2015年安徽高考物理試卷(含詳細(xì)解析)

1、來源于網(wǎng)絡(luò)2015 年 安 徽 高 考 物 理 試 卷一 選擇題（共 7 小題）1 如圖示是a粒了（氦原子核）被重金屬原子核散射的運(yùn)動(dòng)軌跡，M、N、P、Q 是軌跡上的四點(diǎn)，在散射過程中可以認(rèn)為重金屬原子核靜止不動(dòng)圖中所標(biāo)出的a粒子在各點(diǎn)處的加速度方向正確的是（）| | A. M 點(diǎn)B. | N 點(diǎn)C.P 點(diǎn)| D. | Q 點(diǎn)2 由庫(kù)侖定律可知，真空中兩個(gè)靜止的點(diǎn)電荷，帶電量分別為qi和 q2,其間距離為 r 時(shí)，它們之間相互作用力的大小為 F=k_式中 k 為靜電力常量若用國(guó)際單位制的基本單位表示k的單位應(yīng)為（TA.23kg?A ?mB.-23-4kg?A ?m ?sC.2-2kg?m ?C

2、D.2-2N?m ?A3 圖示電路中，變壓器為理想變壓器，a b 接在電壓有效值不變的交流電流兩端，Ro為定值電阻，R 為滑動(dòng)變阻器，現(xiàn)將變阻器的滑片從一個(gè)位置滑動(dòng)到另一位置，觀察到電流表 Ai的示數(shù)增大了 0.2A,電流表 A24 一根長(zhǎng)為 L、橫截面積為 S 的金屬棒，其材料的電阻率為p棒內(nèi)單位體積自由電子數(shù)為n ,為 m,電荷量為 e,在棒兩端加上恒定的電壓時(shí)，棒內(nèi)產(chǎn)生電流，自由電子定向運(yùn)動(dòng)的平均速率為）B 5 如圖所示，一束單色光從空氣入射到棱鏡的 AB 面上，經(jīng) AB 和 AC 兩個(gè)面折射后從 AC 面進(jìn)入空氣，當(dāng) 出射角 i和入射角 i 相等時(shí)，出射光線相對(duì)于入射光線偏轉(zhuǎn)的角度為0

3、,已知棱鏡頂角為a,貝V計(jì)算棱鏡對(duì)該色光的折射率表達(dá)式為（）6 如圖所示，abed 為水平放置的平行？”形光滑金屬導(dǎo)軌，間距為 I,導(dǎo)軌間有垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)， 磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B,導(dǎo)軌電阻不計(jì)，已知金屬桿 MN 傾斜放置，與導(dǎo)軌成0角，單位長(zhǎng)度的電阻為 r，保C.pnevD.A.電壓表V示數(shù)增大：rB.電壓表 V2, V3示數(shù)均增大C.該變壓器起升壓作用D.變阻器滑片是沿 e-d的方向滑動(dòng)電子的質(zhì)量v,則金屬棒內(nèi)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為（A.的示數(shù)增大了 0.8A，則下列說法正確的是（)5Vi來源于網(wǎng)絡(luò)A.電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為 一咤sm HB.電路中感應(yīng)電流的大小為毗山r持金屬桿以速度

4、v 沿平行于 ed 的方向滑動(dòng)（金屬桿滑動(dòng)過程中與 導(dǎo)軌接觸良好）則（）來源于網(wǎng)絡(luò)C.2金屬桿所受安培力的大小為B lvsin9rD.2.2金屬桿的熱功率為 Brsin 0.,.cr , ,. .7 .已知均勻帶電的無窮大平面在真空中激發(fā)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為一，其中廳為平面上單位面積所帶的電荷量，?0為常量，如圖所示的平行板電容器，極板正對(duì)面積為 S 其間為真空, 為 Q,不計(jì)邊緣效應(yīng)時(shí)，極板可看作無窮大導(dǎo)體板， 則極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度大小 板間相互的靜電引力大小分別為（ ）A.QB 0s和B.Q2cos1和e0S八心111. 1 11C.rQ2C0S和2E0SD.11 I1和心 S 2S0S-J 1

