陜西省西安市八校2015屆高三下學期高考模擬物理試卷

1、陜西省西安市八校大聯(lián)考2015屆高考物理模擬試卷一、選擇題（本題共12小題，每小題4分，在給出的四個選項中，第1-8題只有一個符合題目要求，第9-12題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全對的得2分，有錯選得0分，共48分）1下面關于物理學史的說法正確的是( )A卡文迪許利用扭秤實驗得出萬有引力與距離平方成反比的規(guī)律B奧斯特通過實驗發(fā)現(xiàn)變化的磁場能在其周圍產(chǎn)生電場C牛頓猜想自由落體運動的速度與下落時間成正比，并直接用實驗進行了驗證D法拉第首先引入“場”的概念用來研究電和磁現(xiàn)象2一質(zhì)點在a、b兩點之間做勻變速直線運動，加速度方向與初速度方向相同，當在a點初速度為v時，從a點到b點所用

2、的時間為t，當在a點初速度為2v時，保持其他量不變，從a點到b點所用的時間為t，則( )AtBt=CtDt=t3我國第一臺自行設計、自主集成研制的“蛟龍?zhí)枴陛d人潛水器完成5000米級海試回國“蛟龍?zhí)枴辈捎贸Ｓ玫摹吧顫撈鳠o動力下潛上浮技術”潛水器兩側(cè)配備4塊壓載鐵，重量可以根據(jù)不同深度與要求調(diào)整當潛水器兩側(cè)配備4塊壓載鐵時，潛水器下潛一定深度后按恒定速度下潛；當潛水器到達一定深度時，可操作拋載其中2塊壓載鐵，使?jié)撍鲬彝Ｔ谥付ㄉ疃壬蠈崿F(xiàn)作業(yè)，包括航行、拍照、取樣等；當任務完成，再拋棄另外2塊壓載鐵，使?jié)撍魃细?，到達水面，設潛水器在水中受到的阻力與速度的平方成正比，潛水器受到的浮力恒定，下列說法

3、正確的是( )A潛水器兩側(cè)配備4塊壓載鐵時，向下做勻加速運動B潛水器兩側(cè)配備4塊壓載鐵時，先向下做加速度逐漸減小的加速運動，然后做勻速運動C潛水器拋棄其中2塊壓載鐵時，潛水器將做勻減速運動D潛水器拋棄所有壓載鐵后，潛水器向上先做勻加速后勻速運動至浮出水面42014年春晚中開心麻花團隊打造的創(chuàng)意形體秀魔幻三兄弟給觀眾留下了很深的印象該劇采用了“斜躺”的表演方式，三位演員躺在傾角為30°的斜面上完成一系列動作，攝像機垂直于斜面拍攝，讓觀眾產(chǎn)生演員在豎直墻面前表演的錯覺如圖所示，演員甲被演員乙和演員丙“豎直向上”拋出，到最高點后恰好懸停在“空中”已知演員甲的質(zhì)量m=60kg，該過程中觀眾看

4、到演員甲上升的“高度”為0.8m設演員甲和斜面間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g=10m/s2，不計空氣阻力則該過程中，下列說法不正確的是( )A演員甲被拋出的初速度為4m/sB演員甲運動的時間為0.4sC演員甲的重力勢能增加了480JD演員乙和演員丙對甲做的功為480J5人用手托著質(zhì)量為m的“小蘋果”，從靜止開始沿水平方向運動，前進距離l后，速度為v（物體與手始終相對靜止），物體與手掌之間的動摩擦因數(shù)為，則下列說法正確的是( )A手對蘋果的作用力方向豎直向上B蘋果所受摩擦力大小為mgC手對蘋果做的功為mv2D蘋果對手不做功6煤礦滲水會造成嚴重安全事故，2011年11月13日凌晨0時1

5、0分，甘肅省白銀市景泰縣通達煤礦發(fā)生透水事故，當時井下作業(yè)人員11名，其中4人泅水脫險，7人被困利用傳感電容器可檢測礦井滲水，發(fā)出安全警報，從而避免事故的發(fā)生如圖所示是一種通過測量電容器電容的變化來檢測液面高低的儀器原理圖，A為固定的導體芯，B為導體芯外面的一層絕緣物質(zhì)，C為導電液體，把儀器接到圖示電路中，已知靈敏電流表的指針偏轉(zhuǎn)方向與電流方向的關系為：電流從哪側(cè)流入電流表則電流表指針向哪側(cè)偏轉(zhuǎn)，當發(fā)現(xiàn)指針向右偏轉(zhuǎn)時，導電液體深度h的變化為( )Ah正在增大Bh正在減小Ch不變D無法確定7如圖所示的電路中，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比n1：n2=22：5，電阻R1=R2=25，D為理想二極管，

6、原線圈接u=220sin100t（v）的交流電，則( )A交流電的頻率為100HzB通過R2的電流為1AC通過R2的電流為AD變壓器的輸入功率為200W8如圖甲是回旋加速器的原理示意圖，其核心部分是兩個D型金屬盒，在加速帶電粒子時，兩金屬盒置于勻強磁場中（磁感應強度大小恒定），并分別與高頻電源相連加速時某帶電粒子的動能EK隨時間t變化規(guī)律如圖乙所示，若忽略帶電粒子在電場中的加速時間，則下列判斷正確的是( )A高頻電源的變化周期應該等于tntn1B在EKt圖象中t4t3=t3t2=t2t1C粒子加速次數(shù)越多，粒子獲得的最大動能一定越大D不同粒子獲得的最大動能都相同9據(jù)報道，北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)利用其

7、定位、導航、短報文通信功能加入到馬航MH370失聯(lián)客機搜救工作，為指揮中心調(diào)度部署人力物力提供決策依據(jù)，保證了搜救船只準確抵達相關海域，幫助搜救船只規(guī)劃搜救航線，避免搜救出現(xiàn)遺漏海域目前北斗衛(wèi)星導航定位系統(tǒng)由高度均約為36000km的5顆靜止軌道衛(wèi)星和5顆傾斜地球同步軌道衛(wèi)星以及高度約為21500km的4顆中軌道衛(wèi)星組網(wǎng)運行下列說法正確的是( )A中軌道衛(wèi)星的周期比同步衛(wèi)星周期大B所有衛(wèi)星均位于以地心為中心的圓形軌道上C同步衛(wèi)星和中軌道衛(wèi)星的線速度均小于第一宇宙速度D赤道上隨地球自轉(zhuǎn)的物體向心加速度比同步衛(wèi)星向心加速度大10小明有一個磁浮玩具，其原理是利用電磁鐵產(chǎn)生磁性，讓具有磁性的玩偶穩(wěn)定地

