ A”、“ B”）中產(chǎn)生感應(yīng)電流，此感應(yīng)電流的磁場(chǎng)要阻礙原磁場(chǎng)的變化，這樣就使鐵芯中的磁場(chǎng)減弱得_（選填“快”、“慢”）些，從而彈簧K 并不能立即將銜鐵D 拉起，而使觸頭C（連接工作電路）立即離開(kāi)，而是過(guò)一小段時(shí)間后才執(zhí)行這個(gè)動(dòng)作。18. 為了測(cè)量一個(gè)量程為 3.0V 的直流電壓表的內(nèi)阻 RV（約為幾千歐），所用的電路如圖甲所示(1)請(qǐng)將圖乙的器材連成完整的電路；(2)該實(shí)驗(yàn)中需要進(jìn)行的步驟羅列如下，合理的順序是_( 用步驟前的字母表示 )A閉

11、合開(kāi)關(guān) SB將電阻箱 R0 的阻值調(diào)到零C調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器 R 的阻值，使電壓表的示數(shù)為3.0VD 斷開(kāi)開(kāi)關(guān) SE調(diào)節(jié)電阻箱 R0 的阻值使電壓表示數(shù)為1.5V，讀出此時(shí)電阻箱R0 的阻值 F把滑動(dòng)變阻器的滑片 P滑到 a 端(3)若在實(shí)驗(yàn)步驟E 中，如圖丙讀出R0 的阻值為 _，則該電壓表的內(nèi)阻RV 的測(cè)量值為 _ ，由于系統(tǒng)誤差，測(cè)量值 _（選填“偏大”或“偏小”）。四、計(jì)算題（本大題共3 小題，共36.0 分）19. 如圖所示，一玻璃球體的半徑為R O為球心，AB為直徑。來(lái)自B點(diǎn)的，光線 BM 在 M 點(diǎn)射出，出射光線平行于AB，另一光線 BN 恰好在 N 點(diǎn)發(fā)生全反射。已知 ABM=30

12、，求玻璃的折射率。球心 O 到 BN 的距離。20.如圖所示，在第一象限有一勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E，方向與y 軸平行；在 x 軸下方有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向與紙面垂直。一質(zhì)量為m、電荷量為-q（ q 0）的粒子以平行x 軸的速度從y 軸上的 P 點(diǎn)處射入電場(chǎng)，在x 軸上的 Q 點(diǎn)處進(jìn)入磁場(chǎng)， 并從坐標(biāo)原點(diǎn)O 離開(kāi)磁場(chǎng)。已知 OP=L，OQ=2L 不計(jì)粒子重力。求：第4頁(yè)，共 14頁(yè)（ 1）粒子從 P 點(diǎn)入射的速度 v0 的大??；（ 2）粒子第一次在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；（ 3）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B 的大小。21. 如圖所示， 兩根平行的金屬導(dǎo)軌MN PQ，其中左邊POMQ是傾角為、的斜軌，右邊放在

13、水平面上，導(dǎo)軌間距為 L ，電阻不計(jì)。水平段導(dǎo)軌所處空間存在方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B水平導(dǎo)軌光滑， a 棒與斜軌間動(dòng)摩擦因數(shù)為，導(dǎo)體棒 a 與 b 的質(zhì)量均為 m，電阻值分別為Ra=R，Rb=2Rb棒放置在水平導(dǎo)軌上足夠遠(yuǎn)處，a 棒在斜軌上距水平面h 高度處由靜止釋放。運(yùn)動(dòng)過(guò)程中導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好且始終與導(dǎo)軌垂直，重力加速度為g。求：（ 1）a 棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受到的安培力的大小和方向；（ 2）最終穩(wěn)定時(shí)兩棒的速度大?。唬?3）從 a 棒開(kāi)始下落到最終穩(wěn)定的過(guò)程中，b 棒上產(chǎn)生的內(nèi)能。第5頁(yè)，共 14頁(yè)答案和解析1.【答案】 B【解析】解： A、復(fù)色光進(jìn)入三棱鏡左側(cè)面時(shí)發(fā)生了第一

