領腳市脖臉學校高二物理下學期期末試卷高二全冊物理試題_2_01

1、欲彩州領腳市脖臉學校高二（下）期末物理試卷一、選擇題：本題共10 小題，每小題 4 分，共 40 分 1-6 為單選題，每小題給出的選項中只有一個符合題意要求 7-10為不定項選擇題，選全的得4 分，選對但不全的得2 分，選錯和不選的得0 分1. 下列敘述與歷史相符的是（） A奧斯特指出變化的磁場可以使閉合電路中產生電流 B楞次從理論上運用數(shù)學推導的方法得出了楞次定律 C麥克斯韋認為變化的磁場能產生電場 D布朗通過電子顯微鏡觀察花粉在水中的運動之后得出分子做無規(guī)則運動的結論2. 我國家庭照明電路的電壓隨時間變化的規(guī)律為u=311sin100 t （ V）下列說法中正確的是（）A. 標有“輸入電

2、壓 100V240V、50Hz”旅行充電器接在該交流電上可以正常工作B. 標有“輸入電壓 100V240V、100Hz”旅行充電器接在該交流電上可以正常工作C該交流電只能給標有311V 的用電器供電D該交流電給用某電器供電與用311V 的穩(wěn)恒直流電給該用電器供電，效果相同3. 下列說法中正確的是（） A溫度低的物體內能小 B分子運動的平均速度可能為零，瞬時速度不可能為零C液體與大氣相接觸，表面層內分子所受其他分子的作用表現(xiàn)為相互吸引D一定質量的理想氣體溫度升高后分子勢能增大4. 一定質量的理想氣體從狀態(tài)a 變化到狀態(tài) b 的 PV 圖象如圖所示，在這一過程中，下列表述正確的是（）A. 氣體在

3、a 狀態(tài)的內能比 b 狀態(tài)的內能大B氣體向外釋放熱量 C外界對氣體做正功D氣體分子撞擊器壁的平均作用力增大 5如圖甲所示，理想變壓器原線圈接交流電源和交流電壓表，副線圈與熱水器、抽油煙機連接且都在正常工作已知副線圈上的電壓按圖乙所示規(guī)律變化，現(xiàn)將開關S 斷開，下列說法正確的是（） A熱水器消耗的功率變大B變壓器的輸入功率減小C原線圈中的交流電的周期為0.1s D開關 S 斷開后，電壓表示數(shù)變小6. 如圖所示，燈泡 A、B 與固定電阻的阻值均為R，L 是帶鐵芯的理想線圈，電源的內阻不計開關S1 、S2均閉合且電路達到穩(wěn)定已知電路中的各種元件均在安全范圍之內下列判斷中正確的是（） A燈泡 A 中有

4、電流通過，方向為abB. 將 S1 斷開的瞬間，燈泡 A、B 同時熄滅C. 將 S1 斷開的瞬間，通過燈泡A 的電流最大值要比原來通過燈泡B 的電流大D. 將 S2 斷開，電路達到穩(wěn)定，燈泡A、B 的亮度相同7. 若以 M表示水的摩爾質量， V 表示在狀態(tài)下水蒸氣的摩爾體積，為在狀態(tài)下水蒸氣的密度，NA 為阿伏加德羅常數(shù)， m、V0 表示每個水分子的質量和體積下面關系式正確的是（）A. NA=B=C m=D V0=8. 如圖為兩分子系統(tǒng)的勢能Ep 與兩分子間距離 r 的關系曲線下列說法正確的是（）A. 當 r 大于 r 1 時，分子間的作用力表現(xiàn)為引力B. 當 r 小于 r 1 時，分子間的作

5、用力表現(xiàn)為斥力C. 當 r 等于 r 1 時，分子間勢能 Ep 最小D. 當 r 由 r 1 變到 r 2 的過程中，分子間的作用力做正功9. 下列說法中正確的是（）A. 空氣中 PM2.5 的運動屬于分子熱運動B露珠呈球形是由于液體表面張力的作用 C液晶顯示屏是利用液晶的光學各向異性制成的 D空氣中水蒸氣的壓強與同一溫度時水的飽和汽壓之比叫做空氣的相對濕度10. 矩形導線框 abcd 固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直規(guī)定磁場的正方向垂直于紙面向里，磁感應強度B 隨時間 t 變化的規(guī)律如圖所示則下列i t 圖象中可能正確的是（）ABCD 二、實驗題：本題共2 個小題，滿分19

6、 分，把答案直接填在答題卡中的相應位置11. 在“用油膜法估測分子大小”實驗中所用的油酸酒精溶液的濃度為1000mL溶液中有純油酸 0.6mL，用2注射器測得 1mL上述溶液為 80 滴，把 1 滴該溶液滴入盛水的淺盤內，讓油膜在水面上盡可能散開，測得油酸薄膜的輪廓形狀和尺寸如圖所示，圖中正方形方格的邊長為1cm，試求：（ 1）油酸膜的面積是cm；（ 2）實驗測出油酸分子的直徑是m；（結果保留兩位有效數(shù)字）（ 3）實驗中為什么要讓油膜盡可能散開？12（13 分）（2015 春?期末）如圖所示，用圖中所示的器材進行研究電磁感應現(xiàn)象A是直徑較小的線圈， B 是直徑較大的線圈，學生電源能輸出交流電和

