上海市寶山區(qū)行知中學(xué)2011屆高三上學(xué)期期中物理試卷 Word版含

1、 2010-2011學(xué)年上海市寶山區(qū)行知中學(xué)高三（上）期中物理試卷 一單項(xiàng)選擇題每小題2分，共16分.1（2分）（2012秋橫山縣校級(jí)期中）下列說(shuō)法中正確的是（）A只有加速度為零的物體才處于平衡狀態(tài)B只要物體的速度為零，它就一定處于平衡狀態(tài)C只有靜止的物體才處于平衡狀態(tài)D只有物體處于勻速運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，物體才處于平衡狀態(tài)考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用版權(quán)所有專題：共點(diǎn)力作用下物體平衡專題分析：平衡狀態(tài)是合力為零的狀態(tài)，加速度為零，但速度不一定為零解答：解：A、物體處于平衡狀態(tài)時(shí)，合力為零，根據(jù)牛頓第二定律，加速度為零，故A正確；B、物體的速度為零，加速度不一定為零，故合力不一定

2、為零，故B錯(cuò)誤；C、做勻速直線運(yùn)動(dòng)的物體加速度為零，故受力平衡，故C錯(cuò)誤；D、保持靜止的物體，加速度為零，故受力平衡，故D錯(cuò)誤；故選A點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵能明確加速度與速度的區(qū)別，加速度為零，速度不一定為零；速度為零，加速度也不一定為零2（2分）（2012秋橫山縣校級(jí)期中）在力學(xué)理論建立的過程中，有許多偉大的科學(xué)家做出了貢獻(xiàn)下列關(guān)于科學(xué)家和他們的貢獻(xiàn)的說(shuō)法中正確的是（）A亞里士多德提出力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因B伽利略提出力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因C牛頓首先提出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因并由此總結(jié)出萬(wàn)有引力定律D牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，指出地球?qū)υ虑虻淖饔煤偷厍驅(qū)Φ厍虮砻嫖矬w的作用是一樣的考點(diǎn)：物理學(xué)史版

3、權(quán)所有分析：解答本題的關(guān)鍵是了解幾個(gè)重要的物理學(xué)史，知道哪些偉大科學(xué)家的貢獻(xiàn)解答：解：A、亞里士多德提出力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，伽利略提出力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，故AB錯(cuò)誤C、伽利略首先提出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，牛頓總結(jié)出萬(wàn)有引力定律，故C錯(cuò)誤D、牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，指出地球?qū)υ虑虻淖饔煤偷厍驅(qū)Φ厍虮砻嫖矬w的作用是一樣的，故D正確故選D點(diǎn)評(píng)：本題考查了物理學(xué)史部分，要了解哪些偉大科學(xué)家的重要貢獻(xiàn)，培養(yǎng)科學(xué)素質(zhì)和為科學(xué)的奉獻(xiàn)精神3（2分）（2014寶山區(qū)校級(jí)一模）物體做豎直上拋運(yùn)動(dòng)時(shí)，在任意相同時(shí)間間隔內(nèi)，速度的變化量（）A大小相同、方向相同B大小相同、方向不同C大小不同、方向不同D

4、大小不同、方向相同考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系；豎直上拋運(yùn)動(dòng)版權(quán)所有專題：直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專題分析：豎直上拋運(yùn)動(dòng)的加速度的大小為重力加速度g，初速度的方向向上，根據(jù)速度公式即可判斷速度的變化量解答：解：根據(jù)速度的公式v=v0gt可得，在任意相同時(shí)間間隔內(nèi)，速度的變化量為v=gt，即，速度變化的大小為gt，方向與初速度的方向相反，所以A正確故選A點(diǎn)評(píng)：本題考查的就是豎直上拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，抓住運(yùn)動(dòng)的加速度恒定為重力加速度即可解決本題4（2分）（2010秋寶山區(qū)校級(jí)期中）關(guān)于氣體與內(nèi)能，下列說(shuō)法正確的是（）A氣體的體積是所有氣體分子的體積之和B氣體的內(nèi)能是分子熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能和分子間的勢(shì)能之和C熱是

5、能夠自發(fā)地在高溫物體和低溫物體之間相互傳遞的D實(shí)際氣體的溫度變化時(shí)，其氣體的內(nèi)能也必定會(huì)隨之發(fā)生改變考點(diǎn)：物體的內(nèi)能版權(quán)所有專題：內(nèi)能及其變化專題分析：氣體的體積是氣體分子所能充滿的整個(gè)空間，氣體的內(nèi)能是分子熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能和分子間的勢(shì)能之和，熱量能夠自發(fā)地從高溫物體向低溫物體傳遞的，對(duì)理想氣體溫度變化時(shí)，其氣體的內(nèi)能也必定會(huì)隨之發(fā)生改變解答：解：A、氣體的體積是氣體分子所能充滿的整個(gè)空間，A錯(cuò)誤；B、氣體的內(nèi)能是分子熱運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能和分子間的勢(shì)能之和，B正確；C、熱量能夠自發(fā)地從高溫物體向低溫物體傳遞的，C錯(cuò)誤；D、對(duì)理想氣體溫度變化時(shí)，其氣體的內(nèi)能也必定會(huì)隨之發(fā)生改變，D錯(cuò)誤；故選B點(diǎn)評(píng)：本題考查

6、的知識(shí)點(diǎn)較多，我們?cè)趯W(xué)習(xí)選修時(shí)要全面掌握知識(shí)點(diǎn)5（2分）（2012秋橫山縣校級(jí)期中）汽車自靜止由點(diǎn)O出發(fā)在水平路面做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，途中用6s時(shí)間先后經(jīng)過P、Q兩根電線桿，已知P、Q相距60m，車經(jīng)過Q時(shí)的速度為15m/s，則（）A經(jīng)過P時(shí)的速度為5m/sBO、P相距17.5mC車的加速度為15m/s2D車從O到Q的時(shí)間為19s考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系版權(quán)所有專題：直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專題分析：根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的平均速度公式求出汽車通過P位置時(shí)的速度根據(jù)速度時(shí)間公式求出加速度，根據(jù)位移公式求出O、P的位移，再根據(jù)速度時(shí)間公式求出出發(fā)到Q所用的時(shí)間解答：

7、解：A、依題意得，汽車在P、Q兩根電線桿之間運(yùn)動(dòng)的平均速度為=解得：vP=5m/s，故A正確；B、勻加速運(yùn)動(dòng)加速度為a=，所以O(shè)、P之間的位移，故BC錯(cuò)誤；D、車從O到Q的時(shí)間為，所以車從O到Q的時(shí)間為3+6=9s，故D錯(cuò)誤故選A點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間公式v=v0+at以及平均速度公式6（2分）（2010秋寶山區(qū)校級(jí)期中）一個(gè)做自由落體運(yùn)動(dòng)的小球，通過某一段距離s所用的時(shí)間為t，則小球在此前下落時(shí)間是（）AtBCtD+t考點(diǎn)：自由落體運(yùn)動(dòng)版權(quán)所有專題：自由落體運(yùn)動(dòng)專題分析：設(shè)小球在此前下落時(shí)間為T，則對(duì)T時(shí)間和T+t時(shí)間分別運(yùn)用位移時(shí)間關(guān)系公式列式求解即可解答：解：小