14、次，由于紅光與紫光的折射率不同，則折射角應(yīng)不同。故 A 錯(cuò)誤。B、紅光的折射率小于紫光的折射率，經(jīng)過(guò)兩次折射后，紫光的偏折角大于紅光的偏折。故 B 正確。C、光線從從空氣射入介質(zhì)折射時(shí)，入射角大于折射角，而圖中入射角小于折射角，而且兩種色光的折射角不同。故C 錯(cuò)誤。D、光線從從空氣射入介質(zhì)折射時(shí)，入射角大于折射角，而圖中入射角小于折射角，故D 錯(cuò)誤。故選： B。紅光的折射率小于紫光的折射率，根據(jù)折射定律分析兩種色光通過(guò)三棱鏡后偏折角的大小光線通過(guò)三棱鏡后經(jīng)過(guò)了兩次折射，兩次折射角均不同本題考查對(duì)光的色散現(xiàn)象的理解能力，關(guān)鍵抓住紅光與紫光折射率的關(guān)系，根據(jù)折射定律進(jìn)行分析2.【答案】 D【解析】

15、解：距離改變之前：F= 當(dāng)電荷量都變?yōu)樵瓉?lái)的2 倍時(shí)： F1=k 聯(lián)立可得：F1=4F，故 ABC 錯(cuò)誤， D 正確。故選： D。本題比較簡(jiǎn)單，直接利用庫(kù)侖定律進(jìn)行計(jì)算討論即可庫(kù)侖定律應(yīng)用時(shí)涉及的物理量較多，因此理清各個(gè)物理量之間的關(guān)系，可以和萬(wàn)有引力定律進(jìn)行類比學(xué)習(xí)3.【答案】 B【解析】解： A、振動(dòng)物體的位移是平衡位置指向振子所在位置，每次經(jīng)過(guò)同一位置時(shí)位移相同，故A 錯(cuò)誤；B、由于經(jīng)過(guò)同一位置時(shí)速度有兩種不同的方向，所以做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)每次經(jīng)過(guò)同一位置時(shí)，速度可能不相同，故 B 正確；C、加速度總與位移大小成正比，方向相反， 每次經(jīng)過(guò)同一位置時(shí)位移相同，加速度必定相同， 故 C 錯(cuò)誤；

16、D、回復(fù)力總與位移大小成正比，方向相反， 每次經(jīng)過(guò)同一位置時(shí)位移相同，回復(fù)力必定相同， 故 D 錯(cuò)誤；故選： B。做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)每次經(jīng)過(guò)同一位置時(shí)，速度有兩種方向，速度不相同位移是從平衡位置指向質(zhì)點(diǎn)處在的位置，同一位置，位移相同，根據(jù)加速度與位移的關(guān)系，確定加速度是否相同根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的物體機(jī)械能守恒，分析動(dòng)能是否相同本題考查對(duì)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)周期性及特點(diǎn)的理解，抓住同一位置位移、加速度和回復(fù)力三個(gè)物理量都相同4.【答案】 A【解析】解： A、B、 C、根據(jù)安培定則判斷知：左側(cè)導(dǎo)線在a 點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向里，在c 點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向外，右側(cè)導(dǎo)線在a 點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向里，在b 點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向里，根

17、據(jù)磁感線的疏密表示磁場(chǎng)的強(qiáng)弱，可知離直導(dǎo)線越遠(yuǎn)，磁場(chǎng)越弱，可知：a 處磁感線比 c 處密，則 a 處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小比c 處的大。由磁場(chǎng)的疊加可知：a、c 兩處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相反。故A 正確， BC 錯(cuò)誤；D、由于左右側(cè)導(dǎo)線在b 處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相反，大小相等，所以b 處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，故D 錯(cuò)誤。故選： A。第6頁(yè)，共 14頁(yè)根據(jù)安培定則判斷兩根直導(dǎo)線在三個(gè)點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向，由磁場(chǎng)的疊加原理分析即可。本題關(guān)鍵要掌握安培定則，運(yùn)用磁場(chǎng)的疊加分析磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。5.【答案】 B【解析】解：AC、設(shè) ab=bc=cd=L，據(jù)題： +Q 在 b 點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為E，方向水平向右，由點(diǎn)電

