2019-2020學(xué)年湖南省永州市高二(上)期末物理試卷

1、2019-2020 學(xué)年湖南省永州市高二（上）期末物理試卷一、單選題（本大題共10 小題，共 30.0 分）1. 如圖所示，當(dāng)南北放置的直導(dǎo)線中通有電流時(shí)，其正下方與之平行的小磁針會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)， 這一現(xiàn)象在物理學(xué)中叫電流的磁效應(yīng)。首先發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的物理學(xué)家是( )A. 法拉第B. 奧斯特C. 庫(kù)侖D. 麥克斯韋2. 如圖所示，通電直導(dǎo)線放置在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，關(guān)于電流方向、磁感應(yīng)強(qiáng)度方向、導(dǎo)線所受安培力方向三者之間關(guān)系的判斷，正確的是()A.B.C.D.3. 在地面上插一對(duì)相距較近的電極M 、N，將兩個(gè)電極與直流電源相連，在大地中形成恒定的電流和電場(chǎng)。 恒定電場(chǎng)的基本性質(zhì)與靜電場(chǎng)相似， 其電場(chǎng)線分布

2、如圖所示，PQ是電場(chǎng)中的兩點(diǎn)。則下列說(shuō)法中正確的是( )、A. P 點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)比 Q 點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大B. P 點(diǎn)電勢(shì)比 Q 點(diǎn)電勢(shì)低C. 同一正點(diǎn)電荷在P 點(diǎn)的電勢(shì)能比在Q 點(diǎn)的電勢(shì)能大D. 同一正點(diǎn)電荷沿直線從M 到 N 的移動(dòng)過(guò)程中所受電場(chǎng)力一直變大4. 如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì) ?= 6?，內(nèi)阻 ?= 1?，限流電阻 ? =3?，M 為直流電動(dòng)機(jī)，其線圈電阻 ?= 2?當(dāng).電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，理想電流表示數(shù)為 0.1?，此時(shí)電動(dòng)機(jī)的輸出功率是 ( )A. 0.54?B. 0.56?C. 0.57?D. 0.60?5. 如圖所示， A、B 是兩個(gè)規(guī)格相同的燈泡，L 是自感系數(shù)較大的線圈， 其直流電阻與燈泡

3、電阻相等，按照?qǐng)D示連接好電路。則 ( )A.B.C.D.開(kāi)關(guān) S 閉合， A 燈先亮，最后兩者一樣亮開(kāi)關(guān) S 閉合， B 燈先亮，最后兩者一樣亮開(kāi)關(guān) S 閉合一段時(shí)間后斷開(kāi)， A 燈先突然變暗再逐漸熄滅開(kāi)關(guān) S 閉合一段時(shí)間后斷開(kāi)， A 燈先閃亮一下再逐漸熄滅6.在一個(gè)圓的直徑上有一對(duì)等量異種電荷，它們?cè)趫A心O 處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度是大小是?；如果把負(fù)電荷1從 b 處移到 c，已知 oc 與 oa 的夾角為 60 0 ，此時(shí) O 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小變?yōu)??，則 ?與?之比為 ()212A.1：2B. ：1C. ：3D.4：322第1頁(yè)，共 14頁(yè)7. 在探索微觀世界中，同位素的發(fā)現(xiàn)與證明無(wú)疑具有里程

4、碑式的意義。質(zhì)譜儀的發(fā)現(xiàn)對(duì)證明同位素的存在功不可沒(méi)， 1922 年英國(guó)物理學(xué)家阿斯頓因質(zhì)譜儀的發(fā)明、同位素和質(zhì)譜的研究榮獲了諾貝爾化學(xué)獎(jiǎng)。若速度相同的一束粒子由左端射入質(zhì)譜儀后的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，不計(jì)粒子重力，則下列說(shuō)法中正確的是 ( )A. 該束粒子帶負(fù)電B. 速度選擇器的 ?1極板帶負(fù)電C. 在 ?2 磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑越大的粒子，質(zhì)量越大D. 在 ?磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑越大的粒子，比荷?越小2?8. 如圖所示，在豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一根不可伸長(zhǎng)的絕緣細(xì)繩的一端系著一個(gè)帶電小球，另一端固定于O 點(diǎn)，小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)， 最高點(diǎn)為 a，最低點(diǎn)為 b 不計(jì)空氣阻力， 則 ()A. 小球帶負(fù)

