2016年內(nèi)蒙古包頭市中考物理真題及答案

1、2016年內(nèi)蒙古包頭市中考物理真題及答案一、選擇題1下列說(shuō)法正確的是（）A聲音的傳播需要介質(zhì)，真空不能傳聲 B有霾天氣，大量極細(xì)微的塵粒懸浮在空中，說(shuō)明分子在不停地運(yùn)動(dòng) C秋天的早晨花草上出現(xiàn)露珠，這是汽化現(xiàn)象 D通過(guò)技術(shù)改進(jìn)，熱機(jī)效率可達(dá)100% 【考點(diǎn)】聲音的傳播條件；液化及液化現(xiàn)象；機(jī)械運(yùn)動(dòng)；熱機(jī)的效率【專題】定性思想；歸納法；聲現(xiàn)象；汽化和液化、升華和凝華；比熱容、熱機(jī)、熱值；長(zhǎng)度、時(shí)間、速度【分析】聲音的傳播需要介質(zhì)，可以在氣體、液體和固體中傳播，但不能在真空中傳播；因?yàn)榉肿雍苄?，人肉眼看不到，看到的就不是分子的運(yùn)動(dòng)；物質(zhì)由氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)的過(guò)程叫液化；任何能量轉(zhuǎn)化過(guò)程都伴隨能量的損失，

2、所以轉(zhuǎn)化效率不可能達(dá)到100%【解答】解：A、聲音的傳播需要介質(zhì)，但不能在真空中傳播故A正確；B、塵粒是由大量分子組成的，塵粒的運(yùn)動(dòng)屬于物體的機(jī)械運(yùn)動(dòng)，不能說(shuō)明分子在做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)故B錯(cuò)誤；C、秋天花草上出現(xiàn)露珠，是空氣中的水蒸氣遇冷液化形成的小水滴故C錯(cuò)誤；D、無(wú)論科技如何發(fā)展，熱機(jī)的效率可以提高，總存在摩擦、要做額外功，效率一定不會(huì)達(dá)到100%故D錯(cuò)誤故選A【點(diǎn)評(píng)】此題是一道綜合題，考查的知識(shí)點(diǎn)較多，包括聲音的傳播條件、分子擴(kuò)散與機(jī)械運(yùn)動(dòng)、物態(tài)變化和熱機(jī)效率，掌握基本規(guī)律是解答的關(guān)鍵2下列光現(xiàn)象，由光的反射形成的是 （）A雨后彩虹 B海市蜃樓 C小孔成像 D水中倒影 【考點(diǎn)】光的反射【專題】

3、應(yīng)用題；光的傳播和反射、平面鏡成像【分析】要解決此題，需要掌握光的反射現(xiàn)象，知道平面鏡成像是由于光的反射形成的要掌握光的折射現(xiàn)象，知道水底看起來(lái)比實(shí)際的要淺、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃樓、凸透鏡成像都是光的折射要掌握光沿直線傳播現(xiàn)象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直線傳播形成的【解答】解：A、雨過(guò)天晴時(shí)，常在天空出現(xiàn)彩虹，這是太陽(yáng)光通過(guò)懸浮在空氣中細(xì)小的水珠折射而成的，白光經(jīng)水珠折射以后，分成各種彩色光，這種現(xiàn)象叫做光的色散現(xiàn)象，所以說(shuō)雨后的天空出現(xiàn)彩虹是由光的色散形成的不合題意；B、海市蜃樓是光在沿直線方向傳播時(shí)，在密度不均勻的空氣層中，經(jīng)過(guò)折射造成的結(jié)果，不合題意；C、

4、小孔成像，成的是物體倒立的像，像之所以是倒立的，就是因?yàn)楣獾闹本€傳播造成的；不合題意；D、水中倒影，屬于平面鏡成像，是由于光的反射形成的，符合題意故選D【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查學(xué)生利用光學(xué)知識(shí)解釋生活中常見(jiàn)的物理現(xiàn)象，此題與實(shí)際生活聯(lián)系密切，體現(xiàn)了生活處處是物理的理念3下列示意圖正確的是（）A小球所受的重力GB木塊對(duì)斜面的壓力FC力F2的力臂l2D家庭電路中，電燈和插座的安裝【考點(diǎn)】力的示意圖；力臂的畫(huà)法；家庭電路的連接【專題】應(yīng)用題；圖析法；圖像綜合題【分析】（1）根據(jù)規(guī)則物體的重心在物體的幾何中心，然后過(guò)重心表示出重力的方向；（2）斜面上靜止的木塊對(duì)斜面的壓力垂直于斜面，斜面受到的壓力的作用點(diǎn)