7、直流電（ 1）將 A 線圈放在 B 線圈中，若想檢驗在開關S 閉合的瞬間，線圈 B 中是否有電流產生，則右側的電路需要進一步連線，請你補充完整（ 2）在（ 1）中將線連接好之后，檢查無誤閉合開關S 的瞬間，靈敏電流計G的指針（填寫“發(fā)生偏轉”或者“不發(fā)生偏轉”）；閉合開關 S經過一段時間之后，靈敏電流計G的指針（填寫“發(fā)生偏轉”或者“不發(fā)生偏轉”）；改變滑動變阻器的觸頭P 的位置，第次緩慢移動，第次快速移動，觀察靈敏電流計G 的示數(shù)可得到的結論是：第次的示數(shù)（填“大于”、“小于” 或“等于”）第次的示數(shù)；將鐵芯插入A 線圈中，保持其他不變，斷開開關的瞬間，靈敏電流計G 的示數(shù)與線圈 A 中沒有

8、鐵芯斷開開關時比較，示數(shù)（填“變大”、“變小”或者“相同”）（ 3）在實驗中某實驗小組誤將電路中的電源接在交流電上，閉合開關電路穩(wěn)定之后，該小組觀察靈敏電流計 G，看到的現(xiàn)象是三 、 問 答 題 （ 本 題 3 小 題 ， 共 14 分 ） 13在應用法拉第電磁感應定律求感應電動勢時有兩種方法，請你分別寫出這兩種表達式并指出表達式的應用范圍14. 請寫出應用楞次定律判斷感應電流方向的步驟15. 熱力學第二定律有多種表述，請寫出下面的兩種：克勞修斯表述開爾文表述四、計算題，本題共5 個小題，滿分47.16. 如圖所示，勻強磁場B=0.1T ，所用矩形線圈的匝數(shù)N=100，邊長 ab=0.2m，

9、bc=0.5m，以角速度=100rad/s繞 OO軸勻速轉動當線圈平面通過中性面時開始計時，試求：（ 1）線圈中感應電動勢的瞬時值表達式（ 2）由過程中的平均電動勢的大?。?3）該交變電流的電動勢有效值是多少？517. 北京奧運場館的建設體現(xiàn)了“綠色奧運”的理念作為北京奧運會主場館之一的國家體育館“鳥巢” 擁有 9.1 萬個座位，其扇型屋面和大面積的玻璃幕墻不僅給人以賞心悅目之感，還隱藏著一座年發(fā)電量約為 98550kW?h時的太陽能光伏發(fā)電系統(tǒng)，供給體育館內的照明燈等使用假如該發(fā)電系統(tǒng)的輸出功率為110 W（ 1）按平均每天太陽照射6h 計，該發(fā)電系統(tǒng)一年（ 365 天計）能輸出多少電能？（

10、 2）假若發(fā)電系統(tǒng)的輸出電壓為250V，現(xiàn)準備向遠處輸電所用輸電線的總電阻為R線 =8，要求輸電時在輸電線上損失的電功率不超過輸送電功率的5%求應選用匝數(shù)比多大的升壓變壓器18（10 分）（2012?汕頭模擬）如圖所示，兩根平行金屬導軌固定在同一水平面內，間距為l ，導軌左端連接一個電阻一根質量為m、電阻為 r 的金屬桿 ab 垂直放置在導軌上在桿的右方距桿為d 處有一個勻強磁場，磁場方向垂直于軌道平面向下，磁感應強度為B對桿施加一個大小為F、方向平行于導軌的恒力， 使桿從靜止開始運動，已知桿到達磁場區(qū)域時速度為v，之后進入磁場恰好做勻速運動不計導軌的電阻， 假定導軌與桿之間存在恒定的阻力f

11、求：（ 1）導軌對桿 ab 的阻力大小 f （ 2）桿 ab 中通過的電流及其方向（ 3）導軌左端所接電阻的阻值R19（10 分）（2015 春?期末）如圖，質量為M的導熱性能極好的氣缸，高為L，開口向上置于水平地面上， 氣缸中有橫截面積為S、質量為 m的光滑活塞，活塞將一定質量的理想氣體封閉在氣缸內外界溫度為t 1 、大氣壓為 p0，此時氣柱高度為 l ，氣缸和活塞的厚度均可忽略不計，重力加速度為g（ 1）用豎直向上的力作用在活塞上使氣缸能離開地面，則需要施加的最小力F1 多大？（ 2）將氣缸固定在地面上，如果氣體溫度保持不變，將活塞緩慢拉至氣缸頂端，求在頂端處，豎直拉力F2 的大?。?3）

12、如果外界溫度由 t 1 緩慢升高到恰使活塞移至氣缸頂端，則此時外界溫度為多少攝氏度？20（12 分）（2015 春?期末）如圖甲所示， abcd 是位于豎直平面內的正方形閉合金屬線框，金屬線框的質 量為 m，電阻為 R，在金屬線框的下方有一勻強磁場區(qū)域，MN和 PQ是勻強磁場區(qū)域的水平邊界并與線框的 bc 邊平行，磁場方向垂直于線框平面向里現(xiàn)使金屬線框從MN上方某一高度處由靜止開始下落，如圖乙是金屬線框由開始下落到完全穿過勻強磁場區(qū)域瞬間的v t 圖象， 圖中字母均為已知量重力加速度為g，不計空氣阻力求：（ 1）金屬線框的邊長；（ 2）金屬線框在進入磁場的過程中通過線框截面的電量；（ 3）金屬

