上海市名校2021屆高考物理考試試題

1、2019-2020學年高考物理模擬試卷一、單項選擇題：本題共1。小題，每小題3分，共30分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合 題目要求的1.如圖所示，水平傳送帶A、B兩端相距x=2m,物體與傳送帶間的動摩擦因數(shù)r=0.125,物體滑上傳送帶A端的瞬時速度VA=3m/s,到達B端的瞬時速度設(shè)為vs。g取10m/s2,下列說法中正確的是（）A.若傳送帶順時針勻速轉(zhuǎn)動，物體剛開始滑上傳送帶A端時一定做勻加速運動B.若傳送帶順時針勻速轉(zhuǎn)動，物體在水平傳送帶上運動時有可能不受摩擦力C.若傳送帶逆時針勻速轉(zhuǎn)動，則vb 一定小于2m/sD.若傳送帶順時針勻速轉(zhuǎn)動，則VB 一定大于2m/s2. 202

2、0年1月7日23時20分，在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心，長征三號乙運載火箭托舉“通信技術(shù)試驗衛(wèi)星五 號”直沖云霄。隨后，衛(wèi)星被順利送入預定軌道做勻速圓周運動，發(fā)射任務(wù)取得圓滿成功，為我國2。2。年 宇航發(fā)射迎來“開門紅”。下列說法正確的是（）A.火箭發(fā)射瞬間，該衛(wèi)星對運載火箭的作用力大于自身的重力B.火箭發(fā)射過程中，噴出的氣體對火箭的作用力與火箭對噴出的氣體的作用力相同C.衛(wèi)星繞地勻速圓周運動中處于失重狀態(tài)，所受地球重力為零D.由于衛(wèi)星在高軌道的線速度比低軌道的小，該衛(wèi)星從低軌道向高軌道變軌過程中需要減速3 .兩個完全相同的波源在介質(zhì)中形成的波相互疊加的示意圖如圖所示，實線表示波峰，虛線表示波谷， 則以

3、下說法正確的是（）A. A點為振動加強點，經(jīng)過半個周期后，A點振動減弱B. B點為振動減弱點，經(jīng)過半個周期后，B點振動加強C. C點為振動加強點，經(jīng)過四分之一周期后，C點振動仍加強D. D點為振動減弱點，經(jīng)過四分之一周期后，D點振動加強4 .如圖所示，傾角為夕的斜面體A置于粗糙水平面上，物塊B置于斜面上，已知A、B的質(zhì)量分別為M、 m,它們之間的動摩擦因數(shù)為 =tan現(xiàn)給B平行于斜面向下的恒定的推力F,使B沿斜面向下運 動，A始終處于靜止狀態(tài)，則下列說法中不正確的是（）A.無論F的大小如何，B一定加速下滑B.物體A對水平面的壓力& （M+"l）gc. B運動的加速度大小為4

4、= £mD.水平面對A一定沒有摩擦力5. 一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A沿平行T軸的直線變化到狀態(tài)B,然后沿過原點的直線由狀態(tài)B變化到 狀態(tài)C, p-T圖像如圖所示，關(guān)于該理想氣體在狀態(tài)A、狀態(tài)B和狀態(tài)C時的體積Va、Vb、Vc的關(guān)系正 確的是（）A.匕叫=匕B.匕 <匕=匕C. % >3%D.6 .從空間某點以大小不同的速率沿同一水平方向射出若干小球，不計空氣阻力。則它們的動能增大到初 動能的2倍時的位置處于A.同一直線上B.同一圓上C.同一橢圓上D.同一拋物線上7 .如圖所示，邊長為L的等邊三角形ABC內(nèi)、外分布著兩方向相反的勻強磁場，三角形內(nèi)磁場方向垂直 紙面向里，兩磁

5、場的磁感應(yīng)強度大小均為B.頂點A處有一粒子源，粒子源能沿N BAC的角平分線發(fā)射不 同速度的粒子粒子質(zhì)量均為m、電荷量均為+q,粒子重力不計.則粒子以下列哪一速度值發(fā)射時不能通過 C點（）:本/X */X X A .X .Xc qBLqBL2qBLqBLB，C m2m3mSm8 .如圖所示，A、B兩滑塊質(zhì)量分別為2kg和4kg,用一輕繩將兩滑塊相連后分別置于兩等高的光滑水平 面上，并用手按著滑塊不動，第一次是將一輕質(zhì)動滑輪置于輕繩上，然后將一質(zhì)量為4kg的鉤碼C掛于動 滑輪上，只釋放A而按著B不動；第二次是將鉤碼C取走，換作豎直向下的40N的恒力作用于動滑輪上, 只釋放B而按著A不動。重力加速

6、度g=10m/s2,則兩次操作中A和B獲得的加速度之比為（） 昌昌SCA. 2： 1B. 5： 3C. 4： 3D. 2： 39 .如圖所示，兩個完全相同的矩形導線框A、B在靠得很近的豎直平面內(nèi)，線框的長邊均處于水平位置.線 框A固定且通有電流I,線框B從足夠高處由靜止釋放，在運動到A下方的過程中（）A.穿過線框B的磁通量先變小后變大B.穿過線框B的磁通量先變大后變小C.線框B所受安培力的合力為零D.線框B的機械能一直減小10.如圖所示，金屬棒ab置于水平放置的U形光滑導軌上，在ef右側(cè)存在有界勻強磁場B,磁場方向垂 直導軌平面向下，在ef左側(cè)的無磁場區(qū)域cdef內(nèi)有一半徑很小的金屬圓環(huán)L,圓