5、在斜面上；（3）力臂是指從支點(diǎn)到力的作用線的距離；（4）燈泡的接法：火線進(jìn)入開(kāi)關(guān)，再進(jìn)入燈泡頂端的金屬點(diǎn)；零線直接接入燈泡的螺旋套兩孔插座的接法：左孔接零線；右孔接火線；【解答】解：A、小球所受的重力的重心應(yīng)該在小球的重心上，而圖中重力的作用點(diǎn)畫(huà)錯(cuò)了故A錯(cuò)誤；B、斜面上靜止的木塊對(duì)斜面的壓力垂直于斜面，斜面受到的壓力的作用點(diǎn)在斜面，圖中壓力的作用點(diǎn)和方向畫(huà)錯(cuò)了故B錯(cuò)誤；C、反向延長(zhǎng)力F2的作用線，然后過(guò)支點(diǎn)O 向力的作用線引垂線段，垂線段的長(zhǎng)即為力臂l2故C正確；D、火線進(jìn)入開(kāi)關(guān)，再進(jìn)入燈泡頂端的金屬點(diǎn)，零線直接接入燈泡的螺旋套，這樣在斷開(kāi)開(kāi)關(guān)能切斷火線，接觸燈泡不會(huì)發(fā)生觸電事故既能控制燈泡，

6、又能更安全圖中開(kāi)關(guān)和燈泡接法錯(cuò)誤故D錯(cuò)誤故選C【點(diǎn)評(píng)】此題考查力的示意圖、力臂的畫(huà)法、家庭電路的連接，是一道綜合性較強(qiáng)的題目，難度不大，掌握基礎(chǔ)知識(shí)即可正確解題4我國(guó)自行研制的殲-15艦載機(jī)在“遼寧號(hào)”航母上起飛過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A艦載機(jī)飛離航母后，航母所受浮力的大小不變 B艦載機(jī)飛行時(shí)能獲得向上的升力，是因?yàn)闄C(jī)翼上方空氣流速大于機(jī)翼下方空氣流速 C艦載機(jī)飛離航母甲板時(shí)，以艦載機(jī)為參照物，航母甲板是靜止的 D艦載機(jī)在起飛過(guò)程中，慣性將消失 【考點(diǎn)】物體的浮沉條件及其應(yīng)用；參照物及其選擇；慣性；飛機(jī)的升力【專題】應(yīng)用題；長(zhǎng)度、時(shí)間、速度；運(yùn)動(dòng)和力；浮沉的應(yīng)用【分析】（1）物體漂浮時(shí)受到

7、的浮力和自身的重力相等；（2）流體流速越快的位置壓強(qiáng)越小，據(jù)此來(lái)分析飛機(jī)起飛時(shí)的受力情況；（3）判斷一個(gè)物體是否運(yùn)動(dòng)，要先選擇一個(gè)參照物，看這個(gè)物體相對(duì)于參照物有沒(méi)有位置的改變?nèi)绻恢冒l(fā)生改變，則物體是運(yùn)動(dòng)的；如果未發(fā)生變化，則物體是靜止的；（4）慣性是指物體能夠保持原來(lái)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不變的性質(zhì)，任何物體都具有慣性【解答】解：A艦載機(jī)飛離航母前后，航母始終漂浮，受到的浮力和自身的重力相等，當(dāng)艦載機(jī)飛離航母后，航母的重力減小，所受的浮力減小，故A錯(cuò)誤；B飛機(jī)飛行時(shí)，機(jī)翼上方空氣流速大于機(jī)翼下方空氣流速，上方壓強(qiáng)小于下方，從而產(chǎn)生向上的升力，故B正確；C艦載機(jī)飛向航母甲板時(shí)，以艦載機(jī)為參照物，航母甲板相

