2021-2022學(xué)年遼寧省瓦房店市第三高級中學(xué)高考物理三模試卷含解析

1、2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，真空中有一個半徑為R，質(zhì)量分布均勻的玻璃球，頻率為的細(xì)激光束在真空中沿直線BC傳播，并于玻璃球表

2、面的C點經(jīng)折射進(jìn)入玻璃球，并在玻璃球表面的D點又經(jīng)折射進(jìn)入真空中，已知，玻璃球?qū)υ摷す獾恼凵渎蕿?，則下列說法中正確的是（ ）A出射光線的頻率變小B改變?nèi)肷浣堑拇笮?，?xì)激光束可能在玻璃球的內(nèi)表面發(fā)生全反射C此激光束在玻璃中穿越的時間為（c為真空中的光速）D激光束的入射角為=452、如圖所示，邊長為L的正六邊形ABCDEF的5條邊上分別放置5根長度也為L的相同絕緣細(xì)棒。每根細(xì)棒均勻帶上正電?，F(xiàn)將電荷量為+Q的點電荷置于BC中點，此時正六邊形幾何中心O點的場強(qiáng)為零。若移走+Q及AB邊上的細(xì)棒，則O點強(qiáng)度大小為(k為靜電力常量)(不考慮絕緣棒及+Q之間的相互影響)ABCD3、如圖所示，一光滑小球與一過

3、球心的輕桿連接，置于一斜面上靜止，輕桿通過光滑鉸鏈與豎直墻壁連接，已知小球所受重力為G，斜面與水平地面的夾角為60，輕桿與豎直墻壁的夾角也為60，則輕桿和斜面受到球的作用力大小分別為（ ）AG和GBG和CG和GDG和2G4、如圖，傾角為=45的斜面ABC固定在水平面上，質(zhì)量為m的小球從頂點A先后以初速度v0和2vo向左水平拋出，分別落在斜面上的P1、P2點，經(jīng)歷的時間分別為t1、t2；A點與P1、Pl與P2之間的距離分別為l1和l2，不計空氣阻力影響。下列說法正確的是（ ）At1：t 2=1：1Bll：l2=1：2C兩球剛落到斜面上時的速度比為1：4D兩球落到斜面上時的速度與斜面的夾角正切值的

4、比為1：15、宇宙間存在一些離其它恒星較遠(yuǎn)的三星系統(tǒng)。其中有一種三星系統(tǒng)如圖所示，三顆質(zhì)量均為M的星位于等邊三角形的三個頂點上，任意兩顆星的距離均為R。并繞其中心O做勻速圓周運動。如果忽略其它星體對它們的引力作用，引力常數(shù)為G。以下對該三星系統(tǒng)的說法中正確的是（）A每顆星做圓周運動的角速度為B每顆星做圓周運動的向心加速度與三星的質(zhì)量無關(guān)C若距離R和每顆星的質(zhì)量M都變?yōu)樵瓉淼?倍，則角速度變?yōu)樵瓉淼?倍D若距離R和每顆星的質(zhì)量M都變?yōu)樵瓉淼?倍，則線速度大小不變6、如圖所示，豎直放置的兩根平行金屬導(dǎo)軌之間接有定值電阻R，質(zhì)量不能忽略的金屬棒與兩導(dǎo)軌始終保持垂直并良好接觸且無摩擦，棒與導(dǎo)軌的電阻均

5、不計，整個裝置放在勻強(qiáng)磁場中，磁場方向與導(dǎo)軌平面垂直，棒在豎直向上的恒力F作用下加速上升的一段時間內(nèi)，力F做的功與安培力做的功的代數(shù)和等于A棒的機(jī)械能增加量B棒的動能增加量C棒的重力勢能增加量D電阻R上放出的熱量二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，再由狀態(tài)B變化到狀態(tài)C，其狀態(tài)變化過程的p-V圖象如圖所示。已知氣體在狀態(tài)A時的溫度為17，熱力學(xué)溫度與攝氏溫度間的關(guān)系為T=t+273K，則下列說法正確的是（ ）A氣體在狀態(tài)B時的溫