7、環(huán)與導軌在同一平面內(nèi).當 金屬棒ab在水平恒力F作用下從磁場左邊界ef處由靜止開始向右運動后，下列有關(guān)圓環(huán)的說法正確的是A.圓環(huán)內(nèi)產(chǎn)生變大的感應(yīng)電流，圓環(huán)有收縮的趨勢B.圓環(huán)內(nèi)產(chǎn)生變小的感應(yīng)電流，圓環(huán)有收縮的趨勢C.圓環(huán)內(nèi)產(chǎn)生變大的感應(yīng)電流，圓環(huán)有擴張的趨勢D.圓環(huán)內(nèi)產(chǎn)生變小的感應(yīng)電流，圓環(huán)有擴張的趨勢二、多項選擇題：本題共5小題，每小題3分，共15分.在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目 要求.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分11.如圖所示，一水平放置的平行板電容器充電以后與電源斷開，并在其間加上垂直紙面向里的勻強磁場; 某帶電質(zhì)點以某一速度從水平平行板中央進入正交的

8、勻強電場和勻強磁場中，剛好做勻速直線運動。下列 說法正確的是（）TXXXXXXXXXXXXXXXXA.該質(zhì)點一定帶正電B.該質(zhì)點可能帶負電C.若僅磁場的水平方向均勻增大，質(zhì)點將向上偏轉(zhuǎn)，速率越來越小D.若將下極板緩慢向下移動，質(zhì)點將向下偏轉(zhuǎn)，速率越來越大12 .最近幾十年，人們對探測火星十分感興趣，先后發(fā)射過許多探測器。稱為“火星探路者”的火星探測器 曾于1997年登上火星。在探測器“奔向”火星的過程中，用h表示探測器與火星表面的距離，a表示探測器 所受的火星引力產(chǎn)生的加速度，a隨h變化的圖像如圖所示，圖像中a】、az、h。以及萬有引力常量G己知?；鹦堑陌霃綖镠i “2 + MB.火星表面的重

9、力加速度大小為內(nèi)火星的第一宇宙速度大小為火星的質(zhì)量大小為（1 1 =C.D.13 .如圖所示為兩分子間作用力的合力/與兩分子間距離，,的關(guān)系曲線，下列說法正確的是A.當/大于時，分子力合力表現(xiàn)為吸引B.當，.小于4時，分子力合力表現(xiàn)為排斥C.當?shù)扔?時，分子間引力最大D.當，.等于4時，分子間勢能最小E.在，由。變到的過程中，分子間的作用力做負功14.如圖甲所示，一質(zhì)量為m的物體靜止在水平面上，自t=。時刻起對其施加一豎直向上的力F,力F隨 時間t變化的關(guān)系如圖乙所示，已知當?shù)刂亓铀俣葹間,在物體上升過程中，空氣阻力不計，以下說法 正確的是()A.物體做勻變速直線運動B.與時刻物體速度最大c

10、.物體上升過程的最大速度為D.九時刻物體到達最高點 15.如圖所示，理想變壓器的原線斷接在“ = 220"sinl00k( V)的交流電源上，副線圈接有R = 55Q的負載電阻，原、副線圈匝數(shù)之比為2： 1,電流表、電壓表均為理想電表。下列說法正確的是A.電流表的讀數(shù)為1.0。AB.電流表的讀數(shù)為2.00AC.電壓表的讀數(shù)為110VD.電壓表的讀數(shù)為155V 三、實驗題：共2小題16 .如圖所示，用質(zhì)量為m的重物通過滑輪牽引小車，使它在長木板上運動，打點計時器在紙帶上記錄 小車的運動情況.利用該裝置可以完成探究動能定理的實驗.打點計時打點計時器使用的電源是 (選填選項前的字母).A.

11、直流電源B.交流電源(2)實驗中，需要平衡摩擦力和其他阻力.正確操作方法是 (選填選項前的字母).A.把長木板右端墊高B.改變小車的質(zhì)量(3)在不掛重物且 (選填選項前的字母)的情況下，輕推一下小車，若小車拖著紙帶做勻速運動，表明已經(jīng)消除了摩擦力和其他阻力的影響.A.計時器不打點B.計時器打點(4)接通電源，釋放小車，打點計時器在紙帶上打下一系列點，將打下的第一個點標為。,在紙帶上依次去 A、B、C.若干個計數(shù)點，已知相鄰計數(shù)點間的時間間隔為T.測得A、B、C.各點到。點的距離為V、 X2、X3,如圖所示.實驗中，重物質(zhì)量遠小于小車質(zhì)量，可認為小車所受的拉力大小為mg,從打。點打B點的過程中，

12、拉力 對小車做的功w=,打B點時小車的速度v=.以v2為縱坐標，W為橫坐標，利用實驗數(shù)據(jù)作如圖所示的v2-W圖象.由此圖象可得v2隨W變化的表 達式為.根據(jù)功與能的關(guān)系，動能的表達式中可能包含V?這個因子；分析實驗結(jié)果的 單位關(guān)系，與圖線斜率有關(guān)的物理量應(yīng)是.(150.40.30.20J86(6)假設(shè)已經(jīng)完全消除了摩擦力和其他阻力的影響，若重物質(zhì)量不滿足遠小于小車質(zhì)量的條件，則從理論上分析，圖中正確反映vW關(guān)系的是.17 .某同學利用圖甲所示電路測量一量程為3mA的直流電流表的內(nèi)阻Ra(約為110Q),提供的實驗器材有:A.直流電源(電動勢為IV,內(nèi)阻不計)；B.電阻箱(CT999.9Q)；C

13、.滑動變阻器(。50.額定電流為3A)；D.滑動變阻器(050d額定電流為1A)。甲乙為了盡可能減小測量誤差，滑動變阻器R應(yīng)選用(選填"C"或"D”)。(2)根據(jù)圖甲所示電路，在圖乙中用筆畫線代替導線，將實物間的連線補充完整一。(3)主要實驗步驟如下：I.將電阻箱Ro的阻值調(diào)為零，滑動變阻器R的滑片P移到右端；H.閉合開關(guān)S,調(diào)節(jié)滑動變阻器R的滑片P,使電流表的示數(shù)為3mA；I.調(diào)節(jié)電阻箱R。，使電流表的示數(shù)為1mA,讀出此時電阻箱的阻值R1；M斷開開關(guān)S,整理好儀器。(4)已知R】=208.8Q,則電流表內(nèi)阻的測量值為 d由于系統(tǒng)誤差，電流表內(nèi)阻的測量值(選填“

