四川省宜賓市2020年高三物理上學(xué)期一診考試試題【含解析】

1、四川省在賓市2020屆高1物理上學(xué)期一診考試試題二、1.下列第去符合史實(shí)的是（）A.。印酷提出力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因B.亞里士多德猜想自由落體運(yùn)動(dòng)的速度與下落時(shí)間成正比，并直接用實(shí)筠進(jìn)行了瞼證C.笛卡爾通過理想斜面實(shí)蛉發(fā)現(xiàn)了物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來維持D.牛頓認(rèn)為力的真正效應(yīng)是改變物體的速度，而不僅僅是使之運(yùn)動(dòng)【答案】D【解折】【詳解】人亞里士多德提出力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，故區(qū)錯(cuò)誤；B.伽淞JA各用數(shù)學(xué)和）要輯推理得出了自由落體的速度與下海寸間成正比，而不是直接用實(shí)后給證這個(gè)結(jié)論。故B錯(cuò) 誤；C.他訊畦利用',理想料面實(shí)驗(yàn)”發(fā)現(xiàn)了物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來維持，推翻了“力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因”

2、的觀點(diǎn), 故C錯(cuò)誤，D.牛頓認(rèn)為力的真正效應(yīng)是改變物體的速度，產(chǎn)生加速度，而不僅僅是使之運(yùn)動(dòng)，故D正確。2.如圖所示為工廠中的行車示意圖，行車在水平向右勻速運(yùn)動(dòng)，同時(shí)懸掛工件的懸線保持在豎直方向，目工件勻速 上升，典II件運(yùn)動(dòng)的速度（）A.大小和方向均不變B.大小不變，方向改變C.大小改變，方向不變D.大小和方向均改變【答案】A【解析】【詳解】行車同時(shí)繪與了水平向右的勻速運(yùn)動(dòng)和豎直方向的勻速上升，水平和豎亶方向的速度都不變，根據(jù)矢量合 成的平1亍四邊形法則，合速度大小和方可杯變。A.大小和方向均不變。故A正確；B.大小不變，方向改變。故B錯(cuò)誤；C.大小改變，方向不變。故C錯(cuò)誤；D.大小和方向均

3、改變。故D錯(cuò)誤。3.一帶正電的粒子在正點(diǎn)電荷電場中僅受靜電力作用，做初速度為零的直線運(yùn)動(dòng)。取該直線為x軸，起始點(diǎn)。為坐標(biāo)原點(diǎn)，下列圖象中合理的是（）£A. 電場強(qiáng)度與位移關(guān)系XB. 粒子電勢(shì)能與位移關(guān)系Vc.x粒子速度與位移關(guān)系D. K粒子加速度與位移關(guān)系【答案】D【解析】t詳解】A.正電荷的場強(qiáng)公式E ="，可知電場強(qiáng)度隨，的增大而城小，故A錯(cuò)誤； rB.：魏電場力做功與電勢(shì)能變比的關(guān)系嗎=4石3鼻戈的切線斜率表示電場力，隨看，的增大，電場力逐漸溫小，切線斜率逐漸被小，故B錯(cuò)誤jF qE kQq_CD.加速度 = 二 二,二、：，故l*圖象的切線斜率不斷減小，如果a恒定，

4、根據(jù)、，=J叁=6, f與，成正比。實(shí)際加速度隨*的變化是逐漸減小的,所以哈，不成正比。故C錯(cuò)誤，D正確。4.如圖所示，固定的豎直光滑長桿上套有質(zhì)量為“，的小圓環(huán)，圖環(huán)與水平狀態(tài)的輕廊里蓄一端連接，迎番的另一端 連接在墻上，且處于原長狀態(tài),現(xiàn)讓圓環(huán)由靜止開始下滑，已期里箸原長為2,圓環(huán)下滑到最大距離時(shí)迎番的長度 變?yōu)?L（未超過魂性限度），重力加速度為S ,則在圓環(huán)下滑到最大距離的過程卬（）A.顫剛下滑時(shí)，醺的機(jī)械能最小B.圓環(huán)下滑到最大距離時(shí)，所受合力為等C.圖環(huán)重力勢(shì)能與單苗彈性勢(shì)能之和保持不變D.彈簧彈性勢(shì)能增加了小曲r答案】D【解折】【詳解】人園環(huán)沿桿滑下過程中，彈備的拉力對(duì)圓環(huán)做負(fù)功