8、對(duì)于艦載機(jī)的位置是變化的，所以航母甲板相對(duì)艦載機(jī)是運(yùn)動(dòng)的，故C錯(cuò)誤；D物體在任何時(shí)候都有慣性，飛機(jī)在起飛過(guò)程中，慣性不可能消失，故D錯(cuò)誤故選B【點(diǎn)評(píng)】本題考查了浮沉條件的應(yīng)用、運(yùn)動(dòng)和靜止的相對(duì)性、慣性、流體壓強(qiáng)與流速的關(guān)系等，有一定的綜合性，但總體難度不大5如圖所示是實(shí)驗(yàn)室電流表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)圖，處在磁場(chǎng)中的線圈有電流通過(guò)時(shí)，線圈會(huì)帶動(dòng)指針一起偏轉(zhuǎn)線圈中電流越大，指針偏轉(zhuǎn)角度就越大關(guān)于該現(xiàn)象，下列說(shuō)法正確的是（）A該電流表是利用電磁感應(yīng)原理工作的 B線圈中有電流通過(guò)時(shí)，把機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能 C改變線圈中的電流方向，指針的偏轉(zhuǎn)方向不會(huì)改變 D線圈中電流越大，其所受磁場(chǎng)力就越大 【考點(diǎn)】磁場(chǎng)對(duì)通電導(dǎo)線的

9、作用【專題】應(yīng)用題；電動(dòng)機(jī)、磁生電【分析】首先利用圖示的裝置分析出其制成原理，即通電線圈在磁場(chǎng)中受力轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈的轉(zhuǎn)動(dòng)可以帶動(dòng)指針的偏轉(zhuǎn)線圈受力方向與電流方向有關(guān)，這一過(guò)程中，將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能【解答】解：通過(guò)電流表的內(nèi)部構(gòu)造顯示電流表的制成原理：通電線圈在磁場(chǎng)中受力而轉(zhuǎn)動(dòng)，并且電流越大，線圈受到的力越大，其轉(zhuǎn)動(dòng)的幅度越大因此可以利用電流表指針的轉(zhuǎn)動(dòng)幅度來(lái)體現(xiàn)電路中電流的大小A通過(guò)電流表的內(nèi)部構(gòu)造顯示電流表的制成原理：通電線圈在磁場(chǎng)中受力而轉(zhuǎn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B線圈中有電流通過(guò)時(shí)，電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，故B錯(cuò)誤；C改變線圈中的電流方向，其轉(zhuǎn)動(dòng)方向會(huì)發(fā)生改變，故C錯(cuò)誤；D電流越大，線圈受到的力越大，因此可

10、以利用電流表指針的轉(zhuǎn)動(dòng)幅度來(lái)體現(xiàn)電路中電流的大小，故D正確故選D【點(diǎn)評(píng)】在學(xué)過(guò)的測(cè)量工具或設(shè)備中，每個(gè)工具或設(shè)備都有自己的制成原理；對(duì)不同測(cè)量工具的制成原理，是一個(gè)熱點(diǎn)題型，需要重點(diǎn)掌握6如圖甲所示，木塊放在水平面上，用彈簧測(cè)力計(jì)沿水平方向拉木塊使其做直線運(yùn)動(dòng)，兩次拉動(dòng)木塊得到的s-t關(guān)系圖象如圖乙所示 兩次對(duì)應(yīng)的彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)分別為F1、F2，兩次拉力的功率分別為P1、P2，下列判斷正確的是（）AFlF2、P1P2 BFl=F2、P1P2 CF1F2、P1=P2 DF1F2、PlP2 【考點(diǎn)】功率大小的比較；二力平衡條件的應(yīng)用【專題】應(yīng)用題；圖析法；運(yùn)動(dòng)和力；功、功率、機(jī)械效率【分析】（1）

11、彈簧測(cè)力計(jì)拉動(dòng)木塊在水平面上勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，水平方向上木塊受到拉力和滑動(dòng)摩擦力作用，拉力和滑動(dòng)摩擦力是一對(duì)平衡力（2）滑動(dòng)摩擦力大小跟壓力大小和接觸面粗糙程度有關(guān)根據(jù)P=Fv判斷拉力的功率【解答】解：由圖乙可知，木塊兩次都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則拉力和滑動(dòng)摩擦力是一對(duì)平衡力，大小相等，因?yàn)橥荒緣K放在同一桌面上，壓力不變、接觸面的粗糙程度不變，所以兩次木塊受到的滑動(dòng)摩擦力相等，故兩次對(duì)應(yīng)的彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)相等，即F1=F2；從圖乙中可以判斷出，第1次木塊的運(yùn)動(dòng)速度大于第2次木塊的運(yùn)動(dòng)速度，即v1v2，根據(jù)公式P=Fv可知，當(dāng)拉力相等時(shí)，速度越大，拉力的功率越大，即：P1P2綜上所述，ACD錯(cuò)誤，B正確