8、球做自由落體運(yùn)動(dòng)，通過某一段距離s所用的時(shí)間為t；設(shè)小球在此前下落時(shí)間為T，則時(shí)間T內(nèi)的位移為：；在T+t時(shí)間內(nèi)的位移為：；根據(jù)題意，有： x1+s=x2；聯(lián)立解得：T=；故選B點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是靈活地選擇運(yùn)動(dòng)過程運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式求解，過程和公式選擇恰當(dāng)，可以減小解題長(zhǎng)度7（2分）（2010秋寶山區(qū)校級(jí)期中）氣缸缸體的質(zhì)量為M，活塞的質(zhì)量為m，不計(jì)一切摩擦，氣缸與外界無(wú)熱交換且不漏氣，氣缸口開口斜向上，氣缸中密封了理想氣體最初氣缸的側(cè)面被銷釘固定在足夠長(zhǎng)的光滑固定斜面上現(xiàn)拔去銷釘，讓氣缸在斜面上自由下滑，當(dāng)活塞與氣缸相對(duì)靜止時(shí)，被封氣體與原來(lái)氣缸靜止在斜面上時(shí)相比較，下列說(shuō)法正確的是（）A氣體

9、的溫度升高B氣體的壓強(qiáng)不變C氣體的內(nèi)能減少D氣體的體積減小考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強(qiáng)版權(quán)所有專題：理想氣體狀態(tài)方程專題分析：該系統(tǒng)為絕熱系統(tǒng)，不能進(jìn)行熱交換，被封閉氣體內(nèi)能的改變只能通過做功實(shí)現(xiàn)，因此解答本題的關(guān)鍵是判斷氣體體積的變化情況，根據(jù)氣缸開始和后來(lái)的狀態(tài)先判斷出壓強(qiáng)的變化，即可進(jìn)一步判斷體積的變化情況解答：解：設(shè)被封閉氣體壓強(qiáng)為P，大氣壓強(qiáng)為P0，開始時(shí)有：mgsin+P0s=Ps，后來(lái)氣缸在斜面上自由下滑，當(dāng)活塞與氣缸相對(duì)靜止時(shí)P=P0，故被封閉氣體壓強(qiáng)減小，根據(jù)氣態(tài)方程可知，體積增大，對(duì)外做功，絕熱系統(tǒng)Q=0，根據(jù)U=W+Q可知，內(nèi)能減小，溫度降低，故ABD錯(cuò)誤，C正

10、確故選C點(diǎn)評(píng)：本題的難點(diǎn)在于判斷壓強(qiáng)的變化，壓強(qiáng)問題實(shí)質(zhì)上就是力學(xué)問題，要會(huì)根據(jù)被封閉氣體的狀態(tài)判斷壓強(qiáng)的變化情況8（2分）（2010秋寶山區(qū)校級(jí)期中）如圖所示，物體A、B與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，質(zhì)量也相同，在F作用下，一起沿水平地面運(yùn)動(dòng)s米，以下說(shuō)法正確的是（）A摩擦力對(duì)A、B所做的功相同B合外力對(duì)A、B所做的功不可能相同CF對(duì)A所做的功與A對(duì)B所做的功相同DA對(duì)B做功的大小等于B對(duì)A做功的大小考點(diǎn)：功的計(jì)算；滑動(dòng)摩擦力版權(quán)所有專題：功的計(jì)算專題分析：通過對(duì)AB兩物體的分析可知，AB兩物體受到的摩擦力不相等，有W=fs可知摩擦力做功不相等F對(duì)A做的功等于摩擦力對(duì)A所做的功和A獲得的動(dòng)能的和；

11、A對(duì)B做的功等于摩擦力對(duì)B做的功和B獲得的動(dòng)能的和；解答：解：對(duì)AB分別受力分析如圖對(duì)A分析FnFsinaG=0，f=Fn=（Fsina+G）對(duì)B分析Fn1=G，f1=Fn1=GWf=fL，Wf1=f1L，ff1WfWf1根據(jù)動(dòng)能定理可知，AB所受的合外力做的功等于AB物體動(dòng)能的變化，而AB動(dòng)能的變化量相等，所以合外力對(duì)AB做功相等，所以B錯(cuò)誤；而A所受合外力為F和摩擦力，B所受合力為A對(duì)B及摩擦力，所以F對(duì)A與A對(duì)B的力做功不相等，所以AC錯(cuò)誤，A對(duì)B和B對(duì)A的力大小相等，方向相反，位移相同，所以A對(duì)B做功的大小等于B對(duì)A做功的大小，故D正確故選：D點(diǎn)評(píng)：解答本題應(yīng)注意對(duì)A和B正確受力分析，

12、利用動(dòng)能定理進(jìn)行計(jì)算二單項(xiàng)選擇題每小題3分，共24分9（3分）（2010秋寶山區(qū)校級(jí)期中）根據(jù)分子動(dòng)理論，設(shè)當(dāng)兩個(gè)分子間距為r0時(shí)分子間的引力和斥力相等，則（）A當(dāng)分子間距離大于r0時(shí)，分子間無(wú)作用B當(dāng)兩分子間距離為r0時(shí)，分子作用勢(shì)能最小C當(dāng)兩分子間距離小于r0時(shí)，隨著距離減小，引力將減小、斥力將增大D兩分子間距離越大，分子勢(shì)能越大；分子間距離越小，分子勢(shì)能越小考點(diǎn)：分子間的相互作用力版權(quán)所有專題：分子間相互作用力與分子間距離的關(guān)系分析：可以根據(jù)分子力做功判斷分子勢(shì)能的變化，分子力做正功，分子勢(shì)能減小，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增加解答：解：A、當(dāng)分子間距離大于r0時(shí)，分子間表現(xiàn)為引力，A錯(cuò)誤；

13、B、當(dāng)兩分子間距離為r0時(shí)，分子作用勢(shì)能最小，B正確；C、當(dāng)兩分子間距離小于r0時(shí)，隨著距離減小，引力和斥力將增大，C錯(cuò)誤；D、rr0，分子力表現(xiàn)為引力，rr0，分子力表現(xiàn)為斥力，當(dāng)r從無(wú)窮大開始減小，分子力做正功，分子勢(shì)能減小，當(dāng)r減小到r0繼續(xù)減小，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增加，所以在r0處有最小勢(shì)能在rr0時(shí)，r越大，分子勢(shì)能越大，在rr0s時(shí)，r越大，分子勢(shì)能越小D錯(cuò)誤；故選B點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握分子力的特點(diǎn)：rr0，分子力表現(xiàn)為引力，rr0，分子力表現(xiàn)為斥力以及分子力做功與分子勢(shì)能的關(guān)系：分子力做正功，分子勢(shì)能減小，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增加10（3分）（2010秋寶山區(qū)校級(jí)期中）

