2018-2019版高中物理第四章牛頓運動定律4.7用牛頓運動定律解決問題(二)習題新人教_第1頁
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文檔簡介

1、7 用牛頓運動定律解決問題(一二)基礎鞏固1(多選)一種巨型娛樂器械可以讓人體驗超重和失重的感覺。一個可乘十多個人的環(huán)形座艙套在豎直柱子上,由升降機構送上幾十米的高處,然后讓座艙自由下落。下落一定高度后,制動系統(tǒng)啟動,座艙做減速運動,到地面時剛好停下。下列判斷正確的是()A. 座艙在自由下落的過程中人處于超重狀態(tài)B. 座艙在自由下落的過程中人處于失重狀態(tài)C. 座艙在減速運動的過程中人處于失重狀態(tài)D. 座艙在減速運動的過程中人處于超重狀態(tài)解析:人隨座艙自由下落時,加速度為重力加速度,座艙支持力為零,人處于完全失重狀態(tài),選項 A 錯 誤,選項 B 正確;人隨座艙減速下降時,座艙支持力大于人的重力,

2、人處于超重狀態(tài),選項 C 錯誤,選 項 D 正確。答案:BD#2 在索契冬奧會自由式滑雪女子空中技巧比賽中,中國選手徐夢桃以 83. 50 分奪得銀牌。比賽場地可簡化為如圖所示的助滑區(qū)、弧形過渡區(qū)、著陸區(qū)、減速區(qū)等組成。若將運動員看作質點,且忽略空氣阻力,下列說法正確的是()I | I豪形過渡區(qū)A. 運動員在助滑區(qū)加速下滑時處于超重狀態(tài)B. 運動員在弧形過渡區(qū)運動過程中處于失重狀態(tài)C. 運動員在跳離弧形過渡區(qū)至在著陸區(qū)落地的過程中處于完全失重狀態(tài)D. 運動員在減速區(qū)減速過程中處于失重狀態(tài) 答案:C3 某中學實驗小組的同學在電梯的天花板上固定一個彈簧測力計,使其測量掛鉤(跟彈簧相連的 掛鉤)向下

3、,并在鉤上懸掛一個重為 10N 的鉤碼。彈簧測力計彈力隨時間變化的規(guī)律如圖所示 ,根 據F-t圖象,下列分析正確的是( )A. 從時刻ti到12,鉤碼處于超重狀態(tài)B. 從時刻t3到t4,鉤碼處于失重狀態(tài)C. 電梯可能開始停在 15 樓,先加速向下,接著勻速向下,再減速向下,最后停在 1 樓D. 電梯可能開始停在 1 樓,先加速向上,接著勻速向上,再減速向上,最后停在 15 樓解析:0t1階段,物體處于平衡(靜止或勻速)狀態(tài);t1t2階段,物體處于失重(加速下降或減速上升)狀態(tài);t2t3階段,物體處于平衡狀態(tài);t3t4階段,物體處于超重(加速上升或減速下降)狀態(tài),選項 C 正 確。答案:C4 如

4、圖所示,光滑半球形容器固定在水平面上,0為球心,一質量為m的小滑塊,在水平力F的作用下靜止在P點。設滑塊所受支持力為FN,0P與水平方向的夾角為mgAFtanf?mg解析:對小滑塊受力分析如圖所示,根據三角函數關系可得F A 正確。0。下列關系正確的是(mgCF聞 fFZ 豳閒白CFNmg答案:A 5 如圖所示,置于水平地面的三腳架上固定著一質量為m 的照相機。三腳架的三根輕質支架等長與豎直方向均成 30角,則每根支架承受的壓力大小為()解析:設每根支架對照相機的支持力大小均為FN,由受力平衡得3FNCOS30 =mg解得2層2 i3=曲由牛頓第二定律可知支架承受的壓力大小也為-也 0 選項F

5、ND正確.答案:D如圖所示,兩根等長的輕繩將日光燈懸掛在天花板上,兩繩與豎直方向的夾角都為45 ,日光燈保持水平,所受重力為G左右兩繩的拉力大小分別為*iFA.G和G解析:設繩子中拉力為F,日光燈受力如圖所示。則F=Gin 45 -B 正確。答案:B匕 7 如圖所示,A、B兩球完全相同,質量為m用兩根等長的細線懸掛在0點,兩球之間夾著一根勁度系數為k的輕彈簧,靜止不動時,彈簧位于水平方向,兩根細線之間的夾角為0,則彈簧的長度被 壓縮了()mgtunO 2mgtdn&A-解析:AB、D 錯誤。答案:C8 滑板運動是一項非常刺激的水上運動,研究表明,在進行滑板運動時,水對滑板的作用力于板面

6、,大小為kv2,其中v為滑板速率(水可視為靜止)。某次運動中,在水平牽引力的作用下 板和水面的夾角0=37時,滑板做勻速直線運動,相應的k=54 kg/m,人和滑板的總質量為試求(重力加速度g取 10 m/s2,sin 37 =0.6,忽略空氣阻力):(1) 水平牽引力的大小(2) 滑板的速率。解析:(1)以滑板和運動員為研究對象,其受力如圖所示由共點力平衡條件可得FNCOS0=mg FNSin0=F 由聯(lián)立,得F=810 N。mgFN:又FN=kv2對A球受力分析如圖所示,由平衡條件得F=mgan9又-F=kx,則x-八C正確,選項FN垂直,當滑108 kg,m/s。答案:(1)810 N