5、x.解答題（共 5 小題）8 .在驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)用圖釘把白紙固定在水平放置的木板上，將橡皮條的一端 固定在板上一點(diǎn)，兩個(gè)細(xì)繩套系在橡皮條的另一端，用兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)分別拉住兩個(gè)細(xì)繩套，互成角度地 施加拉力，使橡皮條伸長(zhǎng)，結(jié)點(diǎn)到達(dá)紙面上某一位置，如圖所示，請(qǐng)將以下的實(shí)驗(yàn)操作和處理補(bǔ)充完整:1用鉛筆描下結(jié)點(diǎn)位置，記為 O;2記錄兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù) F1和 F2,沿每條細(xì)繩（套）的方向用鉛筆分別描出幾個(gè)點(diǎn)，用刻度尺把相應(yīng)的點(diǎn)連成線；3只用一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)，通過細(xì)繩套把橡皮條的結(jié)點(diǎn)仍拉到位置0,記錄測(cè)力計(jì)的示數(shù)F3，_ ；弋 l1- .、 114按照力的圖示要求，作出拉力 Fl，

6、F2, F3；5根據(jù)力的平行四邊形定則作出 F1和 F2的合力 F;6_ 比較的一致程度，若有較大差異，對(duì)其原因進(jìn)行分析，并作出相應(yīng)的改進(jìn)后再次進(jìn)行實(shí)驗(yàn).9 某同學(xué)為了測(cè)量一節(jié)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，從實(shí)驗(yàn)室找到以下器材：一個(gè)滿偏電流為 100 口A內(nèi)阻為 2500Q的表頭，一個(gè)開關(guān)，兩個(gè)電阻箱（0999.90）和若干導(dǎo)線.（1） 由于表頭量程偏小，該同學(xué)首先需將表頭改裝成量程為50mA 的電流表，則應(yīng)將表頭與電阻箱（填 串聯(lián)”或 并聯(lián)”，并將該電阻箱阻值調(diào)為 _0.（2） 接著該同學(xué)用改裝的電流表對(duì)電池的電動(dòng)勢(shì)及內(nèi)阻進(jìn)行測(cè)量，實(shí)驗(yàn)電路如圖1 所示，通過改變電阻 R 測(cè)相應(yīng)的電流 I,且作相關(guān)計(jì)算

7、后一并記錄如表：123456帶電量和兩極來源于網(wǎng)絡(luò)R( 0)95.075.055.045.035.025.0I(mA)15.018.724.829.536.048.0IR (V)1.421.401.361.331.261.201根據(jù)表中數(shù)據(jù)，圖 2 中已描繪出四個(gè)點(diǎn)，請(qǐng)將第 5、6 兩組數(shù)據(jù)也描繪在圖 2 中，并畫出 IR-I 圖線；2根據(jù)圖線可得電池的電動(dòng)勢(shì) E 是_ V,內(nèi)阻 r 是_Q.10. 一質(zhì)量為 0.5kg 的小物塊放在水平地面上的 A 點(diǎn)，距離 A 點(diǎn) 5m 的位置 B 處是一面墻，如圖所示，物塊以 v=9m/s 的初速度從 A 點(diǎn)沿 AB 方向運(yùn)動(dòng)，在與墻壁碰撞前瞬間的速度為

8、7m/s，碰后以 6m/s 的速度反向運(yùn)動(dòng)直至靜止.g 取 10m/s2.(1)求物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù) 口；(2)若碰撞時(shí)間為 0.05s，求碰撞過程中墻面對(duì)物塊平均作用力的大小F;(3)求物塊在反向運(yùn)動(dòng)過程中克服摩擦力所做的功W.11在 xOy 平面內(nèi)，有沿 y 軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為 E (圖象未畫出)，由 A 點(diǎn)斜射出一質(zhì)量為 m、 宅 I I I帶電量為+q 的粒子，B 和 C 是粒子運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)，如圖所示，其中Io為常數(shù)，粒子所受重力忽略不計(jì)，求：(1) 粒子從 A 到 C 過程中電場(chǎng)力對(duì)它做的功；(2) 粒子從 A 到 C 過程所經(jīng)歷的時(shí)間；(3) 粒子經(jīng)過 C 點(diǎn)