14、如圖，S1、S2是一水平面上的兩個(gè)波源，它們的振動(dòng)周期都為T，振幅都為A某時(shí)刻S1發(fā)出的波恰好傳到C，S2發(fā)出的波恰好傳到A，圖中畫出的是該時(shí)刻兩列波在AC部分的波形，S1A間、S2C間波形沒有畫出則（）A兩波源的起振方向相同BA、B、C三點(diǎn)都是振動(dòng)減弱點(diǎn)CA、B、C三點(diǎn)始終都是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)D再經(jīng)過T時(shí)間，AC間的波形是一條直線考點(diǎn)：波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象版權(quán)所有分析：當(dāng)兩列波的波峰或波谷相遇的地方，振動(dòng)始終加強(qiáng)，振幅等于兩列波振幅之和；當(dāng)兩列波的波峰與波谷相遇的地方，振動(dòng)始終減弱，振幅為零再經(jīng)過T，根據(jù)波的疊加原理，根據(jù)波形的形狀解答：解：A、某時(shí)刻S1發(fā)出的波恰好傳到C，S2發(fā)出

15、的波恰好傳到A，AC兩點(diǎn)的振動(dòng)方向相反，所以兩波源的起振方向相反，故A錯(cuò)誤；B、A、B、C三點(diǎn)都兩列波的波峰與波谷疊加之處，振動(dòng)始終減弱，振幅為零故B正確，C錯(cuò)誤；D、它們的振動(dòng)周期都為T，所以再經(jīng)過T時(shí)間，波行不變，AC間不是直線，故D錯(cuò)誤故選B點(diǎn)評(píng)：本題對(duì)波的疊加原理的理解和應(yīng)用能力可以結(jié)合波形的平移，分析兩列波相遇時(shí)的情形11（3分）（2012秋橫山縣校級(jí)期中）下面關(guān)于滑動(dòng)摩擦力的說(shuō)法中正確的是（）A滑動(dòng)摩擦力一定是阻力B只要物體相互接觸，物體間就一定會(huì)產(chǎn)生摩擦力C如果物體受摩擦力作用，則在摩擦部位一定存在彈力作用D物體在接觸部位受彈力作用，則物體一定受到摩擦力作用考點(diǎn)：滑動(dòng)摩擦力版權(quán)所

16、有專題：摩擦力專題分析：彈力產(chǎn)生的條件：相互接觸擠壓；摩擦力產(chǎn)生的條件：接觸面粗糙；相互接觸擠壓；有相對(duì)運(yùn)動(dòng)或相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)彈力的方向垂直于接觸面，摩擦力的方向與接觸面相切，與相對(duì)運(yùn)動(dòng)或相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)的方向相反解答：解：A、滑動(dòng)摩擦力不一定阻礙物體的運(yùn)動(dòng)，如汽車的啟動(dòng)輪受到地面的摩擦力，使汽車運(yùn)動(dòng)，而不是阻礙汽車運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B、彈力產(chǎn)生的條件：相互接觸擠壓；摩擦力產(chǎn)生的條件：接觸面粗糙；相互接觸擠壓；有相對(duì)運(yùn)動(dòng)或相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)可見，有摩擦力，必有彈力；有彈力，不一定有摩擦力故C正確，BD錯(cuò)誤故選C點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握彈力和摩擦力的產(chǎn)生條件，以及它們的方向知道有摩擦力，必有彈力；有彈力，不一定

17、有摩擦力12（3分）（2010秋寶山區(qū)校級(jí)期中）如圖，在場(chǎng)強(qiáng)為E的電場(chǎng)中，畫一個(gè)以O(shè)點(diǎn)為圓心，r 為半徑的圓，在圓周上有四個(gè)等分點(diǎn)a、b、c、d，再在O點(diǎn)固定一個(gè)帶電量+Q的點(diǎn)電荷，將檢驗(yàn)正電荷q由b點(diǎn)沿圓周經(jīng)過S移到a點(diǎn)，外力反抗電場(chǎng)所作的功等于（）AqErBqErCqEr+KqQ/rDqEr+KqQ/r考點(diǎn)：電勢(shì)能；功能關(guān)系版權(quán)所有專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：本題電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)和點(diǎn)電荷電場(chǎng)疊加而成，故可以將實(shí)際電場(chǎng)力分解為向右的qE和指向圓心的電場(chǎng)力，合力做功等于各個(gè)分力做功的代數(shù)和解答：解：將實(shí)際電場(chǎng)力分解為向右的qE和指向圓心的電場(chǎng)力；由于a、b離O間距相等，故指向圓心的電場(chǎng)力做

18、功為零；向右的大小為qE的分力做功為：qEr；合力做功等于各個(gè)分力做功的代數(shù)和，故外力反抗電場(chǎng)所作的功等于qEr；故選A點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是將實(shí)際電場(chǎng)力分解為兩個(gè)熟悉的分力，然后求解出各個(gè)分力的功，最后得到總功13（3分）（2010徐匯區(qū)二模）如圖所示，四根粗細(xì)均勻的相同玻璃管a、b、c、d內(nèi)有水銀柱封住一些空氣，水銀柱長(zhǎng)度h1=h3h2=h4，氣柱長(zhǎng)度L3=L4L1=L2，管內(nèi)氣體溫度t1=t3=20C、t2=t4=30C當(dāng)管內(nèi)氣體溫度都下降10C時(shí)，管內(nèi)水銀柱下降最多的是（）Aa管Bb管Cc管Dd管考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強(qiáng)版權(quán)所有專題：理想氣體狀態(tài)方程專題分析：先求解出各個(gè)封閉氣

19、體的壓強(qiáng)，比較大小，然后理想氣體狀態(tài)方程列式分析解答：解：以cmHg為氣壓?jiǎn)挝唬琣bcd中的氣體壓強(qiáng)分別為：P1=P0+L1P2=P0+L2P3=P0+L3P4=P0+l4由于L3=L4L1=L2，故P3=P4P1=P2；根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，有：，由于氣體的氣壓不變，故；由于L3=L4L1=L2，故V3=V4V1=V2；根據(jù)題意：T相同，管內(nèi)氣體溫度t1=t3=20C、t2=t4=30C；故V3最大，即C管中氣體下降的最大；故選C點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程列式分析，推導(dǎo)出氣體體積變化與溫度變化的關(guān)系表達(dá)式，不難14（3分）（2010秋寶山區(qū)校級(jí)期中）把一個(gè)力分解為兩個(gè)分力時(shí)，只能得到

