2020屆高三物理第三次模擬考試題(四)

1、2019屆高三第三次模擬考試卷物理（四）16.用如圖甲所示的裝置研究光電效應現(xiàn)象。閉合開關S,用頻率為v的光照射光電管時發(fā)生了光電效應。圖乙是該光電管發(fā)生光電效應時光電子的最大初動能E與入射光頻率Y的關系圖象,圖線與橫軸的交點坐標為（a,0）,與縱軸的交點坐標為（0,-b）,下列說法中正確的是（）號位座號場考封密不注意事項：1 .答題前，先將自己的姓名、準考證號填寫在試題卷和答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2 .選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3 .非選擇題的作答：用簽字筆直接答在

2、答題卡上對應的答題區(qū)域內。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4 .考試結束后，請將本試題卷和答題卡一并上交。號證考準裝只名姓卷此級班二、選擇題：本題共8小題，每題6分，在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一個選項符合題目要求。第1921題有多選項符合題目要求。全部答對的得6分，選對但不全的得3分,有選錯的得0分。14.超市里磁力防盜扣的內部結構及原理如圖所示，在錐形金屬筒內放置四顆小鐵珠（其余兩顆未畫出），工作時彈簧通過鐵環(huán)將小鐵珠擠壓于金屬筒的底部，同時，小鐵珠陷于釘柱上的凹槽A.普朗克常量為h=_baB.斷開開關S后，電流表G的示數(shù)為零C.僅增加照射光的強度，光電子的最

3、大初動能將增大D.保持照射光強度不變，僅提高照射光頻率，電流表G的示數(shù)保持不變17.如圖所示，光滑細桿BC和AC構成直角三角形ABC其中AC桿豎直，BC桿和ACm'司的夾角0=37°,兩根細桿上分別套有可視為質點的小球P、Q質量之比為1:2?，F(xiàn)將RQ兩個小球分別從桿AC和BC的項點由靜止釋放，不計空氣阻力，sin37°=0.6。則P、Q兩個小球由靜止釋放后到運動至C點的過程中，下列說法正確的是（）U，鎖死防盜扣。當用強磁場吸引防盜扣的頂部時，鐵環(huán)和小鐵珠向上移動，防盜扣松開。已知錐形金屬筒底部的圓錐頂角剛好是90。，彈簧通過鐵環(huán)施加給每個小鐵珠豎直向下的力F,小鐵珠

4、鎖D.舟（不計摩擦以及小鐵珠的重力）（CA.重力的沖量之比為1：1B.重力的沖量之比為5:6C.合力的沖量之比為5:8D.合力的沖量之比為5:218.如圖所示，固定平行導軌間有磁感應強度大小為B、方向垂直導軌平面向里的勻強磁場,15.如圖所示，兩顆質量不等衛(wèi)星分別位于同一軌道上繞地球做勻速圓周運動。若衛(wèi)星均順時針運行，不計衛(wèi)星間的相互作用力，則以下判斷中正確的是A.兩顆衛(wèi)星的加速度大小不相等B.兩顆衛(wèi)星的運動速度大小相等C.兩顆衛(wèi)星所受到的向心力大小相等D.衛(wèi)星1向后噴氣就一定能追上衛(wèi)星2導軌間距為l且足夠長，左端接阻值為R的定值電阻，導軌電阻不計。現(xiàn)有一長為2l的金屬棒垂直放在導軌上，在金屬

5、棒以O點為軸沿順時針方向以角速度-轉過60。的過程中（金屬棒始終與導軌接觸良好，電阻不計）（）Bl2a.通過定值電阻的最大電流為-R-Bl2b.通過定值電阻的最大電流為2RBl2C.通過定值電阻的電荷量為2R第n卷（非選擇題，共174分）3Bl2D.通過定值電阻白電荷量為2R三、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分。第22題第32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33題第40題為選考題，考生根據(jù)要求做答）19.甲、乙兩車在平直公路上行駛，其位移一時間圖象如圖所示，則下列說法正確的是（一）必考題（共129分）22.（6分）用伏安法測定一段金屬導線的電阻，要求測量結果盡量準確，現(xiàn)備有以下器材:待