9、時(shí)的速率.12由三顆星體構(gòu)成的系統(tǒng)，忽略其它星體對(duì)它們的作用，存在著一種運(yùn)動(dòng)形式：三顆星體在相互之間的 萬(wàn)有引力作用下，分別位于等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上，繞某一共同的圓心O 在三角形所在的平面內(nèi)做相同角速度的圓周運(yùn)動(dòng)(圖示為 A、B、C 三顆星體質(zhì)量不相同時(shí)的一般情況).若A 星體質(zhì)量為 2m , B、C 兩星體的質(zhì)量均為 m，三角形的邊長(zhǎng)為 a,求：(1) A 星體所受合力大小 FA；(2) B 星體所受合力大小 FB；(3) C 星體的軌道半徑 RC；( 4)三星體做圓周運(yùn)動(dòng)的周期 T.2015 年安徽高考物理試卷參考答案與試題解析一.選擇題(共7小題)1如圖示是a粒了(氦原子核)被重金屬原

10、子核散射的運(yùn)動(dòng)軌跡，M、N、P、Q 是軌跡上的四點(diǎn)，在散射過程中可以認(rèn)為重金屬原子核靜止不動(dòng)圖中所標(biāo)出的a粒子在各點(diǎn)處的加速度方向正確的是()A.M 點(diǎn)B.N 點(diǎn)C.P 占 八、D.Q 點(diǎn)分析：根據(jù)粒子軌跡的彎曲方向， 可以判定粒子受力的方向； 再根據(jù)受力的方向，判定a粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，粒子的加速度的方向.解答：解：根據(jù)軌跡彎曲的方向，可以判定粒子受力的方向大體向上，與粒子和重金屬原子核的點(diǎn)的連線的方向相反，故M、N、P、Q 是軌跡上的四點(diǎn)的加速度的方向中，只有 P 點(diǎn)標(biāo)出的方向是正確的.故選： C2 由庫(kù)侖定律可知，真空中兩個(gè)靜止的點(diǎn)電荷，帶電量分別為q1和 q2,其間距離為 r 時(shí)，它們

11、之間相互Qi Qn作用力的大小為 F=k ，式中 k 為靜電力常量.若用國(guó)際單位制的基本單位表示，k 的單位應(yīng)為()來源于網(wǎng)絡(luò)A.23B.-23-4kg?A ?mkg?A ?m ?s來源于網(wǎng)絡(luò)3 圖示電路中，變壓器為理想變壓器，a、b 接在電壓有效值不變的交流電流兩端，R0為定值電阻，R 為滑動(dòng)變阻器，現(xiàn)將變阻器的滑片從一個(gè)位置滑動(dòng)到另一位置，觀察到電流表 A1的示數(shù)增大了 0.2A,電流表 A2的示數(shù)增大了 0.8A，則下列說法正確的是（該變壓器起升壓作用 變阻器滑片是沿 c-d的方向滑動(dòng)根據(jù)歐姆定律分析負(fù)載電阻的變化，圖中變壓器部分等效為一個(gè)電源，變壓器右側(cè)其余部分是外電路， 外電路中，R

12、）與滑動(dòng)變阻器 R 串聯(lián)；然后結(jié)合閉合電路歐姆定律和串并聯(lián)電路的電壓、電流關(guān)系分析即可.解：A、觀察到電流表 Ai的示數(shù)增大了 0.2A，電流表A的示數(shù)增大了 0.8A, 即副線圈電流增大，由于 a、b 接在電壓有效值不變的交流電流兩端，匝數(shù)比不變，所以副線圈電壓 不變，即 V1, V2示數(shù)不變,根據(jù)歐姆定律得負(fù)載電阻減小，所以變阻器滑片是沿c-d的方向滑動(dòng)，故 A 錯(cuò)誤，D 正確，B、由于 Ro兩端電壓增大，所以滑動(dòng)變阻器R 兩端電壓減小，即電壓表 V3示數(shù)減小，故 B 錯(cuò)誤;C.kg?m2?C-2D.分析:力學(xué)單位制規(guī)定了物理量的單位，同時(shí)根據(jù)物理量間的公式也可以分析單位之間的關(guān)系.N?m

13、2?A2A.B.C.D.解答:解：根據(jù) F=k，可得：k=,ql 2由于 F=ma, q=lt,2所以 k=_ 1I2t2根據(jù)質(zhì)量的單位是kg,加速度的單位m/s2,距離的單位是 m,電流的單位是 A,時(shí)間的單位 s,可得 k 的單位是 kg?A23-4?m3?s故選：B解答:b電壓表 Vi示數(shù)增大電壓表 V2，V3示數(shù)均增大分析:來源于網(wǎng)絡(luò)C、觀察到電流表 A1的示數(shù)增大了 0.2A，電流表 A2的示數(shù)增大了 0.8A，即原線圈電流增大量小于副線圈電流增大量，根據(jù)電流與匝數(shù)成反比，所以該變壓器起降壓作用，故C 錯(cuò)誤；故選：D.4 一根長(zhǎng)為 L、橫截面積為 S 的金屬棒，其材料的電阻率為p棒內(nèi)

