2022-2023學年崇左市重點中學物理高三上期中考試模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

2、符合題目要求的。1、一個小球從高處由靜止開始落下，從釋放小球開始計時，規(guī)定豎直向上為正方向，落地點為重力勢能零點小球在接觸地面前、后的動能保持不變，且忽略小球與地面發(fā)生碰撞的時間以及小球運動過程中受到的空氣阻力圖中分別是小球在運動過程中的位移、速度、動能和重力勢能隨時間變化的圖象，其中正確的是（ ）A BC D2、在軸上O、P兩點分別放置電荷量為q1、q2的點電荷，一帶負電的試探電荷在兩電荷連線上的電勢能EP隨變化關系如圖所示，其中A、兩點電勢能為零，D段中C點電勢能最大，則 Aq1是負電荷，是正電荷且q1 q2BBC間場強方向沿軸負方向CC點的電場強度大于A點的電場強度D將一正點電荷從B點移

3、到D點，電場力先做負功后做正功3、電梯經(jīng)過啟動、勻速運行和制動三個過程，從低樓層到達高樓層，啟動和制動可看作是勻變速直線運動電梯豎直向上運動過程中速的變化情況如表，則前5秒內(nèi)電梯通過的位移大小為（）A19.25m B18.75m C18.50m D17.50m4、一質點做速度逐漸增大的勻加速直線運動，在時間間隔t內(nèi)位移為s，速度變?yōu)樵瓉淼?倍該質點的加速度為（ ）.ABCD5、以下各物理量屬于矢量的是A質量B時間間隔C摩擦力D動摩擦因數(shù)6、如圖所示，傾角為的斜面體c置于水平地面上，小盒b置于斜面上，通過細繩跨過光滑的定滑輪與物體a連接，連接b的一段細繩與斜面平行，連接a的一段細繩豎直，a連接在

4、豎直固定在地面的彈簧上，現(xiàn)在b盒內(nèi)緩慢加入適量砂粒，a、b、c始終位置保持不變，下列說法中正確的是（ ）Ab對c的摩擦力可能先減小后增大，也可能一直增大。B地面對c的支持力可能不變Cc受到地面的摩擦力方向可能向右D彈簧的彈力可能變大，也可能變小獲不變。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，小明分別沿甲、乙兩個光滑滑梯從同一高度由靜止下滑到底端，在此過程中（ ）A甲、乙兩過程重力做功不同B機械能不守恒C動能的增加量相同D重力勢能減少量相同8、如圖所示，P、Q為平

5、行板電容器，兩極板豎直放置，在兩板間用絕緣線懸掛一帶電小球.將該電容器與電源連接，閉合開關后，懸線與豎直方向夾角為，則 ( )A斷開開關，加大P、Q兩板間的距離，角度會增大B斷開開關，縮小P、Q兩板間的距離，角度不變化C保持開關閉合，縮小P、Q兩板間的距離，角度會增大D保持開關閉合，縮小P、Q兩板間的距離，角度會減小9、如圖所示，A、B兩物塊質量均為m，兩物塊由一輕質彈簧拴接，質量為M的物塊C放在足夠高的水平桌面上，物塊C與B之間由繞過固定光滑定滑輪的細線相連，C與水平桌面之間的動摩擦因數(shù)為，初始時，系統(tǒng)處于靜止，細線恰好伸直且無作用力現(xiàn)對物塊C施加一個水平方向的力F，物塊C在F作用下向右勻加

6、速運動，位移為x時速度為v，此時物塊A恰好離開地面則此過程中( )A細線的拉力T為恒力BF的最小值為C彈簧的彈性勢能變化量為零DF做的功為10、如圖所示，窗子上、下沿間的高度H1.6 m，墻的厚度d0.4 m，某人在離墻壁距離L1.4 m、距窗子上沿h0.2 m處的P點，將可視為質點的小物件以v的初速度水平拋出，要求小物件能直接穿過窗口并落在水平地面上，不計空氣阻力則可以實現(xiàn)上述要求的速度大小是A4m/sB6 m/sC8 m/sD10 m/s三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“用插針法測玻璃磚折射率“的實驗中，玻璃磚的ab邊與

