（全國通用版）2019高考物理總復習 精準提分練：仿真模擬練（一）_1

1、（全國通用版）2019高考物理總復習 精準提分練：仿真模擬練（一）仿真模擬練(一)(時間：70分鐘滿分：110分)二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分14下列核反應方程式中，表示核聚變過程的是()A.NHeOHB.UThHeC.HHHenD.UnBaKr3n答案C解析輕核聚變是指輕核結合成質量較大的核，并釋放出核能的反應，A項為人工轉變，B項為衰變，C項為輕核聚變，D項為重核裂變，故C正確152018年4月14日，風靡全球的蹦床主題公園樂園空間

2、登陸上海，在人氣最高的自由蹦床活動中，小朋從扁帶上豎直向上跳起，落下后沉入海綿池中，如圖1是小朋某次游戲中的vt圖象，t0時小朋離開扁帶，將小朋視為質點，不考慮空氣阻力，則小朋()圖1At1時刻落到海綿上Bt2時刻到達最低處Ct3時刻處于平衡狀態(tài)Dt2t4時間內(nèi)處于超重狀態(tài)答案D解析小朋先向上做勻減速運動，在t1時刻達到最高點，故A錯誤；小朋達到最高點后開始做自由落體運動，接觸海綿后，加速度開始減小，t2時刻速度達到最大，但沒有在最低點，故B錯誤；t3時刻速度為零，但合力不為零，故C錯誤；t2t4時間內(nèi)先向下做減速運動，速度減到零后開始反向做加速運動，在此過程中，加速度的方向一直向上，所以是超

3、重狀態(tài)，故D正確16如圖2，一質量為m、電荷量為q的帶正電粒子在豎直向下的勻強電場中運動，M、N為其運動軌跡上的兩點已知該粒子在M點的速度大小為v0，方向與水平方向的夾角為60，N點為軌跡的最高點，不計重力則M、N兩點間的電勢差為()圖2A.BCD.答案B解析從M點到N點利用動能定理有：qUMNmvmvm(v0cos60)2mv解得：UMN，故B正確17一質量為m的電動汽車在平直公路上以恒定的功率加速行駛，當速度大小為v時，其加速度大小為a，設汽車所受的阻力恒為f.以下說法正確的是()A汽車的功率為fvB當汽車的速度增加到2v時，加速度為C汽車行駛的最大速率為(1)vD當汽車的速度為v時，行駛

4、的距離為答案C解析汽車做加速運動，由牛頓第二定律有：Ffma，所以Ffma，所以汽車的功率為PFv(fma)v，故A錯誤；當汽車的速度增加到2v時，此時的牽引力為F由牛頓第二定律有：Ffma1，即fma1解得a1，故B錯誤；當汽車的牽引力與阻力相等時，汽車速度最大，即vmv，故C正確；由于以恒定的功率行駛，汽車做加速度減小的加速運動，行駛的距離不能用2axv2即x來計算，故D錯誤18如圖3，在含有理想變壓器的電路中，三個定值電阻R2R32R1，電流表為理想交流電表，U為有效值恒定的正弦交流電源當S閉合時，電流表的示數(shù)為I；當S斷開時，電流表的示數(shù)為.該變壓器原、副線圈匝數(shù)比為()圖3A2B3C

5、4D5答案A解析設變壓器原、副線圈匝數(shù)比為k，則可知，開關閉合時，副線圈總電流為kI，根據(jù)理想變壓器原理可知k，同理k聯(lián)立解得：k2，故A正確19如圖4甲所示，矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁場的方向與導線框所在的平面垂直，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，規(guī)定垂直紙面向里為磁場正方向，順時針方向為感應電流正方向，水平向右為ad邊所受安培力F的正方向下列圖象正確的是()圖4答案BD解析線圈中的感應電流決定于磁感應強度B隨t的變化率由題圖可知，01s時間內(nèi)，B增大，增大，感應電流產(chǎn)生的磁場與原磁場方向相反(感應電流產(chǎn)生的磁場的磁感應強度的方向向外)，由右手定則知感應電流是逆時針的，是