8、飄浮起來，其構(gòu)造如圖所示若圖中電源的電壓固定，可變電阻為一可以隨意改變電阻大小的裝置，則下列敘述正確的是( )A電路中的電源必須是交流電源B電路中的a端點須連接直流電源的負極C若增加環(huán)繞軟鐵的線圈匝數(shù)，可增加玩偶飄浮的最大高度D若將可變電阻的電阻值調(diào)大，可增加玩偶飄浮的最大高度11如圖所示，一根繩子一端固定于豎直墻上的A點，另一端繞過動滑輪P懸掛一重物B，其中繩子的PA段處于水平狀態(tài)另一根繩子一端與動滑輪P的軸相連，在繞過光滑的定滑輪Q后在其端點O施加一水平向左的外力F，使整個系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)滑輪均為光滑、輕質(zhì)，且均可看作質(zhì)點現(xiàn)拉動繩子的端點O使其向左緩慢移動一小段距離后達到新的平衡狀態(tài)，則該

9、平衡狀態(tài)與原平衡狀態(tài)相比較( )A拉力F增加B拉力F減小C角不變D角減小12如圖所示，兩個可視為質(zhì)點的、相同的木塊A和B放在轉(zhuǎn)盤上，兩者用長為L的細繩連接，木塊與轉(zhuǎn)盤的最大靜摩擦力均為各自重力的K倍，A放在距離轉(zhuǎn)軸L處，整個裝置能繞通過轉(zhuǎn)盤中心的轉(zhuǎn)軸O1O2轉(zhuǎn)動開始時，繩恰好伸直但無彈力，現(xiàn)讓該裝置從靜止開始轉(zhuǎn)動，使角速度緩慢增大，以下說法正確的是( )A當時，A、B相對于轉(zhuǎn)盤會滑動B當時，繩子一定有彈力C范圍內(nèi)增大時，B所受摩擦力變大D范圍內(nèi)增大時，A所受摩擦力一直變大二、非選擇題（共4小題，其中13-16題為必考題；17-19題為選考題。共52分）（一）為必考題（4題，共37分）13利用如

10、圖裝置可以做力學中的許多實驗，（1）以下說法正確的是_A用此裝置“研究勻變速直線運動”時，必須設法消除小車和滑軌間的摩擦阻力的影響B(tài)用此裝置“研究勻變速直線運動”時，必須調(diào)整滑輪高度使連接小車的細線與滑軌平行C用此裝置“探究加速度a與力F的關系”每次改變砝碼及砝碼盤總質(zhì)量之后，需要重新平衡摩擦力D用此裝置“探究加速度a與力F的關系”應使小盤和盤內(nèi)砝碼的總質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量（2）本裝置中要用到打點計時器，如圖甲、乙所示為實驗室常用的兩種計時器，其中甲裝置用的電源要求是_A交流220V B直流220V C交流46V D直流46V（3）在利用此裝置“探究加速度a與力F的關系”時，實驗中按規(guī)范操作打

11、出的一條紙帶的一部分如圖已知打點計時器接在頻率為50Hz的交流電源上，則此次實驗中打點計時器打下A 點時小車的瞬時速度為_ m/s（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）14現(xiàn)有一電池，內(nèi)阻較大，為測定這個電池的電動勢和內(nèi)阻，某同學利用如圖甲所示的電路進行實驗圖中電流表的內(nèi)電阻很小，對電路的影響可以不計；Rt為熱敏電阻實驗中其阻值隨溫度變化的圖象如圖乙所示該同學接好電路后，閉合開關S，測出不同溫度t及所對應的電流表讀數(shù)I，取得多組數(shù)據(jù)，然后通過作出有關物理量的線性圖象，求得電源的電動勢E和內(nèi)阻ra請寫出該同學所作線性圖象對應的函數(shù)表達式_b請在圖丙的虛線框內(nèi)坐標中作出定性圖象（要求標明兩個坐標軸所表示的物理量

12、，用符號表示），c若該圖象斜率的絕對值為k，縱截距為b，則E=_，r=_15中華人民共和國道路交通安全法第四章第五節(jié)第67、68條規(guī)定：汽車在高速公路上行駛的最高速度不超過120km/h，發(fā)生故障時，警告標志應標明在故障車來車方向150m以外某校2014-2015學年高一年級研究性學習小組根據(jù)調(diào)查收集得到下面的資料，想通過探究性學習來說明“發(fā)生故障時警告標志應標明在故障車來車方向150m以外”的理論依據(jù)是否科學，假如你是小組成員之一，請你分析說明（g取10m/s2） 路面動摩擦因數(shù)干瀝青與混凝土路面0.70.8干碎石路面0.60.7濕瀝青與混凝土路面0.40.5資料一：駕駛員的反應時間：0.3

13、s0.6s之間資料二：各種路面與輪胎之間的動摩擦因數(shù)16xy平面為一光滑水平面，在x0，y0的空間區(qū)域內(nèi)有平行于xy平面的勻強電場，場強大小為E=100V/m；在x0，y3m的區(qū)域內(nèi)同時有垂直于xy平面的磁場，一質(zhì)量m=2×106kg、電荷量大小為q=2×107C的帶負電粒子從坐標原點O以一定的初動能入射，在電場和磁場的作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn)，到達P（4，3）點時，動能變?yōu)槌鮿幽艿?.2倍，速度方向垂直于OP最后，粒子從y軸上y=5m的M點射出電場，動能變?yōu)槌鮿幽艿?.52倍，求：（1）OP連線上與M點等電勢的點的坐標；（2）粒子由P點運動到M點所需的時間三、選考題（17、18、1

