青海西寧2012016學年高一下期末物理試卷解析版

1、2015-2016學年青海省西寧市高一（下）期末物理試卷一、選擇題：本題共 15小題，每小題3分，共45分.在每小題給出的四個選項中，有且 只有一個選項符合題意.1.關于曲線運動，下列說法不正確的是（）A.曲線運動一定是變速運動B.變速運動不一定是曲線運動C.曲線運動的速度方向不斷變化，但速度的大小可以不變D.曲線運動的加速度一定變化2.如圖所示，物體做平拋運動時，描述物體在豎直方向上的速度vy （取向下為正）隨時間 TOC o 1-5 h z 變化的圖象是（）3.用跨過定滑輪的繩把湖中小船拉靠岸，如圖所示，已知拉繩的速度 v不變，則船速（）A .逐漸增大B .逐漸減小C .不變D .先增大后

2、減小.某運動員臂長1,將質量為m的鉛球由靜止自肩部推出，鉛球出手的速度大小為v,方向與水平方向成30。角，則該運動員對鉛球所做的功是（）2A. ingl十萬mFB .C. 萬D. mgl+mv.如圖所示，一質量為 m的小球，沿半徑為 R的豎直圓弧軌道滑行，經(jīng)過軌道最低點時的 速度為v,則物體在最低點時，軌道對它的支持力的大小為（）222A. mg B. mg-C. mg+- D , RRR.下列運動過程中，機械能守恒的物體是（）A.在豎直平面內做勻速圓周運動物體B,在水中下沉的物體C.沿粗糙斜面勻速下滑的物體D.自由下落的物體.某一人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，下列說法正確的是（）A .距

3、離地球越遠，所受地球的萬有引力越大.距離地球越遠，周期越小C.距離地球越遠，線速度越大D.距離地球越遠，角速度越小8.某行星質量為地球質量的半徑為地球半徑的 3倍，則此行星的第一宇宙速度約為地 TOC o 1-5 h z 球第一宇宙速度的（）A. 9 倍 B. / C. 3 倍 D.吉.若知道太陽的某一顆行星繞太陽運轉的軌道半徑為r,周期為T,引力常量為G,則可求得（）A.該行星的質量 B.太陽的質量C.該行星的密度 D.太陽的平均密度.兩顆人造衛(wèi)星 A、B繞地球做圓周運動，周期之比為Ta： Tb=1： 8,則軌道半徑之比和運動速率之比分別為（）A. Ra：Rb=4：1,va：vb=1 ： 2

4、B.Ra：Rb=4 ： 1,va：vb=2： 1C. Ra：Rb=1 :4,va：vb=2： 1D.Ra：Rb=1 : 4,va :vb=1： 2.如圖所示，在勻速轉動的圓筒內壁上有一個小物體隨圓筒一起運動，小物體所需要的向心力由以下哪個力來提供（）A.重力B.彈力C.靜摩擦力D,滑動摩擦力.在水平街道上勻速行駛的灑水車，一邊行駛一邊向道路上灑水.下列關于其機械能變化的說法中正確的是（）A.動能不變，機械能減小 B.動能減小，機械能減小C.動能不變，機械能不變 D.動能減小，機械能增大.水平面上有一物體，受一水平方向的力的作用，由靜止開始無摩擦地運動，經(jīng)過路程S1,速度達到V,又經(jīng)過路程 S2

5、,速度達到2V,則在S1和S2兩段路程中該力所做功之比是（）A. 1: 1 B, 1: 2 C. 1 : 3 D. 1: 4.甲、乙兩個質點間的萬有引力大小為F,若甲物體的質量不變，乙物體的質量增加到原來的2倍，同時，它們之間的距離減為原來的則甲、乙兩物體間的萬有引力大小將變?yōu)椋?）F -A. FB. C. 8F D. 4F乙.發(fā)射地球同步衛(wèi)星時，先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道1,然后經(jīng)點火，使其沿橢圓軌道2運行，最后再次點火，將衛(wèi)星送入同步圓軌道3 （如圖）.則衛(wèi)星分別在1、2、3軌道上運行時，以下說法正確的是（）A.衛(wèi)星在軌道 B.衛(wèi)星在軌道 C.衛(wèi)星在軌道 D.衛(wèi)星在軌道3上的速率大于在軌道