5、電B. 電場(chǎng)力跟重力平衡C. 小球在從 a 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 b 點(diǎn)的過(guò)程中，電勢(shì)能減小D. 小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒9. 如圖所示，邊長(zhǎng)為 2L 的正方形虛線框內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一個(gè)邊長(zhǎng)為 L 的正方形導(dǎo)線框所在平面與磁場(chǎng)方向垂直，導(dǎo)線框的一條對(duì)角線和虛線框的一條對(duì)角線恰好在同一直線上。從?= 0開(kāi)始，使導(dǎo)線框從圖示位置開(kāi)始勻速沿對(duì)角線方向進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，直到整個(gè)導(dǎo)線框離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域。用 i 表示導(dǎo)線框中的感應(yīng)電流 (規(guī)定順時(shí)針?lè)较驗(yàn)殡娏鞯恼较?) ，下列表示 ?- ?關(guān)系的圖線正確的是 ( )A.B.C.D.10. 如圖所示，用粗細(xì)均勻的同種金屬導(dǎo)線制成的兩個(gè)正方形單匝線圈a、b，垂直

6、放置在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B 的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中， a 的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，b 的邊長(zhǎng)為 2?當(dāng).磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增加時(shí)，不考慮線圈a、b 之間的影響，下列說(shuō)法正確的是( )A. 線圈a、b中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)之比為?：? = 1： 212第2頁(yè)，共 14頁(yè)B. 線圈 a、 b 中的感應(yīng)電流之比為 ?1： ?2 = 1 ：2C. 相同時(shí)間內(nèi)，線圈a b中產(chǎn)生的焦耳熱之比?： ?= 1：4、12D. 相同時(shí)間內(nèi)，通過(guò)線圈a、 b 某截面的電荷量之比：?= 1：4?12二、多選題（本大題共4 小題，共 16.0 分）11. 法拉第圓盤(pán)發(fā)電機(jī)的示意圖如圖所示。銅圓盤(pán)安裝在豎直的銅軸上，兩銅片 P、 Q 分別于圓盤(pán)的邊緣和銅軸接觸，

7、圓盤(pán)處于方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng) B 中，圓盤(pán)旋轉(zhuǎn)時(shí)，關(guān)于流過(guò)電阻 R 的電流，下列說(shuō)法正確的是 ( )A. 若圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度恒定，則電流大小恒定B. 若從上往下看，圓盤(pán)順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，則電流沿a 到 b 的方向流動(dòng)C. 若圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)方向不變，角速度大小發(fā)生變化，則電流方向可能發(fā)生變化D. 若圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度變?yōu)樵瓉?lái)的2 倍，則電流在R 上的熱功率也變?yōu)樵瓉?lái)的2倍12. 如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)電阻為 r。將滑動(dòng)變阻器 ? 的滑片 P 從圖示位置向右滑動(dòng)的過(guò)程中，2關(guān)于各理想電表示數(shù)的變化，下列判斷中正確的是()A. 電流表 A 的示數(shù)變小B. 電壓表 V 的示數(shù)變小C. 電流表 ?的示

8、數(shù)變小1D. 電流表 ?2的示數(shù)變小13.如圖所示， 帶正電的小物塊以一定的初速度?0，沿粗糙絕緣水平面進(jìn)入垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，水平面足夠長(zhǎng)。下列關(guān)于小物塊在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，可能正確的是()A. 勻速直線運(yùn)動(dòng)B. 勻減速直線運(yùn)動(dòng)C. 加速度增大的減速直線運(yùn)動(dòng)D. 加速度減少的減速直線運(yùn)動(dòng)14.如圖所示，沿水平方向放置的平行金屬板a 和 b，分別與電源的正負(fù)極相連，a、b 板的中央沿豎直方向各有一個(gè)小孔。當(dāng)開(kāi)關(guān) S閉合時(shí)， 帶正電的液滴從小孔的正上方P點(diǎn)自由落下，先后穿過(guò)兩個(gè)小孔，以速度?從 a 板穿出。1現(xiàn)使 a 板不動(dòng)，保持開(kāi)關(guān) S 閉合或閉合一段時(shí)間再打開(kāi)，b 板向上或向下平移一小段距

9、離，相同的液滴仍從 P 點(diǎn)自由落下， 先后穿過(guò)兩個(gè)小孔， 以速度 ?從 a 板穿出。 下列2說(shuō)法中正確的是 ()A. 若開(kāi)關(guān) S 保持閉合，向上移動(dòng)b 板，則 ?2 ?1C.若開(kāi)關(guān)S閉合一段時(shí)間再打開(kāi)，向上移動(dòng)b板，則?2 ?三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2 小題，共 14.0 分）15. “測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)中，所給的實(shí)驗(yàn)器材有：電源 ?(電動(dòng)勢(shì)約 9?)電壓表 ?(量程 03?，內(nèi)阻很大 )電阻箱 ?(阻值 0999.9?)定值電阻 ?0 (阻值為 10?)開(kāi)關(guān) S 一個(gè)，導(dǎo)線若干某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)物電路。第3頁(yè)，共 14頁(yè)(1) 閉合開(kāi)關(guān)前， 應(yīng)先將電阻箱R 的阻值調(diào)到 _。(選填