6、負值，因磁場均勻變化，所以產(chǎn)生的感應電流恒定，同理可判斷出14s內(nèi)感應電流的方向，故A錯誤，B正確；01s時間內(nèi)，ad邊感應電流是向下的，ad邊所受的安培力FBIL，根據(jù)左手定則得安培力方向向右為正值，由于B隨時間均勻增大，I不變，所以安培力F隨時間t均勻增大，同理可判斷出14s時間內(nèi)安培力F隨時間t的變化關系，故C錯誤，D正確20某衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，周期為T.已知地球半徑為R，地球表面重力加速度為g，引力常量為G，假設地球的質量分布均勻，忽略地球自轉以下說法正確的是()A衛(wèi)星運行半徑rB衛(wèi)星運行半徑rC地球平均密度D地球平均密度答案AC解析由萬有引力提供向心力有：Gmr和Gmg聯(lián)立解

7、得：r，故A正確，B錯誤；地球的質量M，地球的體積V，所以地球的密度為，故C正確，D錯誤21.有三根長度皆為L的不可伸長的絕緣輕線，其中兩根的一端固定在天花板上的O點，另一端分別掛有質量均為m、電荷量分別為q和q的帶電小球A和B，A、B間用第三根線連接起來所在空間存在水平向右、大小E的勻強電場，系統(tǒng)平衡時，A、B球的位置如圖5所示現(xiàn)將O、B之間的輕線燒斷，因空氣阻力，A、B兩球最后會達到新的平衡位置(不計兩帶電小球間相互作用的靜電力)以下說法正確的是()圖5AA球的電勢能增加了qELBB球的電勢能減少了qELCA球的重力勢能減少了mgLDB球的重力勢能減少了mgL答案ACD解析設達到新的平衡位

8、置時OA繩與豎直方向的夾角為，OB繩與豎直方向的夾角為，由平衡條件得對A：FT1cosmgFT2cosqEFT1sinFT2sin對B：FTcosmgqEFTsinFTFT2聯(lián)立解得：0，45所以A球的重力勢能減少了mgL(1cos30)mgLB球的重力勢能減少了mgL(1cos45)mgLcos30mgLA球的電勢能增加了qELsin30qELB球的電勢能增加了qEL(sin45sin30)qEL綜上所述，故A、C、D正確三、非選擇題(一)必考題22(5分)利用圖6的裝置探究“恒力做功與系統(tǒng)動能變化”的關系，小車的質量為M，鉤碼的質量為m，打點計時器的電源是頻率為f的交流電圖6(1)實驗中，

9、把長木板右端墊高，在不掛鉤碼且_的情況下，輕推一下小車，若小車拖著紙帶做勻速直線運動，表明已經(jīng)消除了摩擦力和其他阻力的影響(填選項前的字母)A打點計時器不打點B打點計時器打點(2)圖7是正確操作后得到的一條紙帶，紙帶上各點是打出的計時點，其中O為打出的第一個點在紙帶上連續(xù)選取A、B、C、D、E點進行分析，測得各點到O點的距離分別為s1、s2、s3、s4、s5，則打點計時器打D點時，小車的速度vD_.(用已知和測得物理量的符號表示)圖7(3)若采用圖中的OD過程進行驗證，則需要驗證的關系式為_(用已知和測得物理量的符號表示)答案(1)B(2)(3)mgs4(mM)(s5s3)2f2解析(1)在不