14、9三題中任選一個作答）【物理-選修3-3】17以下說法中正確的是( )A“用油膜法估測分子的大小”實驗中油酸分子直徑等于純油酸體積除以相應油酸膜的面積B一定質(zhì)量的理想氣體在體積不變的情況下，壓強p與熱力學溫度T成正比C氣體分子的平均動能越大，氣體的壓強就越大D物理性質(zhì)各向同性的一定是非晶體E液體的表面張力是由于液體分子間的相互作用引起的F控制液面上方飽和汽的體積不變，升高溫度，則達到動態(tài)平衡后該飽和汽的質(zhì)量增大，密度增大，壓強也增大G讓一小球沿碗的圓弧內(nèi)壁來回滾動，小球的運動是可逆過程18如圖所示，用面積為S的活塞在汽缸內(nèi)封閉著一定質(zhì)量的空氣，活塞上放一砝碼，活塞和砝碼的總質(zhì)量為m，現(xiàn)對汽缸緩

15、緩加熱使汽缸內(nèi)的空氣溫度從T1升高到T2，且空氣柱的高度增加了l，已知加熱時氣體吸收的熱量為Q，外界大氣壓強為p0，問：此過程中被封閉氣體的內(nèi)能變化了多少？被封閉空氣初始狀態(tài)的體積四、【物理-選修3-4】19下列說法中正確的是( )A人耳能聽到的聲波比超聲波更易發(fā)生明顯衍射B離開地球的高速火箭里的人認為地球上時鐘變快C無論什么波，只要振幅足夠大就可以產(chǎn)生明顯的衍射現(xiàn)象D透過平行于日光燈的窄縫觀察正常發(fā)光的日光燈時能看到彩色的條紋，這是光的衍射現(xiàn)象E光纖通信的工作原理是全反射，光纖通信具有容量大，抗干擾性強等優(yōu)點20如圖所示，一玻璃球體的半徑為R，O為球心，AB為直徑來自B點的光線BM在M點射出

16、，出射光線平行于AB，另一光線BN恰好在N點發(fā)生全反射已知ABM=30°，求玻璃的折射率球心O到BN的距離五、【物理-選修3-5】21下列說法正確的是( )A康普頓效應和電子的衍射現(xiàn)象說明光和電子都具有波動性B普朗克為了解釋黑體輻射現(xiàn)象，第一次提出了能量量子化理論C若使放射性物質(zhì)的溫度升高，其半衰期將減少D結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定E骸骨中C的含量為活著的生物體中C的，C的半衰期為5730年，則該生物死亡時距今11460年22如圖所示，物體A、B的質(zhì)量分別是4kg和8kg，由輕質(zhì)彈簧連接，放在光滑的水平面上，物體B左側(cè)與豎直墻壁相接觸，另有一個物體C水平向左運動，在t=5s時與物體A相

17、碰，并立即與A有相同的速度，一起向左運動，物塊C的速度時間圖象如圖2所示（1）求物塊C的質(zhì)量；（2）彈簧壓縮具有的最大彈性勢能（3）在5s到15s的時間內(nèi)，墻壁對物體B的作用力的沖量陜西省西安市八校大聯(lián)考2015屆高考物理模擬試卷一、選擇題（本題共12小題，每小題4分，在給出的四個選項中，第1-8題只有一個符合題目要求，第9-12題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全對的得2分，有錯選得0分，共48分）1下面關于物理學史的說法正確的是( )A卡文迪許利用扭秤實驗得出萬有引力與距離平方成反比的規(guī)律B奧斯特通過實驗發(fā)現(xiàn)變化的磁場能在其周圍產(chǎn)生電場C牛頓猜想自由落體運動的速度與下落時間成

18、正比，并直接用實驗進行了驗證D法拉第首先引入“場”的概念用來研究電和磁現(xiàn)象考點：物理學史 專題：常規(guī)題型分析：根據(jù)物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可解答：解：A、卡文迪許利用扭秤實驗測出萬有引力常量，故A錯誤；B、奧斯特通過實驗發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場，故B錯誤；C、伽利略用實驗和數(shù)學證明自由落體運動的位移與下落時間平方成正比，并用實驗進行了驗證故C錯誤D、法拉第首先引入“場”的概念用來研究電和磁現(xiàn)象故D正確故選：D點評：本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內(nèi)容之一2一質(zhì)點在a、b兩點之間做勻變速直線運動，加速度方向與初速度方向

19、相同，當在a點初速度為v時，從a點到b點所用的時間為t，當在a點初速度為2v時，保持其他量不變，從a點到b點所用的時間為t，則( )AtBt=CtDt=t考點：勻變速直線運動規(guī)律的綜合運用；勻變速直線運動的速度與時間的關系 專題：直線運動規(guī)律專題分析：分別作出兩種情況下的vt圖象，由圖象得出兩種情況下的運動位移關系，結(jié)合題意明確第二次的時間與第一次時間的關系解答：解：由題意作出對就的vt圖象如圖所示；圖象中圖象與時間軸圍成的面積表示物體通過的位移，由圖可知，在至t之間時，初速度為2v0的位移等于初速度為v0時的位移；則說明t；故選：A點評：本題中若用公式法解析，過程將非常復雜；故應用vt圖象的

20、性質(zhì)可以起到事半功倍的效果；要注意明確圖象在解題中的應用的優(yōu)勢，在學習中要多加應用3我國第一臺自行設計、自主集成研制的“蛟龍?zhí)枴陛d人潛水器完成5000米級海試回國“蛟龍?zhí)枴辈捎贸Ｓ玫摹吧顫撈鳠o動力下潛上浮技術”潛水器兩側(cè)配備4塊壓載鐵，重量可以根據(jù)不同深度與要求調(diào)整當潛水器兩側(cè)配備4塊壓載鐵時，潛水器下潛一定深度后按恒定速度下潛；當潛水器到達一定深度時，可操作拋載其中2塊壓載鐵，使?jié)撍鲬彝Ｔ谥付ㄉ疃壬蠈崿F(xiàn)作業(yè)，包括航行、拍照、取樣等；當任務完成，再拋棄另外2塊壓載鐵，使?jié)撍魃细?，到達水面，設潛水器在水中受到的阻力與速度的平方成正比，潛水器受到的浮力恒定，下列說法正確的是( )A潛水器兩側(cè)配