14、大于,，”等于,，或“小于,)真實值。四、解答題：本題共3題18 .如圖，物流轉(zhuǎn)運中心的水平地面上有一輛質(zhì)量M=4kg、長L=L4m的平板小車，在平板車的右端放有質(zhì)量m=lkg的快件(可視為質(zhì)點)，快件與平板車間的動摩擦因 =0.4。物流中心的工作人員要將快件卸 到地面上，他采用了用水平力F拉小車的方式，重力加速度g=10m/s2,不計小車與地面間的摩擦阻力，求:(1)要讓快件能相對平板車滑動，需要施加的最小水平力Fo；(2)若用F=28N的水平恒力拉小車，要將快件卸到地面上，拉力F作用的最短時間t為多少。m（廠JI _> Fz以源勿勿勿勿勿勿勿M勿勿勿,19 .（6分）電動自行車已經(jīng)成

15、為人們?nèi)粘３鲂械囊环N常用交通工具，以下是某型號電動自行車的相關(guān)參數(shù)：名稱車身質(zhì)量滿載載重前后軌直徑額定轉(zhuǎn)速電動機額定電壓電動機額定電流額定機械輸出功率參數(shù)40kg80kg40cm4500 .r/min2乃48V20A835W該電動自行車采用后輪驅(qū)動直流電動機，其中額定轉(zhuǎn)速是電動自行車在滿載情況下在平直公路上以額定功 率勻速行進時的車輪轉(zhuǎn)速，求：（1）電動自行車以額定轉(zhuǎn)速行進時的速度v。；（2）在額定工作狀態(tài)時，損失的功率有80%是由于電動機繞線電阻生熱而產(chǎn)生的，則電動機的繞線電阻 為多大；（3）滿載（車身質(zhì)量+滿載載重）情況下，該車以速度v=5m/s沿著坡度為6=4.59。的長直坡道向上勻速行

16、 駛時，受到的摩擦阻力為車重（含載重）重量的。.02倍，求此狀態(tài)下電動自行車實際運行機械功率（sin4.59°=0.08；里力加速度 g=10m/s）20 .（6分）如圖所示，xOy為豎直面內(nèi)的直角坐標系，在y軸兩側(cè)存在電場強度大小相等的勻強電場，y 軸右側(cè)電場方向豎直向下，y軸左側(cè)電場方向豎直向上。y軸左側(cè)還存在一個方向垂直于坐標平面的圓形 有界勻強磁場（圖中未畫出），磁場邊界與y軸相切于。點?，F(xiàn)有一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小 球，用長為I、不可伸長的絕緣細線懸掛在P點的釘子上，P點與坐標原點。的距離亦為L將小球拉至細 線繃直且與y軸負方向成60。角無初速釋放，小球擺至。點即

17、將進入磁場時細線恰好斷裂。最終小球剛好 擊中P點的釘子，此時速度方向與y軸正方向成3。角。已知細線能承受的最大張力Fm=4mg,小球可視為 質(zhì)點，重力加速度為g,不計阻力。求：（1）電場強度的大小；（2）磁感應(yīng)強度的大小和磁場區(qū)域的面積；（3）小球在xVO區(qū)域運動的時間。（結(jié)果用m、q、I、g表示）參考答案一、單項選擇題：本題共10小題，每小題3分，共30分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合 題目要求的1. B【解析】【分析】【詳解】A.若傳送帶順時針勻速轉(zhuǎn)動，若傳送帶的速度小于3m/s,則物體在傳送帶上做勻減速運動，故A錯誤； B.若傳送帶順時針勻速轉(zhuǎn)動，若傳送帶的速度等于3m/s,

18、則物體在傳送帶上做勻速運動，所以物體可能 不受摩擦力，故B正確；C.若傳送帶逆時針勻速轉(zhuǎn)動，加速度大小a = - = g = 1.25m/s2 m減速到零所用的時間為v 3 = = s = 2.4sa 1.25發(fā)生的位移為s = 11 + 0 0=x2.4m=3.6m > 2m2 ° 2說明物體在傳送帶上一直做勻減速運動，由速度位移公式有2ax = vt-v即2x(-1.25)x2 = vj-32解得%=2ni/s故C錯誤；D.若傳送帶順時針勻速轉(zhuǎn)動且速度為2m/s,則物體速度減速到與傳送帶速度相同時發(fā)生的位移為22 -32 今5. =m = 2m = x1 2x(-1.25)

19、說明物體到達傳送帶B端時速度與傳送帶速度相等即為2m/s,故D錯誤。故選B.2. A【解析】【分析】【詳解】A.由牛頓第二定律可知，火箭發(fā)射瞬間，衛(wèi)星加速度向上，則該衛(wèi)星對運載火箭的作用力大于自身的重 力,A正確；B.火箭發(fā)射過程中，噴出的氣體對火箭的作用力與火箭對噴出的氣體的作用力大小相等，方向相反，B 錯誤；C.衛(wèi)星繞地運動過程中處于失重狀態(tài)，所受地球重力不為零，C錯誤；D.衛(wèi)星從低軌道向高軌道變軌過程中需要加速，D錯誤.故選A,3. C【解析】【詳解】A. A點是波峰和波峰疊加，為振動加強點，且始終振動加強，A錯誤；B. 3點是波峰與波谷疊加，為振動減弱點，且始終振動減弱，B錯誤；C.。

20、點處于振動加強區(qū)，振動始終加強，C正確；D.。點為波峰與波谷疊加，為振動減弱點，且始終振動減弱，D錯誤。故選C。4. B【解析】【分析】【詳解】AC.因A、B間的動摩擦因數(shù)為 =tan a,即fimg cos a = mg sin a則施加平行于斜面的力F后，由牛頓第二定律有F + mg sin a 一 mg cos a = ma聯(lián)立可得F a = m即無論F的大小如何，B 一定加速下滑，故AC正確，不符題意;B.對斜面受力分析，如圖所示由豎直方向的平衡有F' = Mg + N八 cos a + /'sin a= mg cos af，= f = ping cos a聯(lián)立可得Fn