10、掛鉤碼且打點計時器打點的情況下，若小車拖著紙帶做勻速直線運動，表明已經(jīng)消除了摩擦力和其他阻力的影響，故選B.(2)利用中間時刻的瞬時速度等于平均速度可求得vD(3)根據(jù)功能關系可知mghD(mM)v代入數(shù)據(jù)得：mgs4(mM)(s5s3)2f2只要驗證上關系式成立即可23(10分)實驗室中有熱敏電阻Rt、電爐絲、電磁繼電器、電源E(3.6V，內(nèi)阻不計)、電阻箱R0(0999.9)、開關K和導線若干，某同學設計了如圖8甲所示的溫控電路，當通過電磁繼電器線圈的電流達到20mA時，銜鐵被吸合，電爐絲停止加熱；當通過繼電器線圈的電流降到18mA時，銜鐵與繼電器分開，電爐絲通電加熱，圖乙為熱敏電阻Rt的

11、阻值與溫度t的關系圖8該同學主要實驗過程如下，完成下列填空：(1)用多用電表的歐姆“1”擋測繼電器線圈的電阻時，主要步驟如下：A將選擇開關旋至“1”擋，短接兩表筆，調節(jié)歐姆調零旋鈕，使指針指在歐姆擋“0”刻度B調節(jié)多用電表的指針定位螺絲，使指針指在直流電流“0”刻度C將多用電表的選擇開關旋至“OFF”D將兩表筆直接連到圖甲中的1、4兩點，讀出歐姆表的示數(shù)即繼電器線圈的電阻值以上步驟中存在錯誤的一項是_改正后正確的步驟順序為_(填步驟前的字母)(2)已知繼電器線圈的電阻為25.0.該同學將電阻箱的阻值調為75.0，則該溫控器的溫度控制范圍在_之間；若要提高控制的溫度，則需要將電阻箱的阻值_(選填

12、“調大”或“調小”)(3)正確設計電路后閉合K，發(fā)現(xiàn)電爐絲發(fā)熱，Rt溫度一直升高但繼電器并不吸合將多用電表選擇開關旋至直流電壓“10V”擋，將表筆分別接到圖甲中1、2、3、4各點進行故障排查(僅一處故障)，現(xiàn)象如下表，則可知_.表筆位置1、23、23、44、1電表示數(shù)3.60V3.60V00A.開關K斷路B電阻箱斷路C熱敏電阻Rt短路D電磁繼電器線圈短路答案(1)DBADC(2)5060調大(3)B解析(1)由于歐姆表不能直接測量帶電源的電路，應該斷開開關將繼電器隔離后再放到1、4兩點直接測量繼電器的電阻，所以上述步驟中的D有錯誤，歐姆表的正確的操作步驟是BADC.(2)當通過電磁繼電器線圈的

13、電流達到20mA時，銜鐵被吸合，電爐絲停止加熱；當通過繼電器線圈的電流降到18mA時，街鐵與繼電器分開，所以回路中的電流取值范圍是18mA20mA，當繼電器線圈的電阻為25.0.電阻箱的阻值調為75.0，利用閉合電路歐姆定律I可解得此時熱敏電阻的取值范圍為80100，結合圖象可知溫度的取值范圍為5060，若要提高控制的溫度，即熱敏電阻的阻值變小，則需要將電阻箱的阻值調大，保持回路中電流的取值范圍不變(3)從圖中可以看出電表在測量變阻箱時的電壓為電源電動勢，所以回路中應該出現(xiàn)了變阻箱斷路這樣的故障，所以選B.24(12分)如圖9為分揀郵件的傳輸裝置示意圖，固定在豎直平面內(nèi)的光滑四分之一圓弧軌道與

14、水平傳送帶相切于B點，圓弧的半徑為R0.8m，傳送帶的長度L3m，以速度v2m/s沿順時針方向勻速轉動現(xiàn)將一質量m2kg的郵件(可視為質點)由圓弧頂點A點靜止釋放，已知郵件和傳送帶間的動摩擦因數(shù)0.5，取g10m/s2，求：圖9(1)郵件滑到B點時的速度大??；(2)郵件由B點運動到C點的時間；(3)郵件與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的熱量答案(1)4m/s(2)1.3s(3)4J解析(1)由動能定理得：mgRmv解得：vB4m/s；(2)郵件在傳送帶上滑動，由牛頓第二定律得：mgma減速到v的過程中：v2v2(a)x1vvBat1勻速階段：Lx1vt2綜上可得運動的時間：tt1t21.3s(3)郵件與傳

