2020高考物理總復(fù)習(xí)專用優(yōu)編提分練：選擇題專練(一)

1、選擇題專練（一）1.下列論述中正確的是 （）A.開普勒根據(jù)萬有引力定律得出行星運(yùn)動規(guī)律B.愛因斯坦的狹義相對論，全面否定了牛頓的經(jīng)典力學(xué)規(guī)律C.普朗克把能量子引入物理學(xué)，正確地破除了 “能量連續(xù)變化”的傳統(tǒng)觀念D.玻爾提出的原子結(jié)構(gòu)假說，成功地解釋了各種原子光譜的不連續(xù)性答案 C解析 開普勒通過研究第谷的行星觀測數(shù)據(jù)，得出了行星運(yùn)動規(guī)律，A錯(cuò)誤；愛因斯坦的狹義相對論，并沒有全面否定牛頓的經(jīng)典力學(xué)，B錯(cuò)誤；普朗克把能量子引入物理學(xué)，正確地破除了 “能量連續(xù)變化”的傳統(tǒng)觀念，C正確；玻爾提出的原子結(jié)構(gòu)假說，不能解釋復(fù)雜原子，如氯原子核光譜的不連續(xù)性，D錯(cuò)誤.2.如圖1,放置在光滑的水平地面上足夠長

2、的斜面體，下端固定有擋板，用外力將輕質(zhì)彈簧 壓縮在小木塊和擋板之間，彈簧的彈性勢能為100 J .撤去外力，木塊開始運(yùn)動，離開彈簧后，沿斜面向上滑到某一位置后，不再滑下，則 （）A.木塊重力勢能的增加量為 100 JB.木塊運(yùn)動過程中，斜面體的支持力對木塊做功不為零C.木塊、斜面體和彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)，機(jī)械能守恒D.最終，木塊和斜面體以共同速度向右勻速滑行答案 B解析 因?yàn)榈竭_(dá)最高點(diǎn)后，木塊不再下滑，所以木塊必受斜面的摩擦力作用，斜面體受到木塊的斜向右上的摩擦力作用，該力在水平方向上有一個(gè)分力，故斜面體向右運(yùn)動，木塊相對地面在水平方向上有位移，斜面體對木塊的支持力與水平位移夾角不垂直，故斜面體的支

3、持力對木塊做功不為零， 木塊、斜面體和彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)， 有摩擦力做功，所以機(jī)械能不守恒，B正確，C錯(cuò)誤；將彈簧、木塊和斜面體看成一個(gè)整體，整體在水平方向上受力為零，所以系統(tǒng)水平方向動量守恒，釋放彈簧前系統(tǒng)水平方向動量為零，故釋放彈簧后系統(tǒng)水平方向動量仍舊為零，即木塊和斜面體最后靜止，彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)的內(nèi)能（克服摩擦力做功）以及木塊的重力勢能，故木塊重力勢能的增加量小于100 J , A D錯(cuò)誤.3 .如圖2所示，a為放在地球赤道上隨地球一起轉(zhuǎn)動的物體，b、c、d為在圓軌道上運(yùn)行的衛(wèi)星，軌道平面均在地球赤道面上，其中b是近地衛(wèi)星，c是地球同步衛(wèi)星.若 a、b、c、d7的質(zhì)量相同，地球表面

4、附近的重力加速度為g,則下列說法中正確的是（）A. b衛(wèi)星轉(zhuǎn)動的線速度大于圖27.9 km/sB. a、b、c、d的周期大小關(guān)系為 Ta<Tb<Tc<TdC. a和b的向心加速度都等于重力加速度gD.在b、c、d中，b的動能最大，d的機(jī)械能最大答案 D解析 7.9 km/s是第一宇宙速度，是衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動最大的運(yùn)行速度，所以 b衛(wèi)3r星轉(zhuǎn)動的線速度小于 7.9 km/s ,故A錯(cuò)誤.對于b、c、d三顆衛(wèi)星，由開普勒第三定律 羊=k,知Tb<Tc<Td,地球同步衛(wèi)星的周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同，則有Ta=Tc.因此有Tb<R = Tc<Td,故B錯(cuò)