21、 =(Mg+mg)故B錯誤，符合題意；D.對斜面在水平方向的力有關(guān)系式Nba sin a = f'cos a故水平面無相對運動趨勢，水平面對斜面無摩擦力，故D正確，不符題意。本題選不正確的故選B。5. B【解析】【分析】【詳解】V從A到B為等壓變化，根據(jù)下=c可知，隨著溫度的升高，體積增大，故匕從B到C為坐標原點的直線，為等容變化，故所以故ACD錯誤，B正確。故選B。6. A【解析】【詳解】動能增大到射出時的2倍，根據(jù)公式紇=：八速度增加為初速度的虛倍;速度偏轉(zhuǎn)角度余弦為：cos 0 = - =,V 2故速度偏轉(zhuǎn)角度為45。，故：vy=votan450=v故運動時間為：”地g根據(jù)平拋運

22、動的分位移公式，有：X=Vot y=9/聯(lián)立解得：1在同一直線上。A.同一直線上。與上述結(jié)論相符，故A正確；B.同一圓上。與上述結(jié)論不符，故B錯誤；C.同一橢圓上。與上述結(jié)論不符，故C錯誤；D.同一拋物線上。與上述結(jié)論不符，故D錯誤。故選：A7. C【解析】【詳解】粒子帶正電，且經(jīng)過C點，其可能的軌跡如圖所示:所有圓弧所對圓心角均為60。，所以粒子運行半徑：L /、r= (n=l, 2, 3,)，11粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：V2 qvB=m , r解得：v =(n=l, 2, 3,.),in mn則*,= 孚£的粒子不能到達C點，故ABD不合題意

23、，C符合題意。3m故選C?！军c睛】粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動洛倫茲力提供向心力，根據(jù)題意作出粒子的運動軌跡是解題的關(guān)鍵，應(yīng) 用數(shù)學知識求出粒子的可能軌道半徑，應(yīng)用牛頓第二定律求出粒子的速度即可解題.8. C【解析】【詳解】第一種方式：只釋放A而B按著不動，設(shè)繩子拉力為T】，C的加速度為a,對A根據(jù)牛頓第二定律可得Ti=mAaA對C根據(jù)牛頓第二定律可得：mcg-2Ti=mca根據(jù)題意可得八二2a聯(lián)立解得：2aA=g第二種方式；只釋放B而A按著不動，設(shè)繩子拉力為Tz,對B根據(jù)牛頓第二定律可得T2FY1b3b而T=40N=2T2聯(lián)立解得：1 aB= 乙 在以上兩種釋放方式中獲得的加速度之比為ax

24、 as=4： 3,故C正確、ABD錯誤。故選C。9. D【解析】【詳解】AB.據(jù)安培定則知，線框A內(nèi)部磁場向里，外部磁場向外；線框B從足夠高處由靜止釋放，線框B下降且 未與線框A相交前，線框B中磁通量是向外的增大；當線框B與線框A相交至重合過程中，線框B中磁 通量先是向外的減小到。然后是向里的增大；當線框B與線框A重合至相離過程中，線框B中磁通量先 是向里的減小到。然后是向外的增大；當線框B與線框A相離且越來越遠時，線框B中磁通量是向外的 減?。还蔄B兩項錯誤；C.因為線框B與線框A相對運動產(chǎn)生感應(yīng)電流，據(jù)楞次定律知，線框B所受安培力的合力豎直向上，故C 項錯誤；D.線框B下降過程中，安培力對

25、其做負功，線框B的機械能一直減小，故D項正確。10. B【解析】【分析】【詳解】因為金屬棒ab在恒力F的作用下向右運動，則abed回路中產(chǎn)生逆時針方向的感應(yīng)電流，則在圓環(huán)處產(chǎn)生垂 直于紙面向外的磁場，隨著金屬棒向右加速運動，圓環(huán)的磁通量將增大，根據(jù)楞次定律可以知道，圓環(huán)將有收 縮的趨勢以阻礙圓環(huán)的磁通量將增大;又因為金屬棒向右運動的加速度減小，單位時間內(nèi)磁通量的變化率減 小，所以在圓環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電流不斷減小，故B對；ACD錯【點睛】當導體棒變速運動時在回路中產(chǎn)生變化的感應(yīng)電流,因此圓環(huán)內(nèi)的磁場磁通量發(fā)生變化，根據(jù)磁通量的變化 由楞次定律可以判斷圓環(huán)面積的變化趨勢，其感應(yīng)電流的變化要根據(jù)其磁通

26、量的變化快慢來判斷.二、多項選擇題：本題共5小題，每小題3分，共15分.在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目 要求.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分11. AC【解析】【分析】【詳解】AB.在平行板之間有勻強磁場和勻強電場，帶電質(zhì)點做勻速直線運動，所以帶電質(zhì)點受力平衡，重力向下, 電場力向上，洛倫茲力向上，則mg = Eq + qvB所以帶電質(zhì)點帶正電，故A正確，B錯誤;C.如果磁場均勻增大，則該質(zhì)點所受洛倫茲力將增大，質(zhì)點向上偏轉(zhuǎn)，但是洛倫茲力對質(zhì)點不做功，即不改變質(zhì)點速度的大小，而重力和電場力的合力向下，所以質(zhì)點將減速，即其速率將減小，所以C正確;D.將下極板向下移

27、動，根據(jù)電容的決定式c = -471kd可得，電容減?。挥深}意可知，電容器極板的電荷量不變，則根據(jù)公式u = 2CE上d可得公式E = -即場強的大小與兩極板的距離無關(guān)，所以場強不變，質(zhì)點將繼續(xù)勻速直線運動，所以D錯誤©故選AC©12. BD【解析】【詳解】AD.分析圖象可知，萬有引力提供向心力GMm=叫當/? = %時GMmT =(R + 4)-聯(lián)立解得，火星的半徑火星的質(zhì)量M=(5L)應(yīng)口-M GA錯誤D正確；B.當h=0時，探測器繞火星表面運行，火星表面的重力加速度大小為aI，B正確;C.在火星表面，根據(jù)重力提供向心力得解得火星的第一宇宙速度c錯誤。故選BD.13.