6、1上的速率1上的速率小于在軌道2上經(jīng)過Q點時的速率1上具有的加速度小于它在軌道2上經(jīng)過Q點時的加速度3上的加速度大于它在軌道2上經(jīng)過P點時的加速度二、本題共5小題，每空2分，共28分.繩子的彈力只能沿繩子指向繩收縮的方向，而桿子的彈力可指向任何方向.如圖所示，質量為m=0.2 kg的小球固定在長為 L=0.9m的輕桿一端，桿可繞 O點的水平轉軸在豎直平面內轉動.g=10m/s2,則：(1)當小球在最高點的速度為 m/s時，桿對球的作用力為零；(2)當小球在最高點的速度為 6m/s時，桿對球的作用力的大小為 N,方向是.把質量m=4kg的物體，以vo=10m/s的初速度水平拋出，不計空氣阻力，前

7、 2s內重力 2的平均功率是 W,第2s末重力的瞬間功率是 W. (g取10m/s2).從距地面高為 h1=1.25m處豎直向下拋出皮球，碰地后皮球跳起的高度h2=2.5m ,不計空氣阻力，設球碰撞地面時無機械能損失，g取10m/s2,則皮球下拋時的初速度大小是m/s.圖1是研究平拋物體運動”的實驗裝置圖，通過描點畫出平拋小球的運動軌跡.(1)以下是實驗過程中的一些做法，其中合理的有 .a.安裝斜槽軌道，使其末端保持水平b.每次小球釋放的初始位置可以任意選擇c.每次小球應從同一高度由靜止釋放d.為描出小球的運動軌跡，描繪的點可以用折線連接(2)圖2是某同學根據(jù)實驗畫出的平拋小球的運動軌跡，O為

8、平拋的起點，在軌跡上任取三點A、B、C,測得A、B兩點豎直坐標 y1為5.0cm、丫2為45.0cm, A、B兩點水平間距 x為40.0cm,則平拋小球的初速度 丫0為 m/s,若C點的豎直坐標丫3為60.0cm,則2小球在C點的速度VC為 m/s (結果保留兩位有效數(shù)子，g取10m/s ).在利用自由落體 驗證機械能守恒定律”的實驗中，(1)下列器材中不必要的一項是 (只需填字母代號).A.重物B.紙帶C.天平D.低壓交流電源E.毫米刻度尺(2)關于本實驗的誤差，說法不正確的一項是 A.選擇質量較小的重物，有利于減小誤差B.選擇點擊清晰且第 1、2兩點間距約為2mm的紙帶，有利于減小誤差C.

9、先松開紙帶后接通電源會造成較大的誤差D.本實驗產(chǎn)生誤差的主要原因是因為重物在下落過程中不可避免地受到阻力的作用(3)在實驗中，質量 m=1kg的物體自由下落，得到如圖所示的紙帶，相鄰計數(shù)點間的時間 間隔為0.04s.那么從打點計日器打下起點O到打下B點的過程中，物體重力勢能的減少量Ep=J,此過程中物體動能的增加量Ek=J,由此可得到的結論是 .(取g=9.8m/s2,保留三位有效數(shù)字)三、計算題：本大題共 3小題，共27分.解答時應寫出必要的文字說明、方程式和重要的 演算步驟，只寫出最后答案的不得分，有數(shù)值計算的題，答案中須明確寫出數(shù)值和單位.如圖所示，某滑板愛好者在離地面h=1.8m高的平

10、臺上滑行，水平離開 A點后落在水平地面上的B點，其水平位移 S=3.6m,著地時由于存在能量損失，著地后速度變?yōu)関=4m/s,并以此為初速度沿水平面滑行S2=8m后停止.已知人與滑板的總質量m=50kg.求：(1)人與滑板離開平臺時的水平初速度；(空氣阻力忽略不計，取 g=10m/s2)(2)人與滑板在水平地面上滑行時受到的平均阻力的大小.額定功率為80kW的汽車，在平直公路上行駛的最大速度是 20m/s.汽車的質量為 2.0 x103kg.如果汽車從靜止開始做勻加速直線運動，加速度的大小是2m/s2,運動過程中阻力不變.求：(1)汽車受到的阻力多大？(2) 3s末汽車的瞬時功率是多大？(3)