5、誤.b衛(wèi)星由重力提供向心力， 其向心加速度等于重力加速度 g,而a由重力和支持力的合力提供向心力，則 a的向心加速度小于重力加速度 g,故C錯(cuò)誤.對于b、c、d三顆衛(wèi)GM 1 2Y,衛(wèi)星的動能為 E<=-mv2, , ,r , Mm v -星，根據(jù)萬有引力提供圓周運(yùn)動向心力，有：宇=嚇，得丫=G?m所以b的動能最大，若要將衛(wèi)星的軌道半徑增大，衛(wèi)星必須加速，機(jī)械能增大，所以 d的機(jī)械能最大，故 D正確.4 .如圖3所示，在豎直平面內(nèi)，一光滑桿固定在地面上，桿與地面間夾角為0 , 一光滑輕環(huán)套在桿上.一個(gè)輕質(zhì)光滑的滑輪（可視為質(zhì)點(diǎn)）用輕質(zhì)繩OP1掛在天花板上，另一輕繩通過滑輪系在輕環(huán)上，現(xiàn)用

6、向左的拉力緩慢拉繩， 當(dāng)輕環(huán)靜止不動時(shí)， 與手相連一端的繩子水平,則OP期與天花板之間的夾角為 （圖3C.兀D.答案 D解析 水平向左緩慢拉繩至輕環(huán)重新靜止不動，則環(huán)處于平衡狀態(tài)，對環(huán)受力分析，繩子的拉力垂直于桿時(shí)，繩子的拉力沿桿的方向沒有分力，此時(shí)環(huán)能保持靜止，由幾何關(guān)系可知，QP段繩子與豎直方向之間的夾角是0 ;再對滑輪受力分析，受三個(gè)拉力，由于OP段繩子的拉力與另外兩個(gè)拉力的合力平衡，而另外兩個(gè)拉力大小相等，故PO在另外兩個(gè)拉力的角平分 ,，一 ,一,、， 兀 0,線上，結(jié)合幾何關(guān)系可知，OP與天花板之間的夾角為 ,D正確.5 .如圖4所示，在垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度B= 2 T的勻強(qiáng)磁

7、場中，有一長度 L=5 m的細(xì)圓筒，繞其一端O在紙面內(nèi)沿逆時(shí)針方向做角速度3=60 rad/s的勻速圓周運(yùn)動.另一端有一粒子源，能連續(xù)不斷相對粒子源沿半徑向外發(fā)射速度為v=400 m/s的帶正電粒子.已知帶電粒子的電荷量 q= 2.5X10 6 c,質(zhì)量 m= 3X10 8 kg ,不計(jì)粒子間相互作用及重力，打在 圓筒上的粒子均被吸收，則帶電粒子在紙面內(nèi)所能到達(dá)的范圍面積5是（）29 7tmA. 48 兀 m2B.216 7tmC. 49 兀 m2D.答案 A解析 發(fā)射粒子時(shí)，粒子沿半徑方向的速度為 v=400 m/s,粒子隨細(xì)圓筒做圓周運(yùn)動，垂直 半徑方向的速度為 coL=300 m/s,故

8、粒子速度為 V' = 500 m/s,設(shè)粒子速度方向與徑向夾角為。，則tan 。0 =37° ;粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，故有：Bv' q=mv一,所以，運(yùn)動半徑為：R= mg=3 m;根據(jù)左手定則可知，粒子做圓周RqB運(yùn)動也是沿逆時(shí)針方向運(yùn)動；根據(jù)幾何關(guān)系，粒子做圓周運(yùn)動的圓心到O的距離為s=4 m,故帶電粒子在紙面內(nèi)所能到達(dá)的范圍為內(nèi)徑為sR= 1 m、外徑為s+ R= 7 m的環(huán)形區(qū)域，故帶電粒子在紙面內(nèi)所能到達(dá)的范圍面積為：S= 兀 X 72 m2 兀 x 12 m2= 48 兀 m2,故A正確，B、C D錯(cuò)誤.6 .如圖5所示，內(nèi)徑為2

9、R高為H的圓筒豎直放置，在圓筒內(nèi)壁上邊緣的P點(diǎn)沿不同方向水平拋出可視為質(zhì)點(diǎn)的三個(gè)完全相同小球A、B C它們初速度方向與過 P點(diǎn)的直徑夾角分別為30°、0°和60° ,大小均為V0,已知V02>2HR, g為重力加速度.從拋出到第一次碰撞筒 壁，不計(jì)空氣阻力，則下列說法正確的是 （）圖5A.三小球運(yùn)動時(shí)間之比 t A ： t B ： t C= ® 2 . 1B,三小球下落高度之比 hA ： hB: hc= 2 ：木：1C.重力對三小球做功之比 W： W： W= 3 ： 4 ： 1D.重力的平均功率之比 Pa： Pb ： Pc= 2 ： 3 ： 1答案