6、度為290KB氣體在狀態(tài)C時的溫度為580KC氣體由狀態(tài)B到狀態(tài)C的過程中，溫度降低，內(nèi)能減小D氣體由狀態(tài)B到狀態(tài)C的過程中，從外界吸收熱量8、如圖所示，為一彈性輕繩，一端固定于點，一端連接質(zhì)量為的小球，小球穿在豎直的桿上。輕桿一端固定在墻上，一端為定滑輪。若繩自然長度等于，初始時在一條水平線上，小球從點由靜止釋放滑到點時速度恰好為零。已知、兩點間距離為，為的中點，小球在點時彈性繩的拉力為，小球與桿之間的動摩擦因數(shù)為0.5，彈性繩始終處在彈性限度內(nèi)。下列說法正確的是（）A小球在點時速度最大B若在點給小球一個向上的速度，小球恰好能回到點，則C小球在階段損失的機(jī)械能等于小球在階段損失的機(jī)械能D若點

7、沒有固定，桿在繩的作用下以為軸轉(zhuǎn)動，在繩與點分離之前，的線速度等于小球的速度沿繩方向分量9、如圖所示，傾角為的光滑導(dǎo)軌上接入一定值電阻，和是邊長都為L的兩正方形磁場區(qū)域，其區(qū)域內(nèi)的磁場方向都垂直于導(dǎo)軌平面向上，區(qū)域中磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1，恒定不變，區(qū)域中磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間B2=kt（k0）變化，一質(zhì)量為m、電阻為r的金屬桿穿過區(qū)域垂直地跨放在兩導(dǎo)軌上，并恰能保持靜止，不計導(dǎo)軌電阻，則下列說法正確的是（ ）A通過金屬桿的電流大小為mgsinB1LB通過金屬桿的電流方向是從a到bC定值電阻的阻值為kB1L3mgsin-rD定值電阻的阻值為kB1L3mgsin10、如圖所示為勻強(qiáng)電場中的一組等間距的

8、豎直直線，一個帶電粒子從A點以一定的初速度斜向上射入電場，結(jié)果粒子沿初速度方向斜向右上方做直線運動，則下列說法正確的是（）A若豎直直線是電場線，電場的方向一定豎直向上B若豎直直線是電場線，粒子沿直線向上運動過程動能保持不變C若豎直直線是等勢線，粒子一定做勻速直線運動D若豎直直線是等勢線，粒子沿直線斜向上運動過程電勢能增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）用圖甲所示的實驗裝置來測量勻變速直線運動的加速度（1）實驗的主要步驟：用游標(biāo)卡尺測量擋光片的寬度d，結(jié)果如圖乙所示，讀得d =_mm；用刻度尺測量A點到光電門所在位置B點之間的水

9、平距離x；滑塊從A點靜止釋放（已知砝碼落地前擋光片已通過光電門）；讀出擋光片通過光電門所用的時間t；改變光電門的位置，滑塊每次都從A點靜止釋放，測量相應(yīng)的x值并讀出t值（1）根據(jù)實驗測得的數(shù)據(jù)，以x為橫坐標(biāo)，為縱坐標(biāo)，在坐標(biāo)紙中作出圖線如圖丙所示，求得該圖線的斜率k_m1s1；由此進(jìn)一步求得滑塊的加速度a=_ms1（計算結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）12（12分）某同學(xué)在“驗證力的平行四邊形定則”的實驗中，利用以下器材：兩個輕彈簧A和B、白紙、方木板、橡皮筋、圖釘、細(xì)線、鉤碼、刻度尺、鉛筆。實驗步驟如下：（1）用刻度尺測得彈簧A的原長為6.00cm，彈簧B的原長為8.00cm；（2）如圖甲，分別將彈

10、簧A、B懸掛起來，在彈簧的下端掛上質(zhì)量為m=100g的鉤碼，鉤碼靜止時，測得彈簧A長度為6.98cm，彈簧B長度為9.96cm。取重力加速度g=9.8m/s2，忽略彈簧自重的影響，兩彈簧的勁度系數(shù)分別為kA=_N/m，kB=_N/m；（3）如圖乙，將木板水平固定，再用圖釘把白紙固定在木板上，將橡皮筋一端固定在M點，另一端系兩根細(xì)線，彈簧A、B一端分別系在這兩根細(xì)線上，互成一定角度同時水平拉彈簧A、B，把橡皮筋結(jié)點拉到紙面上某一位置，用鉛筆描下結(jié)點位置記為O。測得此時彈簧A的長度為8.10cm，彈簧B的長度為11.80cm，并在每條細(xì)線的某一位置用鉛筆記下點P1和P2；（4）如圖丙，取下彈簧A，