15、送帶相對位移：xx1vt1摩擦生熱：Qmgx4J.25(20分)如圖10，空間存在方向垂直于xOy平面向里的勻強磁場在x>0的區(qū)域內(nèi)，磁感應強度大小B13B0，在x<0的區(qū)域內(nèi)，磁感應強度大小B24B0.在t0時刻，一靜止于O點的中性粒子分裂為兩個質量分別為m、7m的帶電粒子a和b，其中a粒子帶正電，電荷量為q，分裂后粒子a以速度v沿x軸正向運動不計粒子的重力以及粒子間的相互作用，求：圖10(1)分裂后b粒子的速度大??；(2)當粒子a的速度方向再次沿x軸正向時，粒子a的運動時間和到O點的距離；(3)粒子a與b在y軸上相遇的時刻和位置答案見解析解析(1)由動量守恒定律得0mv(7mv

16、b)解得：vb；(2)由牛頓第二定律得：qvBm，T解得粒子a的運動時間：ta到O點的距離：ya22；(3)a經(jīng)過y軸的坐標及對應的時刻為：yan2(n1)2(n1,2,3)tan(n1)或yan2n2(n1,2,3)tannb經(jīng)過y正半軸的坐標及對應的時刻為：ybN2(N1)2(n1,2,3)tb(N1).粒子a和b相遇需滿足條件tatb且yayb或tatb且yayb解得tatb時無解tatb時，n3，N1即t，y.(二)選考題33選修33(15分)(1)(5分)分子同時存在著引力和斥力，若分子間引力、斥力隨分子距離r的變化規(guī)律分別為F引，F(xiàn)斥.下列說法正確的是_A分子表現(xiàn)為斥力時，由>

17、;得r>B引力和斥力相等時，由得r，故當r>時分子作用力為引力C引力和斥力相等時，分子勢能為零D引力大于斥力時，分子勢能隨分子間距離增大而增大E斥力大于引力時，分子勢能隨分子間距離減小而增大(2)(10分)如圖11所示，內(nèi)壁光滑的汽缸開口向上豎直放置；缸內(nèi)理想氣體、高度均為L0，溫度均為T0.活塞A到汽缸頂部的距離為L0，活塞A、B絕熱，A下有加熱裝置，汽缸底部導熱、其余部分絕熱，開始時整個裝置處于平衡狀態(tài)已知活塞A和加熱裝置質量不計，B質量為m、橫截面積為S，外界大氣壓強為p0，環(huán)境溫度不變現(xiàn)對氣體緩慢加熱，求：圖11氣體溫度多大時B活塞開始移動；活塞B下移時氣體的溫度答案(1)

18、BDE(2)見解析解析(2)取氣體為研究對象，p1p0，氣體發(fā)生等壓膨脹，當其體積為2L0S時，B開始移動由蓋呂薩克定律得：解得：T12T0氣體初態(tài)壓強為p2p0對由等溫變化：p2L0Sp2L0S氣體此時壓強為p1，p1p2對由理想氣體狀態(tài)方程：解得：T1T0.34選修34(15分)(1)(5分)如圖12所示，一列橫波在x軸上傳播，實線和虛線分別表示t10、t20.14s時的波形，已知實線在t30.6s時第5次重復出現(xiàn)則_圖12A波的周期為0.1sB波的波長為12cmC波的傳播速度為1m/sD波沿x軸正方向傳播Et20.14s時，x0處質點的縱坐標為ycm(2)(10分)如圖13所示為半徑R6cm的某種半圓柱透明介質的截面圖，M