18、荷的場(chǎng)強(qiáng)公式得： E=k-Q 在 b 點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為： E1=k= E，方向水平向右，所以 b 點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為Eb=E+ E= E，方向水平向右。故AC 錯(cuò)誤。B、根據(jù)對(duì)稱性可知，c 點(diǎn)與 b 點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，為E，方向水平向右。故 B 正確。D、電場(chǎng)線方向從 a 指向 d，而順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，則c 點(diǎn)電勢(shì)比 b 點(diǎn)電勢(shì)低。故D 錯(cuò)誤。故選： B。根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式E=k ，運(yùn)用比例法 -Q 在 b、c 兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)。 ab 連線上每一點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由+Q 和-Q 的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)的疊加，由疊加原理求b、 c 兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)。根據(jù)電場(chǎng)線的方向判斷電勢(shì)的高低。本題的關(guān)鍵掌握點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)

19、公式E=k和電場(chǎng)的疊加原理，并能正確運(yùn)用，要注意場(chǎng)強(qiáng)的疊加遵守平行四邊形定則。6.【答案】 D【解析】解： A、由題，粒子的電勢(shì)能不變，電場(chǎng)力不做功，而帶電粒子只受電場(chǎng)力，不可能做直線運(yùn)動(dòng)，故 A錯(cuò)誤。B、根據(jù)能量守恒可知粒子的動(dòng)能不變，速度大小不變，粒子做曲線運(yùn)動(dòng)，速度方向在改變，所以速度在改變。故 B 錯(cuò)誤。CD、粒子的電勢(shì)能不變， 電場(chǎng)力不做功， 根據(jù)電場(chǎng)力公式W=qU 知粒子運(yùn)動(dòng)軌跡上各點(diǎn)的電勢(shì)一定相等，而電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)無(wú)關(guān)，粒子所處位置電場(chǎng)強(qiáng)度不一定相同，故C 錯(cuò)誤， D 正確。故選： D。根據(jù)粒子的電勢(shì)能不變，電場(chǎng)力不做功，根據(jù)電場(chǎng)力公式W=qU 分析。解決本題的關(guān)鍵要明確粒子的運(yùn)

20、動(dòng)情況，運(yùn)用電場(chǎng)力公式W=qU 分析電勢(shì)的變化，但不能確定電場(chǎng)強(qiáng)度的變化。7.【答案】 B【解析】解： A、電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小，則知A 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于 B 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故 A 錯(cuò)誤。B、沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，所以A 點(diǎn)的電勢(shì)低于B 點(diǎn)的電勢(shì)，故 B 正確；C、將正電荷從 A 點(diǎn)移到 B 點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功， 電勢(shì)能減小， 而將負(fù)電荷從 A 點(diǎn)移到 B 點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，故 C 錯(cuò)誤。D、負(fù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線是從無(wú)窮遠(yuǎn)處沿不同方向指向負(fù)點(diǎn)電荷的直線，則知該電場(chǎng)不是負(fù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)，故D錯(cuò)誤。故選： B。電場(chǎng)線是從正電荷或者無(wú)窮遠(yuǎn)發(fā)出，到負(fù)電荷或無(wú)窮遠(yuǎn)

21、處為止，電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小，電場(chǎng)線的切線方向?yàn)樵擖c(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的方向，正點(diǎn)電荷所受電場(chǎng)力的方向與該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向相同根據(jù)電場(chǎng)力做功正負(fù)分析電勢(shì)能的變化第7頁(yè)，共 14頁(yè)的關(guān)系，確定最小值的條本題關(guān)鍵要理解并掌握點(diǎn)電荷、勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線的分布情況，理解電場(chǎng)線的物理意義，就能輕松選擇8.【答案】 C【解析】解：A、帶電小球的運(yùn)動(dòng)軌跡為直線，在電場(chǎng)中受到重力mg 和電場(chǎng)力 F ，其合力必定沿此直線向下，根據(jù)三角形定則作出合力，由圖看出，當(dāng)電場(chǎng)力 F 與此直線垂直時(shí)， 電場(chǎng)力 F 最小，場(chǎng)強(qiáng)最小，則有 F=qEmin=mgsin ，得到： Emin=；故 A 錯(cuò)誤；B、小球帶正