13、線框在 0t 4 時間內安培力做的總功高二（下）期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題：本題共10 小題，每小題 4 分，共 40 分 1-6 為單選題，每小題給出的選項中只有一個符合題意要求 7-10為不定項選擇題，選全的得4 分，選對但不全的得2 分，選錯和不選的得0 分1. 下列敘述與歷史相符的是（）A. 奧斯特指出變化的磁場可以使閉合電路中產生電流 B楞次從理論上運用數(shù)學推導的方法得出了楞次定律 C麥克斯韋認為變化的磁場能產生電場 D布朗通過電子顯微鏡觀察花粉在水中的運動之后得出分子做無規(guī)則運動的結論【考點】物理學史【分析】根據(jù)物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可【解答

14、】解： A、奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，揭示了電和磁之間存在聯(lián)系，故A 錯誤； B、楞次通過實驗總結得出了楞次定律，故B錯誤；C、克斯韋認為變化的磁場能產生電場，故C正確；D、布朗觀察水中的花粉顆粒，發(fā)現(xiàn)了布朗運動，之后得出分子做無規(guī)則運動的結論，故D正確； 故選： CD【點評】本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內容之一2. 我國家庭照明電路的電壓隨時間變化的規(guī)律為u=311sin100 t （ V）下列說法中正確的是（）A. 標有“輸入電壓 100V240V、50Hz”旅行充電器接在該交流電上可以正常工作B. 標有“輸入電壓 100V24

15、0V、100Hz”旅行充電器接在該交流電上可以正常工作C該交流電只能給標有311V 的用電器供電D該交流電給用某電器供電與用311V 的穩(wěn)恒直流電給該用電器供電，效果相同【考點】交流發(fā)電機及其產生正弦式電流的原理【專題】交流電專題【分析】根據(jù)交流電的表達式可明確電源的最大值及頻率，再根據(jù)有效值與最大值間的關系求得有效值； 再根據(jù)各項內容進行分析【解答】解：該交流電的最大值為311V，有效值為 220V；角速度為 100；則頻率 f=50Hz ；則有： A、充電器的輸入電壓及工作頻率均符合要求，故接在該交流電上可以正常工作；故A 正確；B、頻率為 100Hz，與電源頻率不符，無法正常工作；故B

16、錯誤；C、該交流電只能為 220V 的用電器工作；故 C 錯誤；D、根據(jù)有效值的定義可知，該交流電給用某電器供電與用220V 的穩(wěn)恒直流電給該用電器供電，效果相同；故 D 錯誤； 故選： A【點評】本題考查對交流電的表達式的掌握，要注意明確表達式中所包含的信息，明確有效值和最大值的區(qū)別與聯(lián)系3. 下列說法中正確的是（） A溫度低的物體內能小 B分子運動的平均速度可能為零，瞬時速度不可能為零C液體與大氣相接觸，表面層內分子所受其他分子的作用表現(xiàn)為相互吸引D一定質量的理想氣體溫度升高后分子勢能增大【考點】 * 液體的表面張力現(xiàn)象和毛細現(xiàn)象；分子的熱運動【分析】溫度是分子熱運動平均動能的標志，溫度相

17、同的兩物體中，分子熱運動平均動能相同，每個分子的動能不完全相同，物體分子的動能、勢能之和統(tǒng)稱內能與質量、溫度、體積有關，溫度低內能不一定??；表面張力的微觀解釋，分子間距大表現(xiàn)為引力；物體分子的動能、勢能之和統(tǒng)稱內能【解答】解： A、物體分子的動能、勢能之和統(tǒng)稱內能，與質量、溫度、體積有關，溫度低內能不一定??；故 A 錯誤B 、分子永不停息的做無規(guī)則運動，其平均速率不可能為零，故B錯誤C 、表面張力的微觀解釋，液體表面層的分子間距較大，表現(xiàn)為引力，故C正確D 、溫度是分子熱運動平均動能的標志，與分子勢能的大小無關，故D錯誤； 故選： C【點評】該題考查溫度的意義、與內能相關的物理量以及表面張力，

18、要注意的是溫度是分子熱運動平均動能的標志，而內能包括分子動能和分子勢能兩部分4. 一定質量的理想氣體從狀態(tài)a 變化到狀態(tài) b 的 PV 圖象如圖所示，在這一過程中，下列表述正確的是（）A. 氣體在 a 狀態(tài)的內能比 b 狀態(tài)的內能大B. 氣體向外釋放熱量 C外界對氣體做正功 D氣體分子撞擊器壁的平均作用力增大【考點】理想氣體的狀態(tài)方程；熱力學第一定律；氣體壓強的微觀意義【分析】 根據(jù)圖象可知ab 的壓強與體積之間的關系， 再根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程分析ab 之間的溫度關系，理想氣體內能由溫度決定根據(jù)熱力學第一定律分析氣體的內能的變化由a 到 b 氣體體積變大，氣體對外做功【解答】 解：A、由 P