10、“最大值”、 “最小值”或“任意值” )(2) 改變電阻箱R 的阻值，分別測(cè)出定值電阻?兩端的電壓U，下列兩組R 的取值0方案中，比較合理的方案是_。 (選填“甲”或“乙”)方案電阻箱的阻值?/?甲400.0350.0300.0250.0200.0乙80.070.060.050.040.0(3) 根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描點(diǎn)，繪出的源的電動(dòng)勢(shì) ?= _ 。( 用1?- ?圖象是一條直線。若直線的斜率為k，則該電k 和 ?表示 )016. “測(cè)定金屬絲的電阻率”實(shí)驗(yàn)中， 用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑時(shí)的刻度位置如圖1 所示，用米尺測(cè)量金屬絲的長(zhǎng)度 ?= 0.8100? 。金屬絲的電阻大約為 4?，先用伏安法測(cè)

11、出金屬絲的電阻，然后根據(jù)電阻定律計(jì)算出該金屬材料的電阻率。(1) 從圖中讀出金屬絲的直徑為 _mm。(2) 在用伏安法測(cè)定金屬絲的電阻時(shí)，除被測(cè)電阻絲外，還有如下供選擇的實(shí)驗(yàn)器材：A.直流電源：電動(dòng)勢(shì)約3V，內(nèi)阻很?。籅.：量程，內(nèi)阻 0.125?；0 0.6?電流表 ?1C.電流表 ?2：量程 0 3.0?，內(nèi)阻 0.025?；D.電壓表V：量程0，內(nèi)阻 3?；3?E.滑動(dòng)變阻器 ?1 ：最大阻值 20?；F.滑動(dòng)變阻器 ?2 ：最大阻值 100?； ?開(kāi).關(guān)、導(dǎo)線等。在可供選擇的器材中，應(yīng)該選用的電流表是_( 選填“ ?”或“ ? ” )，應(yīng)該選12用的滑動(dòng)變阻器是_( 選填“ ?”或“

12、?” ) 。12(3) 根據(jù)所選的器材，甲、乙兩組同學(xué)設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)電路圖如圖2 所示，其中合理的是 _。 ( 選填“甲”或“乙” )(4) 若根據(jù)伏安法測(cè)出電阻絲的電阻為?=4.1?，則這種金屬材料的電阻率為_(kāi)?.( 保留二位有效數(shù)字 )四、計(jì)算題（本大題共4 小題，共 40.0 分）17. 如圖所示，在真空中的 O 點(diǎn)固定一個(gè)點(diǎn)電荷 ?= +2 10 -9 ?，直線 MN 通過(guò) O 點(diǎn)，OM 的距離 ?= 0.30?， M 點(diǎn)放一個(gè)點(diǎn)電荷 ?= -1 10-10 C.(?= 9.0 10 9 ?2 /?2)求：第4頁(yè)，共 14頁(yè)(1)?在 M 點(diǎn)受到的電場(chǎng)力的大小；(2) 若 q 從電場(chǎng)中的

13、M 點(diǎn)移到 N 點(diǎn)，克服電場(chǎng)力做功為的電勢(shì)差 ?為多少。?18. 如圖所示，寬度為 ?= 0.2?的足夠長(zhǎng)的平行光滑金屬導(dǎo)軌固定在絕緣水平面上，導(dǎo)軌的一端連接阻值?=1?的電阻。導(dǎo)軌所在空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小 ?= 5?一.根質(zhì)量 ? = 0.1?導(dǎo)體棒MN 放在導(dǎo)軌上， 其接入導(dǎo)軌間的電阻 ?= 1?，并與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌的電阻可忽略不計(jì)?，F(xiàn)用一平行于導(dǎo)軌的拉力拉著導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌向右勻速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)速度保持導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌垂直。求：1.5 10-9 ?， M 、N 兩點(diǎn)間?= 12?/?，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中(1) 在閉合回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的大??；(2) 作用在導(dǎo)體棒上的拉力的大??；

14、(3) 當(dāng)導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng) 0.3?整個(gè)過(guò)程中電阻 R 上產(chǎn)生的熱量。19. 如圖所示，在以平面直角坐標(biāo)系xOy 的坐標(biāo)原點(diǎn) O 為圓心、半徑為 r 的圓形區(qū)域內(nèi)， 存在方向垂直 xOy 所在平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。 一質(zhì)量為 m、電荷量為 q 的帶電粒子由磁場(chǎng)邊界與 x 軸的交點(diǎn)A 處，以速度 ?沿 x 軸負(fù)0方向射入磁場(chǎng)， 粒子飛出磁場(chǎng)時(shí)速度的方向相對(duì)于入射方向改變了 ?= 60，不計(jì)粒子的重力。求：(1) 勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度 B 的大??；(2) 粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)所需要的時(shí)間。20.如圖所示， xOy 平面內(nèi)存在著沿y 軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為+?的粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)O 以速