12、故選：B【點(diǎn)評(píng)】本題的關(guān)鍵是通過(guò)圖象可以判斷木塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，勻速直線運(yùn)動(dòng)的物體受到平衡力作用，根據(jù)平衡力條件判斷拉力和滑動(dòng)摩擦力大小關(guān)系，根據(jù)P=Fv判斷功率的大小關(guān)系7如圖所示，把標(biāo)有“6V 3W”的小燈泡與最大阻值為10O的滑動(dòng)變阻器連接在電源電壓恒為18V的電路中，各表的示數(shù)均不超過(guò)所選量程，且燈泡兩端電壓不允許超過(guò)額定值（燈絲電阻不變） 閉合開(kāi)關(guān)，下列說(shuō)法正確的是（）A滑動(dòng)變阻器滑片向左滑動(dòng)的過(guò)程中，電流表示數(shù)變大，電壓表示數(shù)變大 B電路的總功率最大值為10.8W C小燈泡的電功率最小值為 0.75W D滑動(dòng)變阻器允許調(diào)節(jié)的范圍是24-100 【考點(diǎn)】電路的動(dòng)態(tài)分析；歐姆定律的應(yīng)用

13、；電功率的計(jì)算【專題】應(yīng)用題；電路和歐姆定律；電能和電功率；電路變化分析綜合題【分析】根據(jù)實(shí)物圖可知：燈泡與滑動(dòng)變阻器是串聯(lián)關(guān)系；電流表測(cè)量串聯(lián)電路的電流（所選量程為00.6A），電壓表測(cè)量滑動(dòng)變阻器兩端的電壓（所選量程為015V）根據(jù)滑片移動(dòng)的方向確定滑動(dòng)變阻器接入電路阻值的變化，由歐姆定律可知電路電流的變化，根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律可知電壓表示數(shù)的變化；為保護(hù)電壓表，滑動(dòng)變阻器兩端的最大電壓為15V，此時(shí)滑動(dòng)變阻器連入的電阻最大，利用串聯(lián)電路的電壓關(guān)系求出此時(shí)加在燈兩端的電壓；再利用歐姆定律求出此時(shí)電路中的最小電流和滑動(dòng)變阻器連入的電阻；由燈的銘牌求出燈正常發(fā)光時(shí)的電流和燈絲電阻，確定電路中的

14、最大電流，根據(jù)歐姆定律求出滑動(dòng)變阻器連入電路的最小電阻；根據(jù)歐姆定律可求出滑動(dòng)變阻器允許調(diào)節(jié)的范圍；由狀態(tài)，利用P=UI可求小燈泡的電功率最小值；由狀態(tài)，利用P=UI求電路的總功率最大值【解答】解：A、根據(jù)實(shí)物圖可知，滑片向左移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值變小，即電路中的總電阻變小；由歐姆定律可知，電路中的電流變大，即電流表示數(shù)變大；因?yàn)榇?lián)電路起分壓作用，因此滑動(dòng)變阻器分得的電壓變小，即電壓表示數(shù)變小，故A錯(cuò)誤；BCD、由可知，燈絲電阻：，由P=UI可知，燈正常發(fā)光時(shí)的電流：，由題知電路中的最大電流應(yīng)為0.5A；即：，故滑動(dòng)變阻器連入電路的最小電阻：R=24，此時(shí)電路中電功率最大：P最大=

15、UI=18V×0.5A=9W，故B錯(cuò)誤；為保護(hù)電壓表，滑動(dòng)變阻器兩端的最大電壓為15V，此時(shí)滑動(dòng)變阻器連入的電阻最大，電路中的電流最小，因?yàn)閁=UL+UR，所以UR=U-UL=18V-15V=3V，此時(shí)電路中最小的電流為：，滑動(dòng)變阻器連入的最大電阻為：；此時(shí)小燈泡的電功率最小為：P小=ULI=3V×0.25A=0.75W，故C正確；由此可知：滑動(dòng)變阻器允許調(diào)節(jié)的范圍為2460，故D錯(cuò)誤故選C【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵：一是根據(jù)燈的銘牌求出允許通過(guò)的最大電流、確定滑動(dòng)變阻器連入的最小阻值；二是根據(jù)電壓表的量程求出滑動(dòng)變阻器兩端的最大電壓、確定滑動(dòng)變阻器連入的最大阻值二、作圖與實(shí)驗(yàn)題8在

