人教物理2019高考一輪選練練題12及答案

1、（人教）物理2019高考一輪選練練題（12）及答案一、選擇題1、某同學欲估算飛機著陸時的速度，他假設飛機在平直跑道上做勻減速運動，飛機在跑道上滑行的距離為x，從著陸到停下來所用的時間為t，實際上飛機的速度越大，所受的阻力越大，則飛機著陸時的速度應是()AvBvCv D.v解析：選C.飛機著陸后若做勻減速直線運動，末速度為零，則飛機著陸時的速度應是v，實際上，飛機速度越大，所受阻力越大，飛機著陸后做的是加速度減小的減速直線運動結合v­t圖象可知，飛機著陸后的總位移xt，故v，C正確2、A,B兩物體放在同一水平面上,分別受到水平拉力F1,F2的作用,而從靜止開始從同一位置出發(fā)沿相同方向做

2、勻加速直線運動.經(jīng)過時間t0和4t0,當兩者速度分別達到2v0和v0時分別撤去F1和F2,以后物體做勻減速運動直至停止.兩物體運動的vt圖像如圖所示.已知兩者的質(zhì)量之比為12,下列結論正確的是(C)A.物體A,B的位移大小之比是35B.兩物體與地面間的動摩擦因數(shù)可能不相等C.F1和F2的大小之比是65D.整個運動過程中F1和F2做功之比是65解析:vt圖像與兩坐標軸所圍的面積表示物體在對應時間內(nèi)的位移,A,B兩物體的位移分別為x1=×2v0×3t0=3v0t0,x2=×v0×5t0=v0t0,故x1x2=65,選項A錯誤;撤去拉力后,A,B兩物體的加速度

3、大小分別為a1=,a2=,即a1=a2=g,故兩物體與地面間的動摩擦因數(shù)相等,選項B錯誤;在加速過程中由牛頓第二定律可得F1-m1g=m1a1,F2-m2g=m2a2,a1=,a2=,g=,而m2=2m1,故F1F2=65,選項C正確;全過程中根據(jù)動能定理可知W1=m1gx1,W2=m2gx2,故整個運動過程中F1和F2做功之比W1W2=35,選項D錯誤.3、（2019衡水中學調(diào)研）如圖甲所示，用粘性材料粘在一起的A、B兩物塊靜止于光滑水平面上，兩物塊的質(zhì)量分別為 mA=lkg、mB=2kg，當A、B之間產(chǎn)生拉力且大于0.3N時A、B將會分離t=0時刻開始對物塊A施加一水平推力F1，同時對物塊

4、B施加同一方向的拉力F2，使A、B從靜止開始運動，運動過程中F1、F2方向保持不變，F(xiàn)1、F2的大小隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示則下列關于A、B兩物塊受力及運動情況的分析，正確的是（ ）A. t=2.0s時刻A、B之間作用力大小為0.6NB. t=2.0s時刻A、B之間作用力為零C. t=2.5s時刻A對B的作用力方向向左D. 從t=0時刻到A、B分離，它們運動的位移為5.4m【答案】AD【解析】設t時刻AB分離，分離之前AB物體共同運動，加速度為，以整體為研究對象，則有：，分離時：，得，經(jīng)歷時間，根據(jù)位移公式，則D正確；當時，得，A正確B錯誤；當時，得，C錯誤4、如圖，橫截面積為5 cm2的水

5、柱以10 m/s的速度垂直沖到墻壁上，已知水的密度為1×103 kg/m3，假設水沖到墻上后不反彈而順墻壁流下，則墻壁所受水柱沖擊力為()A5×105 N B50 NC5×103 N D5×102 N解析：選B.t s時間內(nèi)噴水質(zhì)量為：mSvt1 000×0.000 5×10t kg5 tkg，水在時間t s內(nèi)受到墻的沖量為：I0mvFt所以：F N50 N負號表示水受到的墻的作用力的方向與運動的方向相反5、如圖所示,交流電源電壓有效值U0=5 V,電源等效內(nèi)阻r=4.5 ,經(jīng)過理想變壓器變壓后,接在阻值R=8 的電阻上,理想變壓器原

6、、副線圈匝數(shù)之比為14,則電阻R消耗的功率,下列說法正確的是(A)A.0.5 W B.5 W C.1 WD.1.5 W解析:根據(jù)電流關系得,原線圈的電流I1=4I2;在原線圈回路中,根據(jù)歐姆定律有,U0=4I2r+U1,解得U1=5-18I2,副線圈兩端的電壓為U2=I2R=8I2;根據(jù)電壓關系有=,即=,解得I2= A;所以電阻R消耗的功率為P=R=()2×8 W=0.5 W,故A正確,B,C,D錯誤.6、(2019·高考北京卷)2019年年初，我國研制的“大連光源”極紫外自由電子激光裝置，發(fā)出了波長在100 nm(1 nm109 m)附近連續(xù)可調(diào)的世界上最強的極紫外激光