20、一組唯一解的是（）A已知兩個(gè)分力的大小B已知一個(gè)分力的大小和另一個(gè)分力的方向C已知一個(gè)分力的大小D已知兩個(gè)分力的方向考點(diǎn)：力的分解版權(quán)所有分析：合力與分力遵循平行四邊形定則，根據(jù)平行四邊形定則作圖分析即可解答：解：A、已知合力與兩個(gè)分力的大小，根據(jù)三角形定則，方向有可能不同，如下圖故A錯(cuò)誤；B、已知一個(gè)分力的大小和另一個(gè)分力的方向，根據(jù)平行四邊形定則，如圖可能有兩組解，故B錯(cuò)誤；C、已知一個(gè)分力的大小，方向未知，平行四邊形不唯一，故可能有多個(gè)解，故C錯(cuò)誤；D、已知兩個(gè)分力的方向，根據(jù)平行四邊形定則，有故D正確；故選D點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵針對(duì)各種情況，運(yùn)用平行四邊形定則作圖分析后得到結(jié)論15（3分）（

21、2010秋寶山區(qū)校級(jí)期中）下列幾組力中，合力有可能為零的是（）A3N、11N、6NB115N、21N、8N、3NC37N、12N、8N、8N、3ND32N、24N、13N、8N、3N考點(diǎn)：力的合成版權(quán)所有分析：二力合成時(shí)，合力范圍為：|F1F2|F|F1+F2|；先合成兩個(gè)力，如果合力范圍包括多個(gè)力，則多個(gè)力可以平衡解答：解：A、3N與11N合成最大14N，最小8N，合力不可能為6N，所以最終合力不可能為零故A錯(cuò)誤；B、115N和21N合成最大136N，最小94N，3N與8N合成最大11N，最小5N，合力不可能在94N到136N范圍內(nèi)，所以最終合力不可能為零故B錯(cuò)誤；C、37N和12N合成最大

22、49N，最小25N，8N與8N合成最大16N，最小0N，再與3N合成最大19N，最小0N，合力不可能在25N到49N范圍內(nèi)，所以最終合力不可能為零故C錯(cuò)誤；D、32N和24N合成最大56N，最小8N，13N與8N、3N合成最大24N，最小2N，所以合力可能在8N到56N范圍內(nèi)，所以最終合力可能為零故D正確故選D點(diǎn)評(píng)：三力合成時(shí)合力能否為零可以借助三角形法則，只要表示三個(gè)力的三條邊能組成三角形，則三個(gè)力的合力可以為零16（3分）（2010徐匯區(qū)二模）如圖所示，D、E、F、G、為地面上間距相等的四點(diǎn)，三個(gè)質(zhì)量相等的小球A、B、C分別在E、F、G的正上方不同高度處，以相同的初速度水平向左拋出，最后均

23、落在D點(diǎn)若不計(jì)空氣阻力，則可判斷A、B、C三個(gè)小球（）A初始離地面的高度比為1：2：3B落地時(shí)的速度大小之比為1：2：3C落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率之比為1：2：3D從拋出到落地的過程中，動(dòng)能的變化量之比為1：2：3考點(diǎn)：等勢(shì)面；動(dòng)能定理的應(yīng)用版權(quán)所有專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：研究平拋運(yùn)動(dòng)的方法是把平拋運(yùn)動(dòng)分解到水平方向和豎直方向去研究，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，由于拋出速度相同，根據(jù)水平位移可確定各自運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比，從而求出各自拋出高度之比由功率表達(dá)式可得重力的瞬時(shí)功率之比即為豎直方向的速度之比由動(dòng)能定理可求出在拋出的過程中的動(dòng)能的變化量解答：解：A、相同的初速度拋出

24、，而A、B、C三個(gè)小球的水平位移之比1：2：3，可得運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為1：2：3，再由h=可得，A、B、C三個(gè)小球拋出高度之比為1：4：9，故A錯(cuò)誤；B、由于相同的初動(dòng)能拋出，根據(jù)動(dòng)能定理，由不同的高度，可得落地時(shí)的速度大小之比不可能為1：2：3，若沒有初速度，則之比為1：2：3，故B錯(cuò)誤；C、相同的初速度拋出，而A、B、C三個(gè)小球的水平位移之比1：2：3，可得運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為1：2：3，由v豎=gt可得豎直方向的速度之比為1：2：3，由P=Gv，那么落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率之比1：2：3，故C正確；D、根據(jù)動(dòng)能定理，由于質(zhì)量相等且已知高度之比，可得落地時(shí)動(dòng)能的變化量之比即為1：4：9，故D錯(cuò)誤；故

25、選：C點(diǎn)評(píng)：本題就是對(duì)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律的直接考查，突破口是由相同的拋出速度，不同的水平位移從而確定運(yùn)動(dòng)的時(shí)間所以掌握住平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式就能輕松解決三多項(xiàng)選擇題本大題共4小題，每小題4分，共16分17（4分）（2012秋橫山縣校級(jí)期中）關(guān)于曲線運(yùn)動(dòng)說(shuō)法正確的是（）A曲線運(yùn)動(dòng)的速度大小一定變化B曲線運(yùn)動(dòng)的速度方向一定變化C曲線運(yùn)動(dòng)的加速度一定變化D曲線運(yùn)動(dòng)的物體所受的合外力不一定變化考點(diǎn)：物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件；曲線運(yùn)動(dòng)版權(quán)所有專題：物體做曲線運(yùn)動(dòng)條件專題分析：物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不在同一條直線上，速度的方向與該點(diǎn)曲線的切線方向相同解答：解：A、曲線運(yùn)動(dòng)的速度一定在變化，但速度的大

26、小不一定變化，如勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以A錯(cuò)誤B、既然是曲線運(yùn)動(dòng)，它的速度的方向必定是改變的，所以曲線運(yùn)動(dòng)的速度方向一定變化，故B正確C、物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不在同一條直線上，合外力大小和方向不一定變化，由牛頓第二定律可知，加速度的大小和方向也不一定變化，如平拋運(yùn)動(dòng)，所以C錯(cuò)誤D、由C的分析可知D正確故選BD點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是對(duì)質(zhì)點(diǎn)做曲線運(yùn)動(dòng)的條件的考查，勻速圓周運(yùn)動(dòng)，平拋運(yùn)動(dòng)等都是曲線運(yùn)動(dòng)，對(duì)于它們的特點(diǎn)要掌握住18（4分）（2010秋寶山區(qū)校級(jí)期中）某質(zhì)點(diǎn)同時(shí)受到在同一平面內(nèi)的幾個(gè)力而平衡，如果在某時(shí)刻突然撤去其中的一個(gè)力，則此后這個(gè)物體將（）A可能作勻加速直線運(yùn)動(dòng)B可能作勻減速直線運(yùn)

