2022-2023學(xué)年匯文中學(xué)物理高三上期中學(xué)業(yè)水平測(cè)試模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)1考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫(xiě)在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無(wú)效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫(xiě)清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是

2、符合題目要求的。1、如圖所示，實(shí)線表示某電場(chǎng)的電場(chǎng)線（方向未標(biāo)出），虛線是一帶負(fù)電的粒子只在電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡，設(shè)M點(diǎn)和N點(diǎn)的電勢(shì)分別為，粒子在M和N時(shí)加速度大小分別為，速度大小分別為，電勢(shì)能分別為下列判斷正確的是ABCD2、如圖所示,a、b兩物體的質(zhì)量分別為m1和m2,由輕質(zhì)彈簧相連.當(dāng)用恒力F豎直向上拉著a,使a、b一起向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí),彈簧伸長(zhǎng)量為x1,加速度大小為a1;當(dāng)用大小仍為F的恒力沿水平方向拉著a,使a、b一起沿光滑水平桌面做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí),彈簧伸長(zhǎng)量為x2,加速度大小為a2,則()Aa1=a2,x1=x2Ba1x2Da1x23、石墨烯是目前世界上已知的強(qiáng)度最高的材

3、料,它的發(fā)現(xiàn)使“太空電梯”的制造成為可能,人類(lèi)將有望通過(guò)“太空電梯”進(jìn)入太空。設(shè)想在地球赤道平面內(nèi)有一垂直于地面延伸到太空的輕質(zhì)電梯,電梯頂端可超過(guò)地球的同步衛(wèi)星A的高度延伸到太空深處,這種所謂的太空電梯可用于降低成本地發(fā)射繞地人造衛(wèi)星。如圖所示,假設(shè)某物體B乘坐太空電梯到達(dá)了圖示的位置并停在此處,與同高度運(yùn)行的衛(wèi)星C相比較( ) AB的角速度大于C的角速度BB的線速度小于C的線速度C若B突然脫離電梯，B將做離心運(yùn)動(dòng)DB的向心加速度大于A的向心加速度4、如圖所示，曲線為電荷在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡，a、b是軌跡上的兩點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是 A電荷在b點(diǎn)的電勢(shì)能大于在a點(diǎn)的電勢(shì)能B該電場(chǎng)的方向水平

4、向左Cb點(diǎn)的電勢(shì)高于a點(diǎn)的電勢(shì)D電荷在電場(chǎng)中相同時(shí)間內(nèi)速度的變化量不相同5、質(zhì)量為60 kg的人，站在升降機(jī)內(nèi)的臺(tái)秤上（g=10 m/s2），測(cè)得體重（即支持力）為480N，則關(guān)于升降機(jī)的說(shuō)法正確的是( )A人處于超重狀態(tài)B升降機(jī)一定在下降C人的加速度大小為2 m/s2D人的加速度是40 m/s26、將一小球以動(dòng)能 Ek0 豎直向上拋出，小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的空氣阻力不可忽略且大小恒定以拋出點(diǎn)為原點(diǎn)、零勢(shì)能點(diǎn)，拋出時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，豎直向上為正方向，用 x 表示小球發(fā)生的位移、 Ek表示其動(dòng)能、 EP表示其勢(shì)能則從地出到落地的過(guò)程中，下列圖象正確的是（ ）ABCD二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小

5、題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，相同的乒乓球1、2恰好在等高處水平越過(guò)球網(wǎng)，不計(jì)乒乓球的旋轉(zhuǎn)和空氣阻力，乒乓球自最高點(diǎn)到落臺(tái)的過(guò)程中，正確的是（ ）A過(guò)網(wǎng)時(shí)球1的速度小于球2的速度B球1的飛行時(shí)間大于球2的飛行時(shí)間C球1的速度變化率等于球2的速度變化率D落臺(tái)時(shí)，球1的速率大于球2的速率8、一個(gè)質(zhì)量為0.3 kg的彈性小球，在光滑水平面上以6 m/s的速度垂直撞到墻上，碰撞后小球沿相反方向運(yùn)動(dòng)，反彈后的速度大小與碰撞前相同.則碰撞前后小球速度變化量的大小v和碰撞過(guò)程中墻對(duì)小球做功的大小W為