6、測金屬絲：R（阻值約為5額定電流約0.5A）;電壓表:V（量程3V,內阻約3k）;電流表:A（量程0.6A,內阻約0.2Q）A.04s內，乙車做勻速直線運動電流表:A（量程3A,內阻約0.05Q）B.2s末，甲、乙兩車相遇電源：Ei（電動勢12V,內阻不計）；C.2s末，甲車的速度小于乙車的速度滑動變阻器：R（最大阻值約20Q）D.20.04s內，甲、乙兩車的平均速度相同如圖甲，兩個等量同種電荷P、Q固定于光滑絕緣水平面上，電荷量q=+1X103C,質量件螺旋測微器；毫米刻度尺；開關S;導線wtu0.02kg的小球從a點靜止釋放，沿中垂線運動到電荷連線中點O過程中的vt圖象如圖乙中圖線所示，其

7、中b點處為圖線切線斜率最大的位置，圖中為過b點的切線，則下列說法正確的是（）AA.B.C.D.b國甲圖乙P、Q帶正電荷b點的場強E=30V/ma、b兩點間的電勢差為90V小球從a到O的過程中電勢能先減少后增加（1）若滑動變阻器采用限流接法，為使測量盡量精確，電流表應選（2）用電壓表和電流表測金屬絲的電壓和電流時讀數(shù)如圖，則電壓表的讀數(shù)為表的讀數(shù)為A,被測金屬絲的電阻為（3）在虛線框內完成電路原理圖。V,電流21.如圖甲，邊長為L的閉合正方形金屬框abcd置于光滑斜面上，CD是斜面的底邊，金屬框23. （9分）圖甲所示為某實驗小組測量AB兩個箱子質量的裝置圖，其中D為鐵架臺，E為固ab電阻為R,

8、在金屬框下方有一矩形勻強磁場區(qū)域MNN?,磁感應強度為B、方向垂直于斜面向下,定在鐵架臺上的輕質定滑輪（質量和摩擦可忽略），F(xiàn)為光電門，C為固定在A上、寬度為d的細遮光/MN/CD現(xiàn)給金屬框施加一平行于斜面的力F,使金屬框沿斜面向下從靜止開始始終以恒定的加條（質量不計）。此外該實驗小組還準備了祛碼一套（總質量m=1kg）和刻度尺等，請在以下實驗步速度做勻加速直線運動。圖乙為金屬框在斜面上運動的過程中力F隨時間t的變化圖象。則（驟中按要求作答:（）A,磁場的寬度為8L3B.金屬框的cd邊剛好進入磁場時受到的安培力大小為2,32BL3Rt0fthoD.金屬框穿出磁場的過程中，重力勢能的減小量大于框

9、產(chǎn)生的焦耳熱與增加的動能之和（2）取出質量為m的祛碼放在A中，剩余祛碼都放在B中，讓A從位置O由靜止開始下降。C.金屬框進入磁場的過程中，重力勢能的減小量小于框產(chǎn)生的焦耳熱與增加的動能之和（1）在鐵架臺上標記一位置O并測得該位置與光電門之間的高度差（3）記錄下遮光條通過光電門的時間t,根據(jù)所測數(shù)據(jù)計算出A下落到F處的速率v=,下落過程中的加速度大小a=。1a（4）改變色重復（2）（3）步驟，得到多組m及a的數(shù)據(jù)，作出（填"aM或"m"）圖象如圖乙所示。（圖中橫、縱坐標物理量的單位均采用國際制單位）（5）由圖象可得，A的質量mA=kg,B的質量m=kg。（保留兩位有

10、效數(shù)字，重力加速度大小g取10m/s2）24. （15分）如圖所示，一質量M=3kg的足夠長木板B靜止在光滑水平面上，B的右側有豎直墻壁，B的右端與墻壁的距離L=4m。現(xiàn)有一可視為質點的質量m=1kg的小物體A,以初速度v。=8m/s從B的左端水平滑上B,已知A、B間的動摩擦因數(shù)科=0.2,B與豎直墻壁的碰撞時間極短，且碰撞時無能量損失。已知全過程中A都在B上。（1）粒子從O點射入磁場的初速度大??；（2）粒子進入丙區(qū)域與ef成的角度。（銳角）；（3）粒子從O點射入磁場到剛好不能從磁場區(qū)域丙射出的過程中，在磁場甲和磁場丙所用的時間之和。（1）求從A滑上B到B與墻壁碰撞所用的時t;（2）若L的大小