14、單位體積自由電子數(shù)為 n,電子的質(zhì)量 為 m,電荷量為 e,在棒兩端加上恒定的電壓時(shí)，棒內(nèi)產(chǎn)生電流，自由電子定向運(yùn)動(dòng)的平均速率為v,則金屬棒內(nèi)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為（）由幾何關(guān)系可明確在 AB 邊入射時(shí)的入射角和折射角, 率.解：由折射定律可知，n二；sin P因入射角和出射角相等，即 i=i 故由幾何關(guān)系可知，卩；vvi= +3=;2 2 26.如圖所示，abed 為水平放置的平行？”形光滑金屬導(dǎo)軌，間距為 I,導(dǎo)軌間有垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)， 磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B,導(dǎo)軌電阻不計(jì)，已知金屬桿 MN 傾斜放置，與導(dǎo)軌成0角，單位長(zhǎng)度的電阻為 r，保 持金屬桿以速度v 沿平行于 cd 的方向滑動(dòng)（金

15、屬桿滑動(dòng)過程中與導(dǎo)軌接觸良好）則（）A.電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為 一咤sin oB.電路中感應(yīng)電流的大小為BvsinGrA.B.C.pnevD.專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題.分析：利用電流的微觀表達(dá)式求的電流，由電阻的定義式求的電阻，由E 更求的電場(chǎng)強(qiáng)L度解答：解：導(dǎo)體中的電流為 l-n eSv導(dǎo)體的電阻為 R-is/導(dǎo)體兩端的電壓為 U-RI場(chǎng)強(qiáng)為 E：L.:聯(lián)立解得 E-pnev 故選：C5 如圖所示，一束單色光從空氣入射到棱鏡的 AB 面上，經(jīng) AB 和 AC 兩個(gè)面折射后從 AC 面進(jìn)入空氣，當(dāng) 出射角i 和入射角 i 相等時(shí)，出射光線相對(duì)于入射光線偏轉(zhuǎn)的角度為0,已知棱鏡頂角為a貝療

16、十算棱鏡對(duì)該色光的折射率表達(dá)式為（）ABCD分析:解答:故折射率n=sinCICI ，雖 rry故選：A.再由折來源于網(wǎng)絡(luò)由題意可明確兩極板單獨(dú)在極板內(nèi)部形成的場(chǎng)強(qiáng)大小，根據(jù)電場(chǎng)的疊加可明 確合場(chǎng)強(qiáng)；相互作用力可看作極板在對(duì)方場(chǎng)強(qiáng)中的受力，即F=EqQ Q極板形成的場(chǎng)強(qiáng) Eg=_=_兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度為:ZE0兩極板間的相互引力 F=E0Q=_ 一；故選：D.c.2金屬桿所受安D.金屬桿的熱功率為點(diǎn)分析:由導(dǎo)體切割磁感線公式可求得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，由安培力公式F=BIL 可求得安培力以；由 P=FV 即可求得功率；注意公式中的I 均為導(dǎo)軌間的距離.解答:解：A、電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小E=BIv

17、；公式中的 I 為切割的有效長(zhǎng)度，故電動(dòng)勢(shì)E=BIv；故 A 錯(cuò)誤；感應(yīng)電流 i=八 ;故 B 正確；1r. rsin 9B、C、理 22- a安培力的大小 F=BIL=;故 C 錯(cuò)誤;D、g 2 2 2 i pt功率 P=FV=，二;故 D 錯(cuò)誤；故選：B.7 .已知均勻帶電的無窮大平面在真空中激發(fā)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為a-，其中6為平面上單位面積所帶的電荷: I;量，？o 為常量，如圖所示的平行板電容器， 極板正對(duì)面積為 S,其間為真空，帶電量為 Q,不計(jì)邊緣效應(yīng)時(shí),A.B.屮ML 和QFos|眷C.Q2D.和肚聲2EQS聶和凍分析:解答:解：兩極板均看作無窮大導(dǎo)體板，極板上單位面積上的電荷量疔