5、，圖環(huán)的機(jī)械能減小，圓環(huán)剛下滑時(shí)，圓桿的機(jī)械能 最大,故A錯(cuò)誤jB.當(dāng)圓環(huán)所受合力為冬時(shí)，速度最大，此后圓環(huán)繼續(xù)向下運(yùn)動(dòng)，則彈雷的涯力增大，圓環(huán)下滑到最大距離時(shí)，所 受合力不為零，故B錯(cuò)誤；C.根據(jù)圓環(huán)與強(qiáng)蓄組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，即圓環(huán)的史力勢(shì)能與圖環(huán)的動(dòng)肓出有彈蓄彈性勢(shì)能三種能量總和守恒。 在圓環(huán)下滑到最大距離的過程中，臉環(huán)的速度是先增大后演少，圖環(huán)的動(dòng)能也是先地大后痼少，那么圓環(huán)重力勢(shì)能 與強(qiáng)善電性勢(shì)能之和就應(yīng)先*后增大，故C錯(cuò)誤；D.圖中彈著水平時(shí)恰好處于原長狀態(tài)，圓環(huán)下滑到最大距離時(shí)費(fèi)苦的長度變?yōu)?2,可得圖環(huán)下降的高度為h = &,根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒得：彈箸的強(qiáng)性勢(shì)菖繩大量

6、為：當(dāng)=抬?好，故D正確；5.如圖所示，一航天飛機(jī)從地面升空，完成對(duì)哈勃空間望遠(yuǎn)債的維修任務(wù)。航天飛機(jī)從X點(diǎn)開蛤沿橢圓軌道/運(yùn)動(dòng)到6點(diǎn)后進(jìn)入圓形軌道II,關(guān)于此過程中航天飛機(jī)的運(yùn)動(dòng)，下初脫法中正確的是（）A.在軌湎/上經(jīng)過a的速度小于經(jīng)過B的速度B.在軌道I上經(jīng)過.4的機(jī)械能小于在軌道11上經(jīng)過8的機(jī)械能C.在軌道口上經(jīng)過8的加速度小于在軌道/上經(jīng)過8的加速度D.在軌道1】上運(yùn)動(dòng)的周期小于在軌道/上運(yùn)動(dòng)的周期【答案】B【解析】【詳解】A.在軌道I從力點(diǎn)到8點(diǎn)的過程，萬有引力做負(fù)功，動(dòng)能減小，速度福小。所以在軌道1上經(jīng)過力的速 度大于經(jīng)過8的速度，故A錯(cuò)誤；C.根據(jù)且絲=也得：rB.在軌道I上運(yùn)

7、動(dòng)機(jī)械能守恒，從軌道】進(jìn)入軌遒【I需要在B點(diǎn)啟動(dòng)發(fā)動(dòng)機(jī)加速，所以在軌道I上經(jīng)過.4的機(jī)械 能小于在軌道H上經(jīng)過5的機(jī)械能，故B正確jGM k則知在軌道I】上經(jīng)過B的加速度與在軌道I上經(jīng)過6的加速度相等,故C錯(cuò)誤Jd.橢圓軌道的半長軸小于圓軌道的半徑,抿據(jù)開普勒第三定律*=左，關(guān)噥軌道n上運(yùn)動(dòng)的周期大于在軌道I上運(yùn)動(dòng)的碘。故d錯(cuò)誤。6.如圖所示，粗糙水平地面上放著一個(gè)截面為半圓的柱狀物體.4, a與豎直堵壁之間放一光滑半國球B ,整個(gè)裝出 處于平衡狀態(tài)。已知X、3的質(zhì)量分別為，和A/ , X、6兩物體的半徑均為R , S的圓心到水平地面的豎直距離 為42R，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A