11、汽車維持勻加速運動的時間是多少？23.如圖所示，質量 m=0.5kg的小球從距地面高 H=5m處自由下落，到達地面 A點時恰能 沿凹陷于地面的粗糙半圓形才t壁運動，半圓槽半徑R=0.4m.小球到達槽最低點時的速率為vB=10m/s ,并繼續(xù)沿槽壁運動直至從槽左端邊緣飛出，豎直上升，落下后恰好又沿槽壁運動直到從槽右端邊緣飛出，豎直上升、下落，如此反復幾次.設粗糙半圓形槽壁對小球的摩擦力大小恒定不變.求：(1)小球開始下落后，第一次到達 A點時的速度大小 VA；(2)小球第一次離槽上升高度 h ；(3)小球最多能飛出槽外幾次？ (g=10m/s2)2015-2016學年青海省西寧市高一（下）期末物

12、理試卷參考答案與試題解析一、選擇題：本題共 15小題，每小題3分，共45分.在每小題給出的四個選項中，有且 只有一個選項符合題意.1.關于曲線運動，下列說法不正確的是（）A.曲線運動一定是變速運動B.變速運動不一定是曲線運動C.曲線運動的速度方向不斷變化，但速度的大小可以不變D.曲線運動的加速度一定變化【考點】物體做曲線運動的條件.【分析】既然是曲線運動，它的速度的方向必定是改變的，所以曲線運動一定是變速運動.在 恒力作用下，物體可以做曲線運動， 如平拋運動，而勻速圓周運動受到的是變力， 是變加速 曲線運動.【解答】解：A、曲線運動物體的速度方向在不斷改變，是變速運動，但變速運動不一定就是曲線

13、運動，如勻變速直線運動，故 AB正確；C、曲線運動速度的方向不斷的變化，但速度的大小可以不變， 如勻速圓周運動.故C正確；D、曲線運動速度的方向不斷的變化，但加速度可以不變，如平拋運動.故D不正確.本題選擇不正確的，故選：D.如圖所示，物體做平拋運動時，描述物體在豎直方向上的速度Vy （取向下為正）隨時間變化的圖象是（）【考點】平拋運動；運動的合成和分解.【分析】根據(jù)平拋運動的規(guī)律， 水平方向勻速直線運動，豎直方向自由落體運動，由豎直方向的運動規(guī)律分析可以求出.【解答】解：平拋運動在豎直方向上是自由落體運動，豎直方向的速度為Vy=gt,所以速度與時間成正比，所以 D正確.故選：D.用跨過定滑輪

14、的繩把湖中小船拉靠岸，如圖所示，已知拉繩的速度 v不變，則船速（）A .逐漸增大B ,逐漸減小C .不變D.先增大后減小 【考點】運動的合成和分解.【分析】將小船的運動沿繩子收縮方向和垂直繩子方向進行正交分解， 拉繩子的速度v等于 船沿繩子收縮方向的分速度， 再對繩子收縮方向的分速度的表達式進行討論， 即可以求出船 速的變化情況.【解答】 解：將小船的運動沿繩子收縮方向和垂直繩子方向進行正交分解，如圖拉繩子的速度V等于船沿繩子收縮方向的分速度，由幾何關系，得到v=v 船 cos 0在小船靠岸的過程中，由于拉繩的速度V保持不變，。也不斷變大，故 V船不斷變大，故 A正確，BCD錯誤；故選：A.某