19、V 圖象可知， 由 a 到 b 氣體的壓強和體積均增大， 根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程：可知，氣體溫度升高，理想氣體內能由溫度決定，故內能增加，即U0，根據(jù)熱力學第一定律： U=W+Q可知， Q0，氣體從外界吸收熱量，故A 錯誤， B 錯誤；C、由 P V 圖象可知，由 a 到 b 氣體的壓強和體積均增大，氣體對外做功，W0故 C 錯誤；D、根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程：可知，氣體溫度升高，溫度是分子平均動能的標志，所以氣體分子的平均動能增大； 由 P V圖象可知， 由 a 到 b 氣體的壓強和體積均增大， 單位體積內分子數(shù)減少，又壓強增大，故氣體分子撞擊器壁的作用力增大，故D 正確； 故選： D【點評】根據(jù)

20、圖象，應用理想氣體狀態(tài)方程判斷出氣體溫度如何變化是正確解題的前提與關鍵，判斷氣體是吸熱還是放熱，要注意熱力學第一定律的應用 5如圖甲所示，理想變壓器原線圈接交流電源和交流電壓表，副線圈與熱水器、抽油煙機連接且都在正常工作已知副線圈上的電壓按圖乙所示規(guī)律變化，現(xiàn)將開關S 斷開，下列說法正確的是（）A熱水器消耗的功率變大 B變壓器的輸入功率減小 C原線圈中的交流電的周期為0.1sD開關 S 斷開后，電壓表示數(shù)變小【考點】變壓器的構造和原理【專題】交流電專題【分析】電壓表測的是電流的有效值根據(jù)圖乙所示圖象求出交變電流的峰值、角頻率初位相，然后寫出交變電流的瞬時值表達式根據(jù)動態(tài)分析法分析實際功率由W=

21、Pt可以求出抽油煙機消耗的電能【解答】解： A、斷開開關，副線圈所接電路電阻減小，電流增大，熱水器兩端電壓不變，所以消耗功率不變，故 A 錯誤；B、斷開開關，電流減小，電壓不變，所以線圈消耗的功率減小，輸入功率等于輸出功率，故B 正確；C、變壓器只改變電壓，不改變周期，故周期為T=0.02s ，故 C 錯誤； D、電壓表只測量輸入電壓，故電壓表示數(shù)不變，故D錯誤；故選： B【點評】會寫交變電流的瞬時值表達式，應知道電壓表與電流表測的是交變電流的有效值，能用動態(tài)分析法判斷電流、電壓的變化6. 如圖所示，燈泡 A、B 與固定電阻的阻值均為R，L 是帶鐵芯的理想線圈，電源的內阻不計開關S1 、S2均

22、閉合且電路達到穩(wěn)定已知電路中的各種元件均在安全范圍之內下列判斷中正確的是（） A燈泡 A 中有電流通過，方向為abB. 將 S1 斷開的瞬間，燈泡 A、B 同時熄滅C. 將 S1 斷開的瞬間，通過燈泡A 的電流最大值要比原來通過燈泡B 的電流大D. 將 S2 斷開，電路達到穩(wěn)定，燈泡A、B 的亮度相同【考點】自感現(xiàn)象和自感系數(shù)【分析】首先要注意該題中，S2 在斷開與閉合的兩種情況下電路的結構不相同；在開關閉合瞬間，線圈阻礙電流的增加，斷開S1 瞬間產生一自感電動勢相當于電源，與A 組成閉合回路【解答】解：開關 S2 閉合時電路的結構是 A 與 L 并聯(lián)， B 與 R并聯(lián)，然后兩部分串聯(lián)；開關S

23、2 斷開時電路的結構是 A 與 R串聯(lián)， B 與 L 串聯(lián)，然后兩部分并聯(lián)A、開關 S1 、S2 均閉合且電路達到穩(wěn)定，由于L 是帶鐵芯的理想線圈，所以燈A 被短路，沒有電流流過故A 錯誤；B、將 S1 斷開的瞬間， L 將阻礙自身電流的減小，即該電流還會維持一段時間，在這段時間里，因S2 閉合，電流不可能經過 B 燈和 R，只能通過 A 燈故 B 錯誤；C、開關 S1 、S2 均閉合且電路達到穩(wěn)定，由于L 是帶鐵芯的理想線圈，所以燈A 被短路，所以流過 L 的電流是兩個 B 與 R 上的電流的和；由于自感形成的電流是在L 原來電流的基礎上逐漸減小的，而A 燈原來沒有電流，故流過A 的電流是兩

24、個B 與 R 上的電流的和，通過燈泡A 的電流最大值要比原來通過燈泡B 的電流大，故 C正確；D、將 S2 斷開，開關 S2 斷開時電路的結構是 A 與 R 串聯(lián)，B 與 L 串聯(lián)，所以電路達到穩(wěn)定， 燈泡 B 的亮度大 故 D 錯誤故選： C【點評】該題結合線圈的自感考查電路的結構、自感以及電功率，做好本類題目要注意：線圈與哪種電器配合，在結合線圈的特點分析哪一端的電勢高，從而判斷電流的方向7. 若以 M表示水的摩爾質量， V 表示在狀態(tài)下水蒸氣的摩爾體積，為在狀態(tài)下水蒸氣的密度，NA 為阿伏加德羅常數(shù)， m、V0 表示每個水分子的質量和體積下面關系式正確的是（）A. NA=B=C m=D