8、.地面對(duì)M的支持力大小為（”? + .W）gB.他面對(duì)X的摩擦力大小為&依C.將d往左緩慢移動(dòng)少許，豎直墻壁對(duì)3的彈力旗小d.將/往左緩慢移動(dòng)少許，工、a之間的?里力保持不變【答案】AC【解析】【詳解】A.把A、B看成一個(gè)系統(tǒng)，對(duì)其運(yùn)用整體法，該系統(tǒng)在豎直方向上受到豎直向下的重力（加Jr）:和地面的 支持力E的作用，二力平衡，所以有：F、二 （/fr»） g故A正確；B.在水平方向上，該系統(tǒng)肯定受到豎亙墻水平向右的彈力的作用，那么一定也受到地面水平向左的摩掇力,并且摩 擦力大小等干豎直墻對(duì)B水平向右的獨(dú)力大小尸；再選取半圓球B為研究對(duì)象，運(yùn)用隔離法，受力分析如圖所示。根據(jù)幾何

9、關(guān)系，8等于45°。根據(jù)力的分解和力的平衡條件可得：F、節(jié)%=J1 的cos 6F, =/Gft an故B錯(cuò)誤，C.將力往左緩慢移動(dòng)少許，演小，豎直墻壁對(duì)£的彈力減小，故C正確；D.根據(jù)后=電，將月往左緩慢移動(dòng)少許，8就小，從8之間的強(qiáng)力演小，故D錯(cuò)誤。 cos 67 .如圖所示，A. B, C三點(diǎn)、在同一水平面上，。點(diǎn)在B點(diǎn)正上方，所垂直于BC和3。構(gòu)成的平面，A. C. 。到B的距離均為d,空間存在著勻強(qiáng)電場，一個(gè)質(zhì)里為m、電荷里為皿的粒子從3移到C和從B格到。時(shí)電 場力做的功都為零，從B移到X時(shí)電場力做的功力開，下歹戰(zhàn)法正確的是（）A.帶電粒子從。移到。時(shí)電場力做的功

10、一定為零8 .電場強(qiáng)度方向由.4指向8WC. /點(diǎn)和5點(diǎn)間的電勢(shì)差Ga =一 qwD.勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小七=彳【答褰】&【解析】【詳解】A.一個(gè)質(zhì)量為&、電荷量為+g的粒子從8移到C電場力做的功為零，則。=",從3移到。時(shí)電場力做 的功為零，則6=文，故艮C、0三點(diǎn)電勢(shì)相等，所在的平面為等勢(shì)面，帶電粒子從0移到。時(shí)電場力做的功一定 為零,故A正確.：B.艮C、0三點(diǎn)，所在的平面為等勢(shì)面，電荷量為+9用立子從B移到X時(shí)電場力做的功為甲，說明8點(diǎn)電勢(shì)高于A 點(diǎn)電勢(shì)。直線詡垂直于等勢(shì)面，說明電場強(qiáng)度方向沿直線為，由用旨向.4,故B*胡吳；c.電荷量為”的粒子從5移到1時(shí)

11、電場力做的功為吊則8點(diǎn)和月點(diǎn)間的電勢(shì)差大小為:故C錯(cuò)誤；TJD.根據(jù)E =：可知，電場強(qiáng)度為: a故D正確。&如圖（公，質(zhì)蚩用=1kg的物體沿傾角夕=37。的固定相根斜面由靜止開始向下運(yùn)動(dòng)，風(fēng)對(duì)物體的作用力沿水平方向向右，其大小與風(fēng)速v成正比，比例系翻用上表示，物體加速度。與風(fēng)速v的關(guān)系如圖（b）所示，g取10m s" sin 37。= 0 6, cos37。= 0.8,下列睨法正確的是（）A.物體沿斜面做勻變速運(yùn)動(dòng)B.當(dāng)風(fēng)速v = 5m s時(shí)，枕體沿斜面下滑的速度最大C.物體與斜面間的動(dòng)摩掇因數(shù)為0.25D.比例系數(shù)k為小時(shí)t答案】BCD【解析】【詳解】A.由圖可知，物體的