15、運動員臂長1,將質量為m的鉛球由靜止自肩部推出，鉛球出手的速度大小為v,方向與水平方向成30。角，則該運動員對鉛球所做的功是（）2丁、 B .二二！C -7TrD. mgl+mv【考點】功的計算.【分析】 運動員將鉛球拋出的過程中，根據(jù)動能定理列式即可求解運動員對鉛球所做的功.【解答】 解：運動員將鉛球拋出的過程中，根據(jù)動能定理得：W- mg1sin300=w2U故選：A解得：W=25.如圖所示，一質量為 m的小球，沿半徑為 R的豎直圓弧軌道滑行，經(jīng)過軌道最低點時的 速度為v,則物體在最低點時，軌道對它的支持力的大小為（）A. mg2B. mg - R向心力.物體在最低點時,重力和支持力的合力

16、提供向心力,根據(jù)向心力公式列式即可求解.N mg=解：物體在最低點，根據(jù)向心力公式得:2嗎2解得：N=mg+耳一，故C正確.R故選：C6.下列運動過程中，機械能守恒的物體是（A.在豎直平面內做勻速圓周運動物體B,在水中下沉的物體C.沿粗糙斜面勻速下滑的物體D.自由下落的物體【考點】 機械能守恒定律.【分析】根據(jù)機械能守恒的條件判斷物體的機械能是否守恒，或通過物體的動能和勢能之和是否保持不變，判斷機械能是否守恒.【解答】解：A、物體在豎直平面內做勻速圓周運動，動能不變，重力勢能在改變，兩者之 和即機械能在改變，故 A錯誤.B、在水中下沉的物體，受到向上的浮力作用，浮力對物體做負功，物體的機械能減

17、小，故B錯誤.C、沿粗糙斜面勻速下滑的物體，動能不變，重力勢能在減小，則機械能減小，故C錯誤.D、自由下落的物體，只受重力，機械能守恒，故 D正確.故選：D.某一人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，下列說法正確的是（）A .距離地球越遠，所受地球的萬有引力越大.距離地球越遠，周期越小C.距離地球越遠，線速度越大D.距離地球越遠，角速度越小【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系；萬有引力定律及其應用.【分析】人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，由地球的萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式進行分析即可.【解答】解：A、由F=gE知，距離地球越遠，衛(wèi)星所受地球的萬有引力越小，故 A錯誤. rBC

18、D、人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，由地球的萬有引力提供向心力，則有：G=m12gr=mZ=mw2r解得，周期T=2兀，（；線速度為：丫=丹；角速度為：3=* .式中M是地球的質量，r是衛(wèi)星的軌道半徑.可見，衛(wèi)星距離地球越遠，軌道半徑越大，周期越大，而線速度和角速度均越小.故BC錯誤，D正確.故選：D.某行星質量為地球質量的 春，半徑為地球半徑的 3倍，則此行星的第一宇宙速度約為地球第一宇宙速度的（）A. 9倍B.; C. 3倍D.吉【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系.可根據(jù)衛(wèi)星在圓軌道上運行時的速度公式v=強解得.r7.9km/s,【分析】物體在地面附近繞地球做勻速圓周運動的速度叫

19、做第一宇宙速度，大小1m,地球半徑r,某星球半徑 3r3r=3 ght2_【解答】解：設地球質量 M,某星球質量由萬有引力提供向心力做勻速圓周運動得：解得：衛(wèi)星在圓軌道上運行時的速度公式分別代入地球和某星球的各物理量得 此行星的第一宇宙速度約為地球第一宇宙速度的3故選B.若知道太陽的某一顆行星繞太陽運轉的軌道半徑為r,周期為T,引力常量為G,則可求得（）A.該行星的質量 B.太陽的質量C.該行星的密度 D.太陽的平均密度【考點】萬有引力定律及其應用.【分析】研究行星繞太陽做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式求出中心體的質量.【解答】 解：A、研究行星繞太陽做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引

20、力提供向心力，列出等式：型粵目二工，知道行星的運動軌道半徑 r和周期T,再利用萬有引力常量 G,通過前面的r2 T2表達式只能算出太陽 M的質量，也就是中心體的質量，無法求出行星的質量，也就是環(huán)繞體的質量.故A錯誤；B、通過以上分析知道可以求出太陽M的質量，故B正確；C、本題不知道行星的質量和體積，也就無法知道該行星的平均密度，故 C錯誤.D、本題不知道太陽的體積，也就不知道太陽的平均密度，故 D錯誤.故選：B.兩顆人造衛(wèi)星 A、B繞地球做圓周運動，周期之比為Ta： Tb=1： 8,則軌道半徑之比和 TOC o 1-5 h z 運動速率之比分別為（）A.Ra：Rb=4：1,va：vb=1 ：