11、只通過彈簧B水平拉細(xì)線，仍將橡皮筋結(jié)點拉到O點，測得此時彈簧B的長度為13.90cm，并用鉛筆在此時細(xì)線的某一位置記下點P，此時彈簧B的彈力大小為F=_N（計算結(jié)果保留3位有效數(shù)字）；（5）根據(jù)步驟（3）所測數(shù)據(jù)計算彈簧A的拉力FA、彈簧B的拉力FB，在圖丁中按照給定的標(biāo)度作出FA、FB的圖示_，根據(jù)平行四邊形定則作出它們的合力F的圖示，測出F的大小為_N。（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）（6）再在圖丁中按照給定的標(biāo)度作出F的圖示_，比較F與F的大小及方向的偏差，均在實驗所允許的誤差范圍之內(nèi)，則該實驗驗證了力的平行四邊形定則。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出

12、必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖(b)所示，一個正方體玻璃磚的棱長為，其折射率為。在其中心軸線處有一點光源，該點光源可沿中心軸線上下移動。若點光源移動至某一位置時，玻璃磚上表面均有光線射出，求此時玻璃磚下表面有光線射出的面積14（16分）如圖所示，在直線MN和PQ之間有一勻強(qiáng)電場和一圓形勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直紙面向外，MN、PQ與磁場圓相切，CD是圓的一條直徑，長為2r，勻強(qiáng)電場的方向與CD平行向右，其右邊界線與圓相切于C點。一比荷為k的帶電粒子（不計重力）從PQ上的A點垂直電場射入，初速度為v0，剛好能從C點沿與CD夾角為的方向進(jìn)入磁場，最終從D點離開磁場。求：(1)電場

13、的電場強(qiáng)度E的大?。?2)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小。15（12分）橫截面積處處相同的U形玻璃管豎直放置左端封閉,右端開口.初始時,右端管內(nèi)用h1=4cm的水銀柱封閉一段長為L1=9cm的空氣柱A左端管內(nèi)用水銀封閉有長為L2=14cm的空氣柱B,這段水銀柱液面高度差為h2=8cm,如圖甲所示.已知大氣壓強(qiáng)P0=76.0cmHg,環(huán)境溫度不變.(i)求初始時空氣柱B的壓強(qiáng)(以cmHg為單位)；(ii)若將玻璃管緩慢旋轉(zhuǎn)180,使U形管豎直倒置(水銀未混合未溢出),如圖乙所示當(dāng)管中水銀靜止時,求水銀柱液面高度差h3.參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中

14、，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A.光在不同介質(zhì)中傳播時，頻率不會發(fā)生改變，所以出射光線的頻率不變，故A錯誤；B. 激光束從C點進(jìn)入玻璃球時，無論怎樣改變?nèi)肷浣?，折射角都小于臨界角，根據(jù)幾何知識可知光線在玻璃球內(nèi)表面的入射角不可能大于臨界角，所以都不可能發(fā)生全反射，故B錯誤；C. 此激光束在玻璃中的波速為CD間的距離為則光束在玻璃球中從到傳播的時間為故C正確；D. 由幾何知識得到激光束在在點折射角，由可得入射角，故D錯誤。2、D【解析】根據(jù)對稱性，AF與CD上的細(xì)棒在O點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度疊加為零，AB與ED上的細(xì)棒在O點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度疊加為零.BC中點的點電荷在O點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度為，因

15、EF上的細(xì)棒與BC中點的點電荷在O點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度疊加為零，EF上的細(xì)棒在O點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度為，故每根細(xì)棒在O點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度為，移走+Q及AB邊上的細(xì)棒，O點的電場強(qiáng)度為EF與ED上的細(xì)棒在O點產(chǎn)生的電場強(qiáng)度疊加，這兩個場強(qiáng)夾角為60，所以疊加后電場強(qiáng)度為；故選D。A，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D，與結(jié)論相符，選項D正確；3、A【解析】對小球受力分析如圖，由幾何關(guān)系，三力互成120角，據(jù)平衡條件有則輕桿和斜面受到球的作用力大小故選A4、D【解析】A根據(jù)得因為初速度之比為1：2，則運動的時間之比為1：2，故A錯誤。B水平位移因為初速度

16、之比為1：2，則水平位移之比為1：4，由可知ll：l2=1：4故B錯誤。C根據(jù)動能定理 其中y=x，則則兩球剛落到斜面上時的速度比為1：2，選項C錯誤；D平拋運動某時刻速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，由于落在斜面上，位移方向相同，則速度方向相同，即兩球落到斜面上時的速度與斜面的夾角正切值的比為1：1，故D正確。故選D。5、D【解析】A任意星之間所受萬有引力為則任意一星所受合力為星運動的軌道半徑萬有引力提供向心力解得A錯誤；B萬有引力提供向心力解得則每顆星做圓周運動的向心加速度與三星的質(zhì)量有關(guān)，B錯誤；C根據(jù)題意可知C錯誤；D根據(jù)線速度與角速度的關(guān)系可知變化前線速