28、ADE【解析】【詳解】A.根據(jù)尸-，圖像信息可知，當，時，分子力合力表現(xiàn)為吸引，故A正確；B.當一 <（時，分子力合力表現(xiàn)為排斥，在，i與弓之間，分子力合力表現(xiàn)為吸引，故B錯誤；C.當=弓時，分子力合力為吸引的最大值，但引力在小于4時更大，故C錯誤；D.”為分子間的平衡距離，當rVr。時，分子力表現(xiàn)為斥力，分子間距減小時分子力做負功，分子勢能增 大。當分子間距r>”時分子力表現(xiàn)為引力，分子間距增大時分子力做負功，分子勢能增大，所以當分子 間距離為“時，分子勢能最小，故D正確；E.由可變到4的過程中，分子力合力表現(xiàn)為吸引，且做負功，故E正確。故選ADEo14. BD【解析】【詳解】由

29、圖可得力F與時間的關(guān)系為F = 2mg -翌/,則可得物體的合外力與時間的關(guān)系為l2吆F八2 HFA=nig-t9由牛頓第二定律可得加速度與時間的關(guān)系式為“ = = g-=/,則可知物體先向 ，om r0上做加速度減小的加速運動，再做加速度增大的減速運動，然后再向下做加速度增大的加速運動，在上升 過程中，當加速度為零時，速度最大，即8-亨1 = °,可得故A錯誤，B正確；由初速度大小 為零，所以末速度大小等于速度的變化大小，由前面的分析可知，加速度與時間成線性關(guān)系，所以最大速 度大小為匕“= 故C錯誤；由前面的分析可知在t=to時，加速度為。=-g ,根據(jù)運動的對稱性規(guī)律可知，此時間

30、速度減小為。，物體運動到最高點，故D正確。故選：BDo【解析】【詳解】CD.原線圈電壓有效值U】=220V,根據(jù)原副線圈匝數(shù)比為2:1可知次級電壓為Uz=110V,則電壓表的讀數(shù)為110V,選項C正確，D錯誤；AB.根據(jù)變壓器輸入功率等于輸出功率，即u=匹解得IF1.00A,選項A正確，B錯誤；故選AC.三、實驗題：共2小題16. B A B mgx2 v2 = 0.008 +4.691V質(zhì)量 A【解析】【詳解】國打點計時器均使用交流電源；A.直流電源與分析不符，故A錯誤；B.交流電源與分析相符，故B正確；(2)2平衡摩擦和其他阻力，是通過墊高木板右端，構(gòu)成斜面，使重力沿斜面向下的分力跟它們平

31、衡；A.與分析相符，故A正確；B.與分析不符，故B錯誤；(3)平衡摩擦力時需要讓打點計時器工作，紙帶跟打點計時器限位孔間會有摩擦力，且可以通過紙帶上打出的點跡判斷小車的運動是否為勻速直線運動；A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析相符，故B正確；(4)4小車拖動紙帶移動的距離等于重物下落的距離，又小車所受拉力約等于重物重力，因此拉力對小車做的功：W =小車做勻變速直線運動，因此打B點時小車的速度為打AC段的平均速度，則有：匹一希"2T(5)6由圖示圖線可知：,(Av)2 0.47 xlO-2 -k = - = 4.7W 10縱截距為:/? = 0.01則/隨w變化的表達式為:/=0.0

32、1 + 4.7W功是能量轉(zhuǎn)化的量度，所以功和能的單位是相同的，斜率設(shè)為，則一W代入單位后，k的單位為kg-所以與該斜率有關(guān)的物理量為質(zhì)量;(6)8若重物質(zhì)量，不滿足遠小于小車質(zhì)量則繩子對小車的拉力實際不等于重物的重力，由吆=( + ?)4和尸=肱7可得:L MF =niQM + m由動能定理得：Ev = 1mv22M M + m而：W = mgx2則實際廿一卬圖線的斜率：k= 一,重物質(zhì)量，與小車質(zhì)量”不變，速度雖然增大，但斜率不變;M + mA.與分析相符，故A正確；B.與分析不符，故B錯誤；C.與分析不符，故C正確；B.與分析不符，故D錯誤.【名師點睛】實驗總存在一定的誤差，數(shù)據(jù)處理過程中

33、，圖象讀數(shù)一樣存在誤差，因此所寫函數(shù)表達式的比例系數(shù)在一定范圍內(nèi)即可；第(6)問有一定的迷惑性，應(yīng)明確寫出函數(shù)關(guān)系，再進行判斷.104.4 大于【解析】【詳解】本實驗為了減小實驗誤差，應(yīng)滿足滑動變阻器的最大阻值遠小于電流表的內(nèi)阻，即應(yīng)選用C(2)根據(jù)實驗電路圖連接實物圖如圖所示由實驗原理可知RR, = 104.4Q由于閉合開關(guān)S,調(diào)節(jié)滑動變阻器R的滑片P,使電流表的示數(shù)為3mA,調(diào)節(jié)電阻箱R。，使電流表的示 數(shù)為1mA,讀出此時電阻箱的阻值；電阻箱阻值變大，并聯(lián)等效電阻變大，故并聯(lián)部分分擔電壓增大, 由于電阻箱兩端電壓變大，故電阻箱阻值偏大，故電流表內(nèi)阻測量偏大。四、解答題：本題共3題18.