21、2B.Ra：Rb=4 ： 1,va：vb=2：1C.Ra：Rb=1 ：4,va：vb=2： 1D.Ra：Rb=1： 4,7 A :vB=1 ：2【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系.【分析】根據(jù)人造衛(wèi)星的萬有引力等于向心力，列式求出線速度、角速度、周期和向心力的表達式進行討論即可.【解答】解：根據(jù)萬有引力提供向心力,、2G 2 =m=mr （ 丁 ） ， r1因為Ta: Tb=1： 8,根據(jù)式得：Ra: rb=1 ： 4,根據(jù)式得：Va： Vb=2： 1,故選：C.如圖所示，在勻速轉動的圓筒內壁上有一個小物體隨圓筒一起運動，小物體所需要的向心力由以下哪個力來提供（）A.重力B.彈力C.靜

22、摩擦力D,滑動摩擦力【考點】向心力.【分析】本題中應該首先對物體進行受力分析和運動情況分析，然后確定向心力來源!【解答】 解：物體做勻速圓周運動，合力指向圓心；受力如圖；重力 G與靜摩擦力f平衡，支持力N提供向心力；故選B.在水平街道上勻速行駛的灑水車，一邊行駛一邊向道路上灑水.下列關于其機械能變化的說法中正確的是（）A.動能不變，機械能減小 B.動能減小，機械能減小C.動能不變，機械能不變 D.動能減小，機械能增大【考點】 機械能守恒定律.【分析】灑水車勻速行駛，速度不變，根據(jù)質量分析其動能的變化.機械能等于重力勢能和 動能之和.通過分析重力勢能和動能的變化，判斷機械能的變化.【解答】解：灑

23、水車勻速行駛，速度不變，質量減小，所以動能減小.高度不變，質量減小, 則其重力勢能減小，根據(jù)機械能等于重力勢能和動能之和， 可知機械能減小.故ACD錯誤, B正確.故選：B.水平面上有一物體，受一水平方向的力的作用，由靜止開始無摩擦地運動，經(jīng)過路程Si,速度達到V,又經(jīng)過路程 S2,速度達到2V,則在Si和S2兩段路程中該力所做功之比是（）A. 1: 1 B, 1: 2 C. 1 : 3 D. 1: 4【考點】功的計算.【分析】根據(jù)動能定理，結合動能的變化量求出水平力做功的大小，從而得出兩段路程中力所做功之比.【解答】解：根據(jù)動能定理得,可知Wi： W2=1： 3.故C正確，A、B、D錯誤.

24、故選：C.甲、乙兩個質點間的萬有引力大小為 F,若甲物體的質量不變，乙物體的質量增加到原 來的2倍，同時，它們之間的距離減為原來的 工，則甲、乙兩物體間的萬有引力大小將變?yōu)椋?）F -A. F B. -7- C. 8F D. 4F2【考點】萬有引力定律及其應用.【分析】根據(jù)萬有引力定律的內容（萬有引力是與質量乘積成正比，與距離的平方成反比.）解決問題4 n ”人 一 ”，一八、一心，GMm【解答】 解：兩個質點相距r時，它們之間的萬有引力為 F=,r-若它們間的距離縮短為 |r,其中一個質點的質量變?yōu)樵瓉淼?倍，2GM-2m則它們之間的萬有引力為 F=工Z=8F.令）故選C.發(fā)射地球同步衛(wèi)星時

