2015年上半年-程序員-上午卷和下午卷-試題和詳細答案

1、以下關于打開擴展名為docx的文件的說法中，不正確的是（1）。(1)A.通過安裝Office兼容包就可以用Word 2003打開docx文件B.用Word 2007可以直接打開docx文件C.用WPS2012可以直接打開docx文件D.將擴展名docx改為doc后可以用Word 2003打開docx文件【答案】D【解析】擴展名為docx的文件是Word 2007及后續(xù)版本采用的文件格式，擴展名為doc的文件是Word2003釆用的文件格式，這兩種文件的格式是不同的，如果將擴展名docx改為doc后是不能用Word 2003打開的。但如果安裝Office兼容包就可以用Word 2003打開doc

2、x文件。另外，WPS2012兼容docx文件格式，故可以直接打開docx文件。Windows系統(tǒng)的一些對話框中有多個選項卡，下圖所示的“鼠標屬性”對話框中（2）為當前選項卡。 (2)A.鼠標鍵B.指針C.滑輪D.硬件【答案】C【解析】在Windows系統(tǒng)的一些對話框中，選項分為兩個或多個選項卡，但一次只能查看一 個選項卡或一組選項。當前選定的選項卡將顯示在其他選項卡的前面。顯然“滑輪”為當前選項卡。某公司有幾個地區(qū)銷售業(yè)績如下表所示，若在B7單元格中輸入(3),則該單元格的值為銷售業(yè)績?yōu)樨摂?shù)的地區(qū)數(shù)。若在B8單元格中輸入(4),則該單元格的值為不包含南部的各地區(qū)的平均銷售業(yè)績。(3)A.COU

3、NTIF(B2:B6,=0)B.COUNTA(B2:B6,=0)C.=COUNTIF(B2:B6,=0)D.=COUNTA(B2:B6,=0)(4)A.AVERAGEIF(A2:A6,南部，B2:B6) B.=AVERAGEIF(A2:A6,南部，B2:B6) C.AVERAGEIF(A2:A6,IN(東部，西部，北部，中西部),B2,:B6)D.=AVERAGEIF(A2:A6,IN(東部，西部，北部，中西部),B2,:B6)【答案】C B【解析】本題考查Excel基本操作及應用。試題（3)的正確選項為C。Excel規(guī)定公式以等號（=)開頭，選項A和選項B沒有”=“，因此不正確。選項D是錯誤

4、的，因為函數(shù)COUNTA函數(shù)計算中區(qū)域不為空的單元格的個數(shù)。選項C是計算B2:B6單元格區(qū)域中小于等于0的單元格的個數(shù)，結果等于2。試題（4)的正確選項為B。函數(shù)AVERAGEIF的功能是計算某個區(qū)域內滿足給定條 件的所有單元格的平均值（算術平均值)，本題要求查詢“不包含南部的各地區(qū)的平均銷 售業(yè)績”意味著應在A2:A6區(qū)域中查詢“南部”的各地區(qū)的平均銷售業(yè)績。以下關于電子郵件的敘述中，不正確的是（5）。(5)A.用戶可以向自己的Email郵箱發(fā)送郵件B.網(wǎng)絡擁塞可能會導致接收者不能及時收取郵件C.打開來歷不明的電子郵件附件可能會感染計算機病毒D.Email郵箱的容量是在用戶使用的計算機上分配

5、給該郵箱的硬盤容量【答案】D【解析】本題考查收發(fā)電子郵件及電子郵箱的基本概念。收發(fā)電子郵件涉及到計算機病毒、網(wǎng)絡阻塞、試發(fā)電子郵件、電子郵箱等基本概念。電子郵件附件可以是文本文件、圖像、程序和軟件等，有可能攜帶或被感染計算機病毒，如果打開攜帶或被感染計算機病毒的電子郵件附件（來歷不明的電子郵件附件有可能攜帶計算機病毒)，就可能會給所使用的計算機系統(tǒng)傳染上計算機病毒。當發(fā)送者發(fā)送電子郵件成功后，由于接收者端與接收端郵件服務器間網(wǎng)絡擁塞，接收者可能需要很長時間后才能收到郵件。當人們通過申請（注冊）獲得郵箱或收郵件者收不到郵件時（原因很多，如郵箱、郵件服務器、線路等)，往往需要對郵箱進行測試，判別郵