15、度 ?沿 x 軸正方向進(jìn)入電場(chǎng)。當(dāng)它經(jīng)過(guò)圖中虛線上的0第5頁(yè)，共 14頁(yè)?(23?,?)點(diǎn)時(shí)，撤去電場(chǎng)， 粒子繼續(xù)運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間進(jìn)入一個(gè)矩形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域(圖中未畫(huà)出 ) ，后又從虛線上的某一位置 N 處沿 y 軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)并再次經(jīng)過(guò) M 點(diǎn)，已知磁場(chǎng)方向垂直 xOy 平面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B，不計(jì)粒子的重力。求：(1) 電場(chǎng)強(qiáng)度的大小；(2)?點(diǎn)到 x 軸的距離；(3) 粒子從 O 點(diǎn)到 N 點(diǎn)的總時(shí)間。第6頁(yè)，共 14頁(yè)答案和解析1.【答案】 B【解析】解：首先觀察到這個(gè)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的物理學(xué)家丹麥物理學(xué)家?jiàn)W斯特；故 B 正確，ACD錯(cuò)誤故選： B。本實(shí)驗(yàn)是 1820 年丹麥物理學(xué)家?jiàn)W斯特發(fā)現(xiàn)

16、電流磁效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)。本題考查物理學(xué)史。 在電磁學(xué)中有很多著名物理學(xué)家和經(jīng)典的實(shí)驗(yàn)要記牢，掌握安培定則的內(nèi)容，注意地磁場(chǎng)的方向。【答案】 A2.【解析】 解： A、磁場(chǎng)方向向左，電流方向是垂直向外，根據(jù)左手定則，安培力方向是向下，故 A 正確；B、磁場(chǎng)方向垂直向外，電流方向垂直向內(nèi)，兩者平行，不受安培力，故B 錯(cuò)誤；C、磁場(chǎng)方向垂直向內(nèi)， 電流方向向左， 根據(jù)左手定則， 安培力方向是向下，故 C錯(cuò)誤；D 、磁場(chǎng)方向向上， 電流方向向右， 根據(jù)左手定則， 安培力方向是垂直向外，故D錯(cuò)誤；故選： A。已知電流方向和磁場(chǎng)方向，根據(jù)左手定則判斷安培力方向即可。本題考查左手定則， 關(guān)鍵是記住左手定則的內(nèi)容，

17、 知道電流與磁場(chǎng)平行時(shí)， 安培力為零，注意左手定則與右手定則的區(qū)別。3.【答案】 C【解析】 解：A、電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度大，所以 P 點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)比Q 點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)小， 故 A 錯(cuò)誤；B、該電場(chǎng)與等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)相似，根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷的特點(diǎn)可知，MN 的中垂線為一個(gè)等勢(shì)面， 然后根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低可知：P 點(diǎn)電勢(shì)一定高于Q 點(diǎn)電勢(shì)，故 B錯(cuò)誤；C、P 點(diǎn)電勢(shì)高于 Q 點(diǎn)電勢(shì)， 即 ? ?.? = ?由電勢(shì)能公式?，可知正電荷在 P 點(diǎn)的電勢(shì)能大于在 Q 點(diǎn)的電勢(shì)能，故C 正確；D 、由于該電場(chǎng)是非勻強(qiáng)電場(chǎng)，從N 到 M 的過(guò)程 E 先減小后增大，由 ?=?可知，電荷所受的電場(chǎng)力也是先減小后

18、增大，故D 錯(cuò)誤。故選： C。電場(chǎng)線是從正電荷或者無(wú)窮遠(yuǎn)出發(fā)出， 到負(fù)電荷或無(wú)窮遠(yuǎn)處為止， 電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大， 電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小。 要正確在電場(chǎng)中通過(guò)電場(chǎng)線來(lái)判斷電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)、電勢(shì)能大小變化。電子在非勻強(qiáng)電場(chǎng)中所受的電場(chǎng)力是變力。電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)、電勢(shì)能、電場(chǎng)力做功等概念是本章的重點(diǎn)和難點(diǎn)，要弄清它們之間的區(qū)別和聯(lián)系，并能在實(shí)際電場(chǎng)中或者電荷運(yùn)動(dòng)過(guò)程中弄清它們的變化。4.【答案】 A【解析】解：根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電動(dòng)機(jī)兩端電壓為： ?= ?- ?(?+?)= 5.6?，則電動(dòng)機(jī)的電功率為：?= ?= 0.56? ，電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻消耗的功率為：20.02? ，?= ?=電