25、，先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道1,然后經(jīng)點火，使其沿橢圓軌道2運行，最后再次點火，將衛(wèi)星送入同步圓軌道3 （如圖）.則衛(wèi)星分別在1、2、3軌道上運行時，以下說法正確的是（）A.衛(wèi)星在軌道 B.衛(wèi)星在軌道 C.衛(wèi)星在軌道 D.衛(wèi)星在軌道3上的速率大于在軌道 1上的速率1上的速率小于在軌道2上經(jīng)過Q點時的速率1上具有的加速度小于它在軌道2上經(jīng)過Q點時的加速度3上的加速度大于它在軌道2上經(jīng)過P點時的加速度【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系.角速度、周期和向心力的【分析】根據(jù)人造衛(wèi)星的萬有引力等于向心力，列式求出線速度、 表達式進行討論即可.【解答】 解：A、衛(wèi)星做圓周運動時萬有引力提供圓周運動的

26、向心力有: 線速度v=d郃,軌道3半徑比軌道1半徑大，在軌道1上衛(wèi)星的速率大于軌道 3上的速率， 故A錯誤；B、衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)過Q點時開始加速，需要的向心力增大，做離心運動沿橢圓軌道2運所以衛(wèi)星在軌道1上的速率小于在軌道 2上經(jīng)過Q點時的速率.故 B正確；C、衛(wèi)星做圓周運動時萬有引力提供圓周運動的向心力有：-2-=mar向心加速度a=, r所以衛(wèi)星在軌道1上具有的加速度等于它在軌道 2上經(jīng)過Q點時的加速度，故 C錯誤；D、衛(wèi)星在軌道3上的加速度等于它在軌道 2上經(jīng)過P點時的加速度.故 D錯誤；故選：B.二、本題共5小題，每空2分，共28分.繩子的彈力只能沿繩子指向繩收縮的方向，而桿子的彈力可

27、指向任何方向.如圖所示，質量為m=0.2 kg的小球固定在長為 L=0.9m的輕桿一端，桿可繞 O點的水平轉軸在豎直平2面內轉動.g=10m/s ,則：(1)當小球在最高點的速度為3 m/s時,桿對球的作用力為零；(2)當小球在最高點的速度為6m/s時，桿對球的作用力的大小為6 N,方向是 豎直向下 .【考點】向心力.【分析】(1)桿子對小球的作用力可以是拉力，也可以是推力，取決于小球在最高點的速度.在最高點，球對桿的作用力為零時，由重力充當向心力，由牛頓第二定律求解速度.(2)根據(jù)牛頓第二定律和向心力公式列式求解.【解答】 解：小球在最高點時，對小球受力分析，受重力 G和桿的彈力N,假定彈力

28、N向 下，如圖所示；2由牛頓第二定律和向心力公式得：N+G=mJ r(1)由 式解得：N=0 時的速度 v 1 =VgL=Vl 0 X 0. 9 m/s=3m/s2(2)由 式得小球在最局點的速度 V2=6m/s時，桿對球的作用力為：N=m-mg=r(2黑 6 _ 0.2x 10)n=+6N 0.9+說明方向豎直向下，故答案為：(1) 3(2) 6,豎直向下17.把質量m=4kg的物體，以v0=10m/s的初速度水平拋出，不計空氣阻力，前 2s內重力2的平均功率是400 W,第2s末重力的瞬間功率是 800 W. (g取10m/s2)【考點】功率、平均功率和瞬時功率.【分析】物體做平拋運動，豎

29、直方向做自由落體運動，根據(jù)自由落體運動的位移公式求出2s內下落的高度，得到重力做功 W,即可由P=上求得重力的平均功率.t由速度時間公式求出 2s末的豎直分速度，根據(jù) P=mgvy求出重力的瞬時功率【解答】解：因為小球豎直方向上做自由落體運動，則2s內下落的位移為：h=gt2=x 1022x 22=20m重力做功為：W=mgh=40 X 20J=800J則在下落的2s內重力做功的功率為：手=出=碰&W=400W t 22s末的豎直分速度為：vy=gt=10 x 2m/s=20m/s .則第2s末重力的瞬時功率為：P=mgvy=40 x 20W=800W故答案為：400, 800.從距地面高為