12、加速度逐海雇小，所以物體沿斜面不是勾加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤JB.由圖可知，速度為5m/s時(shí)加速度為零，速度最大，故B正確；C.對(duì)初始8寸刻，沒有風(fēng)的作用，物體的加速度大小為a=Ws,對(duì)物體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律沿斜面的方向：agsin 8- pagros 8=os-0解得：故C正確;D.對(duì)末8寸刻加速度為零，受力分析可得:agsin 8- pJf-ivcQs 8=0又：余曄。s8,由b圖可以讀出，此B寸產(chǎn)5m/s代入式解得：人些更"上巴又v（sing+cos 夕）19故D正確©三、非選擇題9.實(shí)蛉室購買了一 1國標(biāo)稱長度為100皿的銅導(dǎo)線，某同學(xué)想通過實(shí)蛉測(cè)定其實(shí)際長度。該

13、同學(xué)苜先測(cè)得導(dǎo)橫被面積為l.Oim ,查得訊的電阻率為L7X10。m,再加向圖甲所示電路測(cè)出銅導(dǎo)線的電阻段 ,從而確定導(dǎo)線的實(shí)際 長度。可供使用的器材有：電流表：量程0.6A,內(nèi)阻約為0.2G;電壓表：里程3H內(nèi)咀約9KC滑動(dòng)觸器耳：最大阻值50，滑動(dòng)史回修區(qū)：最大限值20。，定值電阻：& =3Q；電源：電動(dòng)勢(shì)6V,內(nèi)P目可不計(jì)；開關(guān)、導(dǎo)線若干?；卮鹣铝袉栴}：（1）實(shí)瞼中滑動(dòng)受阻器應(yīng)選一（填“K”或3（2）調(diào)節(jié)滑動(dòng)受阻器，當(dāng)電壓表的讀數(shù)為1.80V時(shí)，電流表示物如圖乙所示，讀翻為_Aj（3）導(dǎo)線實(shí)際長度為一» （保留2位有效數(shù)字）。田甲【答案】(1). R (2). 0.40

14、【解析】 【詳解】(1) 1升朧電限定律,待測(cè)電阻的阻值約為:£ = 1.7xlQ-xlOOn = 17nS LOxlO-s本實(shí)蛉采用限流法測(cè)電阻，所以滑動(dòng)變阻器的最大阻值比式和斤總阻值大的越多，調(diào)節(jié)電壓的效果越好，斤=3Q, "LG 所以滑動(dòng)變阻器選足。(2) 2由圖可知，電流表的最小刻度為0.2A,應(yīng)估讀到同位即可。故電流表的讀數(shù)為0.40A;(3) 3根據(jù)歐姆定律得：%+K =£.=2。=4.5。，“ x I 0.40則：斤Z. 5Q由電阻定律太二夕4可知：S7 RS 1.50X1.0X10-6 mL =：m = 88mp 1.7x10“10.某同學(xué)利用圖所

15、示實(shí)驗(yàn)裝置荻得了小車加速度。與鉤碼的質(zhì)量小的對(duì)應(yīng)關(guān)系如圖。)所示，實(shí)蛉中小車 的質(zhì)量保持不變，實(shí)物室選擇了不可伸長的輕質(zhì)細(xì)繩和輕定滑輪。= 3aT* 2 3聯(lián)立可得:（S,S，&）一（& $&）. 0Q597 0.0678 0.0764-093590.0441-0.0519 m s = 0 SOmk 9T:9x0 T11 .在,平面內(nèi),有沿1軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為E （圖中未畫出），由點(diǎn)月（-4, %）斜射出一質(zhì)量為“， 帶電量為,4你立子，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，點(diǎn)W（0,同）和點(diǎn)C（“，0）在運(yùn)動(dòng)軌跡上，其中B點(diǎn)為軌跡頂點(diǎn)。b為 常數(shù)，粒子所受重力忽略不計(jì)。求:

16、 （Da、c兩點(diǎn)間的電勢(shì)差。,皿 （2）粒子經(jīng)過C點(diǎn)時(shí)的速度大小。t答案】（1） L；C=3£ZO, （2） %=后奪【解析】【詳解】（1）由于勻強(qiáng)電場方向沿尸軸負(fù)方向的，力點(diǎn),電勢(shì)高于C點(diǎn)電勢(shì)，則：- 此）=3£7 （2）設(shè)粒子在.4點(diǎn)的豎直速度為上，水平速度為p ,從4到5所府寸間為卻則豎直方向:$ = 2Ho qE = nia 水平方向:爭=W =，o聯(lián)立©解得:到C點(diǎn)豎直速度為y,則:v=2ax470 = 2.m粒子經(jīng)過。點(diǎn).時(shí)的速度大小為:3K軍亨借®12.標(biāo)角8 = 37。、長度2 = 3.2m的斜面固定在水平地面上，一質(zhì)里.W= 2kg的薄

17、木板靜跟于斜面上，且下埔等| 面底端相齊，質(zhì)蚩力=1kg的物塊輕置干薄木板上，如圖所示。已知物塊與落木板間的動(dòng)摩掇因的 二( ,薄木板 與斜面間、物塊與斜面間的動(dòng)摩擦魂均為例=0.5,物塊可視為質(zhì)點(diǎn)，忽略薄木板厚度對(duì)物塊運(yùn)動(dòng)的影響，最大 靜摩擦力等于滑動(dòng)摩3舫，g取WmH, sin370 = 0.6, cos370 = 0.8o(1)求物塊所受摩擦力大小J(2)用沿斜面向上弼立力作用在薄木板上，欲使薄木板相對(duì)物塊運(yùn)動(dòng)，求拉力大??；(3)若物塊用干距離清木板下墻/ = 1m處，對(duì)薄木板施加一沿斜面向上的恒力，欲將薄木板從物塊和斜面間抽離 出來，直至蒲木板完全熨開斜面.且使物塊最終剛好停在斜面頂端

18、，求在抽離出薄木板的過程中恒力的大小。I【答案】1) / = 6N; (2) E = 33N； (3)8=N t解析】t詳解】(D物塊m受力平衡，沿斜面方向：/ = njgsin = 10x0.6N =6N (2)物塊受到薄木板向上的摩擦力最大時(shí)，有向上最大的加度。對(duì)物塊：14 mg cos 0 - nig sin 6 = max 對(duì)物塊和淹木板：Fx -外(1+ Af)gcos8-(小 + .V/)gsin 0 = (m + M)% 聯(lián)立解得代入數(shù)據(jù)（3）物體在斜面履速度運(yùn)動(dòng)的加速度大小，mg sin 6 + 從 mg cos 0 = niaz 解得：生=10m，s'設(shè)物塊加速時(shí)間外

19、誠速時(shí)間&,物塊到達(dá)頂造時(shí)速度為0,則：atx =砥（S） -X解得tx =4s 設(shè)薄木扳加速度為8 ,拉力打，貝人F： - Mg si ncos 0 - Ai（w +g cos = M% 聯(lián)立，代人數(shù)據(jù)解得：l 133、TH =N4二、選考題13 .下歹悅?cè)フ_的是（）A.溫度越高，擴(kuò)散進(jìn)行得越快B.港體中的擴(kuò)散現(xiàn)象是由于液體的對(duì)流形成的C.擴(kuò)散現(xiàn)象是由物質(zhì)分子無規(guī)典運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的D.如果液體溫度降到很低,布朗運(yùn)動(dòng)就會(huì)停止E.把少許裱素里水滴入水中，在顯微鏡下觀察到碳顆粒的無叔則運(yùn)動(dòng)現(xiàn)象，說明液體分子在做無頰則運(yùn)動(dòng)【答案】ACE【解析】【詳解】兒溫度越高，分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)越劇烈，擴(kuò)頡進(jìn)行的