19、動(dòng)機(jī)的輸出功率為：? = ?- ? = 0.54?，故 A 正確， BCD 錯(cuò)誤。出?故選： A。電動(dòng)機(jī)與電阻串聯(lián)， 根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電動(dòng)機(jī)兩端電壓，根據(jù) ?= ?求解電動(dòng)2機(jī)的電功率，根據(jù)?熱 = ?求解熱功率，根據(jù)能量守恒定律求解電動(dòng)機(jī)的輸出功率。第7頁(yè)，共 14頁(yè)在計(jì)算電功率的公式中，總功率用?= ?來(lái)計(jì)算，發(fā)熱的功率用2?= ?來(lái)計(jì)算，如果是計(jì)算純電阻的功率，這兩個(gè)公式的計(jì)算結(jié)果是一樣的，但對(duì)于電動(dòng)機(jī)等非純電阻，第一個(gè)計(jì)算的是總功率，第二個(gè)只是計(jì)算發(fā)熱的功率，這兩個(gè)的計(jì)算結(jié)果是不一樣的。5.【答案】 C【解析】 解： AB、由于是兩個(gè)完全相同的燈泡，當(dāng)開(kāi)關(guān)接通瞬間，A 燈泡立刻

20、發(fā)光，而B(niǎo) 燈泡由于線圈的自感現(xiàn)象，導(dǎo)致燈泡漸漸變亮，由于兩燈泡并聯(lián)，L 的電阻與燈泡電阻相等，所以穩(wěn)定后A 比 B 更亮一些，故A 錯(cuò)誤， B 錯(cuò)誤；CD 、當(dāng)開(kāi)關(guān)斷開(kāi)瞬間，兩燈泡串聯(lián)，由線圈產(chǎn)生瞬間電壓提供電流，導(dǎo)致兩燈泡都逐漸熄滅，因線圈存在電阻，則在斷開(kāi)前，A 的電流大于B 的電流，斷開(kāi)時(shí)，A 燈先突然變暗再逐漸熄滅，故C 正確， D 錯(cuò)誤。故選： C。根據(jù)線圈在電流發(fā)生變化會(huì)產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，電流增大時(shí)自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流增大，電流減小時(shí)自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電減小，相當(dāng)于電源，并結(jié)合歐姆定律分析。對(duì)于自感現(xiàn)象， 是特殊的電磁感應(yīng)現(xiàn)象，應(yīng)用楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律進(jìn)行理解。體會(huì)線圈有阻礙電流

21、的變化，注意線圈存在電阻，導(dǎo)致兩燈泡電流不相同，同時(shí)注意斷開(kāi)時(shí)，通過(guò)燈泡A 的電流方向相反。6.【答案】 B【解析】 解：依題意得，每個(gè)點(diǎn)電荷在O 點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為?1，2當(dāng) N 點(diǎn)處的點(diǎn)電荷移至 P 點(diǎn)時(shí)， O 點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)如圖所示， 由幾何關(guān)系可知，合場(chǎng)強(qiáng)大小為?1，所以 ?： ?2= 212 = 2：1，故 B 正確， ABC 錯(cuò)誤故選： B由電場(chǎng)的疊加原理可得到兩個(gè)點(diǎn)電荷單獨(dú)在O 點(diǎn)形成的場(chǎng)強(qiáng)大小， 移動(dòng)之后兩電荷距O點(diǎn)的距離不變，故電場(chǎng)強(qiáng)度大小不變，則由矢量合成的方向可得出移動(dòng)之后的合電場(chǎng)；即可求得比值本題考查電場(chǎng)的疊加，要注意電場(chǎng)強(qiáng)度為矢量， 在求合場(chǎng)強(qiáng)時(shí)應(yīng)先分別求得各電荷在O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

22、再由矢量的合成方法- 平行四邊形即可求得總的場(chǎng)強(qiáng)7.【答案】 D【解析】 解： A、帶電粒子在磁場(chǎng)中向下偏轉(zhuǎn)，磁場(chǎng)的方向垂直紙面向外，根據(jù)左手定則知，該粒子帶正電。故A 錯(cuò)誤。B、在平行金屬板間，根據(jù)左手定則知，帶電粒子所受的洛倫茲力方向豎直向上，則電場(chǎng)力的方向豎直向下，知電場(chǎng)強(qiáng)度的方向豎直向下，所以速度選擇器的?極板帶正電。1故 B錯(cuò)誤。CD 、進(jìn)入 ?2 磁場(chǎng)中的粒子速度是一定的，根據(jù)2?= ? 得： ?=，知 r 越大，荷質(zhì)?比 ?越小，而質(zhì)量m 不一定大。故C 錯(cuò)誤、 D 正確。故選： D。根據(jù)帶電粒子在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)方向確定帶電粒子的正負(fù)。根據(jù)在速度選擇器中電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡確定?極