16、探究“冰的熔化特點(diǎn)”的實(shí)驗(yàn)中，如圖甲所示是某時(shí)刻溫度計(jì)的示數(shù)，圖乙所示是根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪制的溫度一時(shí)間關(guān)系圖象，已知冰的質(zhì)量為100g（1）圖甲所示溫度計(jì)的示數(shù)是 _（2）冰從開(kāi)始熔化到完全熔化持續(xù)了 _min（3）物質(zhì)在第5min具有的內(nèi)能比第7min時(shí)的內(nèi)能 _（4）設(shè)相同時(shí)間內(nèi)物質(zhì)吸收的熱量相同，則BC階段物質(zhì)共吸收了 _J的熱量C冰=2.1×103J/（kg），C水=4.2×103J/（kg）（5）在圖乙所示中，AB段與 CD段的傾斜程度不同，這是因?yàn)?_【考點(diǎn)】熔化和凝固的探究實(shí)驗(yàn)【專題】實(shí)驗(yàn)題；圖析法；探究型實(shí)驗(yàn)綜合題【分析】（1）溫度計(jì)讀數(shù)時(shí)要看清分度值，并注意

17、示數(shù)在零上還是零下；（2）從圖象中找出開(kāi)始熔化和結(jié)束熔化的時(shí)間，可確定熔化的持續(xù)時(shí)間；（3）物質(zhì)在熔化時(shí)不斷吸熱，所以內(nèi)能不斷增大；（4）利用公式Q=cmt可計(jì)算吸收的熱量；（5）知道水和冰的比熱容不同，相同質(zhì)量的水和冰，吸收相同的熱量，其溫度變化不同【解答】解：（1）讀圖甲可知，溫度計(jì)的分度值為1，液柱在0攝氏度以下，其示數(shù)為-4；（2）讀圖乙可知，冰從開(kāi)始熔化到完全熔化持續(xù)的時(shí)間為8min-4min=4min；（3）由于冰在熔化過(guò)程中不斷吸熱，所以在第5min具有的內(nèi)能比第7min時(shí)的內(nèi)能小；（4）由于相同時(shí)間內(nèi)物質(zhì)吸收的熱量相同，則BC段冰熔化吸熱的時(shí)間為4min，與AB段吸收的熱量相同

18、，故BC段共吸收的熱量為：Q=cmt=2.1×103J/（kg）×0.1kg×10=2.1×103J；（5）在圖乙所示中，AB段與CD段的傾斜程度不同，這是因?yàn)樗捅谋葻崛莶煌?，相同質(zhì)量的水和冰，吸收相同的熱量，其溫度變化不同故答案為：（1）-4；（2）4；（3）??；（4）2.1×103；（4）水和冰的比熱容不同【點(diǎn)評(píng)】本題考查了在探究“冰的熔化特點(diǎn)”的實(shí)驗(yàn)中，溫度計(jì)的讀數(shù)方法，溫度-時(shí)間圖象的分析，熱量公式的靈活運(yùn)用等，有一定綜合性，難度適中9在探究“凸透鏡成像的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中： （1）如圖甲所示是小明通過(guò)實(shí)驗(yàn)得到的凸透鏡的像距v和物距u關(guān)系

19、的圖象由圖象可知凸透鏡的焦距是 _cm（2）把蠟燭放在距凸透鏡16cm處時(shí)，如圖乙所示，在凸透鏡另一側(cè)前后移動(dòng)光屏，會(huì)在光屏上得到一個(gè)倒立、 _的實(shí)像（3）實(shí)驗(yàn)完成之后，小明把自己的近視眼鏡放在蠟燭與凸透鏡之間，如圖丙所示，因?yàn)榻曆坨R對(duì)光有 _作用，所以光屏上原來(lái)清晰的像變得模糊了，若想在光屏上重新得到清晰的燭焰像，在不改變蠟燭和凸透鏡位置的情況下，應(yīng)將光屏 _凸透鏡【考點(diǎn)】凸透鏡成像規(guī)律及其探究實(shí)驗(yàn)【專題】實(shí)驗(yàn)題；實(shí)驗(yàn)分析法；探究型實(shí)驗(yàn)綜合題【分析】（1）凸透鏡成像時(shí)，u=v=2f，在圖象上找到u=v對(duì)應(yīng)點(diǎn)，根據(jù)物距和焦距的關(guān)系求出凸透鏡的焦距（2）凸透鏡成像時(shí)，2fuf，成倒立、放大的實(shí)