6、（ ）Av=0Bv=12 m/sCW=0DW=10.8 J9、如圖所示，固定在水平面上的光滑斜面傾角為30，質(zhì)量分別為M、m的兩個(gè)物體通過(guò)細(xì)繩及輕彈簧連接于光滑輕滑輪兩側(cè)，斜面底端有一與斜面垂直的擋板開(kāi)始時(shí)用手按住物體M，此時(shí)M距離擋板的距離為s，滑輪兩邊的細(xì)繩恰好伸直，且彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)已知M=2m，空氣阻力不計(jì)松開(kāi)手后，關(guān)于二者的運(yùn)動(dòng)下列說(shuō)法中正確的是（ ）AM和m組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B當(dāng)M的速度最大時(shí)，m與地面間的作用力為零C若M恰好能到達(dá)擋板處，則此時(shí)m的速度為零D若M恰好能到達(dá)擋板處，則此過(guò)程中重力對(duì)M做的功等于彈簧彈性勢(shì)能的增加量與物體m的機(jī)械能增加量之和10、光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，下列

7、表述正確的是()A光照時(shí)間越長(zhǎng)光電流越大B入射光足夠強(qiáng)就可以有光電流C遏止電壓與入射光的頻率有關(guān)D入射光頻率大于極限頻率才能產(chǎn)生光電子三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）為了探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系，甲、乙、丙三位同學(xué)分別設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置，小車(chē)總質(zhì)量用M表示（乙圖中M包括小車(chē)與傳感器，丙圖中M包括小車(chē)和與/J、車(chē)固連的滑輪），鉤碼總質(zhì)量用m表示（1）為便于測(cè)量合外力的大小，并得到小車(chē)總質(zhì)量一定時(shí)，小車(chē)的加速度與所受合外力成正比的結(jié)論，下列說(shuō)法正確的是 A三組實(shí)驗(yàn)中只有甲需要平衡摩擦力B三組實(shí)驗(yàn)都需要平衡摩擦力C三組實(shí)驗(yàn)中

8、只有甲需要滿足所掛鉤碼的總質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車(chē)的總質(zhì)量M的條件D三組實(shí)驗(yàn)都需要滿足所掛鉤碼的總質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車(chē)的總質(zhì)量M的條件（2）若乙、丙兩位同學(xué)發(fā)現(xiàn)某次測(cè)量中力傳感器和測(cè)力計(jì)讀數(shù)相同，通過(guò)計(jì)算得到小車(chē)加速度均為為當(dāng)?shù)刂亓铀俣?，則乙、丙兩人實(shí)驗(yàn)時(shí)所用小車(chē)總質(zhì)量之比為 ，乙、丙兩人實(shí)驗(yàn)用的鉤碼總質(zhì)量之比為 12（12分）為了測(cè)量小滑塊與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，某小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置，其中擋板可固定在桌面上，輕彈簧左端與擋板相連，圖中桌面高為h,O1、O2、A、B、C點(diǎn)在同一水平直線上.已知重力加速度為g,空氣阻力可忽略不計(jì).實(shí)驗(yàn)過(guò)程一：如圖甲所示，擋板固定在O1點(diǎn)，推動(dòng)滑塊壓縮彈簧，滑

9、塊移到A處，測(cè)量O1A的距離.滑塊由靜止釋放，落在水平面上的P點(diǎn)，測(cè)出P點(diǎn)到桌面右端的水平距離為x1.實(shí)驗(yàn)過(guò)程二：如圖乙所示，將擋板的固定點(diǎn)移到距O1點(diǎn)距離為d的O2點(diǎn)，推動(dòng)滑塊壓縮彈簧，滑塊移到C處，使Q2C的距離與O1A的距離相等滑塊由靜止釋放，落在水平面上的Q點(diǎn)，測(cè)出Q點(diǎn)到桌面右端的水平距離為x2.(1)為完成本實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法中正確的是_A必須測(cè)出小滑塊的質(zhì)量 B必須測(cè)出彈簧的勁度系數(shù)C彈簧的壓縮量不能太小 D必須測(cè)出彈簧的原長(zhǎng)(2)寫(xiě)出動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式=_(用題中所給物理量的符號(hào)表示)(3)在進(jìn)行實(shí)驗(yàn)過(guò)程二時(shí)，發(fā)現(xiàn)滑塊未能滑出桌面.為了仍能測(cè)量小滑塊與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，實(shí)驗(yàn)小組

10、測(cè)量出滑塊停止滑動(dòng)的位置到B點(diǎn)的距離l.寫(xiě)出動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式=_.(用題中所給物理量的符號(hào)表示)(4)某同學(xué)認(rèn)為，不測(cè)量桌面高度，改用秒表測(cè)出小滑塊從飛離桌面到落地的時(shí)間，也可測(cè)出小滑塊與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，此實(shí)驗(yàn)方案_.(選填“可行”或“不可行”)四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，一粗細(xì)均勻的U形管豎直放置，A側(cè)上端封閉，B側(cè)上側(cè)與大氣相通，下端開(kāi)口處開(kāi)關(guān)K關(guān)閉，A側(cè)空氣柱的長(zhǎng)度為l=10.0cm，B側(cè)水銀面比A側(cè)的高h(yuǎn)=3.0cm，現(xiàn)將開(kāi)關(guān)K打開(kāi)，從U形管中放出部分水銀，當(dāng)兩側(cè)的高度差為h