27、動(dòng)C其軌跡可能為拋物線D可能作勻速圓周運(yùn)動(dòng)考點(diǎn)：物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件；共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用版權(quán)所有專題：物體做曲線運(yùn)動(dòng)條件專題分析：物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是：合力的方向與初速度的方向不再同一直線上在同一直線上就做直線運(yùn)動(dòng)根據(jù)平衡條件有：質(zhì)點(diǎn)同時(shí)受到在同一平面內(nèi)的幾個(gè)恒力作用而平衡時(shí)，其中任意一個(gè)力與剩余的力的合力等值反向以上兩條是解本題的關(guān)鍵解答：解：質(zhì)點(diǎn)同時(shí)受到在同一平面內(nèi)的幾個(gè)恒力作用而平衡時(shí)，其中任意一個(gè)力與剩余的力的合力等值反向若物體原來(lái)是勻速運(yùn)動(dòng)的當(dāng)撤去其中一個(gè)力，那么剩余的力的合力可能會(huì)與原來(lái)的運(yùn)動(dòng)方向會(huì)有幾種情況：第一種情況，方向相同，則做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A正確；第二種情況，

28、方向相反，則做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故B正確；第三種情況，成90度角，則做類平拋運(yùn)動(dòng)，軌跡是拋物線，故C正確；第四種情況，成任意銳角或鈍角，則一般的曲線運(yùn)動(dòng)若物體原來(lái)是靜止的，當(dāng)撤去其中一個(gè)力后，物體只會(huì)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)要是物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合力的方向必須時(shí)刻變化，指向圓心，在本題中是做不到的故D錯(cuò)誤故選ABC點(diǎn)評(píng)：本題考查了物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件以及平衡條件，要知道質(zhì)點(diǎn)同時(shí)受到在同一平面內(nèi)的幾個(gè)恒力作用而平衡時(shí)，其中任意一個(gè)力與剩余的力的合力等值反向還要知道合力與運(yùn)動(dòng)方向相同時(shí)就做加速直線運(yùn)動(dòng)，反向時(shí)就做減速直線運(yùn)動(dòng)19（4分）（2010秋寶山區(qū)校級(jí)期中）一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，在t=0時(shí)刻

29、的波形如圖中實(shí)線所示，經(jīng)過0.12s的波形為圖中虛線所示，則以下說(shuō)法中正確的是（）A這列簡(jiǎn)諧橫波的波長(zhǎng)為5102cmB波速可能是1.25m/sCP、Q兩質(zhì)點(diǎn)的振幅一定相等D再過0.12s，Q質(zhì)點(diǎn)一定在平衡位置考點(diǎn)：波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象版權(quán)所有專題：波的多解性分析：波沿x軸正方向傳播，傳播的最短距離為1m，根據(jù)波的周期性：相隔整數(shù)倍周期的時(shí)間，波形相同，得出時(shí)間與周期關(guān)系的通項(xiàng)，求出周期得到波速的通項(xiàng)解答：解：A、由圖知：波長(zhǎng)為=4cm故A錯(cuò)誤B、波沿x軸正方向傳播，根據(jù)波形的平移法可知，t=（n+）T，（n=0，1，2，），則周期T=，（n=0，1，2，），v=，（n=0，1，2

30、，），當(dāng)n=3時(shí)，v=1.08m/s，當(dāng)n=4時(shí)，v=1.42m/s，不可能是1.25m/s，故B錯(cuò)誤C、由圖知：P、Q兩質(zhì)點(diǎn)的振幅相等，且都為2cm，故C正確；D、再過0.12s，根據(jù)波形的平移法可知，Q點(diǎn)處于平衡位置，故D正確故選CD點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是抓住波的周期性，得到周期的通項(xiàng)，進(jìn)一步求出波速，再求解特殊值20（4分）（2013秋寶山區(qū)校級(jí)期中）將一物體從地面豎直上拋，設(shè)物體在地面時(shí)的重力勢(shì)能為零，則物體從拋出到落回原地的過程中，物體的機(jī)械能E與物體距地面高度h的關(guān)系正確的是如圖中的（注意：坐標(biāo)的標(biāo)度均勻）（）A如果上拋運(yùn)動(dòng)過程中所受的空氣阻力恒定，則可能為A圖B如果上拋運(yùn)動(dòng)過程中所受的

31、空氣阻力恒定，則可能為B圖C如果上拋過程所受空氣阻力與速度成正比，則可能為D圖D如果上拋過程所受空氣阻力與速度成正比，則圖A、B、C、D均不對(duì)考點(diǎn)：功能關(guān)系；機(jī)械能守恒定律版權(quán)所有分析：根據(jù)功能關(guān)系，除重力以外其余力做的功等于物體機(jī)械能的變化量，即知機(jī)械能的減小量等于克服阻力做的功，跟阻力變化和阻力不變兩種情況討論解答：解：A、B、若空氣阻力恒定時(shí)，除重力外其余力做的功等于物體機(jī)械能的變化量，故機(jī)械能的減小量等于克服阻力做的功，則有 上升過程：F阻h=EE0 下降過程：F阻（Hh）=EE0故A錯(cuò)誤，B正確；C、D、若空氣阻力與速度成正比由得：E=E0F阻h，上升過程中，速度減小，空氣阻力減小，

32、則Eh圖象的斜率減?。挥傻茫篍=E0F阻（Hh），下降過程中，速度增大，空氣阻力增大，則Eh圖象的斜率增大故C錯(cuò)誤、D正確；故選BD點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是機(jī)械能的減小量等于克服阻力做的功，根據(jù)功能關(guān)系列式分析四、填空題本大題5小題，每小題4分，共20分21（4分）（2010秋寶山區(qū)校級(jí)期中）如圖所示，質(zhì)量為m1的光滑球用繩子掛在質(zhì)量為m2的三角形木塊的右側(cè)面，球與木塊均保持靜止，木塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，則地面對(duì)木塊的靜摩擦力大小為0，三角形木塊和繩子對(duì)光滑球的作用力的合力大小為m1g考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；滑動(dòng)摩擦力；力的合成與分解的運(yùn)用版權(quán)所有專題：動(dòng)態(tài)預(yù)測(cè)題分析：對(duì)球和木塊整體受力分

33、析求解地面對(duì)整體的靜摩擦力；對(duì)小球受力分析后根據(jù)平衡條件求解木塊和繩子對(duì)光滑球的作用力的合力解答：解：對(duì)球和木塊整體受力分析，受重力和支持力，二力平衡；地面對(duì)整體無(wú)靜摩擦力，否則不能平衡；對(duì)小球受力分析，受重力、支持力和拉力，三力平衡，故拉力和支持力的合力與重力m1g等值、反向、共線；故答案為：0，m1g點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵靈活地選擇研究對(duì)象，然后根據(jù)平衡條件列式分析，不難22（4分）（2010秋寶山區(qū)校級(jí)期中）如圖所示，A、B、C是三個(gè)質(zhì)量均為1Kg的小球，它們之間用 L1、L2、L3三根勁度都相等的輕質(zhì)彈簧相連，現(xiàn)對(duì)A球施一水平拉力，使三個(gè)小球一起在光滑水平面上作勻加速直線運(yùn)動(dòng)，已知穩(wěn)定時(shí)，作用