20、像，應(yīng)用于幻燈機(jī)和投影儀（3）近視眼鏡是凹透鏡，凹透鏡對(duì)光線有發(fā)散作用，使原來(lái)會(huì)聚成像的光線推遲會(huì)聚，像遠(yuǎn)離凸透鏡，要用光屏接到清晰的像，判斷光屏的移動(dòng)方向【解答】解：（1）由圖知，當(dāng)物距為20cm時(shí)，像距也為20cm，根據(jù)凸透鏡成像的規(guī)律，物距等于2倍焦距時(shí)，成倒立等大的實(shí)像，此時(shí)像距與物距相等所以2f=20cm，則f=10cm（2）由（1）可知，f=10cm，把蠟燭放在距凸透鏡16cm處時(shí)，2fuf，成倒立、放大的實(shí)像；（3）近視眼鏡是凹透鏡，凹透鏡對(duì)光線有發(fā)散作用，使原來(lái)會(huì)聚成像的光線推遲會(huì)聚，像遠(yuǎn)離凸透鏡，要用光屏接到清晰的像，應(yīng)將光屏向右調(diào)節(jié)，即向遠(yuǎn)離凸透鏡的方向調(diào)節(jié)，才能使像變清晰

21、故答案為：（1）10；（2）放大；（3）發(fā)散；遠(yuǎn)離【點(diǎn)評(píng)】此題主要考查凸透鏡成像的應(yīng)用，要熟記凸透鏡成像的規(guī)律，特別搞清像的特點(diǎn)及像距與物距之間的關(guān)系解決此題的關(guān)鍵是通過(guò)圖象確定凸透鏡的焦距然后問(wèn)題可解10如圖甲所示是“測(cè)量小燈泡電功率”的實(shí)驗(yàn)電路 電源電壓恒為6V，小燈泡的額定電壓2.5V，正常工作時(shí)的電阻約為10，滑動(dòng)變阻器有A規(guī)格“10 2A”、B規(guī)格“50 1A”可選（1）該實(shí)驗(yàn)應(yīng)選擇 _規(guī)格的滑動(dòng)變阻器 （2）請(qǐng)用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線將圖甲的實(shí)驗(yàn)電路連接完整（3）連接好電路，閉合開(kāi)關(guān)，小燈泡發(fā)光，但電壓表示數(shù)為0，經(jīng)檢査，圖中 a、b、c、d四根導(dǎo)線有一根斷了，則該導(dǎo)線是 _（4）排除故障

22、后，閉合開(kāi)關(guān)，當(dāng)變阻器滑片 P移到某一位置時(shí)，電壓表的示數(shù)如圖乙所示，要測(cè)小燈泡的額定功率，應(yīng)將滑片 P 向 _端移動(dòng)，使電壓表示數(shù)為 _V 當(dāng)小燈泡正常發(fā)光時(shí)，電流表的示數(shù)如圖丙所示，則小燈泡的額定功率為 _W【考點(diǎn)】電功率的測(cè)量；歐姆定律的應(yīng)用【專題】電能和電功率；測(cè)量型實(shí)驗(yàn)綜合題【分析】（1）求出變阻器應(yīng)分得的電壓，根據(jù)分壓原理求變阻器連入電路中的最小阻值，從而確定變阻器的規(guī)格；（2）按“一下一上”將變阻器連入電路中；（3）小燈泡發(fā)光，說(shuō)明電路為通路，電壓表示數(shù)為0，說(shuō)明電壓表所在的支路斷路；（4）認(rèn)清電壓表的分度值讀數(shù)，根據(jù)分壓原理確定滑片移動(dòng)的方向；認(rèn)清電流表的分度值讀數(shù)，根據(jù)P額=

23、U額I計(jì)算燈的額定功率【解答】解；（1）燈的額定電壓為2.5V，要使小燈泡正常發(fā)光，變阻器要分去6V-2.5V=3.5V的電壓，根據(jù)分壓原理，滑動(dòng)變阻器連入電路中的阻值至少為=14，根據(jù)歐姆定律，燈正常工作時(shí)的電流為0.25A1A故選用B規(guī)格“50 1A”的變阻器；（2）如下圖所示； （3）連接好電路，閉合開(kāi)關(guān)，小燈泡發(fā)光，說(shuō)明電路為通路，電壓表示 數(shù)為0，說(shuō)明電壓表所在的支路斷路，故c導(dǎo)線斷了；（4）電壓表小量程的分度值為0.1V，示數(shù)為1.8V，要增大燈的電壓，就要減小變阻器分得的電壓，根據(jù)分壓原理，減小變阻器的電阻即可，所以要測(cè)小燈泡的額定功率，滑片向左移動(dòng)；電流表小量程的分度值為0.0