34、(l)20N(2)ls【解析】【詳解】(1)當快件剛要相對小車滑動時，拉力F最小，有對快件：吆=刈)對快件及小車整體：溫=(M +?)解得：6=20N(2)當撤去拉力F后快件剛好能到達小車左端時，拉力F作用時間最短，設(shè)F的最短作用時間為如，F(xiàn)作用 時間內(nèi)，快件在小車上滑動距離為LI，撤去拉力F時，快件的速度VI，小車的速度為vz,有對快件：pmg = maxvi =%對小車：F - Ring = Ma2匕=另有乙乙撤去F后，有% + Mv2 = (M + m)V 4mg(L-Lj) = 叫2 + Mv； 一-(A/ + m)V2222解得:，m=ls19. (1) 15m/s(2)0.25Q(

35、3)600W【解析】【詳解】(1)在額定狀態(tài)下電機以額定的轉(zhuǎn)速轉(zhuǎn)動，則d %=3弓0=2兀3由兩式聯(lián)立得：c (1 c 45000.4 z ,一v( = ",一 = 27txx m/s = 15ni/s22/rx602電動機在額定工作狀態(tài)時，生耗=U/ 一展出 損失的電功率80%轉(zhuǎn)化為電熱功率，則80% 耗=1% 由兩式聯(lián)立得:0.25Q80%(U/ - 4出)80% x (48x20- 835)I2當電動自行車在斜坡上勻速行駛時，受力分析如圖由牛頓定律得：202F = (M +m)gsin6+k(M +m)g 電動自行車的實際功率：P = Fv 由得：P = (M +m)gsinO

36、+k(<M +m)g-v = 600W【解析】【分析】【詳解】(1)設(shè)小球從靜止釋放運動到。點時的速率為v。，由動能定理得(qE + 吆)/(1 - cos 600) = 八彳 一 02在。處細線恰好斷裂，由牛頓第二定律得F.(qE +，ng) = Y而Fm=4mg聯(lián)立解得%=啊,中(2)由前面分析可知小球在。處進入磁場后，重力與電場力恰好平衡，粒子做勻速圓周運動。出磁場后 做勻速直線運動到達P處。粒子運動軌跡如圖所示。1、。2分別為軌跡圓心、磁場圓心，設(shè)八R分別為軌跡圓、磁場圓的半徑，根據(jù)幾何關(guān)系有r .r +丁 = 1sin 30解得/r =3由牛頓第二定律得方向垂直于紙面向外；由幾

37、何關(guān)系可知R = l tan 30°, S =九R2解得S = -7Tl23(3)小球在磁場中運動軌跡所對的圓心角為夕=?，所用的時間r0 fi= %出磁場后勻速直線運動，所用時間技G%故小球在x。區(qū)域運動的時間2019-2020學年高考物理模擬試卷一、單項選擇題：本題共10小題，每小題3分，共30分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合 題目要求的1 .下列核反應(yīng)方程中，屬于重核裂變的是（）A. i；N+：HeB.膘U2Th+tHeC. H+H；HeD. 2機+一£Ba+；：Kr+3：n2 .如圖所示，一理想變壓甥原線圈匝數(shù)=500匝，副線圈匝數(shù)螞=100匝，原線圈中

38、接一交變電源，交變電電壓” = 220&sinl00；n（V）。副線圈中接一電動機，電阻為11C,電流表2示數(shù)為1A。電表對電A.此交流電的頻率為100HzB.電壓表示數(shù)為220C.電流表1示數(shù)為0.2AD.此電動機輸出功率為30W3 .如圖所示，A、B兩球質(zhì)量相等，A球用不能伸長的輕繩系于。點，B球用輕彈簧系于。，點，。與O, 點在同一水平面上，分別將A、B球拉到與懸點等高處，使輕繩拉直，彈簧處于自然長度。將兩球分別由 靜止開始釋放，達到各自懸點的正下方時，兩球仍處在同一水平面上,則下列說法正確的是（）A.兩球到達各自懸點的正下方時,動能相等B.兩球到達各自懸點的正下方時，B球動能較

39、大C.兩球到達各自懸點的正下方時，A球動能較大D.兩球到達各自懸點的正下方時，A球受到向上的拉力較小4 .如圖所示,一個帶正電荷q、質(zhì)量為，的小球，從光滑絕緣斜面軌道的A點由靜止下滑，然后沿切線進入 豎直面上半徑為R的光滑絕緣圓形軌道，恰能到達軌道的最高點B.現(xiàn)在空間加一豎直向下的勻強電場，若仍 從A點由靜止釋放該小球（假設(shè)小球的電荷量q在運動過程中保持不變，不計空氣阻力），則（ ）A.小球一定不能到達B點B.小球仍恰好能到達B點C.小球一定能到達B點，且在B點對軌道有向上的壓力D.小球能否到達B點與所加的電場強度的大小有關(guān)5 .醫(yī)生做某些特殊手術(shù)時，利用電磁血流計來監(jiān)測通過動脈的血流速度.電

40、磁血流計由一對電極a和b以 及一對磁極N和S構(gòu)成，磁極間的磁場是均勻的.使用時，兩電極a、b均與血管壁接觸，兩觸點的連線、 磁場方向和血流速度方向兩兩垂直，如圖所示.由于血液中的正負離子隨血流一起在磁場中運動，電極a、 b之間會有微小電勢差.在達到平衡時，血管內(nèi)部的電場可看做是勻強電場，血液中的離子所受的電場力和 磁場力的合力為零.在某次監(jiān)測中，兩觸點間的距離為3.00mm,血管壁的厚度可忽略，兩觸點間的電勢 差為160pV,磁感應(yīng)強度的大小0.040T.則血流的速度的近似值和電極a、b的正負為'血流IA.1.3m/s,a負、b 正測電犬差B. 2.7m/s,a正、b 負C. 1.3m

41、/s,a正、b 負D. 2.7m/s,a負、b 正b. 一同學研究箱子的運動，讓一質(zhì)量為? = 1kg的箱子在水平恒力F的推動下沿光滑水平面做直線運動,x箱子運動的圖線如圖所示，是從某時刻開始計時箱子運動的時間，式為箱子在時間，內(nèi)的位移，由t此可知（）A.箱子受到的恒力大小為尸= 0.5NB.。10s內(nèi)箱子的動量變化量為5kg Tn/Sc. 5s時箱子的速度大小為5.5m/sD.。5s內(nèi)箱子的位移為27.5m7 .下列關(guān)于科學家對物理學發(fā)展所做的貢獻正確的是（）A.牛頓三條運動定律是研究動力學問題的基石，牛頓的三條運動定律都能通過現(xiàn)代的實驗手段直接驗證8 .伽利略通過實驗和合理的推理提出質(zhì)量并