18、=;則單個(gè)cr Q 2X_ =0 %極板可看作無窮大導(dǎo)體板，則極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度大小和兩極板間相互的靜電引力大小分別為（）來源于網(wǎng)絡(luò).解答題（共 5 小題）8 在驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)用圖釘把白紙固定在水平放置的木板上，將橡皮條的一端 固定在板上一點(diǎn)，兩個(gè)細(xì)繩套系在橡皮條的另一端，用兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)分別拉住兩個(gè)細(xì)繩套，互成角度地 施加拉力，使橡皮條伸長(zhǎng)，結(jié)點(diǎn)到達(dá)紙面上某一位置，如圖所示，請(qǐng)將以下的實(shí)驗(yàn)操作和處理補(bǔ)充完整：1用鉛筆描下結(jié)點(diǎn)位置，記為 O;2記錄兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù) F1和 F2,沿每條細(xì)繩（套）的方向用鉛筆分別描出幾個(gè)點(diǎn)，用刻度尺把相應(yīng)的點(diǎn)連成線；3只用一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)

19、，通過細(xì)繩套把橡皮條的結(jié)點(diǎn)仍拉到位置0,記錄測(cè)力計(jì)的示數(shù) F3, 記下細(xì)繩的方向 ；4按照力的圖示要求，作出拉力 Fi，F(xiàn)2，F(xiàn)3；至I, I I5根據(jù)力的平行四邊形定則作出 Fi和 F2的合力 F；6比較 力 F3與 F 的大小和方向的一致程度，若有較大差異，對(duì)其原因進(jìn)行分分析：該實(shí)驗(yàn)采用了等效替代的方法，因此要求兩次拉橡皮筋要使橡皮筋的形變相同，即將橡皮筋拉到同一點(diǎn)，力是矢量，因此在記錄時(shí)要記錄大小和方向，步驟中要記下細(xì)繩的方向，才能確定合力的方向，步驟比較力 F 與 F 的大小和方向，看它們是否相同，得出結(jié)論.解答： 解：步驟中要記下細(xì)繩的方向，才能確定合力的方向，從而用力的圖示法畫出合

20、力；步驟比較力 F3與 F 的大小和方向，看它們的一致程度，得出結(jié)論.故答案為：記下細(xì)繩的方向；力F3與 F 的大小和方向.9 某同學(xué)為了測(cè)量一節(jié)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，從實(shí)驗(yàn)室找到以下器材：一個(gè)滿偏電流為 100 口A內(nèi)阻為 2500Q的表頭，一個(gè)開關(guān)，兩個(gè)電阻箱（0999.90）和若干導(dǎo)線.（1）由于表頭量程偏小，該同學(xué)首先需將表頭改裝成量程為50mA 的電流表，則應(yīng)將表頭與電阻箱并聯(lián)（填 串聯(lián)”或 并聯(lián)”，并將該電阻箱阻值調(diào)為5.0Q.（2）接著該同學(xué)用改裝的電流表對(duì)電池的電動(dòng)勢(shì)及內(nèi)阻進(jìn)行測(cè)量，實(shí)驗(yàn)電路如圖1 所示，通過改變電阻 R測(cè)相應(yīng)的電流 I,且作相關(guān)計(jì)算后一并記錄如表：123456R

21、( 0)95.075.055.045.035.025.0I(mA)15.018.724.829.536.048.0IR(V)1.421.401.361.331.261.201根據(jù)表中數(shù)據(jù)，圖 2 中已描繪出四個(gè)點(diǎn)，請(qǐng)將第 5、6 兩組數(shù)據(jù)也描繪在圖 2 中，并畫出 IR- I 圖線;來源于網(wǎng)絡(luò)2根據(jù)圖線可得電池的電動(dòng)勢(shì) E 是 1.53 V,內(nèi)阻 r 是 2.0 Q.分析：（1）由電表的改裝原理可明確應(yīng)并聯(lián)一個(gè)小電阻分流來擴(kuò)大電流表量程，根據(jù)并聯(lián)電路規(guī)律可求得對(duì)應(yīng)的電阻;(2)由描點(diǎn)法得出圖象；再由閉合電路歐姆定律求出表達(dá)式，由圖象即可求出電 動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻.解答： 解：(1)電流表量程擴(kuò)大于