34、在A球上拉力F=6N，彈簧L1、L2均處于拉伸狀態(tài)，L3處于壓縮狀態(tài)，則A球的加速度為2m/s2，B球的加速度為2m/s2考點(diǎn)：牛頓第二定律；力的合成與分解的運(yùn)用；胡克定律版權(quán)所有專題：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題分析：三個(gè)小球一起在光滑水平面上作勻加速直線運(yùn)動(dòng)，以整體為研究對(duì)象，進(jìn)行受力分析根據(jù)牛頓第二定律求解加速度即可解答：解：已知穩(wěn)定時(shí)，三個(gè)小球一起勻加速直線運(yùn)動(dòng)，以整體為研究對(duì)象，兩球間的彈簧作用力為內(nèi)力，可以不予考慮以三個(gè)小球整體為研究對(duì)象，在光滑水平面上受到大小為6N的恒定拉力作用，整體產(chǎn)生的加速度為a=所以A、B、C三球的加速度相同都為2m/s2故答案為：2m/s2，2m/s2點(diǎn)評(píng)：小球

35、穩(wěn)定時(shí)，以整體為研究對(duì)象，小球間的彈簧彈力是內(nèi)力不影響計(jì)算加速度的大小23（4分）（2014秋東鄉(xiāng)縣校級(jí)期中）一列簡(jiǎn)諧波沿直線傳播，A、B、C是同一直線上的三個(gè)質(zhì)點(diǎn)某時(shí)刻波傳到了B點(diǎn)，A點(diǎn)剛好處于波谷位置已知波長(zhǎng)大于3m且小于5m，AB=5m，A質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)周期T=0.1s，振幅A=5cm，再經(jīng)過0.5s，C點(diǎn)第一次到達(dá)波谷，則：這列波的波長(zhǎng)為4m，AC間的距離為24m考點(diǎn)：波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象版權(quán)所有分析：根據(jù)題給條件，分析A、B兩點(diǎn)狀態(tài)的關(guān)系，結(jié)合波形，得到AB距離與波長(zhǎng)的關(guān)系通項(xiàng)式，根據(jù)波長(zhǎng)大于3m小于5m，AB=5m，確定波長(zhǎng)的值由波傳播的距離x=vt求出AC間的距離解答：

36、解：若AB=（n+）， =m，（n=0.1，2，） 由于3m5m，則n取1，得到=4m，v=40m/s AC=vt+=（400.5+4）m=24m 若AB=（n+），=m3m，故不符合題意故答案為：4，24點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵要考慮空間的周期性，列出距離與波長(zhǎng)關(guān)系的通項(xiàng)式通過分析推理，深刻理解波動(dòng)的本質(zhì)，培養(yǎng)運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)解決物理問題的能力24（4分）（2010秋寶山區(qū)校級(jí)期中）一質(zhì)點(diǎn)在平衡位置O點(diǎn)附近作簡(jiǎn)諧振動(dòng)，它離開O點(diǎn)2.9s第一次通過M點(diǎn)，再經(jīng)過2s第二次通過M點(diǎn)，再經(jīng)過13.6s，它第三次通過M點(diǎn)，質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)周期為15.6s考點(diǎn)：簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的回復(fù)力和能量版權(quán)所有專題：簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)專題分析：根據(jù)簡(jiǎn)諧

37、運(yùn)動(dòng)的位移、速度、時(shí)間的對(duì)稱性進(jìn)行分析即可解答：解：質(zhì)點(diǎn)離開O點(diǎn)2.9s第一次通過M點(diǎn)；再經(jīng)過2s第二次通過M點(diǎn)，故從M點(diǎn)到最大位移處的時(shí)間為1s；故周期為：T=4（2.9+1）s=15.6s；它第三次通過M點(diǎn)的時(shí)間為：t=Tt2=15.6s2s=13.6s；故答案為：13.6s，15.6s點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性分析求解，基礎(chǔ)題25（4分）（2011秋泉州期中）半徑為r的絕緣光滑圓環(huán)固定在豎直平面內(nèi)，環(huán)上套有一質(zhì)量為m，帶正電的珠子，空間存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，如圖所示，珠子所受靜電力是其重力的3/4倍，將珠從環(huán)上最低位置A點(diǎn)靜止釋放，則珠子在運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能與電勢(shì)能之和不變（填

38、寫“增加”、“減少”、“不變”），珠子所能獲得的最大動(dòng)能EK為考點(diǎn)：電勢(shì)能；動(dòng)能定理的應(yīng)用版權(quán)所有專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：帶電的珠子受到重力和電場(chǎng)力的共同的作用，在空間中存在一點(diǎn)，該點(diǎn)能夠使珠子靜止下來(lái)，這一點(diǎn)就是珠子的平衡位置，是珠子具有最大動(dòng)能的點(diǎn)對(duì)該點(diǎn)的珠子進(jìn)行受力分析，求出該點(diǎn)的位置，然后使用動(dòng)能定理求出珠子的最大動(dòng)能解答：解：如圖，在珠子能夠靜止的一點(diǎn)進(jìn)行受力分析設(shè)OB與OA之間的夾角為，則：所以：=37珠子在等效最低點(diǎn)B時(shí)具有最大的動(dòng)能珠子從A到B的過程電場(chǎng)力和重力做功，珠子的動(dòng)能增加，即：mgr（1cos）+qErsin=EK0解得珠子所能獲得的最大動(dòng)能：故答案為：不變

39、，點(diǎn)評(píng)：該題屬于重力與電場(chǎng)力的復(fù)合場(chǎng)問題，解決問題的關(guān)鍵是找到帶電體的等效平衡位置屬于基礎(chǔ)題目五（24分）實(shí)驗(yàn)題本大題共4小題，每空填對(duì)得3分26（6分）（2010上海）卡文迪許利用如圖所示的扭秤實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量了引力常量G（1）（多選題）為了測(cè)量石英絲極微小的扭轉(zhuǎn)角，該實(shí)驗(yàn)裝置中采取使“微小量放大”的主要措施是CD（A）減小石英絲的直徑（B）增大T型架橫梁的長(zhǎng)度（C）利用平面鏡對(duì)光線的反射（D）增大刻度尺與平面鏡的距離（2）已知T型架水平橫梁長(zhǎng)度為l，質(zhì)量分別為m和m的球，位于同一水平面內(nèi)，當(dāng)橫梁處于力矩平衡狀態(tài)時(shí)，測(cè)得m、m連線長(zhǎng)度為r，且與水平橫梁垂直，同時(shí)測(cè)得石英絲的扭轉(zhuǎn)角度為，由此得到扭

