重慶2018屆高三上學(xué)期期末抽測(cè)一診理綜物理試卷解析版

1、重慶市2018屆高三上學(xué)期期末抽測(cè)（一診）理綜物理試卷一、選擇題.關(guān)于近代物理發(fā)展的成果，下列說(shuō)法正確的是（）A.只要增加入射光的強(qiáng)度，光電效應(yīng)就可以發(fā)生B.氫原子從激發(fā)態(tài)向基態(tài)躍遷時(shí)會(huì)輻射特定頻率的光子C.環(huán)境溫度越高，原子核衰變的速度越快D.任何核反應(yīng)都遵從質(zhì)量守恒定律【答案】B【解析】A、發(fā)生光電效應(yīng)和光的強(qiáng)度沒(méi)有關(guān)系，只有大于極限頻率才可以發(fā)生光電效應(yīng)，故A錯(cuò);B、根據(jù)玻爾氫原子模型的相關(guān)理論，電子軌道和能量都是量子化的，而在 躍遷”過(guò)程中要遵循 池三后血-穌，故只能輻射特定頻率的光子；故B正確.C、衰變和元素本身有關(guān)，和溫度無(wú)關(guān)，故 C錯(cuò);D、愛(ài)因斯坦的質(zhì)能方程表明核反應(yīng)中存在質(zhì)量虧

2、損，故 D錯(cuò);綜上所述本題答案是：B.如圖所示，上表面水平的物塊M,剛好在固定的足夠長(zhǎng)的斜面上勻速下滑.現(xiàn)把另一物塊N輕輕地疊放在M的上表面上，下列說(shuō)法正確的是（）A.兩物塊M、N一起勻速向下滑動(dòng)B.兩物塊M、N一起加速向下滑動(dòng)C.物塊M所受的合外力變大D.物塊M所受的合外力變小【解析】：AB、未放N時(shí)，對(duì)M受力分析，受重力Mg、支持力N、摩擦力f.,設(shè)斜面的傾角為6，根據(jù)平衡條件N = mgcosOf = mgsinO = pN得：r = tan6因?yàn)槲矬wN輕輕地疊放在 M上，相當(dāng)于增大物體 M重力，上式關(guān)系仍然成立，說(shuō)明M、N這個(gè)整體一起向下勻速運(yùn)動(dòng)，故A對(duì)，B錯(cuò)；由于M還是勻速下滑，所以

3、受到的合外力為零，故 CD錯(cuò)綜上所述本題答案是：A.如圖所示，豎直面內(nèi)分布有水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，一帶電粒子沿直線從位置 a向上運(yùn)動(dòng)到位置 b,在這個(gè)過(guò)程中，帶電粒子 （）；7金一 1A.只受到電場(chǎng)力作用B.帶正電C.做勻減速直線運(yùn)動(dòng)D.機(jī)械能守恒【答案】C【解析】AB、帶電粒子沿直線從位置立運(yùn)司I到位置b ,說(shuō)明帶電粒子受到的合外力方向與速度在一條直線上，對(duì)小球受力分析，應(yīng)該受到鞋直向下的重力，和水平向左的電場(chǎng)力，電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)線方向相反，所以小球帶負(fù)電，故出錯(cuò)；C、由于小球做直線運(yùn)動(dòng)所以電場(chǎng)力和重力的合力應(yīng)該和速度在一條線且與速度方向相反，故小球做勻減速 直線運(yùn)動(dòng)，故 C對(duì);D、電場(chǎng)力做負(fù)

4、功，機(jī)械能減小，故 D錯(cuò)誤；綜上所述本題答案是：C.如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì) E,內(nèi)電阻恒為r, R是定值電阻，熱敏電阻 RT的阻值隨溫度降低而增大，C是平行板電容器.閉合開(kāi)關(guān)S,帶電液滴剛好靜止在 C內(nèi).在溫度降低的過(guò)程中， 分別用 AUP AU2和AU3表示電流表、電壓表 1、電壓表2和電壓表3示數(shù)變化量的絕對(duì)值.關(guān)于該電路工作狀態(tài)的變化，下列說(shuō)法C.帶電液滴一定向下加速運(yùn)動(dòng)D.電源的工作效率一定變大【答案】D【解析】AB、根據(jù)電路知識(shí)知，V3測(cè)路端電壓，V2測(cè)熱敏電阻RT的電壓，Vi測(cè)定值電阻R的電阻， 由= ETr得：=rAI,、 AU：由口工=ET(R + i)得：=Ri-rAlU1 =