22、電，所受的電場(chǎng)力方向只能指向右側(cè)，故電場(chǎng)方向不可能向左，故 B錯(cuò)誤；C、由 A 中圖可知， 電場(chǎng)力有可能與運(yùn)動(dòng)方向相互垂直，故電場(chǎng)力可能不做功，故 C 正確；D、如果小球受到的電場(chǎng)力與運(yùn)動(dòng)方向夾角小于90 度，則電場(chǎng)力可能做正功，小球的電勢(shì)能增加，故D 錯(cuò)誤。故選： C。帶電小球在電場(chǎng)中受到重力和電場(chǎng)力，從靜止釋放后其運(yùn)動(dòng)軌跡為直線，說(shuō)明小球所受的合力方向沿此直線方向，運(yùn)用三角定則分析什么情況下場(chǎng)強(qiáng)最小，再求出最小值。再根據(jù)平衡條件分析電場(chǎng)力的方向，從而確定電場(chǎng)力做功情況，來(lái)分析電勢(shì)能的變化情況。本題采用作圖法分析場(chǎng)強(qiáng)取得最小值的條件，也可以采用函數(shù)法分析電場(chǎng)力與件。9.【答案】 A【解析】解

23、：由題意：設(shè)向右為x 正方向，振子運(yùn)動(dòng)到N 點(diǎn)時(shí)，振子具有正方向最大位移，所以振子運(yùn)動(dòng)到 N 點(diǎn)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)振動(dòng)圖象應(yīng)是余弦曲線，故A 正確， BCD 錯(cuò)誤。故選： A。當(dāng)振子運(yùn)動(dòng)到N 點(diǎn)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，分析此時(shí)振子的位置，即確定出t=0 時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的位置，即可確定位移時(shí)間的圖象。本題在選擇圖象時(shí)，關(guān)鍵研究t=0 時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的位移和位移如何變化。10.【答案】 C【解析】解：A、由圖知， =4m，則周期 T= =0.1s，波沿 x 軸正向傳播，質(zhì)點(diǎn)M 的速度方向向上，則經(jīng)過(guò) t=0.025s=，質(zhì)點(diǎn) M 位于平衡位置上方，質(zhì)點(diǎn)M 對(duì)平衡位置的位移一定為正值。故A 錯(cuò)誤。B、質(zhì)點(diǎn) M 的速度方向向下，對(duì)平

24、衡位置的位移方向也向上，兩者相反，故B 錯(cuò)誤。C、質(zhì)點(diǎn) M 的加速度方向與位移方向相反，方向向下，速度方向也向下，故C 正確。D、質(zhì)點(diǎn) M 的加速度方向與對(duì)平衡位置的位移相反。故D 錯(cuò)誤。故選： C。由圖讀出波長(zhǎng)，由波速公式v= 求解周期。根據(jù)時(shí)間t=0.025s 與 T 的關(guān)系，分析質(zhì)點(diǎn)M 的位置，分析M點(diǎn)的位移。波沿 x 軸正向傳播，可判斷出質(zhì)點(diǎn) M 的速度方向。加速度方向與位移方向相反。質(zhì)點(diǎn)相對(duì)于平衡位置的位移方向從平衡位置指向質(zhì)點(diǎn)所在位置。本題要理解質(zhì)點(diǎn)對(duì)平衡位置的位移，簡(jiǎn)諧波傳播過(guò)程中，質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，其加速度方向總是與對(duì)平衡位置的位移方向相反。11.【答案】 C第8頁(yè)，共 14頁(yè)【

25、解析】解：A、如果實(shí)線是電場(chǎng)線，根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)的條件，電場(chǎng)力水平向右，則場(chǎng)強(qiáng)向左，則a 點(diǎn)的電勢(shì)比 b 點(diǎn)的電勢(shì)低；故A 錯(cuò)誤；B、如果實(shí)線是等勢(shì)面，電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)的條件，電場(chǎng)力豎直向下，電場(chǎng)線向上，故a點(diǎn)的電勢(shì)比b 點(diǎn)的電勢(shì)高，故B 錯(cuò)誤；C、如果實(shí)線是電場(chǎng)線，根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)的條件，電場(chǎng)力水平向右，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能降低，即電子在 a 點(diǎn)的電勢(shì)能比在 b 點(diǎn)的電勢(shì)能大，故 C 正確；D、如果實(shí)線是等勢(shì)面， 電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直， 根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)的條件， 電場(chǎng)力豎直向下， 故電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，即電子在 a 點(diǎn)的電勢(shì)能比在 b 點(diǎn)的電勢(shì)能小，故 D 錯(cuò)誤；故選： C。根據(jù)曲線