21、備4塊壓載鐵時，向下做勻加速運動B潛水器兩側(cè)配備4塊壓載鐵時，先向下做加速度逐漸減小的加速運動，然后做勻速運動C潛水器拋棄其中2塊壓載鐵時，潛水器將做勻減速運動D潛水器拋棄所有壓載鐵后，潛水器向上先做勻加速后勻速運動至浮出水面考點：牛頓第二定律 專題：牛頓運動定律綜合專題分析：本題在三種情況下分別對潛水器受力進行分析，根據(jù)牛頓第二定律得出加速度的表達式，分析加速度與速度的關系即可求解解答：解：A、B潛水器兩側(cè)配備4塊壓載鐵時，對潛水器受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得G1kv2F浮=ma，當速度增大時，加速度逐漸減小，當加速度減到零時，速度達到最大值，潛水器做勻速運動，故A錯誤，B正確；C、潛水器

22、拋載其中2塊壓載鐵時，潛水器向下做減速運動，對潛水器受力分析，根據(jù)牛頓第二定律可得G2+kv2+F浮=ma，潛水器將做加速度逐漸減小的減速運動，當G2=kv2+F浮時，開始做勻速運動故C正確；D、潛水器拋棄所有壓載鐵時，根據(jù)牛頓第二定律得G3kv2+F浮=ma，潛水器將做加速度逐漸減小的加速運動，故D錯誤故選：BC點評：牛頓動力學問題是2015屆高考考查的重點，而與中國科技進步相關的高科技問題更能激起學生的愛國熱情，本題借助最新的物理情景，考查了牛頓動力學問題，解題的關鍵是會將實際問題轉(zhuǎn)換為物理模型42014年春晚中開心麻花團隊打造的創(chuàng)意形體秀魔幻三兄弟給觀眾留下了很深的印象該劇采用了“斜躺”

23、的表演方式，三位演員躺在傾角為30°的斜面上完成一系列動作，攝像機垂直于斜面拍攝，讓觀眾產(chǎn)生演員在豎直墻面前表演的錯覺如圖所示，演員甲被演員乙和演員丙“豎直向上”拋出，到最高點后恰好懸停在“空中”已知演員甲的質(zhì)量m=60kg，該過程中觀眾看到演員甲上升的“高度”為0.8m設演員甲和斜面間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g=10m/s2，不計空氣阻力則該過程中，下列說法不正確的是( )A演員甲被拋出的初速度為4m/sB演員甲運動的時間為0.4sC演員甲的重力勢能增加了480JD演員乙和演員丙對甲做的功為480J考點：平拋運動 專題：平拋運動專題分析：根據(jù)最高點能夠懸停得出重力沿斜

24、面方向的分力和摩擦力的關系，根據(jù)牛頓第二定律得出演員上滑的加速度，結(jié)合速度位移公式求出演員甲的初速度，結(jié)合速度時間公式求出演員甲的運動時間根據(jù)上升的高度求出演員甲的重力勢能的增加量根據(jù)動能定理求出演員乙和演員丙對甲做功的大小解答：解：A、因為到達最高點后，恰好懸停，則有：mgsin30°=mgcos30°，向上滑動的過程中，加速度a=根據(jù)得，初速度=4m/s故A正確B、演員甲的運動時間t=故B正確C、演員甲的重力勢能增加量J=240J故C錯誤D、演員乙和演員丙對甲做的功W=故D正確本題選不正確的，故選：C點評：本題考查了牛頓第二定律和運動學公式的綜合運用，知道加速度是聯(lián)系力

25、學和運動學的橋梁，以及知道重力做功與重力勢能的關系5人用手托著質(zhì)量為m的“小蘋果”，從靜止開始沿水平方向運動，前進距離l后，速度為v（物體與手始終相對靜止），物體與手掌之間的動摩擦因數(shù)為，則下列說法正確的是( )A手對蘋果的作用力方向豎直向上B蘋果所受摩擦力大小為mgC手對蘋果做的功為mv2D蘋果對手不做功考點：功的計算；摩擦力的判斷與計算 專題：功的計算專題分析：根據(jù)動能定理求出手對蘋果做功的大小，通過速度位移公式求出蘋果的加速度，結(jié)合牛頓第二定律求出摩擦力的大小解答：解：A、手對蘋果的作用力是支持力和摩擦力的合力，方向斜向上故A錯誤B、蘋果的加速度a=，則摩擦力f=ma=，故B錯誤C、根據(jù)

26、動能定理得，手對蘋果做功的大小W=故C正確，D錯誤故選：C點評：考查動能定理的應用，注意物體在手的作用下運動，是靜摩擦力，但不一定是最大靜摩擦力，而只有是最大靜摩擦力時，才能是mg6煤礦滲水會造成嚴重安全事故，2011年11月13日凌晨0時10分，甘肅省白銀市景泰縣通達煤礦發(fā)生透水事故，當時井下作業(yè)人員11名，其中4人泅水脫險，7人被困利用傳感電容器可檢測礦井滲水，發(fā)出安全警報，從而避免事故的發(fā)生如圖所示是一種通過測量電容器電容的變化來檢測液面高低的儀器原理圖，A為固定的導體芯，B為導體芯外面的一層絕緣物質(zhì)，C為導電液體，把儀器接到圖示電路中，已知靈敏電流表的指針偏轉(zhuǎn)方向與電流方向的關系為：電

27、流從哪側(cè)流入電流表則電流表指針向哪側(cè)偏轉(zhuǎn)，當發(fā)現(xiàn)指針向右偏轉(zhuǎn)時，導電液體深度h的變化為( )Ah正在增大Bh正在減小Ch不變D無法確定考點：傳感器在生產(chǎn)、生活中的應用 分析：影響平行板電容器電容的因素有正對面積、極板間距與電介質(zhì)然而如圖所示為一測定液面高低的傳感器，利用了平行板電容器特性高度的變化，就相當于正對面積變化解答：解：如圖所示為一測定液面高低的傳感器示意圖液體的高度升高，導致電容器的電容變大據(jù)題：把儀器接到圖示電路中，已知靈敏電流表指針偏轉(zhuǎn)方向與電流方向相同如果發(fā)現(xiàn)指針正向右偏轉(zhuǎn)，說明電容器正在充電由于傳感器與電源相連，所以電容器兩極間的電壓不變，而電容器電量在增加，則由Q=CU知，