5、 IR得：二R故AB錯(cuò)； AIC、帶電液滴在平行板中受到向上的電場(chǎng)力和向下的重力處于平衡狀態(tài)，在溫度降低的過(guò)程，熱敏電阻RT阻值變大，回路中電流變小，路端電壓增大，由于流過(guò)定值電阻R的電流變小，所以分的電壓也就變小，而路端電壓增大，故 V2讀數(shù)增大，平行板間的電場(chǎng)強(qiáng)度也增大，導(dǎo)致帶電液滴向上運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò);UI uD n =，由于路端電壓增大，所以電源的工作效率一定變大，故D正確;綜上所述本題答案是：D點(diǎn)睛：認(rèn)清本題電路結(jié)構(gòu)，并要明確AU AU： 、AI AI AI,分別代表什么，然后結(jié)合串并聯(lián)電路求解帶求量5.如圖所示，在0WxWga區(qū)域內(nèi)存在與 xOy平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.

6、在t=0時(shí)刻，從原點(diǎn)O發(fā)射一束等速率的相同的帶電粒子，速度方向與y軸正方向的夾角分布在 090。范圍內(nèi).其中，沿y軸正方向發(fā)射的粒子在t=t0時(shí)刻剛好從磁場(chǎng)右邊界上P(3a,/a)點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)，不計(jì)粒子重力，下列說(shuō)法正確 TOC o 1-5 h z 的是()，產(chǎn)（,辰）X j k03a XA.粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為3aB.粒子的發(fā)射速度大小為 C.帶電粒子的荷質(zhì)比為D.帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為2t0【答案】D【解析】A、根據(jù)題意作.出沿y軸正方向發(fā)射的帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示圓心為O,根據(jù)幾何關(guān)系，粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為2a,故A錯(cuò);2n2 冗xaB、沿y軸發(fā)射的粒

7、子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓心角為工，運(yùn)動(dòng)時(shí)間f _ 3 解得：3t047ra飛二丁，選項(xiàng)B錯(cuò)誤;C、沿y軸發(fā)射的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓心角為,對(duì)應(yīng)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為b所以粒子運(yùn)動(dòng)的周期為=%）,.r r/2兀7由，Iq2瓦,“則一=故C專(zhuān)日；m 3叫D、在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)的粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示由幾何知識(shí)得該粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心角為不，在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為2to故d正確；綜上所述本題答案是：D 點(diǎn)睛：本題考查帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，解題的關(guān)鍵在于確定圓心和半徑，并能根據(jù)幾何關(guān)系確定可能 的運(yùn)動(dòng)軌跡6.我國(guó)計(jì)劃于今年年底發(fā)射“嫦娥 5號(hào)”航天器.假設(shè)航天器在近月軌道上繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t （小于繞行

8、周期），運(yùn)動(dòng)的弧長(zhǎng)為s,航天器與月球中心連線掃過(guò)的角度為。（弧度），引力常量為G,則（）A.航天器的軌道半徑為- t2也B.航天器的環(huán)繞周期為3C.月球的質(zhì)量為;G01-D.月球的密度為 4Gf【答案】BC【解析】A、根據(jù)幾何關(guān)系得T = .故A錯(cuò)誤； V1 7T2jrLB、經(jīng)過(guò)時(shí)間t,航天器與月球的中心連線掃過(guò)角度為甘則:。=諭=t彳導(dǎo):T=.故B對(duì)TB，一一、,一 t , GMm2兀 24兀1s , 人口 C、由萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力而做圓周運(yùn)動(dòng)，所以:一，-=出不）I所以；M = -=-.所以C選項(xiàng)是正確的r 1G0l-D、人造航天器在月球表面上空繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，月球的半徑等于r,則月

9、球的體積：/ = 不/，月球的密附故D錯(cuò) 4srGt2度為廠里=可一 3-7TT綜上所述本題答案是：BC點(diǎn)睛：由萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力而做圓周運(yùn)動(dòng)的，則由萬(wàn)有引力公式及已知量可得出能計(jì)算的物理量.如圖甲所示，豎直輕彈簧固定在水平地面上，上端與質(zhì)量為0.1kg的木塊A相連，質(zhì)量也為 0.1kg的木塊B疊放在A上，A、B都靜止.在B上施加豎直向下的力 F,使木塊緩慢向下移動(dòng). F的大小與木塊移動(dòng)距離x的關(guān)系如圖乙所示，整個(gè)過(guò)程彈簧都處于彈性限度內(nèi)，g取10m/s2.下列說(shuō)法正確的是 （）圖甲A.彈簧的勁度系數(shù)為 500N/m.在木塊下移0.1m的過(guò)程中，彈簧的彈性勢(shì)能增加2.5 JC.當(dāng)木塊下移0.1