11、1=10.0cm時(shí)，將開(kāi)關(guān)K關(guān)閉，已知大氣壓強(qiáng)p0=75.0cmHg（1）求放出部分水銀后A側(cè)空氣柱的長(zhǎng)度；（2）此后再向B側(cè)注入水銀，使A、B兩側(cè)的水銀達(dá)到同一高度，求注入水銀在管內(nèi)的長(zhǎng)度14（16分）某次探礦時(shí)發(fā)現(xiàn)一天然透明礦石，經(jīng)測(cè)量其折射率n人工打磨成球形后置于空氣中（如圖所示），已知球半徑R10 cm，MN是一條通過(guò)球心O的直線，單色細(xì)光束AB平行于MN射向球體，B為入射點(diǎn)，AB與MN間距為d=5cm，CD為出射光線求：光從B點(diǎn)傳到C點(diǎn)的時(shí)間；CD與MN所成的角.15（12分）如圖，一帶負(fù)電的油滴處于水平放置的兩平行金屬板A、B 之間。當(dāng)平行板不帶電時(shí)，油滴在重力和空氣阻力的作用下，

12、最終以速率v1勻速下落。當(dāng)上極板A帶負(fù)電，下極板B帶等量正電時(shí)，金屬板間勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為大小為E，油滴下落的最終速率為v2。已知運(yùn)動(dòng)中油滴受到的空氣阻力大小f與速率v的關(guān)系為fKv（其中K為常數(shù)）。速率v1、v2、常數(shù)K、電場(chǎng)強(qiáng)度E 均已知，帶電油滴始終未觸及極板。（1）通過(guò)分析說(shuō)明，油滴在電場(chǎng)中靜止起在釋放后，它的加速度、速度、電勢(shì)能如何變化；（2）求油滴所帶的電量大小q；（3）若將兩極板A、B 上所帶電荷互換，油滴將向上運(yùn)動(dòng)，求油滴上升的最終速率v3。參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析：

13、將粒子的運(yùn)動(dòng)分情況討論：從M運(yùn)動(dòng)到N；從N運(yùn)動(dòng)到M，根據(jù)電場(chǎng)的性質(zhì)依次判斷；電場(chǎng)線越密，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，同一個(gè)粒子受到的電場(chǎng)力越大，根據(jù)牛頓第二定律可知其加速度越大，故有；若粒子從M運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，則根據(jù)帶電粒子所受電場(chǎng)力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，可知在某點(diǎn)的電場(chǎng)力方向和速度方向如圖所示，故電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，動(dòng)能減小，即，負(fù)電荷在低電勢(shì)處電勢(shì)能大，故；若粒子從N運(yùn)動(dòng)到M，則根據(jù)帶電粒子所受電場(chǎng)力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，可知在某點(diǎn)的電場(chǎng)力方向和速度方向如圖所示，故電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，動(dòng)能增大，即，負(fù)電荷在低電勢(shì)處電勢(shì)能大，故；綜上所述，D正確；【點(diǎn)睛】考查了帶電粒子在非勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；本題的突破

14、口是根據(jù)粒子做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的合力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，從而判斷出電場(chǎng)力方向與速度方向的夾角關(guān)系，進(jìn)而判斷出電場(chǎng)力做功情況2、B【解析】先對(duì)AB整體進(jìn)行分析，可以得出整體運(yùn)動(dòng)的加速度；再對(duì)隔離出受力最少的一個(gè)進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律可得出彈簧彈力，則可得出彈簧的形變量【詳解】對(duì)整體分析有： ，可知a1a1；隔離對(duì)b分析有：F1-m1g=m1a1，解得：，可知F1=F1，根據(jù)胡克定律知，x1=x1故應(yīng)選：B【點(diǎn)睛】本題考查了牛頓第二定律和胡克定律的基本運(yùn)用，掌握整體法和隔離法的靈活運(yùn)用3、B【解析】AB由圖可知C的周期小于同步衛(wèi)星的周期即小于B的周期，則C的角速度大于B的角速度,由：知C的線速度大