40、轉(zhuǎn)力矩k（k為扭轉(zhuǎn)系數(shù)且已知），則引力常量的表達(dá)式G=考點(diǎn)：萬(wàn)有引力定律的發(fā)現(xiàn)和萬(wàn)有引力恒量的測(cè)定版權(quán)所有分析：為測(cè)量石英絲極的扭轉(zhuǎn)角，實(shí)驗(yàn)采取了“微小量放大”當(dāng)引進(jìn)m時(shí)由于物體間引力作用，使石英絲極發(fā)生微小的扭轉(zhuǎn)，從而帶動(dòng)平面鏡轉(zhuǎn)動(dòng)，導(dǎo)致經(jīng)平面鏡反射過來(lái)的光線發(fā)生較大變化，得出轉(zhuǎn)動(dòng)的角度列出石英絲極微小的扭轉(zhuǎn)力矩等于引力力矩的表達(dá)式，從而求出引力常量解答：解：（1）為了測(cè)量石英絲極微小的扭轉(zhuǎn)角，該實(shí)驗(yàn)裝置中采取使“微小量放大”利用平面鏡對(duì)光線的反射，來(lái)體現(xiàn)微小形變的當(dāng)增大刻度尺與平面鏡的距離時(shí)，轉(zhuǎn)動(dòng)的角度更明顯因此選項(xiàng)CD正確；當(dāng)減小石英絲的直徑時(shí)，會(huì)導(dǎo)致石英絲更容易轉(zhuǎn)動(dòng)，對(duì)測(cè)量石英絲極微小

41、的扭轉(zhuǎn)角卻沒有作用，故A不正確；當(dāng)增大T型架橫梁的長(zhǎng)度時(shí)，會(huì)導(dǎo)致石英絲更容易轉(zhuǎn)動(dòng)，對(duì)測(cè)量石英絲極微小的扭轉(zhuǎn)角仍沒有作用，故B不正確；故選CD（2）質(zhì)量分別為m和m的球，位于同一水平面內(nèi)，當(dāng)橫梁處于靜止時(shí)，力矩達(dá)平衡狀態(tài)則有：由 得：G=故答案為：點(diǎn)評(píng)：本題巧妙地利用光的反射將因引力產(chǎn)生微小轉(zhuǎn)動(dòng)的角度放大，同時(shí)利用力矩平衡來(lái)解題，能拓寬學(xué)生的解題思路，提高解題能力27（6分）（2010秋寶山區(qū)校級(jí)期中）如圖甲所示是某種“研究平拋運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)裝置（1）當(dāng)a小球從斜槽末端水平飛出時(shí)與b小球離地面的高度均為H，此瞬間電路斷開，電磁鐵釋放b小球，最終兩小球同時(shí)落地該實(shí)驗(yàn)結(jié)果可表明BCD（A）兩小球落地速

42、度的大小相同（B）兩小球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等（C）a球在豎直方向的分運(yùn)動(dòng)與b球的運(yùn)動(dòng)相同（D）兩小球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)豎直方向的加速度相等（2）利用該實(shí)驗(yàn)裝置研究a小球平拋運(yùn)動(dòng)的速度，從斜槽同一位置釋放小球，實(shí)驗(yàn)得到小球運(yùn)動(dòng)軌跡中的三個(gè)點(diǎn)A、B、C，如圖乙所示圖中O為坐標(biāo)原點(diǎn)，B點(diǎn)在兩坐標(biāo)線交點(diǎn)，坐標(biāo)xB=40cm，yB=20cm，A、C點(diǎn)均在坐標(biāo)線的中點(diǎn)則a小球在B點(diǎn)處的瞬時(shí)速度的大小vB=2.83m/s考點(diǎn)：研究平拋物體的運(yùn)動(dòng)版權(quán)所有專題：實(shí)驗(yàn)題；平拋運(yùn)動(dòng)專題分析：（1）a球做平拋運(yùn)動(dòng)，b球做自由落體運(yùn)動(dòng)，兩球同時(shí)落地，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，可知a球在豎直方向上的分運(yùn)動(dòng)為自由落體運(yùn)動(dòng)（2）通過圖象知，

43、AB、BC的水平位移相等，則運(yùn)動(dòng)的時(shí)間間隔相等，根據(jù)豎直方向上在相等時(shí)間內(nèi)的位移之差是一恒量，求出時(shí)間間隔，再根據(jù)水平方向上勻速直線運(yùn)動(dòng)求出平拋運(yùn)動(dòng)的初速度求出AC段豎直方向上的平均速度，該平均速度等于B點(diǎn)豎直方向上的瞬時(shí)速度，根據(jù)平行四邊形定則求出B點(diǎn)的瞬時(shí)速度解答：解：（1）當(dāng)a小球從斜槽末端水平飛出時(shí)與b小球離地面的高度均為H，此瞬間電路斷開使電磁鐵釋放b小球，最終兩小球同時(shí)落地，知運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，a球在豎直方向上的分運(yùn)動(dòng)與b小球的運(yùn)動(dòng)相同故選BCD（2）A點(diǎn)的橫坐標(biāo)為20cm，縱坐標(biāo)為5cm，C點(diǎn)的橫坐標(biāo)為60cm，縱坐標(biāo)為45cm根據(jù)y=gT2得，T=s=0.1s則平拋運(yùn)動(dòng)的初速度v0

44、=2m/sB點(diǎn)豎直方向上的分速度vy=m/s=2m/s則B點(diǎn)的瞬時(shí)速度vB=2.83m/s故答案為：（1）BCD （2）2.83點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握平拋運(yùn)動(dòng)水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式靈活求解28（6分）（2010秋寶山區(qū)校級(jí)期中）在用單擺測(cè)重力加速度的實(shí)驗(yàn)中：（1）某同學(xué)實(shí)驗(yàn)時(shí)通過改變擺線長(zhǎng)，測(cè)出幾組擺線長(zhǎng)L和對(duì)應(yīng)的周期T的數(shù)據(jù)，作出LT2圖線，如圖所示利用圖線上任兩點(diǎn)A、B的坐標(biāo)（x1，y1）、（x2，y2），可求得重力加速度g=；（2）利用LT2圖線求解重力加速度問題時(shí)，若擺球的質(zhì)量分布不均勻，直線AB將不通過坐標(biāo)原點(diǎn)（填“通過”、“不通過”）考點(diǎn)：用單擺測(cè)定重力加