7、脈沖“大連光源”因其光子的能量大、密度高，可在能源利用、光刻技術、霧霾治理等領域的研究中發(fā)揮重要作用一個處于極紫外波段的光子所具有的能量可以電離一個分子，但又不會把分子打碎據(jù)此判斷，能夠電離一個分子的能量約為(取普朗克常量h6.6×1034 J·s，真空光速c3×108 m/s)()A1021 JB1018 JC1015 J D1012 J解析：選B.由Eh，可得Eh6.6×1034× J2×1018 J，所以選項B正確7、如圖所示，單匝矩形導線框abcd與勻強磁場垂直，線框電阻不計，線框繞與cd邊重合的固定轉軸以恒定角速度從圖示位置

8、開始勻速轉動，理想變壓器匝數(shù)比為n1n2.開關S斷開時，額定功率為P的燈泡L1正常發(fā)光，電流表示數(shù)為I，電流表內(nèi)阻不計，下列說法正確的是()A線框中產(chǎn)生的電流為正弦式交變電流B線框從圖中位置轉過時，感應電動勢瞬時值為C燈泡L1的額定電壓等于D如果閉合開關S，則電流表示數(shù)變大解析：選ABD.根據(jù)產(chǎn)生交變電流的條件，A正確；轉過時，感應電動勢的瞬時值應為Em，正好是有效值的大小，B正確；C中燈泡L1的額定電壓應為，C錯誤；開關S閉合，并聯(lián)L2后負載總電阻減小，U2不變，I2增大，I1也增大，D正確8、如圖所示，某發(fā)射系統(tǒng)內(nèi)有一木箱，木箱內(nèi)有一豎直放置的輕質(zhì)彈簧，彈簧上方有一物塊，木箱內(nèi)上表面和下表

9、面都裝有壓力傳感器木箱靜止時，上表面壓力傳感器的讀數(shù)為12.0N，下表面壓力傳感器的讀數(shù)為20.0N當系統(tǒng)豎直向上發(fā)射時，上表面壓力傳感器讀數(shù)變?yōu)橄卤砻鎵毫鞲衅髯x數(shù)的一半，重力加速度g取10m/s2，此時木箱的加速度為()A. 10.0m/s2 B. 5.0m/s2 C. 2.5m/s2 D. 條件不足，無法確定【來源】江蘇省南京市南京師范大學附屬中學2019屆高三5月模擬考試理科綜合物理試題【答案】 C【點睛】本題中有一隱含的條件，即加速運動時彈簧的形變量不變，即彈簧的彈力不變，然后運動整體和隔離解題即可二、非選擇題如圖所示，絕緣水平面內(nèi)固定有一間距d1 m、電阻不計的足夠長光滑矩形導軌A

10、KDC，導軌兩端接有阻值分別為R13 和R26 的定值電阻，矩形區(qū)域AKFE、NMCD范圍內(nèi)均有方向豎直向下、磁感應強度大小B1 T的勻強磁場和，一質(zhì)量m0. 2 kg、電阻r1 的導體棒ab垂直放在導軌上AK與EF之間某處，在方向水平向右、大小F02 N的恒力作用下由靜止開始運動，剛要到達EF時導體棒ab的速度大小v13 m/s，導體棒ab進入磁場后，導體棒ab中通過的電流始終保持不變，導體棒ab在運動過程中始終保持與導軌垂直且接觸良好，空氣阻力不計(1)求導體棒ab剛要到達EF時的加速度大小a1；(2)求兩磁場邊界EF和MN之間的距離L；(3)若在導體棒ab剛要到達MN時將恒力F0撤去，求

11、導體棒ab能繼續(xù)滑行的距離s以及滑行該距離s的過程中整個回路產(chǎn)生的焦耳熱Q.解析： (1)導體棒ab剛要到達EF時，在磁場中切割磁感線產(chǎn)生的感應電動勢：E1Bdv1經(jīng)分析可知，此時導體棒ab所受安培力的方向水平向左，由牛頓第二定律，則有：F0BI1dma1根據(jù)閉合電路的歐姆定律，則有：I1上式中，R2 解得：a15 m/s2(2)導體棒ab進入磁場后，受到的安培力與F0平衡，做勻速直線運動，導體棒ab中通過的電流I2，保持不變，則有：F0BI2d，其中，I2設導體棒ab從EF運動到MN的過程中的加速度大小為a2，根據(jù)牛頓第二定律，則有：F0ma2；導體棒ab在EF，MN之間做勻加速直線運動，則有：vv2a2L解得：L1.35