23、板的帶電情況。在磁場(chǎng)中，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，求出粒子1的軌道半徑，即可知道軌跡半徑與什么因素有關(guān)。解決本題的關(guān)鍵會(huì)根據(jù)左手定則判斷洛倫茲力的方向， 以及知道在速度選擇器中， 電荷所受的電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡。第8頁(yè)，共 14頁(yè)8.【答案】 B【解析】 解： AB、據(jù)題小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由合外力提供向心力，小球受到重力、 電場(chǎng)力和細(xì)繩的拉力，電場(chǎng)力應(yīng)與重力平衡，則知小球帶正電。 故 A 錯(cuò)誤，B 正確。C、小球在從a 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b 點(diǎn)的過(guò)程中， 電場(chǎng)力做負(fù)功， 小球的電勢(shì)能增大。故 C 錯(cuò)誤。D 、由于電場(chǎng)力做功，所以小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能不守恒。故D 錯(cuò)誤。故選： B。小球在豎直

24、平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，受到重力、電場(chǎng)力和細(xì)繩的拉力，電場(chǎng)力與重力必定平衡，可判斷小球的電性由電場(chǎng)力做功情況，判斷電勢(shì)能的變化機(jī)械能守恒的條件是只有重力做功本題的解題關(guān)鍵是根據(jù)質(zhì)點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的條件， 判斷電場(chǎng)力與重力的關(guān)系， 確定出小球的電性9.【答案】 D【解析】 解：線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程，有效切割長(zhǎng)度l 均勻增大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E 均勻增大，?感應(yīng)電流 ?=? 均勻增大，根據(jù)楞次定律可知電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，所以電流方向?yàn)樨?fù)；導(dǎo)線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)后，磁通量不變，沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生；穿出磁場(chǎng)過(guò)程，有效切割長(zhǎng)度l 均勻減小，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E 均勻減小，感應(yīng)電流 ?=?均?勻減小，根據(jù)楞次定律可知電流方向?yàn)轫槙r(shí)針

25、，所以電流方向?yàn)檎?。綜上所述，表示?- ?關(guān)系的圖線正確的是D ，故 D 正確、 ABC 錯(cuò)誤。故選： D。根據(jù)有效切割長(zhǎng)度的變化分析電流大小的變化，根據(jù)楞次定律判斷電流方向，由此分析。對(duì)于電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的圖象問(wèn)題， 經(jīng)常是根據(jù)楞次定律或右手定則判斷電流方向， 根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路的歐姆定律求解感應(yīng)電流隨時(shí)間變化關(guān)系進(jìn)行分析。10.【答案】 B【解析】 解： A、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知， ?=? ? ? ?2 ?=，而 ?= ?，因此電動(dòng) ?勢(shì)之比為 1： 4，故 A 錯(cuò)誤。?=4?，故電阻之比為1： 2，B、線圈中電阻 ?= ?，其中 ?為橫截面積，而導(dǎo)線長(zhǎng)度0?0由歐姆定律

26、可知， ?=?，則電流之比為1： 2，故 B 正確。?2122112，C、焦耳定律 ?= ?，電流之比為： ，電阻之比為： ；則焦耳熱之比為：故 C錯(cuò)誤。 ?12，故D錯(cuò)誤。D 、根據(jù) ?= ?可知， ?= ?，故電荷量之比為：故選： B。根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可求得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)。根據(jù)電阻定律可分析電阻大小，根據(jù)歐姆定律即可明確電流大小。再根據(jù)焦耳定律公式即可明確焦耳熱之比。 ?根據(jù) ?= ?計(jì)算電荷量。?本題考查電磁感應(yīng)與電路結(jié)合問(wèn)題，要注意明確電流方向以及電動(dòng)勢(shì)大小的計(jì)算方法，同時(shí)能正確結(jié)合電路規(guī)律進(jìn)行分析求解。第9頁(yè)，共 14頁(yè)11.【答案】 AB【解析】 【分析】圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)可等效看成無(wú)數(shù)軸

27、向?qū)w切割磁感線，有效切割長(zhǎng)度為銅盤(pán)的半徑 L ，根據(jù)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式分析電動(dòng)勢(shì)情況， 由歐姆定律分析電流情況 根據(jù)右手定則分析感應(yīng)電流方向，根據(jù)2?= ?分析電流在R 上的熱功率變化情況?本題是轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線類型，運(yùn)用等效法處理根據(jù)右手定則判斷感應(yīng)電流的方向，需要熟練掌握【解答】?銅.盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：?=12? BLE不變，電流大小恒定2? ， 、 、?不變，不變，由右手定則可知，回路中電流方向不變，若從上往下看，圓盤(pán)順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，由右手定則知，電流沿 a 到 b 的方向流動(dòng)，故AB 正確；C.若圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)方向不變， 角速度大小發(fā)生變化， 則電流方向不變， 大小變化， 故 C 錯(cuò)誤；D