26、運(yùn)動(dòng)的條件判斷出電場(chǎng)力的方向，可以判斷電場(chǎng)力做功的正負(fù)情況，而電場(chǎng)力做功等于電勢(shì)能的減小量根據(jù)軌跡的彎曲方向，根據(jù)合力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，可判斷質(zhì)點(diǎn)的合力方向根據(jù)電場(chǎng)力做功的正負(fù)判斷電勢(shì)能的變化，基礎(chǔ)問(wèn)題12.【答案】 C【解析】解：A、設(shè)粒子軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角為，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t=T，T=，所有粒子的運(yùn)動(dòng)周期相等， 由于離子從圓上不同點(diǎn)射出時(shí)， 軌跡的圓心角不同， 所以離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間不同，故 A錯(cuò)誤。B、離子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m ，解得： r =，因粒子的速率相同，比荷相同，故半徑一定相同，故B 錯(cuò)誤；C、由圓的性質(zhì)可知，軌跡圓與

27、磁場(chǎng)圓相交，當(dāng)軌跡圓的弦長(zhǎng)最大時(shí)偏向角最大，故應(yīng)該使弦長(zhǎng)為PQ，故由 Q 點(diǎn)飛出的粒子圓心角最大，所對(duì)應(yīng)的時(shí)間最長(zhǎng)；此時(shí)粒子一定不會(huì)沿PQ 射入。故 C 正確， D 錯(cuò)誤；故選： C。粒子在磁場(chǎng)中均由于洛侖茲力充當(dāng)向心力而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則根據(jù)公式和圓的性質(zhì)可得出粒子運(yùn)動(dòng)的半徑、偏向角及離開(kāi)磁場(chǎng)的時(shí)間本題為多個(gè)粒子的偏轉(zhuǎn)問(wèn)題，此類題目要求我們能將圓的性質(zhì)掌握清楚，利用我們所掌握的幾何知識(shí)進(jìn)行分析判斷13.【答案】 AC【解析】解：A、原線圈接入如圖乙所示，T=0.02s，所以頻率為f= =50Hz，故 A 正確；B、原線圈接入電壓的最大值是 220 V，所以原線圈接入電壓的有效值是 U =22

28、0V，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為 20： 1，所以副線圈電壓是 11V，所以 V 的示數(shù)為 11V，故 B 錯(cuò)誤；C、 R 阻值隨光強(qiáng)增大而減小，根據(jù)I= 知副線圈電流增加，副線圈輸出功率增加，根據(jù)能量守恒定律，所以原線圈輸入功率也增加，原線圈電流增加，所以A 的示數(shù)變大，故C 正確；D、當(dāng) Ll 的燈絲燒斷后， 變壓器的輸入電壓不變，根據(jù)變壓比公式，輸出電壓也不變，故電壓表讀數(shù)不變，故D錯(cuò)誤；故選： AC。由變壓器原理可得變壓器原、 副線圈中的電流之比， 輸入、輸出功率之比。 和閉合電路中的動(dòng)態(tài)分析類似，可以根據(jù) R 的變化，確定出總電路的電阻的變化，進(jìn)而可以確定總電路的電流的變化的情況，

29、在根據(jù)電壓不變，來(lái)分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況。電路的動(dòng)態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法。第9頁(yè)，共 14頁(yè)14.【答案】 AD【解析】解：A、大量帶正電和帶負(fù)電的微粒向右進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，由左手定則可以判斷正電荷受到的洛倫茲力向下，所以正電荷會(huì)聚集的B 板上，負(fù)電荷受到的洛倫茲力向上，負(fù)電荷聚集到A 板上，故 A 板相當(dāng)于電源的負(fù)極，B 板相當(dāng)于電源的正極，故A 正確。B、 A、B 間的電壓即為電阻R 兩端的電壓，是路端電壓，故不是產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)，故B 錯(cuò)誤；C、 AB 間的場(chǎng)強(qiáng)為qvB=qE，E=v