45、速度版權(quán)所有專題：實(shí)驗(yàn)題；單擺問題分析：根據(jù)單擺的周期公式求出擺長(zhǎng)和周期的關(guān)系，通過圖線的斜率求出重力加速度擺球的質(zhì)量不均勻，則擺長(zhǎng)發(fā)生變化解答：解：根據(jù)T=，得L=，知圖線的斜率為，有：，解得g=若擺球的質(zhì)量分布不均勻，則測(cè)量的擺長(zhǎng)不準(zhǔn)確，但是擺長(zhǎng)的變化量不變，圖線的斜率不變，但是圖線不再通過坐標(biāo)原點(diǎn)故答案為：（1）（2）不通過點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握實(shí)驗(yàn)的原理，通過周期公式得出圖線的斜率的物理意義29（6分）（2010秋寶山區(qū)校級(jí)期中）普通洗衣機(jī)的脫水桶以1200r/min的速度高速旋轉(zhuǎn)，為避免發(fā)生人身傷害事故，脫水機(jī)構(gòu)都裝有安全制動(dòng)系統(tǒng)如圖所示為脫水制動(dòng)示意圖，該系統(tǒng)由脫水桶蓋板、制動(dòng)鋼

46、絲、剎車制動(dòng)盤等組成，剎車盤與脫水筒共軸轉(zhuǎn)動(dòng)當(dāng)脫水桶運(yùn)轉(zhuǎn)時(shí)，如果打開脫水桶蓋，則該系統(tǒng)便產(chǎn)生制動(dòng)作用安全制動(dòng)系統(tǒng)的作用有兩個(gè)：一是將脫水電動(dòng)機(jī)的電源自動(dòng)切斷；二是剎車帶自動(dòng)緊壓在剎車盤上，使脫水桶迅速停止轉(zhuǎn)動(dòng)若脫水桶的半徑為9cm，剎車盤的半徑為6cm，打開脫水桶蓋到脫水桶停止共轉(zhuǎn)了50圈（設(shè)為均勻減速），若衣服和桶的質(zhì)量為3kg（可以認(rèn)為質(zhì)量全部分布在脫水桶桶壁上，剎車盤的質(zhì)量不計(jì)）則：（1）打開脫水筒蓋的瞬間，筒壁上某點(diǎn)的線速度大小約為11.31m/s；（2）剎車帶上受到的摩擦力的平均值的大小約為10.18N考點(diǎn)：向心力；牛頓第二定律；線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速版權(quán)所有專題：牛頓第二定律在

47、圓周運(yùn)動(dòng)中的應(yīng)用分析：（1）根據(jù)v=r和=2n列式求解得出筒壁上某點(diǎn)的線速度大?。?）根據(jù)S=N2r求出剎車盤邊緣上的某點(diǎn)在這一過程中的路程，直接對(duì)減速過程運(yùn)用動(dòng)能定理列式求解得出摩擦力的平均值解答：解：1）脫水桶以1200r/min的速度高速旋轉(zhuǎn)，脫水桶的半徑為9cm；根據(jù)線速度公式v=r和角速度公式=2n聯(lián)立，得到：v=2rn=2（）0.09=11.31（m/s） （2）打開脫水桶蓋到脫水桶停止共轉(zhuǎn)了50圈，剎車盤的半徑為6cm；故：s=N2r小=5020.06=18.85（m） 脫水后，衣服緊靠脫水桶壁，桶和衣服具有動(dòng)能，根據(jù)動(dòng)能定理得，fs=解得f=10.18N故答案為：（1）11.3

48、1m/s （2）10.18N點(diǎn)評(píng)：本題摩擦力為變力，對(duì)于變力做功可以用微元法求功，然后運(yùn)用動(dòng)能定理求解六（50分）計(jì)算題30（12分）（2010秋寶山區(qū)校級(jí)期中）如圖，ABC和ABD為兩個(gè)光滑固定軌道，A、B、E在同一水平面上，C、D、E在同一豎直線上，D點(diǎn)距水平面的高度為h，c點(diǎn)的高度為2h一滑塊從A點(diǎn)以初速度v0分別的沿兩軌道滑行到C或D處后水平拋出求（1）滑塊從C處落到水平面的時(shí)間；（2）滑塊從C處落到水平面時(shí)，落點(diǎn)與E的距離；（3）為實(shí)現(xiàn)落點(diǎn)與E的距離SCESDE，v0應(yīng)滿足什么條件？考點(diǎn)：平拋運(yùn)動(dòng)版權(quán)所有專題：平拋運(yùn)動(dòng)專題分析：（1）平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)高度求出運(yùn)

49、動(dòng)的時(shí)間（2）平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理求出物塊運(yùn)動(dòng)到C處的速度，結(jié)合速度和平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間求出落地點(diǎn)與E的距離（3）求得sC和sD的大小的表達(dá)式，根據(jù)題意分析可以得出，v0應(yīng)滿足的條件解答：解：（1）根據(jù)2h=，解得t=（2）根據(jù)動(dòng)能定理得，解得v=則（3）同理因?yàn)橐猄CESDE，也就是要有2（v024gh）v022gh，所以v026gh，又滑塊必須能到達(dá)C點(diǎn)，即 vC2=v024gh，所以 v024gh，因此初速度應(yīng)滿足0答：（1）滑塊從C處落到水平面的時(shí)間（2）滑塊從C處落到水平面時(shí)，落點(diǎn)與E的距離Sc=（3）v0應(yīng)滿足0點(diǎn)評(píng)：整個(gè)過程中，物體的機(jī)械能守恒，離開C和D

50、后物體做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律分析可以得出結(jié)論31（12分）（2010秋寶山區(qū)校級(jí)期中）1mol理想氣體的初態(tài)溫度為T1，然后氣體經(jīng)歷了一個(gè)壓強(qiáng)與體積間滿足關(guān)系P=AV的緩慢過程（A為一個(gè)已知的常量，標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下0時(shí)的大氣壓為1.013x105Pa，1mol理想氣體的體積為22.4L）（1）求過程中P1 V1/T1的大??；（2）請(qǐng)判斷這1mol理想氣體，T與P存在怎樣的關(guān)系？（3）若氣體經(jīng)歷上述過程后體積增大了一倍，則氣體的溫度T為多少？考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強(qiáng)版權(quán)所有專題：理想氣體狀態(tài)方程專題分析：（1）將數(shù)據(jù)代入求解即可；（2）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程和題意中P=AV求解即可

51、；（3）根據(jù)第（2）問結(jié)論和題意中P=AV分析即可解答：解：（1）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，有：C=8.31 Pam3/K（2）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，有：根據(jù)題意，有：P=AV（A為一個(gè)已知的常量）聯(lián)立解得：，整理得到： 其中（C=8.31 Pam3/k）（3）根據(jù)題意，有：P=AV（A為一個(gè)已知的常量）故體積增加一倍，壓強(qiáng)也增加一倍，根據(jù)第（2）問結(jié)論，溫度增加為4倍，即T=4 T1；答：（1）過程中的大小為8.31 Pam3/K；（2）這1mol理想氣體，T與P存在的關(guān)系為 其中（C=8.31 Pam3/k）；（3）若氣體經(jīng)歷上述過程后體積增大了一倍，則氣體的溫度T為4 T1點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程和題意中P=AV公式列式求解，不難32（12分）