24、2A，示數(shù)為0.24A，小燈泡的額定功率P額=U額I=2.5V×0.24A=0.6W故答案為：（1）50 1A；（2）如上圖所示；（3）c；（4）左（或A）；2.5；0.6【點(diǎn)評(píng)】本題測(cè)量小燈泡電功率，考查電路的連接、器材的選擇、實(shí)驗(yàn)的操作過(guò)程、故障的分析、電功率的計(jì)算等知識(shí)，難度中等11某同學(xué)準(zhǔn)備用弾簧測(cè)力計(jì)、燒杯、水、吸盤、滑輪、細(xì)線來(lái)測(cè)量木塊（不吸水）的密度（1）在彈性限度內(nèi)，彈簧受到的拉力越大，彈簧的伸長(zhǎng)量就越 _（2）如圖 甲所示，木塊所受的重力為 _N（3）如圖乙所示，將滑輪的軸固定在吸盤的掛鈞上，擠出吸盤內(nèi)部的空氣，吸盤在 _的作用下被緊緊壓在燒杯底部如圖丙所示，在燒杯

25、中倒入適量的水，用細(xì)線將木塊栓住，通過(guò)彈簧測(cè)力計(jì)將木塊全部拉入水中，此時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)為 0.4N，如果不計(jì)摩擦和細(xì)線重，木塊受到的浮力為 _N，木塊的密度為 _kg/m3（水=1.0×103kg/m3）（4）如果將圖丙燒杯中的水換成另一種液體，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，此時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)為0.2N，則該液體的密度為 _kg/m3【考點(diǎn)】固體密度的測(cè)量【專題】測(cè)量型實(shí)驗(yàn)綜合題【分析】（1）在彈性限度內(nèi)，彈簧的伸長(zhǎng)與受的拉力成正比，彈簧受到的拉力越大，彈簧的伸長(zhǎng)量就越長(zhǎng)；（2）明確彈簧測(cè)力計(jì)的分度值，再根據(jù)指針指示來(lái)讀數(shù)；（3）如圖乙將滑輪的軸固定在吸盤的掛鉤上，擠出吸盤內(nèi)部的空氣，吸盤內(nèi)的氣壓小

26、于外界大氣壓，在外界大氣壓的作用下，吸盤被壓在燒杯底部；圖丙中使用的是定滑輪，不能省力，所以彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)即為對(duì)木塊的拉力，根據(jù)二力平衡知識(shí)可知F浮=G+F拉求出浮力；根據(jù)F浮=水gV排求出木塊的體積；根據(jù)公式G=mg=Vg求出木塊的密度；（4）根據(jù)F浮=G+F拉求出木塊在液體中受的浮力；根據(jù)F浮=液gV排求出液體的密度【解答】解：（1）在彈性限度內(nèi)，彈簧的伸長(zhǎng)與受的拉力成正比，彈簧受到的拉力越大，彈簧的伸長(zhǎng)量就越長(zhǎng)；（2）圖甲中彈簧測(cè)力計(jì)的分度值為0.2N，木塊在空氣中的重力即彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)為0.6N；（3）圖丙中彈簧測(cè)力計(jì)的拉力F拉=0.2N，木塊受到的浮力：F浮=G+F拉=0.6N+

27、0.4N=1.0N， 根據(jù)F浮=水gV排求出木塊的體積V=V排=， 根據(jù)公式G=mg=Vg求出木塊的密度為木=（4）木塊在待測(cè)液體中受到的浮力：F浮=G+F拉=0.6N+02N=0.8N， 根據(jù)F浮=液gV排求出液體的密度液=故答案為：（1）長(zhǎng)；（2）0.6；（3）1.0，0.6×103；（4）0.8×103【點(diǎn)評(píng)】此題主要考查的是學(xué)生對(duì)彈簧測(cè)力計(jì)的使用、浮力、重力、密度計(jì)算公式的理解和掌握，知識(shí)點(diǎn)太多，難度不大三、計(jì)算題12如圖所示，某家用電器具有加熱、保溫的功能用電器發(fā)熱電阻R的額定電壓為220V，額定功率為605W加熱時(shí)，按下溫控開(kāi)關(guān)S與 a、b接觸，此時(shí)紅色指示燈亮