25、V0=【考點】阿伏加德羅常數(shù)【分析】密度等于摩爾質量除以摩爾體積，摩爾數(shù)等于質量與摩爾質量之比阿伏加德羅常數(shù)NA 個原子的質量之和等于摩爾質量而對水蒸氣，由于分子間距的存在，NAv 并不等于摩爾體積【解答】解： A、V（表示摩爾質量）除以m（單個分子的質量）等于NA（表示阿伏加德羅常數(shù)） ，故 A 正確；B、對水蒸氣，由于分子間距的存在，NAv 0 并不等于摩爾體積，故B 錯誤；C、單個分子的質量等于摩爾質量除以阿伏伽德羅常數(shù)，故C正確；D、對水蒸氣，由于分子間距的存在，摩爾體積處于阿伏加德羅常數(shù)等于每個分子占據(jù)的空間體積，但并不等于分子體積，故 D錯誤； 故選： AC【點評】本題主要考查氣體

26、阿伏伽德羅常數(shù)的計算，阿伏加德羅常數(shù)NA 是聯(lián)系宏觀與微觀的橋梁，抓住它的含義，區(qū)分對氣體還是液體的計算是解題的關鍵8. 如圖為兩分子系統(tǒng)的勢能Ep 與兩分子間距離 r 的關系曲線下列說法正確的是（）A. 當 r 大于 r 1 時，分子間的作用力表現(xiàn)為引力B. 當 r 小于 r 1 時，分子間的作用力表現(xiàn)為斥力C. 當 r 等于 r 1 時，分子間勢能 Ep 最小D. 當 r 由 r 1 變到 r 2 的過程中，分子間的作用力做正功【考點】分子間的相互作用力；分子勢能【專題】分子間相互作用力與分子間距離的關系【分析】當分子間距離等于平衡距離時，分子力為零，分子勢能最小；當分子間距離小于平衡距離

27、時，分子力表現(xiàn)為斥力；根據(jù)圖象分析答題【解答】解：由圖象可知：分子間距離為r 2 時分子勢能最小，此時分子間的距離為平衡距離；A、r 2 是分子的平衡距離，當0r r 2 時，分子力為斥力，當r r 2 時分子力為引力，故 A 錯誤；B、當 r 小于 r 1 時，分子間的作用力表現(xiàn)為斥力，故B 正確；C、當 r 等于 r 2 時，分子間的作用力為零，故C錯誤；D、在 r 由 r 1 變到 r 2 的過程中，分子力為斥力，分子間距離增大，分子間的作用力做正功，故D正確； 故選： BD【點評】分子間距離等于平衡距離時分子勢能最小，掌握分子間作用力與分子間距離的關系、并理解分子力做功與分子勢能的關系

28、，即可正確解題 9下列說法中正確的是（） A空氣中 PM2.5 的運動屬于分子熱運動B露珠呈球形是由于液體表面張力的作用 C液晶顯示屏是利用液晶的光學各向異性制成的D空氣中水蒸氣的壓強與同一溫度時水的飽和汽壓之比叫做空氣的相對濕度【考點】分子的熱運動；* 液晶【分析】 PM2.5 是分子團，不是分子液晶即具有流動性，又具有光學各向異性的性質；液體表面的分子分布比液體內部分子的分布要稀疏，故存在液體的表面張力【解答】解： A、PM2.5 是固體小顆粒，是分子團，不是分子，所以空氣中PM2.5 的運動不屬于分子熱運動，故 A 錯誤B、露珠呈球形是由于液體表面張力的作用而形成的，故B正確C、液晶具有

29、液體的流動性，同時具有晶體的各向異性特征，液晶顯示屏是利用液晶的光學各向異性制成的故 C 正確D、空氣中水蒸氣的壓強與同一溫度時水的飽和汽壓之比叫做空氣的相對濕度，故D正確；故選： BCD【點評】本題考查了液晶、相對濕度、液體表面張力等知識點，對基礎知識要加強記憶10. 矩形導線框 abcd 固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直規(guī)定磁場的正方向垂直于紙面向里，磁感應強度B 隨時間 t 變化的規(guī)律如圖所示則下列i t 圖象中可能正確的是（）ABCD【考點】法拉第電磁感應定律；閉合電路的歐姆定律【專題】電磁感應與圖像結合【分析】由右圖可知B 的變化，則可得出磁通量的變化情況，由楞次定

30、律可知電流的方向；由法拉第電磁感應定律可知電動勢，即可知電路中電流的變化情況【解答】解：由圖可知，01s 內，線圈中磁通量的變化率相同，故0 1s 內電流的方向相同，由楞次定律可知，電路中電流方向為逆時針；同理可知，1 2s 內電路中的電流為順時針，2 3s 內，電路中的電流為順時針， 34s 內，電路中的電流為逆時針，由E=可知，電路中電流大小恒定不變由于沒有規(guī)定電流的正方向，故選項CD正確， AB 錯誤 故選： CD【點評】本題要求學生能正確理解B t 圖的含義，才能準確的利用楞次定律進行判定 二、實驗題：本題共2 個小題，滿分19 分，把答案直接填在答題卡中的相應位置11. 在“用油膜法