30、B，故兩極板間的電勢(shì)差為U=Ed=vBd，與正對(duì)面積無(wú)關(guān)，故C 錯(cuò)誤；D、輸出的效率，故電阻越大，該發(fā)電機(jī)輸出效率越高，故D 正確；故選： AD 。大量帶正電和帶負(fù)電的微粒向右進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，由左手定則可以判斷正電荷受到的洛倫茲力向上，所以正電荷會(huì)聚集的A 板上，同理負(fù)電荷聚集到B 板上，故 A 板相當(dāng)于電源的正極根據(jù)閉合電路的歐姆定律即可判斷電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)等離子發(fā)電求得產(chǎn)生的電勢(shì)差的決定因素，有效率判斷影響因素根據(jù)洛倫茲力的方向判斷物體的運(yùn)動(dòng)方向，此題還可以根據(jù)洛倫茲力與極板間產(chǎn)生的電場(chǎng)力平衡解得磁流體發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)15.【答案】 ABD【解析】解：A、油滴剛進(jìn)入電磁場(chǎng)時(shí)（在P 點(diǎn)），受重力、電場(chǎng)

31、力和洛倫茲力，其中電場(chǎng)力與磁場(chǎng)力大小恰好相等，故合力等于重力G，根據(jù)牛頓第二定律，加速度為g，故 A 正確；B、在 P 點(diǎn)由題意可知：qE=qvB自由下落過(guò)程有：v2 =2ghU=Ed由以上三式解得：h=，故 B 正確；C、根據(jù)左手定則，在 P 位置時(shí)受洛倫茲力向右，豎直方向在加速，故洛倫茲力在變大，故油滴從右側(cè)金屬板的下邊緣離開(kāi)，故 C 錯(cuò)誤；D、由左手定則可知油滴經(jīng)過(guò)P 點(diǎn)后向右側(cè)金屬板偏轉(zhuǎn)，則油滴克服電場(chǎng)力做功，整個(gè)過(guò)程由動(dòng)能定理有：mg（ h+L ） -qE = mv2得： v=，故 D 正確；故選： ABD。根據(jù)題意可知， P 點(diǎn)受到電場(chǎng)力與洛倫茲力相平衡，由自由落體運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間

32、公式，即可求解 h；選取整個(gè)過(guò)程，由動(dòng)能定理，即可確定油滴在離開(kāi)電磁場(chǎng)時(shí)的速度大小?？疾槭芰ζ胶夥匠蹋莆兆笫侄▌t的應(yīng)用，知道自由下落的位移公式，理解動(dòng)能定理的應(yīng)用，注意功的正負(fù)。16.【答案】 BD【解析】解： AB、由圖看出，磁感應(yīng)強(qiáng)度先不變，后均勻減小，再反向均勻增大，則可判定的值，先為零，然后一定，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得知，回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)先為零，后恒定不變，感應(yīng)電流先沒(méi)有，后恒定不變，根據(jù)楞次定律得知，回路中感應(yīng)電流方向逆時(shí)針，為正；故A 錯(cuò)誤， B 正確。CD、在 0-t1 時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)體棒 MN 不受安培力；由左手定則判斷可知，在t1-t2 時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)體棒MN 所受安培第1

33、0 頁(yè)，共 14頁(yè)力方向水平向右，由F=BIL 可知， B 均勻減小， MN 所受安培力大小F 均勻減?。辉趖2-t3 時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)體棒MN 所受安培力方向水平向左，由F=BIL 可知， B 均勻增大， MN 所受安培力大小F 均勻增大；根據(jù)平衡條件得到，棒MN 受到的靜摩擦力大小f=F ，方向相反，即在0-t1 時(shí)間內(nèi)，沒(méi)有摩擦力，而在t1-t2 時(shí)間內(nèi)，摩擦力方向向左，大小減小，在t2 -t3 時(shí)間內(nèi)，摩擦力方向向右，大小增大。故C 錯(cuò)誤， D 正確。故選： BD 。由圖看出，磁感應(yīng)強(qiáng)度先不變，后均勻減小，再反向均勻增大，從而可判定穿過(guò)回路的磁通量變化情況，進(jìn)而判定回路中產(chǎn)生電流情況， 根據(jù)