30、h1=1.25m處豎直向下拋出皮球，碰地后皮球跳起的高度h2=2.5m ,不計空氣阻力，設球碰撞地面時無機械能損失，g取10m/s2,則皮球下拋時的初速度大小是 5m/s.【考點】 機械能守恒定律.【分析】不計空氣阻力則可知機械能守恒；對皮球運動過程中，機械能守恒，運用機械能守恒定律列式求解.【解答】解：對于皮球整個過程，取地面為參考平面，根據(jù)機械能守恒定律得：,12一一一mgh1+5 my口-mgh2;則得：v0=，F(xiàn)；勾-, J=：-m/s=5m/s答：小皮球向下拋出時的初速度大小為5m/s.圖1是講究平拋物體運動”的實驗裝置圖，通過描點畫出平拋小球的運動軌跡.(1)以下是實驗過程中的一些

31、做法，其中合理的有ac .a.安裝斜槽軌道，使其末端保持水平b.每次小球釋放的初始位置可以任意選擇c.每次小球應從同一高度由靜止釋放d.為描出小球的運動軌跡，描繪的點可以用折線連接(2)圖2是某同學根據(jù)實驗畫出的平拋小球的運動軌跡，O為平拋的起點，在軌跡上任取三點A、B、C,測得A、B兩點豎直坐標 y1為5.0cm、丫2為45.0cm, A、B兩點水平間距 x為40.0cm.則平拋小球的初速度 vo為 2.0 m/s,若C點的豎直坐標 y3為60.0cm,則2小球在C點的速度VC為 4.0 m/s (結果保留兩位有效數(shù)子，g取10m/s ).【考點】研究平拋物體的運動.【分析】(1)根據(jù)實驗的

32、原理以及操作中的注意事項確定正確的操作步驟；(2)根據(jù)位移時間公式分別求出拋出點到A點、B點的時間，結合水平位移和時間求出初速度，根據(jù)速度位移公式求出C點的豎直分速度，結合平行四邊形定則求出C點的速度.【解答】解：(1) a、為了保證小球的初速度水平，安裝斜槽軌道時，使其末端水平，故 a 正確.b、為了保證小球的初速度相等，每次讓小球從斜槽的同一位置由靜止釋放，故b錯誤，c正確.d、描寫小球的運動軌跡，描繪的點可以用平滑曲線連接，故 d錯誤.故選：ac.。35=2. 0 m/5, c點的豎直分速度vyc=2。3 =2X 10X 0. 60=2Vm/s,根據(jù)平行四邊形定則知，c點的速度n=JvJ

33、 + Vyc2=Hm/s=4.0m/s.故答案為：(1) ac (2) c (3) 2.04.0.在利用自由落體 驗證機械能守恒定律”的實驗中，(1)下列器材中不必要的一項是C (只需填字母代號).A.重物B.紙帶C.天平D.低壓交流電源E.毫米刻度尺(2)關于本實驗的誤差，說法不正確的一項是AA.選擇質量較小的重物，有利于減小誤差B.選擇點擊清晰且第 1、2兩點間距約為2mm的紙帶，有利于減小誤差C.先松開紙帶后接通電源會造成較大的誤差D.本實驗產(chǎn)生誤差的主要原因是因為重物在下落過程中不可避免地受到阻力的作用(3)在實驗中，質量 m=1kg的物體自由下落，得到如圖所示的紙帶，相鄰計數(shù)點間的時

34、間 間隔為0.04s.那么從打點計日器打下起點O到打下B點的過程中，物體重力勢能的減少量Ep= 2.28 J,此過程中物體動能的增加量Ek= 2.26 J,由此可得到的結論是在實驗誤差允許的范圍內，重物重力勢能的減小量等于動能的增加量，重物下落過程中機械能守恒.(取g=9.8m/s2,保留三位有效數(shù)字)【考點】驗證機械能守恒定律.【分析】(1)根據(jù)實驗的原理確定所需測量的物理量，從而確定不需要的物理器材.(2)根據(jù)實驗的原理以及操作中的注意事項確定不正確的操作步驟.(3)根據(jù)下降的高度求出物體重力勢能的減小量，根據(jù)某段時間內的平均速度等于中間時 刻的瞬時速度，求出 B點的速度，從而得出動能的增