22、50mA，即擴(kuò)大型 L=500 倍，則應(yīng)并聯(lián)一個(gè)小電阻，其0.1= 10分流應(yīng)為表頭電流的 499 倍，則有：乂 1乂 15 題499X100X1 00(2) 根據(jù)描點(diǎn)法作出 5、6 兩點(diǎn)，再由直線將各點(diǎn)相連即得出對(duì)應(yīng)的圖象如圖所示；(3)因 IR 即表示電源的路端電壓，則有；IR=E- I (葉 RA),則由圖象可知，對(duì)應(yīng)的電動(dòng)勢(shì)為1.53V,內(nèi)阻為：=以 3 - 1讓5=2.0 Q0.05故答案為：(1)并聯(lián)，5;( 2)如圖所示；1.53 , 2.010. 一質(zhì)量為 0.5kg 的小物塊放在水平地面上的 A 點(diǎn)，距離 A 點(diǎn) 5m 的位置 B 處是一面墻，如圖所示，物塊 以 vo=9m/

23、s的初速度從 A 點(diǎn)沿 AB 方向運(yùn)動(dòng)，在與墻壁碰撞前瞬間的速度為7m/s，碰后以 6m/s 的速度反向運(yùn)動(dòng)直至靜止.g 取 10m/s2.(1)求物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù) 口；(2)若碰撞時(shí)間為 0.05s，求碰撞過程中墻面對(duì)物塊平均作用力的大小F；(3)求物塊在反向運(yùn)動(dòng)過程中克服摩擦力所做的功W.分析：(1 )對(duì)物塊應(yīng)用動(dòng)能定理可以求出動(dòng)摩擦因數(shù).(2 )對(duì)物塊應(yīng)用動(dòng)量定理可以求出作用力大小.(3) 應(yīng)用動(dòng)能定理可以求出物塊反向運(yùn)動(dòng)過程克服摩擦力做的功.解答：解：(1)物塊從 A 到 B 過程，由動(dòng)能定理得：-口 mgAe=mvB- mv，代入數(shù)據(jù)解得：口 =0.32(2 )以向右為正方向

24、，物塊碰撞墻壁過程，由動(dòng)量定理得：Ft=mv - mvB,即：FX0.05=0.5 眾6)- 0.5X；解得：F=- 130N，負(fù)號(hào)表示方向向左；(3)物塊向左運(yùn)動(dòng)過程，由動(dòng)能定理得：W=mv2=_X0.5=6J:2 2答：(1)物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)口為 0.32:(2)若碰撞時(shí)間為 0.05s,碰撞過程中墻面對(duì)物塊平均作用力的大小F 為 130N；(3 )物塊在反向運(yùn)動(dòng)過程中克服摩擦力所做的功W 為 9J.11在 xOy 平面內(nèi)，有沿 y 軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為 E (圖象未畫出)，由 A 點(diǎn)斜射出一質(zhì)量為 m、 帶電量為+q 的粒子，B 和 C 是粒子運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)，如圖所示

25、，其中l(wèi)0為常數(shù)，粒子所受重力忽略不計(jì)，求：(1) 粒子從 A 到 C 過程中電場(chǎng)力對(duì)它做的功；(2) 粒子從 A 到 C 過程所經(jīng)歷的時(shí)間；來源于網(wǎng)絡(luò)(3) 粒子經(jīng)過 C 點(diǎn)時(shí)的速率.分析：(1)由電場(chǎng)力做功的特點(diǎn)可明確 W=Uq,而 U=Ed,求得沿電場(chǎng)線方向上的距離即可求得功；(2)粒子在 x 軸方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)水平位移可明確AO、BO 及 BC 時(shí)來源于網(wǎng)絡(luò)間相等，由豎直方向的勻變速直線運(yùn)動(dòng)可求得時(shí)間；(3)由類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可求得水平和豎直豎直，再由運(yùn)動(dòng)的合成與分解求得合 速度.解：(1)粒子從 A 到 C 電場(chǎng)力做功為 W=qE (yA- yC) =3qE0D 在 y 軸上，可令 tAO=toB=T, tBC=T；B 星體所受合力大小 FB;(2)根據(jù)拋體運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，粒子在x 軸方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由對(duì)稱性可知,由 Eq=ma 得:a=1ID又 y=aT22yb