31、估測分子大小”實驗中所用的油酸酒精溶液的濃度為1000mL溶液中有純油酸 0.6mL，用注射器測得 1mL上述溶液為 80 滴，把 1 滴該溶液滴入盛水的淺盤內，讓油膜在水面上盡可能散開，測得油酸薄膜的輪廓形狀和尺寸如圖所示，圖中正方形方格的邊長為1cm，試求：2（ 1）油酸膜的面積是115cm； 10（ 2）實驗測出油酸分子的直徑是6.5 10m；（結果保留兩位有效數(shù)字）（ 3）實驗中為什么要讓油膜盡可能散開？這樣做的目的是為了讓油膜在水平面上形成單分子油膜【考點】用油膜法估測分子的大小【專題】實驗題【分析】由圖示油膜求出油膜的面積求出一滴溶液中含純油的體積，然后求出油酸分子的直徑讓油在水面

32、上盡可能散開，形成單分子油膜2【解答】解：由圖示可知，油膜占115 個方格，油膜的面積 S=1cm1cm115=115cm一滴溶液中含純油的體積V=7.5 10 6mL， 10油酸分子的直徑 d=6.5 10m當油酸溶液滴在水面后，盡可能散開，形成單分子膜，這樣才能得出油酸分子直徑由體積除面積； 1010（ 1）113115 都對；（ 2）6.5 106.6 10都對；（3）這樣做的目的是為了讓油膜在水平面上形成單分子油膜【點評】求油膜面積時要注意，不到半個格的要舍去，超過半個格的算一個格，數(shù)出油膜輪廓的格數(shù)，然后乘以每一個格的面積得到油膜的面積；求油的體積時要注意，求的是純油的體積，不是溶液

33、的體積12（13 分）（2015 春?期末）如圖所示，用圖中所示的器材進行研究電磁感應現(xiàn)象A是直徑較小的線圈， B 是直徑較大的線圈，學生電源能輸出交流電和直流電（ 1）將 A 線圈放在 B 線圈中，若想檢驗在開關S 閉合的瞬間，線圈 B 中是否有電流產生，則右側的電路需要進一步連線，請你補充完整（ 2）在（ 1）中將線連接好之后，檢查無誤閉合開關S 的瞬間，靈敏電流計G的指針發(fā)生偏轉（填寫“發(fā)生偏轉”或者“不發(fā)生偏轉”）；閉合開關 S經過一段時間之后， 靈敏電流計 G的指針不發(fā)生偏轉（填寫“發(fā)生偏轉”或者“不發(fā)生偏轉”）；改變滑動變阻器的觸頭P 的位置，第次緩慢移動，第次快速移動， 觀察靈敏

34、電流計 G的示數(shù)可得到的結論是： 第次的示數(shù)小于 （填“大于”、 “小于”或“等于”）第次的示數(shù)；將鐵芯插入A 線圈中，保持其他不變，斷開開關的瞬間，靈敏電流計G的示數(shù)與線圈 A 中沒有鐵芯斷開開關時比較，示數(shù)變大（填“變大”、“變小”或者“相同”）（ 3）在實驗中某實驗小組誤將電路中的電源接在交流電上，閉合開關電路穩(wěn)定之后，該小組觀察靈敏電流計 G，看到的現(xiàn)象是指針讀數(shù)不變【考點】研究電磁感應現(xiàn)象【專題】實驗題【分析】（1）的關鍵是明確“法拉第探究感應電流產生的條件”實驗的實驗原理即可；（ 2）的關鍵是明確閉合電路中產生感應電流的調節(jié)是穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化，且由法拉第電磁感應定律與閉

35、合電路歐姆定律，從而確定電流的大小，當線圈中有鐵芯時，線圈的磁性會增強；（ 3）根據(jù)變壓器的工作原理，結合電表測量值為有效值，從而即可求解【解答】解： （1）根據(jù)實驗原理可知，副線圈B 應與電流表相連，原線圈A 應與電源相連，連線圖如圖所示：（ 2）閉合開關 S 的瞬間，導致穿過線圈B的磁通量在變化，則靈敏電流計G的指針發(fā)生偏轉；當閉合開關 S 經過一段時間之后，穿過線圈B 中的磁通量不變，則靈敏電流計G的指針不發(fā)生偏轉；根據(jù)法拉第電磁感應定律，及閉合電路歐姆定律，第次緩慢移動，第次快速移動，那么第次的感應電流小，第次感應電流大，因此第次的示數(shù)小于第次的示數(shù)；當將鐵芯插入A 線圈中，保持其他不

36、變，斷開開關的瞬間，導致穿過線圈B 的磁通率變大，靈敏電流計G的示數(shù)與線圈A 中沒有鐵芯斷開開關時比較，示數(shù)變大；（ 3）在實驗中某實驗小組誤將電路中的電源接在交流電上，閉合開關電路穩(wěn)定之后，根據(jù)變壓器的工作原理，則該小組觀察靈敏電流計測量交流電的有效值，因此看到的現(xiàn)象是指針讀數(shù)不變故答案為：（ 1）如上圖所示；（2）發(fā)生偏轉，不發(fā)生偏轉，小于，變大；（ 3）指針計數(shù)不變；【點評】應明確感應電流產生的條件是：只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化，電路中就會產生感應電流掌握法拉第電磁感應定律與閉合電路歐姆定律的應用，理解線圈中的有無鐵芯的區(qū)別； 注意分清兩個閉合電路，同時掌握變壓器的工作原理，及電表