28、電容器的電容在增大故液體的高度h在增大故A正確，BCD錯誤故選：A點評：解決本題的關鍵要把握題目中的有效信息，記牢平行板電容器的電容與哪些因素有關，有什么關系7如圖所示的電路中，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比n1：n2=22：5，電阻R1=R2=25，D為理想二極管，原線圈接u=220sin100t（v）的交流電，則( )A交流電的頻率為100HzB通過R2的電流為1AC通過R2的電流為AD變壓器的輸入功率為200W考點：變壓器的構(gòu)造和原理；電功、電功率 專題：交流電專題分析：根據(jù)瞬時值表達式可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比和二極管的特點即可求得結(jié)論解答：解：A、交

29、流電的頻率f=50Hz，A錯誤B、由表達式知原線圈電壓有效值為220V，副線圈兩端電壓為50V，由于二極管的單向?qū)щ娦?，根?jù)電流熱效應，所以R2的電壓U=25V，通過R2的電流為A，B錯誤C正確；D、副線圈消耗的功率P=150W，輸入功率等于輸出功率，D錯誤故選：C點評：本題的難點在于二極管的作用，是使得反向電流不能通過，根據(jù)電流熱效應求其有效值8如圖甲是回旋加速器的原理示意圖，其核心部分是兩個D型金屬盒，在加速帶電粒子時，兩金屬盒置于勻強磁場中（磁感應強度大小恒定），并分別與高頻電源相連加速時某帶電粒子的動能EK隨時間t變化規(guī)律如圖乙所示，若忽略帶電粒子在電場中的加速時間，則下列判斷正確的是

30、( )A高頻電源的變化周期應該等于tntn1B在EKt圖象中t4t3=t3t2=t2t1C粒子加速次數(shù)越多，粒子獲得的最大動能一定越大D不同粒子獲得的最大動能都相同考點：質(zhì)譜儀和回旋加速器的工作原理 分析：回旋加速器工作條件是交流電源的周期必須和粒子在磁場中圓周運動的周期一致，由公式T=和r=進行分析判斷解答：解：A、交流電源的周期必須和粒子在磁場中運動的周期一致，故電源的變化周期應該等于2（tntn1），故A錯誤；B、根據(jù)T=知，粒子回旋周期不變，在Ekt圖中應有t4t3=t3t2=t2t1，故B正確；C、根據(jù)公式r=，得v=，故最大動能Ekm=mv2=，則知粒子獲得的最大動能與D形盒的半徑

31、有關，D形盒的半徑越大，粒子獲得的最大動能越大，與加速的次數(shù)無關故C錯誤，D、最大動能Ekm=mv2=，動能與粒子比荷以及B和r有關，不同粒子獲得的最大動能都不同，D錯誤；故選：B點評：本題考查了回旋加速器的原理，特別要記住粒子獲得的最大動能是由D型盒的半徑，及帶電粒子的比荷決定的9據(jù)報道，北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)利用其定位、導航、短報文通信功能加入到馬航MH370失聯(lián)客機搜救工作，為指揮中心調(diào)度部署人力物力提供決策依據(jù)，保證了搜救船只準確抵達相關海域，幫助搜救船只規(guī)劃搜救航線，避免搜救出現(xiàn)遺漏海域目前北斗衛(wèi)星導航定位系統(tǒng)由高度均約為36000km的5顆靜止軌道衛(wèi)星和5顆傾斜地球同步軌道衛(wèi)星以及高度約

32、為21500km的4顆中軌道衛(wèi)星組網(wǎng)運行下列說法正確的是( )A中軌道衛(wèi)星的周期比同步衛(wèi)星周期大B所有衛(wèi)星均位于以地心為中心的圓形軌道上C同步衛(wèi)星和中軌道衛(wèi)星的線速度均小于第一宇宙速度D赤道上隨地球自轉(zhuǎn)的物體向心加速度比同步衛(wèi)星向心加速度大考點：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系 專題：萬有引力定律的應用專題分析：根據(jù)萬有引力提供向心力，可知r越大，向心加速度越小，線速度越小，周期越大地球的同步衛(wèi)星相對于地球是靜止的解答：解：A、根據(jù)萬有引力提供向心力，=mT=2，知道軌道半徑越大，周期越大，所以中軌道衛(wèi)星的周期比同步衛(wèi)星周期小，故A錯誤；B、衛(wèi)星做圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，所有衛(wèi)星均

33、位于以地心為中心的圓形軌道上，故B正確；C、第一宇宙速度是衛(wèi)星做圓周運動的最大運行速度，根據(jù)v=，所以同步衛(wèi)星和中軌道衛(wèi)星的線速度均小于第一宇宙速度，故C正確；D、同步衛(wèi)星和赤道上物體具有相同的角速度，根據(jù)a=r2得同步衛(wèi)星向心加速度比赤道上物體的向心加速度大，故D錯誤；故選：BC點評：解決本題的關鍵掌握萬有引力提供向心力，會根據(jù)軌道半徑的關系比較向心加速度、線速度和周期同時掌握同步衛(wèi)星的特點10小明有一個磁浮玩具，其原理是利用電磁鐵產(chǎn)生磁性，讓具有磁性的玩偶穩(wěn)定地飄浮起來，其構(gòu)造如圖所示若圖中電源的電壓固定，可變電阻為一可以隨意改變電阻大小的裝置，則下列敘述正確的是( )A電路中的電源必須是