28、.若圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度變?yōu)樵瓉?lái)的22 倍，回路電流變?yōu)樵瓉?lái) 2 倍，根據(jù) ?= ?電流在 R上的熱功率也變?yōu)樵瓉?lái)的4 倍，故 D 錯(cuò)誤；故選 AB。12.【答案】 AD【解析】 解： A、將滑動(dòng)變阻器的滑片P 從圖示位置向右滑動(dòng)的過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器的阻值變大，外電路的總阻值變大， 所以電路的總的電流變小， 所以電流表 A 的示數(shù)變小，故 A正確。B、電源的內(nèi)電壓減小，由 ?= ?-?可得，路端電壓U 變大，所以電壓表V 的示數(shù)變大，故 B 錯(cuò)誤。C、由于路端電壓 U 變大，電阻 ?1不變，所以電流表?的示數(shù)變大，故 C 錯(cuò)誤。1D 、由于總的電流減小，電阻 ?1 的電流變大，所以滑動(dòng)變阻器的電流

29、減小，所以電流表?2 的示數(shù)變小，故 D 正確。故選： AD。根據(jù)滑動(dòng)變阻器的滑片P 的運(yùn)動(dòng)可以分析滑動(dòng)變阻器的電阻的變化的情況，再根據(jù)閉合電路歐姆定律可以分析電路的電流的變化，進(jìn)而可以分析電壓和電阻?電流的變化。1本題考查閉合電路歐姆定律的動(dòng)態(tài)分析類題目，一般思路都是先分析局部電路的電阻變化，再分析整體中電流及電壓的變化，最后分析局部電路中的流及電壓的變化；在分析局部電路時(shí)要注意靈活應(yīng)用串并聯(lián)電路的性質(zhì)。13.【答案】 AC【解析】 解：小物塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到向下的重力以及豎直向上的洛倫茲力，如?= ?0?，則小物塊受力平衡，小物塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，如 ? ?，則物快物0體的受力如圖所示，根據(jù)

30、牛頓第二定律有：?= ?= ?(?- ?0?)= ?因?yàn)槲飰K減速運(yùn)動(dòng)，所以很具以上表達(dá)式知，其加速度增大，物塊做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)。如果 ? ?，則物塊離開(kāi)水平面做曲線運(yùn)動(dòng)，故AC 正確， BD 錯(cuò)誤。0故選： AC。對(duì)小物塊進(jìn)行受力分析， 討論小物塊受到的力存在的可能性， 根據(jù)平衡條件以及牛頓第二定律分析小物塊的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)。解決該題關(guān)鍵是正確分析物塊初始時(shí)刻的受力情況， 并能根據(jù)受力進(jìn)行分類討論， 能根據(jù)牛頓第二定律分析其加速度的變化情況。第10 頁(yè)，共 14頁(yè)14.【答案】 CD【解析】 解： AB、若開(kāi)關(guān) S 保持閉合，向上或向下移動(dòng)b 板時(shí)，液滴從 P 運(yùn)動(dòng)到 a 板的小孔時(shí)，重力對(duì)液

31、滴做功不變。根據(jù)? = ?知：電場(chǎng)力對(duì)液滴做功不變，故外力對(duì)液滴做的總功不變，由動(dòng)能定理可知，帶電液滴到達(dá)a 板小孔的速度不變，則 ?2 = ?1，故 AB 錯(cuò)誤；C、若開(kāi)關(guān) S 閉合一段時(shí)間再打開(kāi)后，向上移動(dòng) b 板，極板帶電量不變， 根據(jù)推論可知：?=?=?4?=可知，板間場(chǎng)強(qiáng)不變，由 ? = ?，知 d 增大，則液滴從 P 運(yùn)動(dòng)到 a?板的小孔時(shí)， 電場(chǎng)力對(duì)液滴做功增大，重力對(duì)液滴做功不變，因?yàn)殡妶?chǎng)力對(duì)液滴做負(fù)功，則外力對(duì)液滴做的總功減小，由動(dòng)能定理知帶電液滴到達(dá)a 板小孔的速度減小，即有? ?1故選： CD。液滴電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)受重力和電場(chǎng)的作用，分析重力做功和電場(chǎng)力做功變化情況，根據(jù)動(dòng)能

32、定理分析速度關(guān)系。解決本題時(shí)要注意電容器和電源保持相連時(shí)，兩板間的電壓不變， 電容器與電源斷開(kāi)時(shí)，極板的帶電量不變，只改變板間距離時(shí)，板間場(chǎng)強(qiáng)不變。15.【答案】 最大值1乙 ?0【解析】 解： (1) 電路為限流接法，開(kāi)始時(shí)應(yīng)讓電流最小，然后再逐漸增大，故開(kāi)始時(shí)電阻箱應(yīng)達(dá)到最大值處；(2) 由圖可知，兩電阻串聯(lián)，對(duì)比兩方案可知，方案甲中電阻箱電阻較大，而?的阻值0只有 10?，故在調(diào)節(jié)電阻箱時(shí)，電流的變化不明確，誤差較大；而方案乙中電阻箱的阻值與 ?相差不大，可以測(cè)出相差較大的多組數(shù)據(jù)，故方案乙更合理；0?=?(3) 由閉合電路歐姆定律可得：?0 +?+?011?即 ?= ?+ ? +?00