37、測量值為有效值三、問答題（本題 3 小題，共 14 分）13. 在應用法拉第電磁感應定律求感應電動勢時有兩種方法，請你分別寫出這兩種表達式并指出表達式的應用范圍【考點】法拉第電磁感應定律【分析】由法拉第電磁感應定律可知，閉合電路中產生的感應電動勢的大小與磁通量的變化率成正比，一般公式為： E=n，其中 n 為線圈的匝數(shù)；對于導體切割磁感線產生感應電動勢的情況，常采用E=BLv來計算【解答】解：由法拉第電磁感應定律可知；E=n，即 E 與磁通量的變化率成正比，即電動勢取決于磁通量的變化快慢，此公式應用于平均感應電動勢的計算；對于導體切割磁感線產生感應電動勢的情況，常采用E=BLv來計算，使用條件

38、為 B、L、v 兩兩垂直的情況， 不垂直式進行正交分解，取垂直的分量此公式既可以計算勻強磁場中導體運動產生的平均感應電動勢，也可以計算非勻強磁場瞬時感應電動勢【點評】學習物理規(guī)律關鍵要弄明白使用的條件和情景，在具體的情境中合理選擇運用14. 請寫出應用楞次定律判斷感應電流方向的步驟【考點】楞次定律【分析】楞次定律與右手定則可確定感應電流的方向，根據(jù)右手定則內容，即可求解【解答】解：對于感應電流的方向，可由楞次定律判定，用楞次定律判斷感應電流方向一般有4 個步驟：確定原磁場的方向；判斷原磁場的變化趨勢；根據(jù)楞次定律確定感應電流的磁場的方向；根據(jù)右手螺旋定則確定感應電流的方向故答案為：用楞次定律判

39、斷感應電流方向一般有4 個步驟：確定原磁場的方向；判斷原磁場的變化趨勢；根據(jù)楞次定律確定感應電流的磁場的方向；根據(jù)右手螺旋定則確定感應電流的方向【點評】考查法拉第感應定律與閉合電路歐姆定律的應用，掌握楞次定律與右手定則的區(qū)別，及其各自內容，注意右手定則與左手定則的不同15. 熱力學第二定律有多種表述，請寫出下面的兩種：開爾文表述不可能從單一熱源吸收熱量，使之完全變成功（全部對外做功），而不產生其他影響（不引起其他變化）【考點】熱力學第二定律【專題】熱力學定理專題【分析】熱力學第二定律有不同的表述：不可能把熱從低溫物體傳到高溫物體而不產生其他影響；不可能從單一熱源取熱使之完全轉換為有用的功而不產

40、生其他影響【解答】解：克勞修斯表述為：不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體，而不引起其他變化；開爾文表述為：不可能從單一熱源吸收熱量，使之完全變成功（全部對外做功），而不產生其他影響（不引起其他變化） 故答案為：不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體，而不引起其他變化；不可能從單一熱源吸收熱量，使之完全變成功（全部對外做功），而不產生其他影響（不引起其他變化）【點評】本題關鍵熟悉熱力學第二定律的各種表述，能夠明確熱力學第二定律的本質四、計算題，本題共5 個小題，滿分47.16如圖所示，勻強磁場B=0.1T ，所用矩形線圈的匝數(shù)N=100，邊長 ab=0.2m， bc=0.5m，以角速度=100r

41、ad/s繞 OO軸勻速轉動當線圈平面通過中性面時開始計時，試求：（ 1）線圈中感應電動勢的瞬時值表達式（ 2）由過程中的平均電動勢的大小克勞修斯表述不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體，而不引起其他變化（ 3）該交變電流的電動勢有效值是多少？【考點】交流發(fā)電機及其產生正弦式電流的原理；法拉第電磁感應定律；交流的峰值、有效值以及它們的關系【專題】交流電專題【分析】（ 1）根據(jù) Em=NBS 求解感應電動勢的最大值，然后根據(jù)e=Emsin t求解感應電動勢的瞬時值表達式；（ 2）過程中，根據(jù)求解感應電動勢的平均值；（ 3）根據(jù) E=求解電動勢有效值【解答】解： （1）感應電動勢的最大值：Em=NB

42、S=1000.1 （0.2 0.5 ）100=100V314V當線圈平面通過中性面時開始計時，感應電動勢的瞬時值表達式：e=Emsin t=314sin100 t （ V）（ 2）由過程中的平均電動勢的大?。?100=200V（ 3）該交變電流的電動勢有效值是：E=222V答：（1）線圈中感應電動勢的瞬時值表達式為e=Emsin t=314sin100 t （ V）（2）由過程中的平均電動勢的大小為200V（ 3）該交變電流的電動勢有效值是222V【點評】本題關鍵是要能區(qū)分最大值、瞬時值、有效值和平均值，明確最大值表達式Em=NBS，平均值表達式517北京奧運場館的建設體現(xiàn)了“綠色奧運”的理念