7、ab邊相互平行，aa邊與bb邊不平行某同學在白紙上仔細畫出了玻璃磚的兩條邊線aa和bb，如圖所示 （1）實驗時，先在玻璃磚的一側插兩枚大頭針P1和P2以確定入射光線AO接著，眼睛在玻璃磚的 _ （選填“同一側”、“另一側”）觀察所插的兩枚大頭針P1和P2，同時通過插第三、第四枚大頭針來確定從玻璃磚射出的光線 （2）實驗中是否要求四枚大頭針的針帽在同一視線上？ _ （填“是”或“否”） （3）下列操作可以減小實驗誤差的是 _ （填字母代號） A適當增大大頭針P1、P2的間距 B選擇玻璃磚相互平行的ab、ab邊來測量 C選用盡可能細的筆畫線 D使AO的入射角接近于9012（12分）在練習使用多用表

8、時，某同學將選擇開關撥至“”檔時，歐姆表的內(nèi)部結構可簡化成圖甲中虛線框內(nèi)的電路，其中定值電阻與電流表的內(nèi)阻之比，電流表的量程已知，故能正確讀出流過電流表的電流值歐姆表示已經(jīng)進行了必要的調零該同學想用一個電阻箱較精確的測出倍率下電路中電源的電動勢和歐姆表的總內(nèi)阻，他的操作步驟是：將歐姆表與電阻箱連成圖甲所示的閉合回路改變電阻箱阻值，記下電阻箱示數(shù)和與之對應的電流表的示數(shù)；將記錄的各組、的數(shù)據(jù)描點在乙圖中，得到圖線如圖乙所示；根據(jù)乙圖作得的圖線，求出電源的電動勢和歐姆表的總內(nèi)阻圖甲中，表筆和表筆的顏色分別是_和_，電源的電動勢為_，歐姆表總內(nèi)阻內(nèi)為_電流表的量程是_四、計算題：本題共2小題，共26

9、分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在水平面上有一彈簧，其左端與墻壁相連，O點為彈簧原長位置，O點左側水平面光滑水平段OP長L=1 m，P點右側一與水平方向成=30的足夠長的傳送帶與水平面在P點平滑連接，皮帶輪逆時針動速率為3 m/s一質量為1 kg可視為質點的物塊A壓縮彈簧（與彈簧不連接），使彈簧獲得彈性勢能Ep=9 J，物塊與OP段動摩擦因素1=0.1另一與A完全相同的物塊B停在P點，B與皮帶輪的動摩擦因素2=，傳送帶足夠長A與B之間發(fā)生的是彈性碰撞，重力加速度g取10 m/s2，現(xiàn)釋放A，求：（1）物塊A、B第一次碰撞前的

10、瞬間，A的速率v0；（2）從A、B第一次碰撞后到第二次碰撞前，B與傳送帶之間由于摩擦而產(chǎn)生的熱量；（3）物塊A、B是否會發(fā)生第三次碰撞？并請說明理由14（16分）某戰(zhàn)士在傾角為30山坡上進行投擲手榴彈訓練他從A點以某一初速度v0沿水平方向投出手榴彈，正好落在B點，測得AB=90m若空氣阻力不計，（g=10m/s2）求： （1）手榴彈拋出的速度？（2）從拋出開始經(jīng)多長時間手榴彈與山坡間的距離最大？15（12分）一個容積為V0的氧氣罐（視為容積不變），經(jīng)檢測，內(nèi)部封閉氣體壓強為1.6p0，溫度為0，為了使氣體壓強變?yōu)閜0，可以選擇以下兩種方案：冷卻法：已知Tt+273.15K，求氣體溫度降低了多少

11、攝氏度（結果保留兩位小數(shù)）？放氣法：保持罐內(nèi)氣體溫度不變，緩慢地放出一部分氣體，求氧氣罐內(nèi)剩余氣體的質量與原來總質量的比值。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A位移，所以開始下落過程中位移隨時間應該是拋物線，故A錯誤；B速度，與地面發(fā)生碰撞反彈速度與落地速度大小相等，方向相反，故B正確；C小球自由落下，在與地面發(fā)生碰撞的瞬間，反彈速度與落地速度大小相等，若從釋放時開始計時，動能，所以開始下落過程中動能隨時間應該是拋物線，故C錯誤；D重力勢力， 小球開始時離地面的高度故D錯誤故選B。HYPERLINK /