42、不是影響落體運動快慢的原因C.奧斯特由環(huán)形電流和條形磁鐵磁場的相似性，提出分子電流假說，解釋了磁現(xiàn)象的電本質(zhì)D.伽利略通過萬有引力定律計算得出了太陽系中在天王星外還存在著距離太陽更遠的海王星8.如圖所示，AB是固定在豎直平面內(nèi)的光滑絕緣細桿，A、B兩點恰好位于圓周上，桿上套有質(zhì)量為m、 電荷量為+q的小球（可看成點電荷），第一次在圓心。處放一點電荷+Q,讓小球從A點沿桿由靜止開始下 落，通過B點時的速度為匕，加速度為射；第二次去掉點電荷，在圓周平面加上磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場，讓小球仍從A點沿桿由靜止開始下落，經(jīng)過B點時速度為匕，加速度為如 則（）一、” , 0.方A.

43、V, < V,B. > V,C. ai< a2D. ai> a29 .靜止在水平地面上的木塊，受到小錘斜向下瞬間敲擊后，只獲得水平方向初速度，沿地面滑行一段距 離后停下。若已知木塊的質(zhì)最和初速度，敲擊瞬間忽略地面摩擦力的作用，由此可求得（）A.木塊滑行的時間B.木塊滑行的距離C.小錘對木塊做的功D.小錘對木塊的沖量10 .如圖所示，空間有兩個等量異種點電荷5和Qz, Q1帶正電、3帶負電，兩點電荷間的距離為L, O為連線的中點。在以5、Q為圓心，人為半徑的兩個圓上有A、B、C、D、M、N六個點，A、B、C、D 2為豎直直徑的端點，M、N為水平直徑的端點，下列說法中正確的

44、是（）A. A、C兩點電場強度相同B.帶正電的試探電荷在M、N兩點時受到的電場力方向相反C.把帶正電的試探電荷從C點沿圓弧移動到N點的過程中電勢能不變D.帶負電的試探電荷在M點的電勢能小于在A點的電勢能二、多項選擇題：本題共5小題，每小題3分，共15分,在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目 要求.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分11.如圖所示，光滑水平桌面放置著物塊A,它通過輕繩和輕質(zhì)滑輪懸掛著物塊B,已知A的質(zhì)量為m,B的質(zhì)量為3m,重力加速度大小為g,靜止釋放物塊A、B后。A.相同時間內(nèi)，A、B運動的路程之比為2:1B.物塊A、B的加速度之比為1： 1c.細繩的拉力

45、為，D.當B下落高度h時，速度為卷?12.波源。在t=。時刻開始做簡諧運動，形成沿x軸正向傳播的簡諧橫波，當t=3s時波剛好傳到x=27m 處的質(zhì)點，波形圖如圖所示，質(zhì)點P、Q的橫坐標分別為4.5m、18m,下列說法正確的是（）A.質(zhì)點P的起振方向沿y軸正方向B.波速為6m/sC. 83s時間內(nèi)，P點運動的路程為5cmD. t=3.6s時刻開始的一段極短時間內(nèi)，Q點加速度變大E.t=6s時P點恰好位于波谷13.如圖所示，a、b、c為三顆繞地球做圓周運動的人造衛(wèi)星，軌跡如圖。這三顆衛(wèi)星的質(zhì)量相同，下列 說法正確的是（）A.三顆衛(wèi)星做圓周運動的圓心相同B.三顆衛(wèi)星受到地球的萬有引力相同C. a、b

46、兩顆衛(wèi)星做圓周運動的角速度大小相等D. a、c兩顆衛(wèi)星做圓周運動的周期相等 14.如圖所示，一個匝數(shù)n=100。匝、邊長l=20cm、電阻r=lQ的正方形線圈，在線圈內(nèi)存在面積S=0.03m的勻強磁場區(qū)域，磁場方向垂直于線圈所在平面向里，磁感應(yīng)強度大小B隨時間t變化的規(guī)律是B=0.15t（T）o電阻R與電容器C并聯(lián)后接在線圈兩端，電阻R=2Q,電容C=30".下列說法正確的是（）A.線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為4.5VB.若b端電勢為0,則a端電勢為3VC.電容器所帶電荷量為L2xlO"CD.穩(wěn)定狀態(tài)下電阻的發(fā)熱功率為4.5W15.下列說法正確的是（）A. 一定質(zhì)量的理想氣體，

47、當溫度升高時，內(nèi)能增加，壓強增大B.飽和蒸汽在等溫變化的過程中，當其體積減小時壓強不變C.液體表面層分子間距離較其內(nèi)部分子間距離小，表面層分子間表現(xiàn)為斥力D. 一定質(zhì)量的理想氣體放出熱量，分子平均動能可能減少E.自然發(fā)生的熱傳遞過程是向著分子熱運動無序性增大的方向進行的三、實驗題：共2小題16 .利用阿特伍德機可以驗證力學定律。圖為一理想阿特伍德機示意圖，A、B為兩質(zhì)量分別為m】、m2 的兩物塊，用輕質(zhì)無彈性的細繩連接后跨在輕質(zhì)光滑定滑輪兩端，兩物塊離地足夠高。設(shè)法固定物塊A、 B后，在物塊A上安裝一個寬度為d的遮光片，并在其下方空中固定一個光電門，連接好光電門與毫秒計 時器，并打開電源。松開