43、作為北京奧運會主場館之一的國家體育館“鳥巢” 擁有 9.1 萬個座位，其扇型屋面和大面積的玻璃幕墻不僅給人以賞心悅目之感，還隱藏著一座年發(fā)電量約為 98550kW?h時的太陽能光伏發(fā)電系統(tǒng)，供給體育館內的照明燈等使用假如該發(fā)電系統(tǒng)的輸出功率為110 W（ 1）按平均每天太陽照射6h 計，該發(fā)電系統(tǒng)一年（ 365 天計）能輸出多少電能？（ 2）假若發(fā)電系統(tǒng)的輸出電壓為250V，現(xiàn)準備向遠處輸電所用輸電線的總電阻為R線 =8，要求輸電時在輸電線上損失的電功率不超過輸送電功率的5%求應選用匝數(shù)比多大的升壓變壓器【考點】遠距離輸電；交流的峰值、有效值以及它們的關系【專題】交流電專題【分析】（1）根據(jù)輸

44、出功率和時間，通過E=Pt 求出輸出電能（ 2）根據(jù)輸入功率和輸入電壓，求出輸入電流，根據(jù)損耗的功率，通過P=I2R求出輸電線上的電流，通過P=UI 算出輸電電壓，通過升壓變壓器電流比等于匝數(shù)之反比求出升壓變壓器的匝數(shù)比【解答】解： （1）一年光照時間換算成小時為：t=3656hE=Pt1.0 10 5 3656J=2.19 10 8 J（ 2）當輸電線上損失的電功率為輸送電功率的5%時，輸電線中的電流為I 2 ，根據(jù)題意知：0.05P=，解得 I 2=25A由 P=UI2 得升壓比為：11答：（1）該發(fā)電系統(tǒng)一年（365 天計）能輸出7.884 10J 的電能（ 2）升壓變壓器匝數(shù)比為1：1

45、6【點評】掌握住理想變壓器的電壓、電流及功率之間的關系，本題即可得到解決，注意輸電電壓與損耗電壓的相異之處18（10 分）（2012?汕頭模擬）如圖所示，兩根平行金屬導軌固定在同一水平面內，間距為l ，導軌左端連接一個電阻一根質量為m、電阻為 r 的金屬桿 ab 垂直放置在導軌上在桿的右方距桿為d 處有一個勻強磁場，磁場方向垂直于軌道平面向下，磁感應強度為B對桿施加一個大小為F、方向平行于導軌的恒力， 使桿從靜止開始運動，已知桿到達磁場區(qū)域時速度為v，之后進入磁場恰好做勻速運動不計導軌的電阻， 假定導軌與桿之間存在恒定的阻力f 求：（ 1）導軌對桿 ab 的阻力大小 f （ 2）桿 ab 中通

46、過的電流及其方向（ 3）導軌左端所接電阻的阻值R【考點】導體切割磁感線時的感應電動勢；勻變速直線運動的速度與位移的關系；牛頓第二定律；閉合電路的歐姆定律【專題】電磁感應中的力學問題【分析】（1）在磁場區(qū)中，由牛頓第二定律可求得f （ 2）由安培力的大小表達式及方向可求得電流的大小與方向（ 3）由歐姆定律可求得電阻阻值【解答】解： （1）桿進入磁場前做勻加速運動，由牛頓第二定律得F f=ma2由運動學公式得v=2ad解得導軌對桿的阻力為（ 2）桿進入磁場后做勻速運動，設桿受到的安培力為FB，由平衡條件得 F=f+FB ）桿 ab 所受的安培力FB=IBl 解得桿 ab 中通過的電流由安培定則可知

47、桿中的電流方向自a 流向 b（ 3）桿產生的感應電動勢E=Blv 桿中的感應電流解得導軌左端所接電阻阻值： 故答案為：（ 1）導軌對桿的阻力為（ 2）桿 ab 中通過的電流桿中的電流方向自a 流向 b（3）導軌左端所接電阻阻值：【點評】 對物體受力分析時把安培力當作一平常力列入物體受力；會熟練應用安培力表達式進行求解問題19（10 分）（2015 春?期末）如圖，質量為M的導熱性能極好的氣缸，高為L，開口向上置于水平地面上， 氣缸中有橫截面積為S、質量為 m的光滑活塞，活塞將一定質量的理想氣體封閉在氣缸內外界溫度為t 1 、大氣壓為 p0，此時氣柱高度為 l ，氣缸和活塞的厚度均可忽略不計，重力加速度為g（ 1）用豎直向上的力作用在活塞上使氣缸能離開地面，則需要施加的最小力F1 多大？（ 2）將氣缸固定在地面上，如果氣體溫度保持不變，將活塞緩慢拉至氣缸頂端，求在頂端處，豎直拉力F2 的大?。?3）如果外界溫度由 t 1 緩慢升高到恰使活塞移至氣缸頂端，則此時外界溫度為多少攝氏度？【考點】理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強【專題】理想氣體狀態(tài)方程專題【分析】（1）根據(jù)共點力的平衡即可求出；（ 2）如果氣體溫度保持不變，將活塞緩慢拉至氣缸頂端，氣體屬于等溫變化，利用玻意耳定律可求解（