11、可以改變，并要求B只與墻壁碰撞兩次，則B的右端開始時與墻壁的距離L應該滿足什么條件？（僅從動量關系分析）25. （17分）如圖所示，長方形區(qū)域甲內存在磁感應強度大小B1=0.3T的勻強磁場，方向垂直37E107于紙面向外，長方形區(qū)域乙內存在沿紙面方向水平向左的勻強電場，場強大小為25N/C,長方形區(qū)域丙內存在磁感應強度大小B=0.6J3t的勻強磁場，方向垂直于紙面向里，長方形區(qū)域的長旦=10106度足夠長，寬度d=1m。一束帶正電的某種粒子荷質比為m3C/kg,從ab上的O點以沿與ab成60。角的初速度射入磁場，剛好垂直邊界cd射出區(qū)域甲而進入勻強電場乙區(qū)域，且以沿與ef成0角（銳角未知）進入

12、丙區(qū)域，最后粒子剛好不能從磁場區(qū)域丙射出。求：（不計粒子所受重力，取兀=3,計算結果保留兩位有效數(shù)字）（二）選考題（共45分。請考生分別從給出的2道物理，2道化學，2道生物選題中任選一題作答，如果多做，則按所彳的第一題計分）33.【物理一一選修3-3】（15分）（1）（5分）節(jié)日放飛的氫氣球，升到高空后會破裂.氫氣球在破裂之前的上升過程中，下列說法正確的是。（選又1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分；每選錯1個扣3分，最低得分為0分）A,氣球內氫氣的內能減小B.氣球內氫分子的速率都在減小C.氣球內的氫氣對外做功D.氣球內的氫分子的速率總是呈“中間多，兩頭少”的分布規(guī)律E.氣球內的氫分子的

13、運動也叫布朗運動（2）（10分）如圖所示，一汽缸固定在水平地面上，通過活塞封閉有一定質量的理想氣體，活塞與缸壁的摩擦可忽略不計，活塞的橫截面積S=100cm2?；钊c水平平臺上的物塊A用水平輕桿連接，在平臺上有另一物塊B,A、B的質量均為F62.5kg,兩物塊與平臺間的動摩擦因數(shù)均為科=0.8。兩物塊間距為d=10cm)開始時活塞距缸底Li=10cm,缸內氣體壓強等于大氣壓強p0(p0=1x105Pa),溫度t1=27C.現(xiàn)對汽缸內的氣體緩慢加熱。求：(g=10m/s2)(i)色光最先從屏上消失；(ii)若入射光線與水面成30°角，鏡面與水平面之間的夾角0=45°,屏上的彩

14、色光帶恰好全部消失，求最后消失的色光對水的折射率。(結果可以用根式表示)(i)物塊A開始移動時，汽缸內的溫度；(ii)物塊B開始移動時，汽缸內的溫度。34.【物理選修3-4】(15分)(1)(5分)如圖所示，下列說法正確的是。(選又1個得2分，選對2個得4分，選對30分）甲C個得5分；每選錯1個扣3分，最低得分為A.圖甲中，P、Q是偏振片，M是光屏，當P固定不動，緩慢轉動Q時，光屏M上的光亮度將會變化，此現(xiàn)象表明光波是橫波B.圖乙是雙縫干涉示意圖，若只減小屏到雙縫間的距離L,兩相鄰亮條紋間距離將減小C.根據(jù)麥克斯韋的電磁場理論，變化的電場周圍一定能產(chǎn)生電磁波D.利用紅外線進行遙感主要是因為紅外

15、線的波長長，容易發(fā)生衍射E.人站在路邊，一輛汽車響著喇叭從人身邊疾馳而過，人聽到喇叭的音調會由低變高(2)(10分)如圖，水平桌面上有一水槽，槽中放置著平面鏡M鏡面與水平面之間的夾角為0。一束白光從O點射向水面，先經(jīng)水面折射，再經(jīng)平面鏡反射，又經(jīng)水面折射回到空氣中，最后在水槽左上方的豎直屏N上形成彩色光帶.若逐漸增大0角，各種色光陸續(xù)消失，假定所有光線均在同F(xiàn)按照作用效果分解如圖所示，由幾何FN=Ftan45口。GM兩顆衛(wèi)星的半徑相等，所以jfp合TTlpVp15合力的沖量比：j3=彳0h=石。故C正確，D錯誤。加合叫嚴Q£U第n卷（非選擇題，共174分）2019屆高三第三次模擬考試

16、卷物理答案二、選擇題：本題共8小題，每題6分，在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一個選項符合題目要求。第1921題有多選項符合題目要求。全部答對的得6分，選對但不全的得3分,有選錯的得0分。14 .【答案】C【解析】以一個鐵珠為研究對象，將力關系可得小鐵球對釘柱產(chǎn)生的側向壓力為：15 .【答案】B【解析】根據(jù)萬有引力提供向心力得G加速度大小相等，故A錯誤；根據(jù)萬有引力提供向心力得：G一丁=相了解得：v=兩顆衛(wèi)rrJrMm星的半徑相等，所以運動速度大小相等，故B正確；根據(jù)萬有引力提供向心力得，向心力F=GT由于兩顆衛(wèi)星質量不等，所以向心力大小不等，故C錯誤；若衛(wèi)星1向后噴氣，則其速度會增