17、度為變化后為D正確。故選D。6、A【解析】棒在豎直向上的恒力F作用下加速上升的一段時間內(nèi)，F(xiàn)做正功，安培力做負(fù)功，重力做負(fù)功，動能增大根據(jù)動能定理分析力F做的功與安培力做的功的代數(shù)和【詳解】A棒受重力G、拉力F和安培力FA的作用由動能定理：WF+WG+W安=EK得WF+W安=EK+mgh即力F做的功與安培力做功的代數(shù)和等于機(jī)械能的增加量故A正確B由動能定理，動能增量等于合力的功合力的功等于力F做的功、安培力的功與重力的功代數(shù)和故B錯誤C棒克服重力做功等于棒的重力勢能增加量故C錯誤D棒克服安培力做功等于電阻R上放出的熱量故D錯誤【點睛】本題運用功能關(guān)系分析實際問題對于動能定理理解要到位：合力對物

18、體做功等于物體動能的增量，哪些力對物體做功，分析時不能遺漏二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A氣體在狀態(tài)A時的溫度為17 C，TA=(273+17）K=290 K，由理想氣體狀態(tài)方程得氣體在狀態(tài) B時的溫度TB=1160KA項錯誤；B氣體由狀態(tài)B到狀態(tài)C做等容變化，根據(jù)查理定律得解得Tc=580KB項正確；C氣體由狀態(tài)B到狀態(tài)C不對外做功，但溫度降低，內(nèi)能減小，C項正確；D根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知氣體向外界放出熱量，D項錯誤。故選BC。8、AD【解析】A設(shè)

19、當(dāng)小球運動到某點時，彈性繩的伸長量是，小球受到如圖所示的四個力作用：其中將正交分解，則的豎直分量據(jù)牛頓第二定律得解得即小球的加速度先隨下降的距離增大而減小到零，再隨下降的距離增大而反向增大，據(jù)運動的對稱性（豎直方向可以看作單程的彈簧振子模型）可知，小球運動到的中點時，加速度為零，速度最大，A正確；B對小球從運動到的過程，應(yīng)用動能定理得若在點給小球一個向上的速度，小球恰能從點回到點，應(yīng)用動能定理得聯(lián)立解得，B錯誤；C除重力之外的合力做功等于小球機(jī)械能的變化，小球在段所受繩子拉力豎直分量較小，則小球在段時摩擦力和彈力做的負(fù)功比小球在段時摩擦力和彈力做的負(fù)功少，小球在階段損失的機(jī)械能小于小球在階段損

20、失的機(jī)械能，C錯誤；D繩與點分離之前點做圓周運動，線速度（始終垂直于桿）大小等于小球的速度沿繩方向的分量，D正確。故選AD。9、AC【解析】A.對金屬桿，根據(jù)平衡條件，結(jié)合安培力公式有mgsin=B1IL，解得I=mgsinB1L，選項A正確；B.由楞次定律可知，通過金屬桿的電流方向是從b到a，選項B錯誤；C.由法拉第電磁感應(yīng)定律有E=t=BL2t=kL2，根據(jù)閉合電路歐姆定律得I=ER+r，故R=EI-r=kB1L3mgsin-r，選項C正確，選項D錯誤.10、BD【解析】AB粒子做直線運動，則粒子受到的合力與初速度共線，因此粒子一定受重力作用，若豎直直線是電場線，粒子受到的電場力一定豎直向

21、上，粒子斜向右上做直線運動，因此合力一定為零，粒子做勻速直線運動，動能不變，由于粒子的電性未知，因此電場方向不能確定，選項A錯誤，B正確；CD若豎直直線是等勢線，電場力水平，由于粒子斜向右上做直線運動，因此電場力一定水平向左，合力與粒子運動的速度方向相反，粒子斜向右上做減速運動；粒子受到的電場力做負(fù)功，因此粒子沿直線斜向上運動過程電勢能增大，選項C錯誤，D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、6.60 1.38104（1.181041.51104均正確） 0.518（0.4970.549均正確） 【解析】（1）主尺刻度為6mm，分尺刻度為0.05mm11=0.60mm，最終刻度為6.60mm（1）滑塊通過光電門的瞬時速度為：，根據(jù)速度位移公式得： ，有： ，整理得： ，根據(jù)圖線知圖線的斜率為： ；根據(jù) 得： 12、100 50 2.95 作FA、FB的圖示（F