10、m時(shí)，若撤去F,則B的最大速度為5m/sD.當(dāng)木塊下移0.1m時(shí)，若撤去F,則A、B分離時(shí)的速度為5m/s【答案】AC【解析】A、彈簧的形變量之間 0.1m的過(guò)程中，壓力增大 50N,根據(jù)胡克定律：F=k&,所以:= 500N,m故A正確;AF 50 k a x 0 JB、由圖，F(xiàn)-x圖象中，縱坐標(biāo) F與橫坐標(biāo)x之間所圍的面積表示力 F做的功，所以這個(gè)過(guò)程中力F做功W =二503 = 2.5J ,而彈簧彈性勢(shì)能的增加量等于力F做的功與木塊重力勢(shì)能的減少量之和，故彈簧s-i的彈性勢(shì)能增加量大于 2.5J ；故B錯(cuò)誤；C、木塊下移0.1 m時(shí)，若撤去F,則A與B整體將以開(kāi)始時(shí)的位置為平衡位置做簡(jiǎn)諧

11、振動(dòng)，所以當(dāng) AB回到平衡位置時(shí)速度最大；由于開(kāi)始階段壓力做功2.5J,所以A與B的速度最大時(shí)，二者動(dòng)能的和是2.5J,即幻/： =得：1 =加國(guó).故C正確.D、由C的分析可知，當(dāng)B的速度是5m/s時(shí)，二者仍然在平衡位置，所以二者的加速度都等于0, B受到的A對(duì)B的彈力等于重力，所以二者沒(méi)有分離.故 D錯(cuò)誤.綜上所述本題答案是：AC點(diǎn)睛：該題考查功能關(guān)系以及兩個(gè)物體分離的條件，關(guān)鍵是要明確兩個(gè)木塊分離時(shí)二者的速度相等，加速度相等，同時(shí)二者之間的相互作用力等于0;另外明確系統(tǒng)中什么能減少、什么能增加.8.如圖所示，水平傳送帶以恒定速率傳動(dòng).每隔相同時(shí)間 T,在左端A點(diǎn)，輕輕放上一個(gè)完全相同的工件

12、， 已知工件與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為肉工件質(zhì)量為m.經(jīng)測(cè)量，發(fā)現(xiàn)那些已經(jīng)和傳送帶共速的工件之間的距離均為L(zhǎng) .已知重力加速度為 g,下列說(shuō)法正確的是 （）Q QA.傳送帶的速度大小為一TLB.工件在傳送帶上加速時(shí)間為 c.每個(gè)工件與傳送帶間因摩擦而產(chǎn)生的熱量為止若：mL2D.傳送帶因傳送每一個(gè)工件而多消耗的能量為T(mén)-【答案】AD【解析】A、工件在傳送帶上先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，然后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，每個(gè)工件滑上傳送帶后運(yùn)動(dòng)的規(guī)律相同，可知x = vT = L ,解得傳送帶的速度v = - .故A正確. TB、設(shè)每個(gè)工件勻加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t,根據(jù)牛頓第二定律得，工件的加速度為a=g,根據(jù)三丫口十凱，

13、解得：t .故B錯(cuò)誤.a T.ng TOC o 1-5 h z 22ml?C、工件與傳送帶相對(duì)滑動(dòng)的路程為：= v，則摩擦產(chǎn)生的熱量為：Q = grng Ax = ,陋2pg 2晤2r故C錯(cuò)誤.I* ，一10ml? , 一人D、根據(jù)能重寸恒，傳送田因傳送一個(gè)工件多消耗的能重E = -mH + .umg &x = ,故D正確.2j2綜上所述本題答案是：AD二、非選擇題：9.某中學(xué)實(shí)驗(yàn)室有一個(gè)標(biāo)志為 100 0% ”的定值電阻，某同學(xué)準(zhǔn)備用伏安法盡量精確地測(cè)定它的阻值.實(shí)驗(yàn)室指導(dǎo)老師為他準(zhǔn)備了以下器材：A.電流表A1 （內(nèi)阻約為100 量程30mA）B.電流表A2 （內(nèi)阻約為0.2口量程1A）C.