17、大，衛(wèi)星1將做離心運動，所以衛(wèi)星1不可能追上衛(wèi)星2,故D錯誤。16 .【答案】A【解析】根據(jù)&m=hvW得，縱軸截距的絕對值等于金屬的逸出功，等于bo當最大初動能為零時，入射光的頻率等于截止頻率，所以金屬的截止頻率為v0=a，那么普朗克常量為兀=9,故Aa正確；電鍵S斷開后，因光電效應現(xiàn)象中，光電子存在最大初動能，因此電流表G的示數(shù)不為零，故B錯誤；根據(jù)光電效應方程可知，入射光的頻率與最大初動能有關，與光的強度無關，故C錯誤；若保持照射光強度不變，僅提高照射光頻率，則光子數(shù)目減小，那么電流表G的示數(shù)會減小，故D錯誤。17 .【答案】C12【解析】設AC為5±,BC為也，P球沿

18、AC桿做自由落體運動，設下落的時間:5，=落,Q球12沿BC桿做勻加速運動，加速度為a-c:UWg，設下落的時間為，有以上方程可,得：”1。有沖量的定義,二fe可得兩球的重力的沖量比為:"p烏1由速度公式廿=出可得，兩球的速度比：耳=麗“=而；由動量定理合=可知，兩球的18 .【答案】D【解析】棒繞端點轉動切割磁感線而產(chǎn)生動生電動勢，棒在60°位置時有效長度最大為%=看線速度關于半徑均勻增大，則由歐姆定律可得=2=竺吧_,故A,B錯a2RR誤；由電量的定義式，而7=£=絲，可得=竺=肥，棒轉過60。掃過的有效面積為q=l-AtR/Mt"1（R七理，聯(lián)立可

19、得邈!，故C錯誤，D正確。19 .【答案】AB【解析】根據(jù)位移一時間圖象的縱坐標表示位置，斜率表示速度，故乙的圖象為傾斜直線表示做正方向的勻速直線運動，故A正確；由圖象可知2s末兩車的位置相同，即兩車相遇，故B正確；由位移一時間圖象的斜率表示瞬時速度，可得2s末”,甲在02s的平均速度wy2m。jn-J至二名而甲的速度逐漸增大，故有2s末甲的速度大于乙的速度，故C錯誤；由平均»2IIIQ3111：/IV速度的定義方=一,可得04s內甲、乙兩車的平均速度的大小均為5m/s,但甲沿負方向，乙沿正At方向，故平均速度不相同，故D錯誤。20 .【答案】BC【解析】帶正電的小球從a點由靜止釋放

20、，向上做加速運動可知，受到向上的電場力，則aO線上的電場豎直向上，故兩電荷帶負電，故A錯誤；vt圖象上斜率表示加速度可得：%=展=1.5血/32，根牛頓第二定律得：qEb=ma解彳導:Eb=30V/m,故B正確；在ab由動能定理得：qG=lmv2-!mv2,由圖乙可得vb=3m/s帶入解得：Ub=90V,故C正確；由圖象乙可知，22小球速度一直增大，電場力一直做正功，故電勢能一直減小，故D錯誤。21. .【答案】AB【解析】由圖乙可知，線框在J改口時間內為進入磁場的過程，運動的位移為L,由連續(xù)相等時間內通過的位移之比等于可知，磁場的寬度等于第二、三個相等時間內的位移之和SLLv=即為：/，故A

21、正確；在第一個相等時間內的位移為j,由公式）=2%,解得：廿=兀，所以安培力為:232BLm&u,故b正確；由線框做勻加速直線動和圖乙可知，所加的f沿斜面向上，由能量守恒可知，屬框進入磁場的過程中，線框克服拉力做的功和重力勢能的減小量等于框產(chǎn)生的焦耳熱與增加的動能之和，故C錯誤；由能量守恒可知，金屬框穿出磁場的過程中，重力勢能的減小量與拉力做的功之和等于框產(chǎn)生的焦耳熱與增加的動能之和，故D錯誤。三、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分。第22題第32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33題第40題為選考題，考生根據(jù)要求做答）（一）必考題（共129分）一22. （6分）、I®