15、，則A錯(cuò)誤，B正確C若B突然脫離電梯，因其線速度小于同軌道的衛(wèi)星的線速度，則所需向心力小于萬(wàn)有引力,做近心運(yùn)動(dòng).則C錯(cuò)誤.D因同步衛(wèi)星A與B的角速度相同，故根據(jù)：可知A的向心加速度大于B的向心加速度，故D錯(cuò)誤.4、A【解析】由于做曲線運(yùn)動(dòng)的物體所受的合外力指向曲線的凹側(cè)，可得電荷的受力如圖所示 （F為電荷所受的電場(chǎng)力）：A.電荷從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中，由上圖可知，電場(chǎng)力的方向與運(yùn)動(dòng)的方向成鈍角；又由W=Fscos得電場(chǎng)力對(duì)電荷做負(fù)功，電荷的電勢(shì)能變大，故電荷在b點(diǎn)的電勢(shì)能大于在a點(diǎn)的電勢(shì)能；故A正確。BC. 題目沒(méi)有告知電荷的電性與電場(chǎng)方向，僅由電荷的運(yùn)動(dòng)軌跡無(wú)法判斷電場(chǎng)中不同點(diǎn)的電勢(shì)高低與

16、電場(chǎng)方向，故BC錯(cuò)誤。D. 勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)力恒定，加速度恒定，所以電荷做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，相同時(shí)間內(nèi)速度變化量相同，故D錯(cuò)誤。5、C【解析】ACD對(duì)人受力分析，受重力和支持力，支持力小于重力，人處于失重狀態(tài)，合力向下，加速度向下，故升降機(jī)的加速度也向下；由牛頓第二定律可知：mg-F=ma解得：a=2m/s2故AD錯(cuò)誤，C正確B升降機(jī)的加速度向下，即升降機(jī)可能加速下降，也可能減速上升故B錯(cuò)誤6、C【解析】根據(jù)Ep=mgx可知上升過(guò)程中重力勢(shì)能隨x均勻增加，下降過(guò)程重力勢(shì)能隨x均勻減小，且上升和下降過(guò)程的Ep-x圖像是重合的，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理，上升過(guò)程中Ek=Ek0-(mg+f)x，下降過(guò)

17、程中：Ek= (mg-f)(h-x)，則選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤；故選C.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】試題分析：因兩球從同一高度過(guò)網(wǎng)，根據(jù)h=12gt2可知兩球過(guò)網(wǎng)后的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，因1的水平射程大于2，根據(jù)s=vt可知過(guò)網(wǎng)時(shí)球1的速度大于球2的速度，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；根據(jù)v=gt可知球1的速度變化率等于球2的速度變化率，選項(xiàng)C正確；根據(jù)v=v02+(gt)2可知，落臺(tái)時(shí)，球1的速率大于球2的速率，選項(xiàng)D正確；故選CD.考點(diǎn)：平拋運(yùn)動(dòng).8、BC【解析】A.規(guī)

18、定初速度方向?yàn)檎较?，初速度，碰撞后速度，則速度變化量為：負(fù)號(hào)表示速度變化量的方向與初速度方向相反，所以碰撞前后小球速度變化量的大小為12m/s，故A錯(cuò)誤， B正確；C.運(yùn)用動(dòng)能定理研究碰撞過(guò)程，由于初、末動(dòng)能相等，則： 碰撞過(guò)程中墻對(duì)小球做功的大小W為0，故C正確，D錯(cuò)誤。9、BD【解析】因M、m之間有彈簧，故兩物體受彈簧的彈力做功，機(jī)械能不守恒，兩物體和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，A錯(cuò)誤；M的重力分力為；物體先做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)受力平衡時(shí)速度達(dá)最大，則此時(shí)受力為，故恰好與地面間的作用力為零，B正確；從m開(kāi)始運(yùn)動(dòng)至到M到達(dá)底部過(guò)程中，彈力的大小一直大于m的重力，故m一直做加速運(yùn)動(dòng)，M到達(dá)底部時(shí)，m

19、的速度不為零，C錯(cuò)誤；M恰好能到達(dá)擋板處，則此過(guò)程中重力對(duì)M做的功等于彈簧彈性勢(shì)能的增加量與物體m的機(jī)械能增加量之和，D正確10、CD【解析】A光電流的大小只與光強(qiáng)有關(guān)，與光照時(shí)間無(wú)關(guān)，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B要想發(fā)生光電效應(yīng)必須要有足夠大的入射光的頻率，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C根據(jù)， 可知，選項(xiàng)C正確；D入射光頻率大于極限頻率才能發(fā)生光電效應(yīng)，產(chǎn)生光電子，選項(xiàng)D正確三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、（1）BC；（2）1：2，1：2【解析】試題分析：（1）為便于測(cè)量合外力的大小，甲圖通過(guò)鉤碼的總質(zhì)量對(duì)應(yīng)的重力即為合外力，而乙圖是力傳感器的示數(shù)，丙圖則是