12、console/media/XryLOekLy0kFK50_swRGsgOZgyO0QZ8o2eslGyhcLZQqqC_ylH4igz6k1-7K087rLeejYzZ73rGdWunUFO6hk9E69NuRMhsFIpBQb05cbTyr-6q7geQuIos70tRjG9wbkXExnvwZ1GEnF05RjUnkIw視頻2、A【解析】A.由知A點的電勢為零，越靠近O點電勢越低，越靠近P點電勢越高，所以O點的電荷帶負電，P點電荷帶正電，由圖知C點場強為零，根據(jù)和電場疊加原理，可以得到q1 q2，故A正確；B.負點電荷從B到C點，電勢能增大，根據(jù)可知電勢能減小，由于沿著電場線電勢降低，則

13、有BC間場強方向沿x軸正方向，故B錯誤；C.圖象的斜率為C點的電場強度小于A點的電場強度，故C錯誤；D.因為BC間電場強度方向沿x軸正方向，CD間電場強度方向沿x軸負方向，則將一正點電荷從B點移到D點，電場力先做正功后做負功，故D錯誤。3、B【解析】由由表格看出37s電梯做勻速運動，速度為v=5m/s02內(nèi)電梯做勻加速運動的加速度為則電梯勻加速運動的總時間為則前2.5s內(nèi)的位移： 后2.5s做勻速直線運動，位移：x2=vt2=52.5=12.5m前5s內(nèi)的位移：x=x1+x2=6.25+12.5=18.75m故選：B點睛：由表格看出37s電梯做勻速運動，求出速度；02s電梯做勻加速運動，根據(jù)表

14、格數(shù)據(jù)求出加速度和加速的時間；勻加速運動的末速度就等于勻速運動的速度，即可由速度v=at求出勻加速運動的時間；再根據(jù)表格數(shù)據(jù)，由運動學公式求出總位移即可4、A【解析】設初速度為v0，末速度為3v0，則位移為：聯(lián)立解得：據(jù)加速度公式故BCD錯誤，A正確。故選A。5、C【解析】質量、時間間隔、動摩擦因數(shù)都是只有大小，沒有方向，是標量；摩擦力既有大小，又有方向，是矢量；A. 質量與分析不符，故A錯誤；B. 時間間隔與分析不符，故B錯誤；C. 摩擦力與分析相符，故C正確；D. 動摩擦因數(shù)與分析不符，故D錯誤6、A【解析】A、因為不知道b的重力沿著斜面方向的分力與細線拉力的大小關系,故不能確定靜摩擦力的

15、方向,故隨著沙子質量的增加,靜摩擦力可能增加、可能減小,有可能先減小后增大.故A正確；B、以b與c組成的整體為研究對象,整體受到重力、支持力以及繩子向左上方的拉力、地面的摩擦力,在b盒內(nèi)緩慢加入適量砂粒后,豎直向下的重力增大,而其他的力不變,所以整體受到的支持力一定增大.故B錯誤;C、以b與c組成的整體為研究對象,整體受到重力、支持力以及繩子向左上方的拉力、地面的摩擦力,水平方向除摩擦力外,只有繩子的拉力有一個向右的分力,所以可以知道C受到地面摩擦力的方向一定向左.故C錯誤;D、a、b、c始終處于靜止狀態(tài),則彈簧的長度不變,由胡克定律可以知道彈簧的彈力大小不變,故D錯誤；綜上所述本題答案是：A

16、二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】試題分析：重力做功只與初末位置的高度差有關，與路徑無關分析物體的受力情況，并找出各力的做功情況，由動能定理、機械能守恒可判斷出各量是否相同解：A、根據(jù)重力做功公式 W=mgh，知兩個過程小明下降的高度相同，故重力做功相同，故A錯誤；B、下滑過程中滑梯對小明不做功，只有重力做功，機械能守恒，故B錯誤；C、兩個過程小明重力勢能減少量相等，由機械能守恒定律知，動能的增加量相同，故C正確；D、由于重力做功相同，故重力勢減小量相同