22、【答案】（1）Ai（2）2.600.525.00（3）如圖所示一一丁【解析】（1）電路中的最大電流為若用滑動變阻器的限流式接法，最小電E12流為需要精確測量，故在安全的前提下選擇精確度較高的0.6A量程"無+R5+20I電流表Ai.（2）電壓表的量程3V,精確度為0.1V,估讀至ij0.1V,讀數(shù)為2.60V;電流表的量程0.6A,精確度為0.02A,估讀到0.01A,讀數(shù)為0.52A;則待測電阻阻值為£=2,603）本實10.52驗測電阻明確要求滑動變阻器用限流式接法；而片=25<與么尸3000x02=6。0,即待測電阻刀小電阻，采用外接法可減小系統(tǒng)誤差；設計的電路

23、如圖所示。23. （9分）d£【答案】（3）（4）一（5）3.0kg1.0kg.d【解析】（1）由很短時間內的平均速度近似等于瞬時速度可知，口=¥（2）由勻變速直線運動的2.22da速度位移公式得：2ah=v=解得：口=;（3）由牛頓第二定律得：t2/i£(%-mB-171口)+2m(mA+m)g-mn+(mQ-m)5=(rnA+mn+m0)a?斛得.a+m月+憎口，所以應作2g刎6日一飛）出的圖象；（4）圖象斜率為：E_lej=4,截距為：.=2,聯(lián)立解得:a-m+m0mA+啊=3.口收啊=1.0如24. （15分）【解析】（1）設A、B達到的共同速度為v,根據(jù)

24、動量守恒有mw=（m+M）v12設這一過程中B向右運動的位移為x1,根據(jù)動能定理有眄舔i=-Mv解得v=2m/s,X1=3m因xi<L,A、B達到共同速度后才與墻碰撞設從A滑上B到兩者達到共同速度所用的時間為t1,則有口mg=Mnv=at1代入數(shù)據(jù)解得t1=3s兩者達到共同速度后一起勻速運動，直到B第一次與墻壁碰撞，設勻速運動所用時間為t2,L-x1=vt2,解得12=0.5s所以，從A滑上B到B與墻壁碰撞所用的時間為：t=t1+t2=3.5s（2）要能碰撞兩次，表明第一次碰撞前瞬間A、B的速度大小不等。取水平向右為正方向，設B與墻壁第一次碰撞前瞬間A、B的速度大小分別為Vi、v2,根據(jù)

25、動量守恒有m%=mv+Mm設B與墻壁第二次碰撞前瞬間A、B的速度大小分別為V3、V4,根據(jù)動量守恒有muMu=m3+Mw若要B與墻只發(fā)生兩次碰撞，則第一次碰撞后系統(tǒng)總動量方向要向右，第二次碰撞后總動量方向要向左，所以有mvMv>0,mwMuwo根據(jù)B往返運動的對稱性知V2=V412根據(jù)動能定理有：,1解得L>m如mvMs=0,L=-m3-r一，114滿足題目條件:（m）<i<（m）°3325. （17分）【解析】（1）粒子從O點射入磁場到剛好不能從磁場區(qū)域丙射出的過程如圖所示。設粒子從O點射入磁場的初速度的大小為V1,依據(jù)粒子在磁場區(qū)域甲的初末速度，a1=30

26、Rsina1=d2nW1解得粒子從O點射入磁場的初速度的大小V1=2.0x106m/s（2）粒子在勻強電場中做類平拋運動，由幾何關系得：1細。=由牛頓第二定律得：Eq=ma由運動學公式得：.且,解得：.|.解得粒子進入丙區(qū)域與ef成的角度：。=60°（3）依據(jù)粒子在磁場區(qū)域丙的初末速度，作出圓心O,由幾何關系得：“2=120。粒子在磁場中運動的周期："作出圓心O,由幾何關系得:即由幾何關系得：.'.360%2717n1f故粒子在磁場甲中運動的時間：N1 360/92az2近"11f粒子在磁場丙中運動的時間：-“3608澗巡在磁場甲和磁場丙所用的時間之和：11；（二）選考題（共45分。請考生分別從給出的2道物理，2道化學，2道生物選題中任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題計分）33 .【物理選修3-3】（15分）（1）（5分）【答案】ACD【解析】在氣球上升過程中，隨著高度的增加，溫度降低，空氣的密度減小，大氣壓強逐漸減小，球內氫氣的壓強大于外界大氣壓，會使得氫氣球向外膨脹，氣球的體積變大，氣體對外做功，其內能減小，故A、C正確