34、交流電源B電路中的a端點須連接直流電源的負極C若增加環(huán)繞軟鐵的線圈匝數(shù)，可增加玩偶飄浮的最大高度D若將可變電阻的電阻值調(diào)大，可增加玩偶飄浮的最大高度考點：楞次定律 專題：電磁感應與電路結(jié)合分析：根據(jù)磁鐵的磁性來確定線圈上端，因通電而產(chǎn)生的磁場的磁極，依據(jù)右手螺旋定則，及同名磁極相互排斥，即可求解，而當線圈的磁場強弱與線圈匝數(shù)，及電流的大小有關解答：解：A、由題意可知，玩偶穩(wěn)定地飄浮起來，且下端為N極，則線圈的上端為N極，根據(jù)右手螺旋定則可得，電源通的是直流電，且b端為電源的負極，而a端為電源的正極，故A錯誤，B錯誤；C、若增加環(huán)繞軟鐵的線圈匝數(shù)，從而增加線圈的磁場，導致玩偶飄浮的最大高度增加，

35、故C正確；D、若將可變電阻的電阻值調(diào)大，則線圈中的電流減小，導致玩偶飄浮的最大高度減小，故D錯誤；故選：C點評：考查玩偶的工作原理，理解右手螺旋定則的內(nèi)容，注意影響玩偶飄浮的最大高度的因素11如圖所示，一根繩子一端固定于豎直墻上的A點，另一端繞過動滑輪P懸掛一重物B，其中繩子的PA段處于水平狀態(tài)另一根繩子一端與動滑輪P的軸相連，在繞過光滑的定滑輪Q后在其端點O施加一水平向左的外力F，使整個系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)滑輪均為光滑、輕質(zhì)，且均可看作質(zhì)點現(xiàn)拉動繩子的端點O使其向左緩慢移動一小段距離后達到新的平衡狀態(tài)，則該平衡狀態(tài)與原平衡狀態(tài)相比較( )A拉力F增加B拉力F減小C角不變D角減小考點：共點力平衡的

36、條件及其應用；力的合成與分解的運用 專題：共點力作用下物體平衡專題分析：對滑輪P受力分析，抓住三根繩子合力為零，AP、BP繩子拉力大小相等，通過角度的變化進行分析解答：解：向左緩慢緩慢移動一小段距離，繩變短，動滑輪要上移，繩PA和PB間的夾角變小，而繩QP位于PA和PB間的角平分線上，所以角減小經(jīng)過定滑輪的繩子拉力大小相等，等于mg，兩根繩子的合力與QP繩的拉力大小相等，方向相反因為夾角變小，合力變大，QP繩的拉力就大，所以拉力F增加故A、D正確，B、C錯誤故選：AD點評：解決本題的關鍵知道通過定滑輪的繩子拉力大小相等，抓住兩根繩的合力與另外一根繩子的拉力平衡進行求解12如圖所示，兩個可視為質(zhì)

37、點的、相同的木塊A和B放在轉(zhuǎn)盤上，兩者用長為L的細繩連接，木塊與轉(zhuǎn)盤的最大靜摩擦力均為各自重力的K倍，A放在距離轉(zhuǎn)軸L處，整個裝置能繞通過轉(zhuǎn)盤中心的轉(zhuǎn)軸O1O2轉(zhuǎn)動開始時，繩恰好伸直但無彈力，現(xiàn)讓該裝置從靜止開始轉(zhuǎn)動，使角速度緩慢增大，以下說法正確的是( )A當時，A、B相對于轉(zhuǎn)盤會滑動B當時，繩子一定有彈力C范圍內(nèi)增大時，B所受摩擦力變大D范圍內(nèi)增大時，A所受摩擦力一直變大考點：向心力；摩擦力的判斷與計算；線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速 專題：勻速圓周運動專題分析：開始角速度較小，兩木塊都靠靜摩擦力提供向心力，B先到達最大靜摩擦力，角速度繼續(xù)增大，則繩子出現(xiàn)拉力，角速度繼續(xù)增大，A的靜摩擦力增大

38、，當增大到最大靜摩擦力時，開始發(fā)生相對滑動解答：解：A、當A所受的摩擦力達到最大靜摩擦力時，A、B相對于轉(zhuǎn)盤會滑動，對A有：kmgT=mL2，對B有：T+kmg=m2L2，解得=，當時，A、B相對于轉(zhuǎn)盤會滑動故A正確B、當B達到最大靜摩擦力時，繩子開始出現(xiàn)彈力，kmg=m2L2，解得1=，知時，繩子具有彈力故B正確C、角速度0，B所受的摩擦力變大故C錯誤D、當在0范圍內(nèi)，A相對轉(zhuǎn)盤是靜止的，A所受摩擦力為靜摩擦力，所以fT=mL2，當增大時，靜摩擦力也增大故D正確故選ABD點評：解決本題的關鍵搞清木塊向心力的來源，結(jié)合牛頓第二定律進行分析，難度適中二、非選擇題（共4小題，其中13-16題為必考

39、題；17-19題為選考題。共52分）（一）為必考題（4題，共37分）13利用如圖裝置可以做力學中的許多實驗，（1）以下說法正確的是BDA用此裝置“研究勻變速直線運動”時，必須設法消除小車和滑軌間的摩擦阻力的影響B(tài)用此裝置“研究勻變速直線運動”時，必須調(diào)整滑輪高度使連接小車的細線與滑軌平行C用此裝置“探究加速度a與力F的關系”每次改變砝碼及砝碼盤總質(zhì)量之后，需要重新平衡摩擦力D用此裝置“探究加速度a與力F的關系”應使小盤和盤內(nèi)砝碼的總質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量（2）本裝置中要用到打點計時器，如圖甲、乙所示為實驗室常用的兩種計時器，其中甲裝置用的電源要求是AA交流220V B直流220V C交流46V

40、D直流46V（3）在利用此裝置“探究加速度a與力F的關系”時，實驗中按規(guī)范操作打出的一條紙帶的一部分如圖已知打點計時器接在頻率為50Hz的交流電源上，則此次實驗中打點計時器打下A 點時小車的瞬時速度為0.52 m/s（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）考點：驗證牛頓第二運動定律 專題：實驗題；牛頓運動定律綜合專題分析：（1）利用圖示小車紙帶裝置可以完成很多實驗，在研究勻變速直線運動時不需要平衡摩擦力，“研究勻變速直線運動”時，細線必須與木板平行以保持加速度不變；在探究“小車的加速度a與力F的關系”時，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度a的表達式，不難得出當鈞碼的質(zhì)量遠遠大于小車的質(zhì)量時，加速度a近似等于g的結(jié)論（