7、(2)5 m/s能力提升如圖所示,小球靠在豎直固定擋板上與斜面保持靜止,不計摩擦,當緩慢增大斜面的傾角時,小球對擋板的彈力FNI和小球對斜面的彈-1-A.FN1變大,FN2變大B.FN1變大,FN2變小CFN1變小,FN2變小D.FNI變小,FN2變大解析:按照力的分解原則,將小球的重力G沿垂直于擋板和垂直于斜面方向分解為Fl和F2,I1,由于斜面傾角 a 在緩慢變大,故力F2在緩慢地改變大小和方向而Fl方向不變,大小緩慢變化,但無論如何變化,Fl與F2、Fl與F2、Fl與F2的合力始終為重 力G即對角線一定),由圖可知,傾角a增大時,FNI、FN2均是增大,故選項 A 正確。答案:A2 若貨

8、物隨升降機運動的v-t圖象如圖所示(豎直向上為正),貝慣物受到升降機的支持力F與時間t關系的圖象可能是()hnH H :問江1丁卄i L1n nH H 1和內I 1911血由.0r 0AEt ocID解析 根據題圖可知,對于時間軸下面的圖象,電梯先向下做勻加速運動,再勻速,后勻減速運動,則 根據牛頓第二定律可知,貨物隨電梯先失重,再處于平衡狀態(tài),后超重,則支持力先小于重力,再等于重力,后大于重力;對于時間軸上面的圖象,電梯向上先做勻加速運動、再勻速、后勻減速運動時 同理可知支持力先大于重力、再等于重力、后小于重力,選項 B 正確。答案 B3 如圖所示,用完全相同的輕彈簧A B C將兩個相同的小

9、球連接并懸掛彈簧A與豎直方向的夾角為30,彈簧C水平,則彈簧A C的伸長量之比為()解析:對兩小球組成的整體,受到整體重力G輕彈簧A的彈力FA、輕彈簧C的彈力FC三個力的作用根據平衡條件可得,水平方向有FASin 30 =FC,根據胡克定律可得FA=kxA,Fc=kxc,聯(lián)立D 正確。答案:D物塊均處于靜止狀態(tài)。則(),小球處于靜止狀態(tài)(多選)如圖所示,物塊A B的質量均為m,水平地面和豎直墻面均光滑,在水平推力F的作用下,兩A.B受到的摩擦力大小等于mgB. B受到的摩擦力大小等于 2mgC. B對地面的壓力大小等于mgD.B對地面的壓力大小等于 2mg解析:分析A B整體的受力,如圖甲所示

10、,由平衡條件可知,FNB=2mg即B對地面的壓力大小等于 2mg選項D 正確;再隔離物塊A對其受力如圖乙所示,由平衡條件可知,RBA=mg根據牛頓第三定律,A對B的摩擦力大小也等于mg選項 A 正確。答案:AD5 如圖所示,質量 m=5 kg 的物體置于一粗糙斜面上,用一平行于斜面、大小等于30 N 的力F推物體,使物體沿斜面向上勻速運動,斜面體質量m=10 kg,且始終靜止,求地面對斜面的摩擦力及支2持力的大小。(g取 10 m/s )解析:$一_ _xv _利用平衡條件,在水平方向和豎直方向分別有Ff=Fcos 30 =3026 N,FN=(m+mg-Fsin1x 30=(10+5)X10

11、 N-30 - N=135 N,即地面對斜面的摩擦力大小為26 N,地面對斜面的支持力大小為 135 N。答案:26 N 135 N6 質量為 200 kg 的物體,置于升降機內的臺秤上,從靜止開始上升。運動過程中臺秤的示數F與時間t的關系如圖所示。求升降機在7 s 內上升的高度。(g取 10 m/s2)解析:由圖象可知,升降機在 02 s 內加速上升,25 s 內勻速上升,57 s 內減速上升。設加速上升和減速上升時的加速度大小分別為ai和a3。則加速時有Fi-mg=ma2代入數據解得ai=5 m/s此過程升降機上升的高度升降機勻速運動時的速度v=aiti=5X2 m/s=10 m/s此過程

12、升降機上升的高度h2=vt2=10X3m=30 m減速時有mg-R=ma代入數據解得a3=5 m/s2此過程升降機上升的高度121=33 = X 5 X 22h3m=10 m所以升降機在 7s 內上升的高度h=h+h2+h3=10 m+30 m+10 m=50 m。丄屮-殳5X22him=10m答案:50 m 7 如圖所示,質量為m的物體甲通過三段輕繩懸掛,三段輕繩的結點為Q輕繩0B水平且B端與放置在水平面上的質量為m的物體乙相連,輕繩QA與豎直方向的夾角0=37 ,物體甲、乙均處2于靜止狀態(tài)。(已知 sin 37 =0.6,cos 37 =0.8,tan 37 =0.75,g取 10 m/s ,設最大靜摩擦力等(2)物體乙受到的摩擦力是多大?方向如何?若物體乙的質量為m=4 kg,物體乙與水平面之間的動摩擦因數為卩=0.3

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