20、就越快,故*正確，BC.擴(kuò)散現(xiàn)象是由物質(zhì)分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的，液體中的擴(kuò)歆現(xiàn)象是由于液體分子的無故則運(yùn)動(dòng)引起的，故B錯(cuò)誤,C正確；D.理論上，只有溫度降到絕對(duì)零度，分子熱運(yùn)動(dòng)才會(huì)停止，故D錯(cuò)誤，E.懸浮國體小顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，說明液體分子在做無規(guī)貝闞b故E正確。14.4口地球大氣層的厚度才遠(yuǎn)小于地球半徑R,空氣平均摩爾質(zhì)量為M,阿伏加德羅常數(shù)為地面大氣壓強(qiáng)為P ,重力加速度大小為S。試估苴：（1 ）大氣對(duì)地球表面的壓力大小和地球大氣層空氣分子總數(shù)；（II ）若氣體分子視為立方體模型，則空氣分子之間的平均距南為多少?！敬鸢浮浚?）尸=4町水'= 畸落。偎【解析】1詳解】（1）根據(jù)4/S,

21、大氣對(duì)地球表面的壓力大小為：F = px4"K： =4ip火：3諛大氣層中氣體的質(zhì)蚤為小由大氣壓強(qiáng)的產(chǎn)生：nig = pS =A7TpR，,即：g分子數(shù)：_叫-Mg-；（2）假設(shè)每個(gè)分子占據(jù)一個(gè)小立方體，各小立方體紫密排列，則小立萬體邊長即為空氣分子間的平均間距，設(shè)為a, 大氣層中氣體總體積為6則y = 4*h，所以:15.關(guān)于波的認(rèn)識(shí)，下列說法正確的是（）A.潛艇利用聲吶探測(cè)圍圍物體的分布情況，利用的是源的反射原理B.發(fā)生多普勒效曲寸，波漉的頻率發(fā)生了變化C.機(jī)械波在介質(zhì)中的傳播速度是由介質(zhì)本身的性質(zhì)決定的D.波在傳播過程卬繞過障礙物向前傳播的現(xiàn)象，是波的折射現(xiàn)象E.醫(yī)生不擁超聲波

22、探測(cè)病人血管中血流虢度，利用的是多普勒效應(yīng)【答案】Q【解折】【詳解】A.潛艇利用聲吶探測(cè)周圍物體的分布情況，聲吶采用的是貂聲浪，超聲波的方向性好，遇到隍得物容易 反射，故A正確；B.發(fā)生多普初效應(yīng)B寸，波源的頻率沒有發(fā)生變化，相對(duì)波源運(yùn)動(dòng)的物體接收到的波的頻率發(fā)生了變化，故B錯(cuò)誤;C.機(jī)械波在不同介質(zhì)中傳搐速度不同，傳播速度是由介質(zhì)本身的性質(zhì)決定的，故C正確；D.波在傳搐過程卬繞過障礙物向前傳搐的現(xiàn)象，是波的衍射現(xiàn)象，故D錯(cuò)誤，E.醫(yī)生半向超聲波探測(cè)病人血管申血流的速度，是通過測(cè)出反射波的頻率變化來確定血流的速度，利用的是多普 勒效應(yīng)原理，故E正確。16.兩歹愉皆'波沿軸相向而行，波速均為v = 0 4m s,兩波源分另股于乂、3處，=0時(shí)的波形如圖所示。求： <1）兩為$渡運(yùn)動(dòng)的解分別為多少J（ID當(dāng)，2.5s時(shí)，.必、N兩點(diǎn)的位移大小分別為多少?！窘馕觥?詳解】 由圖可知，A波的波長為0.2n, B波的波長為0.依，:朧波速1，=白A波的周期：B波的周期:(ID在n到尸2.5$時(shí)間內(nèi)，a波向右傳搐的距離為：廣心目.4X2.5=l.0m,£波向左傳搐