41、2）甲裝置是電火花打點計時器，直接接220V交流電源，乙裝置是電磁式打點計時器，需接低壓交流電源；（3）根據(jù)中間時刻的速度等于平均速度求解A點速度解答：解：（1）A、此裝置可以用來研究勻變速直線運動，但不需要平衡摩擦力，故A錯誤；B、用此裝置“研究勻變速直線運動”時，必須調(diào)整滑輪高度使連接小車的細線與滑軌平行，保持小車的加速度不變故B正確；C、平衡摩擦力的方法是將木板帶打點計時器的一端適當墊高，這樣做的目的是利用小車重力沿斜面分力補償小車運動中所受阻力的影響，即mgsin=mgcos，式子成立與質(zhì)量無關，故改變質(zhì)量后不需重新進行平衡，故C錯誤D、在利用該裝置來“探究物體的加速度與力、質(zhì)量的關系

42、”時，設小車的質(zhì)量為M，小吊盤和盤中物塊的質(zhì)量為m，設繩子上拉力為F，以整體為研究對象有mg=（m+M）a解得：以M為研究對象有繩子的拉力為：顯然要有F=mg必有m+M=M，故有Mm，即只有Mm時才可以認為繩對小車的拉力大小等于小吊盤和盤中物塊的重力故D正確；（2）甲裝置是電火花打點計時器，直接接220V交流電源；（3）根據(jù)中間時刻的速度等于平均速度得：故答案為：（1）BD；（2）A；（3）0.52點評：解決實驗問題首先要掌握該實驗原理，了解實驗的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項，然后熟練應用物理規(guī)律來解決實驗問題，知道勻變速直線運動中間時刻的速度等于平均速度14現(xiàn)有一電池，內(nèi)阻較大，為測定這個

43、電池的電動勢和內(nèi)阻，某同學利用如圖甲所示的電路進行實驗圖中電流表的內(nèi)電阻很小，對電路的影響可以不計；Rt為熱敏電阻實驗中其阻值隨溫度變化的圖象如圖乙所示該同學接好電路后，閉合開關S，測出不同溫度t及所對應的電流表讀數(shù)I，取得多組數(shù)據(jù)，然后通過作出有關物理量的線性圖象，求得電源的電動勢E和內(nèi)阻ra請寫出該同學所作線性圖象對應的函數(shù)表達式=t+b請在圖丙的虛線框內(nèi)坐標中作出定性圖象（要求標明兩個坐標軸所表示的物理量，用符號表示），c若該圖象斜率的絕對值為k，縱截距為b，則E=，r=R0考點：測定電源的電動勢和內(nèi)阻 專題：實驗題；恒定電流專題分析：分析電流與電阻的關系，由閉合電路歐姆定律可得出符合本

44、實驗的公式，再結(jié)合圖象的性質(zhì)利用函數(shù)關系即可求得電動勢和內(nèi)電阻解答：解：a、實驗中其阻值隨溫度變化的圖象如圖乙所示所以Rt=t+R0由閉合電路歐姆定律可得：E=I（Rt+r），即：=t+b、作出定性圖象：c若該圖象斜率的絕對值為k，縱截距為b，k=b=所以E=，r=R0故答案為：=t+，R0點評：本題考查測定電源的電動勢和內(nèi)阻實驗，正確理解t圖象的物理意義，從而得出正確的答案15中華人民共和國道路交通安全法第四章第五節(jié)第67、68條規(guī)定：汽車在高速公路上行駛的最高速度不超過120km/h，發(fā)生故障時，警告標志應標明在故障車來車方向150m以外某校2014-2015學年高一年級研究性學習小組根據(jù)

45、調(diào)查收集得到下面的資料，想通過探究性學習來說明“發(fā)生故障時警告標志應標明在故障車來車方向150m以外”的理論依據(jù)是否科學，假如你是小組成員之一，請你分析說明（g取10m/s2） 路面動摩擦因數(shù)干瀝青與混凝土路面0.70.8干碎石路面0.60.7濕瀝青與混凝土路面0.40.5資料一：駕駛員的反應時間：0.3s0.6s之間資料二：各種路面與輪胎之間的動摩擦因數(shù)考點：勻變速直線運動的位移與時間的關系 專題：直線運動規(guī)律專題分析：汽車在反應時間內(nèi)做勻速直線運動，根據(jù)勻速直線運動的公式x=v0t求出在反應時間中的位移；汽車制動后，做勻減速直線運動，根據(jù)位移公式x=計算剎車位移，兩者之和即可汽車運動的總位

46、移解答：解：在反應時間內(nèi)汽車做勻速運動，位移為： s1=t 剎車時做減速運動，有： 2=2（g）s2 從開始反應到剎車停止，汽車發(fā)生的總位移： s=s1+s2 考慮最高車速=120km/h=33.3m/s、最長反應時間t=0.6s、最小動摩擦因數(shù)=0.4情況，車滑行的距離為 s=159m 159m是汽車滑行最大距離，再考慮到實際情況，駕駛員在離看到警告標志一定距離時就開始剎車所以，發(fā)生故障時，警告標志應標明在故障車來車方向150m以外 答：“發(fā)生故障時警告標志應標明在故障車來車方向150m以外”的理論依據(jù)是科學的，證明如上點評：本題關鍵是明確汽車的運動規(guī)律，即先勻速后勻減速直線運動，然后根據(jù)運

47、動學規(guī)律列式求解16xy平面為一光滑水平面，在x0，y0的空間區(qū)域內(nèi)有平行于xy平面的勻強電場，場強大小為E=100V/m；在x0，y3m的區(qū)域內(nèi)同時有垂直于xy平面的磁場，一質(zhì)量m=2×106kg、電荷量大小為q=2×107C的帶負電粒子從坐標原點O以一定的初動能入射，在電場和磁場的作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn)，到達P（4，3）點時，動能變?yōu)槌鮿幽艿?.2倍，速度方向垂直于OP最后，粒子從y軸上y=5m的M點射出電場，動能變?yōu)槌鮿幽艿?.52倍，求：（1）OP連線上與M點等電勢的點的坐標；（2）粒子由P點運動到M點所需的時間考點：電勢差與電場強度的關系 專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析