14、電壓表V1 （內(nèi)阻約為10 4口量程15V）D.電壓表 V2 （內(nèi)阻約為 4X103R量程3V）E.滑動(dòng)變阻器R （規(guī)格為20 Q, 1A）F.直流電源E （電動(dòng)勢(shì)為3V,內(nèi)電阻不計(jì)）G.開(kāi)關(guān)S及導(dǎo)線若干（1）電流表應(yīng)該選用 ,電壓表應(yīng)該選用 .（2）請(qǐng)?jiān)诖痤}卡的虛線框內(nèi)畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖 .測(cè)量結(jié)果偏 （填“大”或“小”）. Ai.上(4).小【解析】(1)電源電動(dòng)勢(shì)為3V,所以電壓表選 V2,流過(guò)待測(cè)電阻的最大電流大約是:U 3,故電流表選Ai,1 = - 0.03 A = 30mAR 100(2)滑動(dòng)變阻器的阻值比待測(cè)電阻小，為了調(diào)節(jié)方便，應(yīng)該用分壓電路，電流表的內(nèi)阻接近待測(cè)電阻，為了減小誤

15、差，應(yīng)該用電流表外接法，所設(shè)電路如圖所示U(3)由于電壓表的分流，導(dǎo)致測(cè)量的電流偏大，由R = f知測(cè)量的電阻偏小。.某組同學(xué)計(jì)劃用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置，探究加速度a與合外力F及小車(chē)質(zhì)量 M之間的定量關(guān)系.(1)為了平衡小車(chē)在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的阻力，必須使木板傾斜恰當(dāng)?shù)慕嵌葹槿粜≤?chē)和木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為則tan 科(選填“義 建或“=”).(2)實(shí)驗(yàn)得到如圖乙所示的紙帶.O點(diǎn)為小車(chē)運(yùn)動(dòng)起始時(shí)刻所打的點(diǎn)，選取時(shí)間間隔為0.1s的相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)A、B、C、D、E、F、G,小車(chē)的加速度大小為 m/s2 (結(jié)果保留2位有效數(shù)字).(3)在處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)時(shí)，用m表示祛碼和托盤(pán)的總質(zhì)量， 用M表示小車(chē)的質(zhì)量，用

16、g表示當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?若用m、M和g表述小車(chē)的加速度，則測(cè)量值為,理論值為. TOC o 1-5 h z 【答案】(1). =(2). 0.99 (0.98 1.0 )(3). (4).,Mm + M【解析】(1)為了平衡小車(chē)在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的阻力，必須使木板傾斜恰當(dāng)?shù)慕嵌瘸鹑粜≤?chē)不受拉力作用下能沿斜面勻速下滑，由平衡知：mgsinS = jJtmgcosO得：R = tan6(0,6677),3670)-(0.3670-0,1550)7(2)利用=打?得咨=;=0一99向一由于誤差存在，所以加速度在(3T)2(0.98 1.00)者B算正確；mg速度，由牛頓第二定律得：=即8=這是實(shí)驗(yàn)的理

17、論值,m - M等于鉤碼和托盤(pán)的總重力，所以測(cè)量值為二Mmg綜上所述本題答案是：(1). =(2). 0.99 (0.981.0)(3).一M但在測(cè)量時(shí)認(rèn)為繩子對(duì)車(chē)的拉力(4).mgm + M(3)在處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)時(shí)，用 m表示祛碼和托盤(pán)的總質(zhì)量，用M表示小車(chē)的質(zhì)量，用 g表示當(dāng)?shù)氐闹亓觤2=1kg的小物塊靜止在長(zhǎng)木板.如圖甲所示，質(zhì)量 m1=4kg的足夠長(zhǎng)的木板靜止在光滑水平面上，質(zhì)量的左端.現(xiàn)對(duì)小物塊施加一水平向右的作用力F,小物塊和長(zhǎng)木板運(yùn)動(dòng)的速度圖象如圖乙所示.2s后，撤去2F, g 取 10m/s .求:av/ (ms1)圖甲圖乙 TOC o 1-5 h z (1)小物塊與長(zhǎng)木板之間