48、固定裝置，讀出遮光片通過光電門所用的時間At。若想要利用上述實驗裝置驗 證牛頓第二定律實驗，則/ rK«（1）實驗當中，需要使m】、m2滿足關(guān)系：一。（2）實驗當中還需要測量的物理量有利用文字描述并標明對應(yīng)的物理量符號）。（3）驗證牛頓第二定律實驗時需要驗證的等式為一（寫出等式的完整形式無需簡化）。（4）若要利用上述所有數(shù)據(jù)驗證機械能守恒定律，則所需要驗證的等式為一（寫出等式的完整形式無需簡 化）。17 .某同學在驗證合外力一定，物體的質(zhì)量與加速度的關(guān)系時，采用圖甲所示的裝置及數(shù)字化信息系統(tǒng)獲 得了小車的加速度a與小車質(zhì)量M（包括所放祛碼及傳感器的質(zhì)量）的對應(yīng)關(guān)系圖象，如圖乙所示.實

49、驗中 所掛鉤碼的質(zhì)量20g,實驗中選用的是不可伸長的輕繩和光滑的輕質(zhì)定滑輪.位移傳感為住移傳感器（發(fā)射器）（接收器）圖甲' in s2)才（kg“）圖乙實驗開始時，他先調(diào)節(jié)木板上定滑輪的高度，使牽引小車的輕繩與木板平行.他這樣做的目的是下列哪 一個;（填字母代號）A.可使位移傳感器測出的小車的加速度更準確B.可以保證小車最終能夠做直線運動C.可在平衡摩擦力后使細繩拉力等于小車所受的合力（2）由圖乙可知，圖線不過原點O,原因是;M該圖線的初始段為直線，該段直線的斜率最接近的數(shù)值是.A. 30B. 0.3C. 20D. 0.2四、解答題：本題共3題18 .如圖所示，水平傳送帶AB與直角平臺

50、的上表面水平平滑對接，平臺的上表面光滑，平臺高h1=0.7m, 在平臺右側(cè)d=l m處有一高度為出=0.5 m的豎直薄擋板。長度L=12 m的傳送帶以v0=10 m/s的速度順時 針轉(zhuǎn)動，現(xiàn)將質(zhì)量m=l kg的小滑塊（可視為質(zhì)點）由靜止放到傳送帶上，已知滑塊與傳送帶間的動摩擦 因數(shù)由0.2,重力加速度g取lOm/s?。求：（1）若要滑塊落在擋板右側(cè)，求滑塊由靜止放在傳送帶上的位置范圍；（2）將滑塊放在傳送帶中點處并沿水平方向給滑塊一初速度，使滑塊落在擋板右側(cè)，求此初速度滿足的 條件。19 . （6分）如圖所示為一個帶有閥門K、容積為2dm3的容器（容積不可改變）。先打開閥門讓其與大氣連通，再用

51、打氣筒向里面打氣，打氣筒活塞每次可以打進lxlO5Pa. 200cm3的空氣，忽略打氣和用氣時氣體的溫 度變化（設(shè)外界大氣的壓強Po=lxl05Pa）(i)若要使氣體壓強增大到5.0xl05pa,應(yīng)打多少次氣？的若上述容器中裝的是5.0xl05Pa的氧氣，現(xiàn)用它給容積為0.7dm3的真空瓶充氣，使瓶中的氣壓最終達到符 合標準的2.0xl05pa,則可充多少瓶？20 . (6分)如圖所示，一平行玻璃磚的截面是一個矩形，玻璃磚的厚度為d, DC面涂有反光材料。一束 極窄的光線從A點以6= 60。的入射角射入玻璃磚，AB間的距離為人6",已知A點的折射光線恰好射到D點，CD間的距離為YE&

52、quot;,已知光在真空中的傳播速度為C。求:4玻璃磚的折射率；光線從A點進入玻璃到第一次射出玻璃磚所經(jīng)歷的時間。參考答案一、單項選擇題：本題共1。小題，每小題3分，共30分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合 題目要求的【解析】【分析】【詳解】A是發(fā)現(xiàn)質(zhì)子的反應(yīng)，屬于人工核轉(zhuǎn)變；B屬于a衰變；C屬于聚變方程；D屬于重核裂變方程。故選D。2. C【解析】【分析】【詳解】A.由交流電的公式知頻率,100汗_f = 50Hz2乃故A錯誤；B.原線圈電壓有效值為220V,故電壓表的示數(shù)為220V,故B錯誤；C.根據(jù)電流與匝數(shù)成反比知，電流表%示數(shù)為0.2A,故C正確；D.根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比知

53、副線圈電壓為44VP2=U2I2=44x1W=44W電動機內(nèi)阻消耗的功率為 P=I22R=12X11W = 11W 此電動機輸出功率為P P=44-11=33W故D錯誤；故選Co3. C【解析】【詳解】ABC.兩個球都是從同一個水平面下降的，到達最低點時還是在同一個水平面上，根據(jù)重力做功的特點可 知在整個過程中，AB兩球重力做的功相同，兩球重力勢能減少量相等。B球在下落的過程中彈簧要對球 做負功，彈簧的彈性勢能增加，所以B球在最低點的速度要比A的速度小，動能也要比A的小，故AB錯 誤，C正確；D.由于在最低點時B的速度小，且兩球質(zhì)量相同，根據(jù)向心力的公式T _ mg = m r可知，B球需要的

54、向心力小，所以繩對B的拉力也要比A的小，故D錯誤。 故選C。4. B【解析】不加電場時，設(shè)恰能到達軌道的最高點B的速度為v,根據(jù)機械能守恒定律有：mg (h-2R)= mv2；2在最高點時，重力提供向心力，有：mg=m .R加上電場后，設(shè)能到達B點的速度為V2,根據(jù)動能定理得：(mg+Eq) (h-2R)2在最高點時，重力與電場力的合力提供向心力，有：mg+Eq=m .(4)R得V2=v,故為小球仍恰好能到達B點，故B正確，ACD錯誤；故選B.5. C【解析】血液中正負離子流動時，根據(jù)左手定則，正離子受到向上的洛倫茲力，負離子受到向下的洛倫茲力，所以 正離子向上偏，負離子向下偏，則a帶正電，b帶負電.最終血液中的離子所受的電場力和磁場力的合力 為零，則有：Bqv =(二,代入數(shù)據(jù)