48、：（1）粒子運動過程中，洛倫茲力不做功，只有電場力做功，根據(jù)動能定理求解，根據(jù)電勢差的定義式求出O點與P點、M點間的電勢差由公式U=Ed，求出OD，由數(shù)學知識可得解（3）帶電粒子從P到M過程中的運動，由運動的分解法，根據(jù)牛頓第二定律和運動學公式結(jié)合求解解答：解：（1）設粒子在P點時的動能為Ek，則初動能為5Ek，在M點的動能為2.6Ek由于洛倫茲力不做功，粒子從O點到P點和從P點到M點的過程中，電場力做的功大小分別為W1、W2由動能定理得：W1=Ek5Ek W2=2.6EkEk則 W1：W2=5：2 O點和P點及M點的電勢差分別為：UOP=，UOM=設OP連線上與M點電勢相等的點為D，則，由幾

49、何關系得OP的長度為5m，因UOP=，UOM=則OD=3m，DP=2m沿OP方向電勢下降則：解得DN=1.8m，ON=2.4m，即D坐標為 （2.4 m，1.8 m）（2）OP與X軸的夾角，則：sin=由于OD=3 m 而OMcosMOP=3 m 所以MD垂直于OP由于MD為等勢線，因此OP為電場線，方向從O到P帶電粒子從P到M過程中做類平拋運動，設運動時間為t，在x軸方向上則DP=又，DP=OPOD=2m解得：t=0.2s答：（1）OP連線上與M點等電勢的點的坐標是（2.4 m，1.8 m）；（3）粒子由P點運動到M點所需的時間是0.2s點評：本題是帶電粒子在復合場中運動的類型，畫出磁場中運

50、動軌跡，電場中運用運動的分解都是常規(guī)方法，要能靈活運用幾何知識求解磁場中空間尺寸三、選考題（17、18、19三題中任選一個作答）【物理-選修3-3】17以下說法中正確的是( )A“用油膜法估測分子的大小”實驗中油酸分子直徑等于純油酸體積除以相應油酸膜的面積B一定質(zhì)量的理想氣體在體積不變的情況下，壓強p與熱力學溫度T成正比C氣體分子的平均動能越大，氣體的壓強就越大D物理性質(zhì)各向同性的一定是非晶體E液體的表面張力是由于液體分子間的相互作用引起的F控制液面上方飽和汽的體積不變，升高溫度，則達到動態(tài)平衡后該飽和汽的質(zhì)量增大，密度增大，壓強也增大G讓一小球沿碗的圓弧內(nèi)壁來回滾動，小球的運動是可逆過程考點

51、：* 晶體和非晶體；分子間的相互作用力 分析：在用油膜法估測分子的大小”實驗中，我們做了些理想化處理，認為油酸分子之間無間隙，油酸膜為單層分子壓強p與熱力學溫度T成正比，必須是一定量的理想氣體溫度是分子平均動能的量度非晶體和多晶體是物理性質(zhì)各向同性的液體的表面張力是由于液體分子間的相互作用引起的溫度升高時，液體分子的平均動能增大，單位時間里從液面飛出的分子數(shù)增多，質(zhì)量增大在運動過程中有能量損失，為不可逆過程解答：解：A、用油膜法估測分子的大小”實驗中認為油酸分子之間無間隙，油酸膜為單層分子，所以可以認為油酸分子直徑等于純油酸體積除以相應油酸膜的面積，故A正確B、一定質(zhì)量的理想氣體，在體積不變的

52、情況下，由可知壓強P=與熱力學溫度T成正比，故B正確C、氣體分子的平均動能越大，即溫度高，壓強不一定大，還與氣體的體積有關，所以C錯誤D、多晶體的物理性質(zhì)各向同性，所以不一定是非晶體，也有可能是多晶體，故D錯誤E、液體間的作用力是由分子間的引力和斥力相互作用一起的，即分子作用力，故E正確F、溫度升高時，液體分子的平均動能增大，單位時間里從液面飛出的分子數(shù)增多，所以達到動態(tài)平衡后該飽和汽的質(zhì)量增大，密度增大，壓強也增大，故F正確G、在運動過程中有能量損失，故為不可逆過程，故G錯誤故選：ABEF點評：本題主要考查基本知識點，涉及33的基本概念，其中氣體壓強的微觀解釋，飽和汽的壓強，晶體與非晶體的物

53、理性質(zhì)等是比較容易出錯的內(nèi)容18如圖所示，用面積為S的活塞在汽缸內(nèi)封閉著一定質(zhì)量的空氣，活塞上放一砝碼，活塞和砝碼的總質(zhì)量為m，現(xiàn)對汽缸緩緩加熱使汽缸內(nèi)的空氣溫度從T1升高到T2，且空氣柱的高度增加了l，已知加熱時氣體吸收的熱量為Q，外界大氣壓強為p0，問：此過程中被封閉氣體的內(nèi)能變化了多少？被封閉空氣初始狀態(tài)的體積考點：理想氣體的狀態(tài)方程 專題：理想氣體狀態(tài)方程專題分析：利用熱力學第一定律判斷氣體的內(nèi)能變化，判斷的時候要注意做功W和熱量Q的符號，對外做功和放熱為負的，對氣體做功和吸熱為正的氣體做的是等壓變化，根據(jù)蓋呂薩克定律計算即可解答：解：由受力分析和做功分析知，在氣體緩緩膨脹過程中，活塞與砝碼的壓力對氣體做負功，大氣壓力對氣體做負功，根據(jù)熱力學第一定律得U=W+Q=mglp0Sl+Q 被封閉氣體等壓變化，據(jù)蓋呂薩克定律得=解得V1=答：此過程中被封閉氣體的內(nèi)能變化了mglp0Sl+Q；被封閉空氣初始狀態(tài)的體積為點評：以封閉的氣體為研究對象，找出氣體變化前后的狀態(tài)參量，利用氣體的狀態(tài)方程計算即可四、【物理-選修3-4】19下列說法中正確的是( )A人耳能