10、 AC解析 因?yàn)槿齻€(gè)小球都碰壁，說明沒有下落到底部，小球在水平方向上做勻速直線運(yùn)動，根據(jù)幾何知識可知三個(gè)球的水平位移xa=2R-申=<3 xb= 2R, xc= 2R-g = R,而所用時(shí)間XA XB XCt A ： t b : tC= : : = 3 ： 2 ： 1, A正確；在豎直方向上做自由洛體運(yùn)動，二小球下洛圖、，121212度之比 hA ： hB ： hc= 2gtA ： 2gt b ： 2gtc =3 ： 4 ： 1, B錯(cuò)誤；重力對小球做功W= mgh故W .WWW34 1一3： 2： 1W： W： W= hA： hB： hc= 3 ： 4 ： 1, C正確；重力的平均功率

11、 P=-,故 FA ： FB ： FC=-：-：-= tt A t C tC。3 ： 2 ： 1, D 錯(cuò)誤.7 .圖6（a）中理想變壓器的原線圈依次接入如圖（b）所示的甲、乙兩個(gè)正弦交流電源.接電源甲后，調(diào)節(jié)滑動變阻器滑片位置使小燈泡A正常發(fā)光，小燈泡的功率及電流頻率分別為R、卜；保持滑片位置不變，改用電源乙，小燈泡的功率及電流頻率分別為F2、f2,則（）圖6A. f1 ： f2 = 3 ： 2B. P : F2 = 2 ： 1C.若將變阻器滑片向左移動，電源乙可能使小燈泡正常發(fā)光D.若將變壓器動片 P向下移動，電源乙可能使小燈泡正常發(fā)光答案 AD解析 變壓器不改變交流電的頻率，從題圖b中可

12、知3Ti=2T2,即I = W所以? = 2 A正確;12 3f 2 2從題圖b中可知甲、乙兩個(gè)電源的電動勢最大值之比為2：1,兩種情況下副線圈兩端的電壓有效值之比為2： 1,所以兩種情況下通過燈泡的電流之比為2： 1,根據(jù)P= I2R可知P1 = 4,P2 1B錯(cuò)誤；若將變阻器滑片向左移動，滑動變阻器接入電路的電阻增大，通過燈泡的電流減小，所以電源乙不可能使小燈泡正常發(fā)光,以昔誤；若將變壓器動片P向下移動，即同減小，根據(jù)1=3可知U增大,即副線圈兩端電壓增大,故電源乙可能使小燈泡正常發(fā)光,D正確.8.兩個(gè)完全相同的平行板電容器 C、C水平放置，如圖7所示.開關(guān)S閉合時(shí)，兩電容器中 間各有一油

13、滴 A B剛好處于靜止?fàn)顟B(tài).現(xiàn)將 S斷開，將G下極板向上移動少許，然后再次)圖7閉合S,則下列說法正確的是（A.兩油滴的質(zhì)量相等，電性相反B.斷開開關(guān)，移動 G下極板過程中，B所在位置的電勢不變C.再次閉合S瞬間，通過開關(guān)的電流可能從上向下D.再次閉合開關(guān)后， A向下運(yùn)動，B向上運(yùn)動答案 BCD解析 當(dāng)S閉合時(shí)，左邊電容的上極板和右邊電容的下極板相連，即兩個(gè)極板的電勢相等，又因?yàn)槠渌麅蓚€(gè)極板都接地，電勢相等，故兩極板間的電勢差的絕對值相等，根據(jù)mg=晉q,由于不知道兩油滴的電荷量，故兩個(gè)油滴的質(zhì)量不一定相等，若G上極板帶正電，則 C電場方向豎直向下，A液滴應(yīng)受到豎直向上的電場力，故帶負(fù)電，G下極板帶正電，則 G電場方向豎直向上，B滴液應(yīng)受到豎直向上的電場力，所以帶正電，電性相反；若G上極板帶負(fù)電，則C電場方向豎直向上， A液滴應(yīng)受到豎直向上的電場力，故帶正電，G下極板帶負(fù)電，則C2電場方向豎直向下， B滴液應(yīng)受到豎直向上的電場力，所以帶負(fù)電，電性相反，總之，兩 油滴的電性相反，A錯(cuò)誤；斷開開關(guān)，移動 C2下極板過程中，兩極板所帶電荷量相等，根據(jù) C=-rjS, C= Q E= U聯(lián)立可得E= "Q,兩極板間的電場強(qiáng)度大小和兩極板間的距離無關(guān)，4 kd U drS故電場強(qiáng)度恒定，所以