28、；當(dāng)達(dá)到一定溫度時(shí)，溫控開(kāi)關(guān)S自動(dòng)跳接到c，使用電器處于保溫狀態(tài)，此時(shí)綠色指示燈亮紅燈標(biāo)有“6V 1.5W”、綠燈標(biāo)有“12V 3W”的字樣，用電器工作時(shí)兩燈均正常發(fā)光（虛線框內(nèi)為用電器的加熱和保溫裝置）請(qǐng)根據(jù)以上信息解答下列問(wèn)題：（1）電阻R1的作用（2）當(dāng)用電器處于加熱狀態(tài)時(shí)，加熱裝置1min消耗的電能（3）該用電器在保溫狀態(tài)時(shí)，保溫裝置的發(fā)熱功率和電阻R2的阻值【考點(diǎn)】電功的計(jì)算；歐姆定律的應(yīng)用；電功率的計(jì)算【專題】計(jì)算題；信息給予題；電路和歐姆定律；電能和電功率【分析】（1）加熱時(shí)，R1與紅燈串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路的分壓作用進(jìn)行分析；根據(jù)P=UI求出紅燈正常發(fā)光時(shí)電路中電流，再根據(jù)串聯(lián)電路

29、電壓的特點(diǎn)和歐姆定律的變形公式求出R1的阻值；（2）已知加熱時(shí)的功率，直接根據(jù)W=Pt即可求出加熱裝置1min消耗的電能（3）保溫時(shí)，R、R2和綠燈串聯(lián)，根據(jù)燈泡正常發(fā)光和P=UI求出此時(shí)電路中的電流，并根據(jù)歐姆定律的變形公式求出電路的總電阻，然后利用的變形公式求出R和綠燈的電阻，再根據(jù)串聯(lián)電路電阻的特點(diǎn)求出R2的阻值；利用P=I2R求出保溫時(shí)該電器保溫裝置的發(fā)熱功率【解答】解：（1）由題和電路圖可知，加熱時(shí)，按下溫控開(kāi)關(guān)S與a、b接觸，紅燈與R1串聯(lián)，再與發(fā)熱電阻R并聯(lián)；因?yàn)殡娫措妷捍笥诩t燈的額定電壓，因此R1起分壓作用，使紅燈正常發(fā)光；（2）由題知，加熱時(shí)，發(fā)熱電阻R的額定功率為605W，

30、由可得，加熱裝置1min消耗的電能：W=P加熱t(yī)=605W×60s=3.63×104J；（3）由電路圖和題意可知，溫控開(kāi)關(guān)S自動(dòng)跳接到c，用電器處于保溫狀態(tài)，此時(shí)綠燈、R2、R串聯(lián)，R2和R為保溫裝置；綠色指示燈正常發(fā)光，由P=UI可得，=0.25A，串聯(lián)電路電流處處相等，所以I=I綠燈=0.25A，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓規(guī)律可得，保溫裝置兩端的電壓：U保溫=U-U綠燈=220V-12V=208V，保溫裝置的發(fā)熱功率：P保溫=U保溫I=208V×0.25A=52W，保溫裝置的總電阻：=832，發(fā)熱電阻R的阻值：=80，根據(jù)串聯(lián)電路的電阻規(guī)律可得，電阻R2的阻值：R2=

31、R保溫-R=832-80=752答：（1）電阻R1的作用，起分壓作用，使紅燈正常發(fā)光 （2）當(dāng)用電器處于加熱狀態(tài)時(shí)，加熱裝置1min消耗的電能為3.63×104J （3）該用電器在保溫狀態(tài)時(shí)保溫裝置的發(fā)熱功率為52W，電阻R2的阻值為752【點(diǎn)評(píng)】分析清楚電路結(jié)構(gòu)，知道何時(shí)用電器處于加熱狀態(tài)、何時(shí)處于保溫狀態(tài)，是正確解題的關(guān)鍵，靈活應(yīng)用功率的變形公式、串聯(lián)電路的特點(diǎn)以及歐姆定律正確解題13如圖所示，A為直立固定的柱形水管，底部活塞 B與水管內(nèi)壁接觸良好且無(wú)摩擦，在水管中裝適量的水，水不會(huì)流出 活塞通過(guò)豎直硬桿與輕質(zhì)杠桿OCD的C點(diǎn)相連，0為杠桿的固定轉(zhuǎn)軸，滑輪組（非金屬材料）繩子的自由端與杠桿的D端相連，滑輪組下