35、加量.分析比較得出實驗的結論.【解答】解：(1)實驗中驗證動能的增加量和重力勢能的減小量是否相等，兩端都有質量, 可以約去，所以不需要測量質量，不需要天平.故不必要的器材選 C.A、為了減小阻力的影響，重物選擇質量較大的重物，故 A錯誤.B、根據(jù)=K10乂 Q. 02m二堤知，紙帶選擇點跡清晰且第1、2兩點間距約為2mm的紙帶，有利于減小誤差，故B正確.C、實驗時先松開紙帶后接通電源會造成較大的誤差，故 C正確.D、本實驗產(chǎn)生誤差的主要原因是因為重物在下落過程中不可避免地受到阻力的作用，故D正確. 本題選擇錯誤的，故選：A.23.25cm=0.2325m , 32.50cm=0.3250m ,

36、 15.50cm=0.1550m , 物體重力勢能的減少量為：Ep=mgh=1 X 9.8X 0.2325J=2.28J,B點的速度為:工出 0. 3250- 0.15500.08:r =2.125m/s ,9 19則動能的增加量為：一一 . I - =2.26J.K Z u Z可知在實驗誤差允許的范圍內，重物重力勢能的減小量等于動能的增加量，重物下落過程中機械能守恒.故答案為：(1) C, (2) A, (3) 2.28, 2.26,在實驗誤差允許的范圍內，重物重力勢能的減 小量等于動能的增加量，重物下落過程中機械能守恒.三、計算題：本大題共 3小題，共27分.解答時應寫出必要的文字說明、方

37、程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不得分，有數(shù)值計算的題，答案中須明確寫出數(shù)值和單位.21 .如圖所示，某滑板愛好者在離地面h=1.8m高的平臺上滑行，水平離開 A點后落在水平地面上的B點，其水平位移 S=3.6m,著地時由于存在能量損失，著地后速度變?yōu)関=4m/s,并以此為初速度沿水平面滑行S2=8m后停止.已知人與滑板的總質量m=50kg .求：(1)人與滑板離開平臺時的水平初速度；(空氣阻力忽略不計，取 g=10m/s2)(2)人與滑板在水平地面上滑行時受到的平均阻力的大小.【考點】動能定理的應用；平拋運動.【分析】(1)人與滑板離開平臺做平拋運動，利用平拋運動的規(guī)律：時間由豎直方向

38、的高度決定，水平方向勻速運動，利用Si=v0t求出初速度大小.(2)人與滑板在水平地面滑行時受到摩擦阻力最后停下來，由動能定理求出受到的阻力大 小.【解答】 解：(1)從A到B過程人和滑板一起在空中做平拋運動，設初速度為V0,飛行時間為t,由平拋運動規(guī)律得：豎直方向有h=gt2水平方向有 Si=vot則得： v0= S11 =3.6 x Jm/s=6m/s .4 2h V2X1. 8(2)設人與滑板在水平地面上滑行時受到的平均阻力大小為f.由動能定理得:2fS2=0 一 mv : TOC o 1-5 h z HYPERLINK l bookmark4 o Current Document 22

39、貝U得：f=3=02LN=50N ；2s22X8答：(1)人與滑板離開平臺時的水平初速度是6m/s.(2)人與滑板在水平地面上滑行時受到的平均阻力的大小是50N.22.額定功率為80kW的汽車，在平直公路上行駛的最大速度是20m/s.汽車的質量為 2.0 x 103kg .如果汽車從靜止開始做勻加速直線運動, 不變.求：(1)汽車受到的阻力多大？(2) 3s末汽車的瞬時功率是多大？(3)汽車維持勻加速運動的時間是多少？【考點】功率、平均功率和瞬時功率.【分析】這題考的知識點是汽車的兩種啟動方式，于恒定加速度啟動方式，由于牽引力不變，根據(jù)2加速度的大小是 2m/s ,運動過程中阻力恒定加速度啟動和恒定功率啟動.本題屬p=Fv可知隨著汽車速度的增加，汽車的實際功率在增加，此過程汽車做勻加速運動，當實際功率