20、測(cè)力計(jì)的2倍，因此它們都必須平衡摩擦力，故A錯(cuò)誤，B正確；由于甲圖通過(guò)鉤碼的總質(zhì)量對(duì)應(yīng)的重力即為合外力，因此三組實(shí)驗(yàn)中只有甲需要滿足所掛鉤碼的總質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車(chē)的總質(zhì)量M的條件，故C正確，D錯(cuò)誤。（2）乙、丙兩位同學(xué)發(fā)現(xiàn)某次測(cè)量中力傳感器和測(cè)力計(jì)讀數(shù)相同，且通過(guò)計(jì)算得到小車(chē)加速度均為a，根據(jù)牛頓第二定律，則有：，；因此乙、丙兩人實(shí)驗(yàn)時(shí)所用小車(chē)總質(zhì)量之比為；由牛頓第二定律，對(duì)砝碼研究，則有，而，因，解得，；即乙、丙兩人實(shí)驗(yàn)用的鉤碼總質(zhì)量之比為。考點(diǎn)：探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系【名師點(diǎn)睛】考查不同實(shí)驗(yàn)中，是否平衡摩擦力，是依據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，并不是統(tǒng)統(tǒng)平衡的，并掌握牛頓第二定律的應(yīng)用，注意力傳

21、感器的作用，及理解測(cè)力計(jì)的讀數(shù)與小車(chē)的合力的關(guān)系，是解題的關(guān)鍵。12、（1）C （2） （3）滑塊停止滑動(dòng)的位置到B點(diǎn)的距離 （4）不可行 滑塊在空中飛行時(shí)間很短,難以把握計(jì)時(shí)起點(diǎn)和終點(diǎn),秒表測(cè)時(shí)間誤差較大 【解析】（1）、（2）滑塊離開(kāi)桌面后做平拋運(yùn)動(dòng)，平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，滑塊飛行的距離，所以滑塊第1次離開(kāi)桌面時(shí)的速度；滑塊第2次離開(kāi)桌面時(shí)的速度；滑塊第1次滑動(dòng)的過(guò)程中，彈簧的彈力和摩擦力做功，設(shè)彈簧做的功是W1，AB之間的距離是x，則，滑塊第2次滑動(dòng)的過(guò)程中，聯(lián)立可得解得；可知，要測(cè)定摩擦因數(shù)，與彈簧的長(zhǎng)度、彈簧的勁度系數(shù)、以及滑塊的質(zhì)量都無(wú)關(guān)要想讓滑塊順利滑出桌面，彈簧的壓縮量不能太小，C正

22、確；（3）在進(jìn)行實(shí)驗(yàn)過(guò)程二時(shí)，發(fā)現(xiàn)滑塊未能滑出桌面，則可以認(rèn)為滑塊的末速度是1根據(jù)動(dòng)能定理可知，聯(lián)立解得四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）12.0cm；（2）13.2cm【解析】（1）以cmHg為壓強(qiáng)單位設(shè)A側(cè)空氣柱長(zhǎng)度l=10.0cm時(shí)壓強(qiáng)為p，當(dāng)兩側(cè)的水銀面的高度差為h1=10.0cm時(shí)，空氣柱的長(zhǎng)度為l1，壓強(qiáng)為p1，由玻意耳定律，有：pl=p1l1由力學(xué)平衡條件，有：p=p0+h 打開(kāi)開(kāi)關(guān)放出水銀的過(guò)程中，B側(cè)水銀面處的壓強(qiáng)始終為p0，而A側(cè)水銀面處的壓強(qiáng)隨空氣柱長(zhǎng)度的增加逐漸減小，B、A兩側(cè)水銀面的高度差也隨著減小，直至B側(cè)水銀面低于A側(cè)水銀面h1為止，由力學(xué)平衡條件，有：p1=p0h1聯(lián)立，并代入題目數(shù)據(jù)，有：l1=12cm （2）當(dāng)A、B兩側(cè)的水銀面達(dá)到同一高度時(shí)，設(shè)A側(cè)空氣柱的長(zhǎng)度為l2，壓強(qiáng)為P2，由玻意耳定律，有：pl=p2l2由力學(xué)平衡條件有：p2=p0聯(lián)立式，并代入題目數(shù)據(jù)，有：l2=10.4cm 設(shè)注入水銀