18、的動(dòng)摩擦因數(shù)百(2)水平力的大小F;(3)撤去F后，小物塊和長(zhǎng)木板構(gòu)成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能3E.【答案】(1) B = 0.2 ； (2) F=4N ; (3) AE = 3.6J一一 J1,2【解析】(1)由速度圖象可知：長(zhǎng)木板的加速度a=3 = 0nm，5JLr由牛頓第二定律可知：小物塊施加給長(zhǎng)木板的滑動(dòng)摩擦力If小物塊與長(zhǎng)木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)：二m2g(2)由速度圖象可知：小物塊的加速度a2 = - = 2mH由牛頓第二定律可知： .一 111 F = 4N撤去F后，小物塊和長(zhǎng)木板構(gòu)成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒mji = mjv系統(tǒng)損失的機(jī)械能，.，- .綜上所述本題答案是：(1) r = 02 ;

19、(2) F=4N ; (3) E=3.6J點(diǎn)睛：本題考查了對(duì)圖像分析的能力，以及運(yùn)用動(dòng)量守恒和能量守恒解題時(shí)應(yīng)該注意的問(wèn)題。12.如圖甲所示，在 xoy平面的第I象限內(nèi)有沿 +x方向的勻強(qiáng)電場(chǎng) Ei,第n、出象限內(nèi)同時(shí)存在著豎直向 上的勻強(qiáng)電場(chǎng) E2和垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng) B, E2 =2.5N/C,磁場(chǎng)B隨時(shí)間t周期性變化的規(guī)律如圖乙所示， Bo=O.5T,垂直紙面向外為磁場(chǎng)正方向.一個(gè)質(zhì)量m=5X 10-5kg、電荷量q=2 M0”C的帶正電液滴從 P點(diǎn)(0.6m, 0.8m)以速度v0=3m/s ?&-x方向入射，恰好以沿-y方向的速度v經(jīng)過(guò)原點(diǎn)O后進(jìn)入xw 0的區(qū)域, t=0時(shí)液滴恰好通

20、過(guò) O點(diǎn)，g取10m/s2.求：圖甲圖乙(1)電場(chǎng)強(qiáng)度 日和液滴到達(dá)。點(diǎn)時(shí)速度的大小 v ;(2)液滴從P開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到第二次經(jīng)過(guò)x軸所經(jīng)歷的時(shí)間t總；(3)若從某時(shí)刻起磁場(chǎng)突然消失，發(fā)現(xiàn)液滴恰好以與+y方向成30。角的方向穿過(guò)y軸后進(jìn)入x0的區(qū)域，試確定液滴穿過(guò)y軸時(shí)的位置.【答案】（1） v=4m/s; % = L875N/C（2）噫=gt o.%&（3） yj 響加-1尸 Jm （式中 n=1,2,3,）% = 2/Qn-1）+ lm （式中 n=1,2,3,）【解析】（1）液滴在x0的區(qū)域內(nèi)受豎直向下的重力和水平向右的電場(chǎng)力的作用,液滴在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)：1 t2Y =滑t=0.4

21、sv=gt解得：v=4m/s液滴在水平方向上做勻減速運(yùn)動(dòng)前qE% = ma解得：（2）液滴進(jìn)入x0的區(qū)域后，由于qE?N：mg,液滴運(yùn)動(dòng)軌跡如圖1所示，其做圓周運(yùn)動(dòng)的大、小圓半徑分別為1、r2,運(yùn)動(dòng)周期分別為T(mén)1、T2。曠 2qvB0 = m2m解得：IqB。液滴從P點(diǎn)到第二次穿過(guò)x軸經(jīng)過(guò)的時(shí)間t總：t總11 英t + + ( + 0.4)s42-(3)情形一：若磁場(chǎng)消失時(shí)，液滴在x軸上方，如圖1所示:0一口 gs3000Ml =嬴而一 F。-sin300) = Q腎 l)m3f-4 8犯0OM,二十 r,(l-sin30) = (65-1 加、tan3y2 3丫根據(jù)周期性可得，液滴穿過(guò) y軸