33、1由函數(shù)知識(shí)可知：圖象的斜率?= ?；01故 E= ?；01故答案為： (1) 最大值； (2) 乙； (3) ?0。(1) 實(shí)驗(yàn)中應(yīng)保證開(kāi)始時(shí)的電流最小，可以保證電路安全，由閉合電路歐姆定律可知應(yīng)如何調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器；(2) 為了實(shí)驗(yàn)更精確應(yīng)使數(shù)據(jù)間差值較大，并且能多測(cè)數(shù)據(jù)；根據(jù)兩組方案的特點(diǎn)可知應(yīng)選取哪一方案；1(3) 由題意及閉合電路歐姆定律可得?- ?的關(guān)系，結(jié)合圖象可知其斜率及截距的含義，從而可以得出電動(dòng)勢(shì)。本題考查測(cè)定電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)， 本實(shí)驗(yàn)要特別注意數(shù)據(jù)的處理， 能正確應(yīng)用圖象并結(jié)合函數(shù)關(guān)系進(jìn)行分析得出結(jié)果。16.【答案】 0.520 ? ? 甲 1.1 10 -611第11

34、頁(yè)，共 14頁(yè)【解析】 解： (1) 由圖 1 所示螺旋測(cè)微器可知，固定刻度示數(shù)為0.5?，可動(dòng)刻度示數(shù)為：2.0 0.01?= 0.020?，螺旋測(cè)微器的示數(shù)為： 0.5?+ 0.020? = 0.520?；(2) 電路中有一節(jié)干電池， 電動(dòng)勢(shì)為 1.5?，待測(cè)電阻的電阻值約 4?，電路最大電流約為：?=1.5?= 0.375?，則電流表應(yīng)選B，即電流表 ?；?=?41為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選E，即滑動(dòng)變阻器 ?最大阻值 20?)。1 (?4?3000(3) ?=0.125 = 32 ，?=4= 750，故 R 為小電阻，電流表應(yīng)選擇外接法，用圖2 所?示的電路甲進(jìn)行實(shí)驗(yàn)；?20.52

35、0 10-3)2(4) 根據(jù)電阻定律： ?=? ，則：?()4.1 3.14 (2?=2=? =? =?0.81001.1 10 -6 ?故答案為：(1)0.520 ； (2)? ， ?；(3)甲； (4)1.110 -611(1) 螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器的示數(shù)；(2) 根據(jù)最大電流選擇電流表，為方便實(shí)驗(yàn)操作，在保證安全的前提下應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器；(3) 根據(jù)待測(cè)電阻阻值與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表的接法；(4) 由電阻定律求出電阻率的表達(dá)式然后求出電阻率。高考中考查的電學(xué)實(shí)驗(yàn)主要以恒定電流這部分的實(shí)驗(yàn)為主， 高考中一般是以教材原實(shí)驗(yàn)為基礎(chǔ)進(jìn)行綜合擴(kuò)展，或讓

36、考生設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)，形成靈活多樣，目的是以此種方式綜合考查學(xué)生的實(shí)驗(yàn)探究能力和理解能力。?17.【答案】 解： (1) 由庫(kù)侖定律有 ?= ? 2?代入數(shù)據(jù)，解得：?= 2 10 -8 ?，方向向左?(2) 由 ?=?代入數(shù)據(jù)，解得 ?= 15? 答： (1)?在 M 點(diǎn)受到的電場(chǎng)力的大小是2 10-8 ?；(2) 若 q 從電場(chǎng)中的 M 點(diǎn)移到 N 點(diǎn)，克服電場(chǎng)力做功為1.5 10 -9 ?， M、 N 兩點(diǎn)間的電勢(shì)差 ? 為 15V。?【解析】 (1) 根據(jù)庫(kù)侖定律 ?= ? 2 求出 q 在 M 點(diǎn)受到的電場(chǎng)力的大??；?(2) 根據(jù) ?= ? 可求得 M、N 兩點(diǎn)間的電勢(shì)差。?本題主要考查了庫(kù)侖定律公式和?=的直接應(yīng)用，難度不大，屬于基礎(chǔ)題。?18.【答案】 解： (1) 由法拉第電磁感應(yīng)定律得：?= ?= 5 0.2 12?= 12?由閉合電路歐姆定律得： ?=?12?+?=1+1 ?= 6?；(2) 對(duì) MN ，有：?= ?安? = ?= 6?安則作用在導(dǎo)體棒上的拉力的大小為：?= 6?；?0.3(3) 當(dāng)導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)0.3?經(jīng)過(guò)的時(shí)間為：?= ?= 12 ?= 0.025?第12 頁(yè)，共 14頁(yè)根據(jù)焦耳定律可得：2?= ?代入數(shù)據(jù)解得：?= 0.9?。答： (1) 在閉合回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的大小為6A。(2) 作用在導(dǎo)體棒上的拉力的大小為