17、，故D正確；故選CD8、BC【解析】保持開關斷開，電容器的帶電量不變，根據(jù)公式C=QU、U=Ed、C=S4kd，聯(lián)立得E=4kQS，即電場強度與極板間距無關，故板間場強不變，小球所受電場力不變，則不變，故A錯誤，B正確；保持開關閉合時，電容器板間電壓不變，由E=Ud分析得知，縮小P、Q兩板間的距離，板間場強增大，小球所受電場力增大，則增大，故C正確，D錯誤；選BC.【點睛】本題主要考查平行板電容器中的動態(tài)分析問題，要明確保持開關閉合時，電容器板間電壓不變，由E=Ud分析板間場強的變化，判斷板間場強的變化，確定的變化保持開關斷開時，電量不變，根據(jù)公式推導可知，板間場強不變，分析是否變化9、BC【

18、解析】A.物塊C做勻加速直線運動，因為細線長度不變，所以物塊B也做勻加速直線運動，物塊B受重力、彈簧彈力和細線拉力T，由牛頓第二定律得：得到：由于彈簧開始階段被壓縮，后來伸長，式中的先為正后為負，其大小方向都變化，所以細線拉力T大小變化，不為恒力，故A錯誤；B.以物塊B、C為研究對象，當彈簧的壓縮量最大時F值最小，由牛頓第二定律得：又因為：得到：故B正確；C.因為初始狀態(tài)細線對B無拉力，彈簧處于壓縮狀態(tài)，由胡克定律得壓縮量，物塊A恰好剛剛離開地面時，物塊A不受地面支持力，彈簧處于伸長狀態(tài)，由胡克定律得伸長量，所以初、末狀態(tài)彈簧形變量相等，彈簧彈性勢能相等，故C正確；D.設力F做的功為，對BC組

19、成的系統(tǒng)由功能關系得：而且：解得：故D錯誤10、AB【解析】由題意可知考查平拋運動規(guī)律，找出臨界條件，根據(jù)平拋規(guī)律計算可得【詳解】物體拋出速度最大時，剛好沿窗子上沿的右側飛過，豎直方向做自由落體運動水平方向做勻速運動代入數(shù)值聯(lián)立可得 物體拋出時速度最小時，剛好沿窗子下沿的左側飛過，豎直方向估自由落體運動水平方向做勻速運動代入數(shù)值聯(lián)立可得 綜上所述拋出速度應滿足3m/sv7m/AB選項中的數(shù)值在3m/sv7m/范圍內(nèi)，故AB正確；CD選項中的數(shù)值不在3m/sv7m/范圍內(nèi)，故CD錯誤【點睛】找出平拋初速度的最大值和最小值對應的臨界條件，根據(jù)平拋運動規(guī)律列式計算可得三、實驗題：本題共2小題，共18

20、分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、另一側 否 AC 【解析】（1）1實驗時，先在玻璃磚的一側插兩枚大頭針P1和P2以確定入射光線AO；接著，眼睛在玻璃磚的另一側觀察所插的兩枚大頭針P1和P2，同時通過插第三、第四枚大頭針來確定從玻璃磚射出的光線；（2）2實驗中要求四枚大頭針的針尖在同一視線上，而不是針帽；（3）3大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當大些時，相同的距離誤差，引起的角度誤差會減小，角度的測量誤差會小些，故A正確作插針法測定折射率時，玻璃磚上下表面不一定要平行，故B錯誤為了準確確定入射光線和折射光線，選用盡可能細的筆畫線，故C正確為了減小測量的相對誤差，選擇的入射角應盡量大些，效果會更好，但不是接近90，故D錯誤故選AC.12、黑；紅； ; ;【解析】由圖甲所示，與電源正極相連，則為黑色B是紅色，閉合電路中，而又因，則，則，則 .由圖乙所示圖像可知，圖像縱軸截距：圖像斜率.解得，內(nèi)阻：電流表的滿偏電流為：，則電流表量程為四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) (2)