22、時(shí)的坐標(biāo)yn滿足:(2nT)i工國(guó)嗎伊y = r,(-sin30a)11 tan3(T -式中 %=2在(式中 n=1,2,3 )所示:情形二：若磁場(chǎng)消失時(shí)，液滴在x軸下方，如圖2ON.=1 tan3O03r,卜口85300N, =:-r2(l-sin30) = (2v5-加tan3(Tt式1 sin300) = (fi 4+ l)m根據(jù)周期性可得，液滴穿過(guò) y軸時(shí)的坐標(biāo)yn滿足:(2nT)T+ jcos30Py =z-r2(l-sin300)htan30式中了口嚏2招1T)+(式中n=1,2,3)綜上所述本題答案是:(1) v=4m/s; Ei1.875N/C點(diǎn)睛：本題重點(diǎn)是對(duì)磁場(chǎng)周期性的應(yīng)

23、用，磁場(chǎng)的周期性一定就會(huì)由粒子運(yùn)動(dòng)周期性的變化，故只要得到一 個(gè)周期的運(yùn)動(dòng)軌跡，就可以重復(fù)畫(huà)軌跡，直到得到想要的結(jié)果.本題由于粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡比較復(fù)雜，故考 查的難度相對(duì)較大13.關(guān)于熱現(xiàn)象的描述，下列說(shuō)法正確的是（）A.漂浮在水面上的花粉顆粒越大，撞擊花粉顆粒的水分子越多，布朗運(yùn)動(dòng)反而越不明顯B.氣體的溫度越高，每個(gè)氣體分子的動(dòng)能都越大C.零攝氏度的水比等質(zhì)量的零攝氏度的冰分子勢(shì)能大D.對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體，如果體積增大，就會(huì)對(duì)外做功，所以內(nèi)能一定減少E.內(nèi)能既能夠從高溫物體傳遞到低溫物體，也能夠從低溫物體傳遞到高溫物體【答案】ACE【解析】I懸浮在液體中小顆粒周?chē)写罅康囊后w分子，由于液體

24、分子對(duì)懸5觥施無(wú)規(guī)則撞擊，造成小顆粒受到的沖力不平衡而引起小顆粒的運(yùn)動(dòng)，撞擊它的分子數(shù)越多,布朗運(yùn)動(dòng)越不明顯，故A正確；B、溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，滿足統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)個(gè)別分子沒(méi)有意義，溫度越高，分子的平均動(dòng)能增大,并不是每個(gè)分子的動(dòng)能都增大，故B錯(cuò)誤C、0度的冰變化成了 0度的水，吸熱，當(dāng)然水比冰的內(nèi)能大。由于溫度相同，分子平均動(dòng)能相同，那么 水的分子勢(shì)能就更大，故C對(duì);D、氣體體積增大時(shí)，對(duì)外做功，但有可能吸收熱量，故內(nèi)能變化情況未知，故D錯(cuò);，但會(huì)引起其他變化，故 ESi = 2cm2,較細(xì)的部分橫E、內(nèi)能既能夠從高溫物體傳遞到低溫物體，也能夠從低溫物體傳遞到高溫物體正確。綜上所述本題答案

25、是：ACE.如圖甲所示，形狀別致的玻璃管，上端開(kāi)口且足夠長(zhǎng)，較粗的部分橫截面積截面積S2=1cm2,用適量的水銀在管內(nèi)密封氣體.封閉氣體初始溫度為57 C,氣柱長(zhǎng)度L=22cm.現(xiàn)對(duì)封閉氣體緩慢加熱，氣體壓強(qiáng)隨體積變化的規(guī)律如圖乙所示，管內(nèi)氣體可視為理想氣體，求:封閉氣體初始狀態(tài)的壓強(qiáng) Pl;當(dāng)所有水銀全部壓入細(xì)管時(shí)，氣體溫度丁2.【答案】（1） Pi=80cmHg（2） J=369K【解析】加熱之初，封閉氣體體積Vi=SiL=44cm 3由 P-V 圖可知：Pi=80cmHg由P-V圖可知：所有水銀全部壓入細(xì)管時(shí)，封閉氣體的壓強(qiáng)P2=82cmHg體積 4： 一PM WV-VT2= 369K綜上所述本題答案是：（1） Pi=80cmHg（2） G= 369K點(diǎn)睛：找出各個(gè)狀態(tài)下的參量是正確解題的關(guān)鍵，熟練應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程即可正確解題.下列說(shuō)法正確的是 （）A.在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，保持入射光的頻率不變，增大雙縫間的距離，干涉條紋間距也增大B.日落時(shí)分，拍攝水面下的景物，在照相機(jī)鏡頭前裝上濾光片，可以使景像