34、安培力公式分析安培力大小的變化情況， 由左手定則判斷安培力方向，由平衡條件分析棒 MN 受到的靜摩擦力的大小變化情況。本題是楞次定律、安培力和力平衡等知識(shí)的綜合應(yīng)用，直接由楞次定律判斷安培力的方向，也可以由楞次定律、左手定則結(jié)合判斷安培力方向。17.【答案】減小B慢【解析】解：在斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S的時(shí)候，線圈A 中電流變小至消失時(shí)，鐵芯中的磁通量減小，從而在線圈B 中產(chǎn)生感應(yīng)電流，此感應(yīng)電流的磁場(chǎng)要阻礙原磁場(chǎng)的變化，根據(jù)楞次定律可知，這樣就使鐵芯中的磁場(chǎng)減弱得慢些，從而彈簧 K 并不能立即將銜鐵 D 拉起，而使觸頭 C（連接工作電路）立即離開(kāi)，而是過(guò)一小段時(shí)間后才執(zhí)行這個(gè)動(dòng)作；故答案為：減小， B，慢

35、。圖中有兩個(gè)線圈，其中A 有電源，接通電路后有電流通過(guò)，會(huì)產(chǎn)生磁性；而B(niǎo) 線圈無(wú)電源，開(kāi)關(guān)閉合后沒(méi)有電流，只有當(dāng)A 中的磁場(chǎng)發(fā)生變化時(shí)，根據(jù)電磁感應(yīng)作用，B 線圈才會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而根據(jù)楞次定律，即可求解。該題考查楞次定律的應(yīng)用，注意穿過(guò)閉合線圈的磁通量變化，線圈相當(dāng)于電源，同時(shí)理解線圈B 的作用是阻礙線圈 A 磁通量的變化。18.（ 2）BFACED 或 FBACED （ 3） 2900 2900偏大【答案】（ 1）【解析】解（1）如圖所示：（ 2） B將電阻箱 R0 的阻值調(diào)到零；F 把滑動(dòng)變阻器的滑片 P 滑到 a 端； A閉合開(kāi)關(guān) S； C調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器 R 的阻值，使電壓表的示數(shù)為

36、3.0V；E調(diào)節(jié)電阻箱 R0 的阻值使電壓表示數(shù)為1.5V，讀出此時(shí)電阻箱 R0 的阻值； D 斷開(kāi)開(kāi)關(guān) S（注意先調(diào)零與先移動(dòng)滑動(dòng)變阻器到最大阻值，前后不影響，故BF 的順序可以顛倒）第11 頁(yè)，共 14頁(yè)（ 3）由如圖丙讀出R0 的阻值為2900，因是串聯(lián)關(guān)系，則電阻與電壓成正比：電壓表示數(shù)為1.5V，則電阻箱 R0 分壓為 1.5V則 Rv=R0=2900 ，因該支路實(shí)際電壓要比原電壓變大，即R0 的分壓要大一些，故Rv的實(shí)際值要小一些，即測(cè)量值比真實(shí)值大故答案為：（1）如答圖；（ 2） BFACED 或者 FBACED ；（ 3） 2900； 2900；偏大應(yīng)先連接電路， 使測(cè)量電路電

37、壓由小到大， 先讓電阻箱阻值為 0，再讓電壓表滿偏， 再調(diào)節(jié)電阻箱， 記錄據(jù)此排序；電壓表串聯(lián)電阻箱后認(rèn)為電壓不變，而實(shí)際該支路電壓變大，則電阻箱分壓大于計(jì)算值，則會(huì)引起測(cè)量值的偏大考查半偏法測(cè)電阻的原理，明確串聯(lián)電阻后會(huì)引起測(cè)量支路的電阻的增大，其分壓要變大，此為誤差的來(lái)源19【.答案】解：已知 ABM =30 ，由幾何關(guān)系知入射角i=BMO=30 ，折射角 =60由 n=由題意知臨界角C=ONB ， sinC=，則球心 O 到 BN 的距離 d=RsinC=。答：玻璃的折射率為。球心 O 到 BN 的距離為?！窘馕觥扛鶕?jù)幾何關(guān)系找出光線BM 的入射角和反射角，利用折射定律可求出玻璃體的折射率。根據(jù)幾何關(guān)系求出臨界角