6、箱是否有問題。用戶對郵箱進行測試，最簡單的方法是向自己的Email郵箱發(fā)送一封郵件，判別郵箱是否正常。電子郵箱通常由Internet服務提供商或局域網(wǎng)（企業(yè)網(wǎng)、校園網(wǎng)等）網(wǎng)會中心提供， 電子郵件一般存放在郵件服務器、郵件數(shù)據(jù)庫中。因此，電子郵箱的容量由Internet服務提供商或局域網(wǎng)（企業(yè)網(wǎng)、校園網(wǎng)）網(wǎng)管中心提供，而不是由用戶在當前使用的計算機上，給電子郵箱分配硬盤容量。.CPU中不包括（6)。(6)A.直接存儲器(DMA)控制器B.算邏運算單元 C.程序計數(shù)器D.指令譯碼器【答案】A【解析】本題考查計算機系統(tǒng)基礎知識。CPU是計算機工作的核心部件，用于控制并協(xié)調各個部件，其基本功能如下所述

7、。指令控制。CPU通過執(zhí)行指令來控制程序的執(zhí)行順序，其程序計數(shù)器的作用是當程序順序執(zhí)行時，每取出:一條指令，PC內容自動增加一個值，指向下一條要取的指令。當程序出現(xiàn)轉移時，則將轉移地址送入PC，然后由PC指出新的指令地址。操作控制。一條指令功能的實現(xiàn)需要若干操作信號來完成，CPU通過指令譯碼 器產(chǎn)生每條指令的操作信號并將操作信號送往不同的部件，控制相應的部件按指令的功能要求進行操作。時序控制。CPU通過時序電路產(chǎn)生的時鐘信號進行定時，以控制各種操作按照指定的時序進行。數(shù)據(jù)處理。在CPU的控制下由算邏運算單元完成對數(shù)據(jù)的加工處理是其最根本的任務。直接存儲器（DMA)控制器是一種能夠通過一組專用總

8、線將內部和外部存儲器與每個具有DMA能力的外設連接起來的控制器，它是在處理器的編程控制下來執(zhí)行傳輸?shù)摹?7)不屬于按照尋址方式命名的存儲器。(7)A.讀寫存儲器B.隨機存儲器C.順序存儲器D.直接存儲器【答案】A【解析】本題考查計算機系統(tǒng)基礎知識。存儲器按尋址方式可分為隨機存儲器、順序存儲器和直接存儲器。讀寫存儲器是指 存儲器的內容既可讀出也可寫入，通常指RAM,而ROM是只讀存儲器的縮寫。CPU中用于暫時存放操作數(shù)和中間運算結果的是（8）。(8)A.指令寄存器B.數(shù)據(jù)寄存器C.累加器D.程序計數(shù)器【答案】C【解析】本題考查計算機系統(tǒng)基礎知識。寄存器是CPU中的一個重要組成部分，它是CPU內部

9、的臨時存儲單元。寄存器既 可以用來存放數(shù)據(jù)和地址，也可以存放控制信息或CPU工作時的狀態(tài)。累加器在運算過程中暫時存放操作數(shù)和中間運算結果，它不能用于長時間保存數(shù)據(jù)。標志寄存器也稱為狀態(tài)字寄存器，用于記錄運算中產(chǎn)生的標志信息。指令寄存器用于存放正在執(zhí)行的指令，指令從內存取出后送入指令寄存器。數(shù)據(jù)寄存器用來暫時存放由內存儲器讀出的一條指令或一個數(shù)據(jù)字;.反之，當向內存寫入一個數(shù)據(jù)字時，也暫時將它們存放在數(shù)據(jù)緩沖寄存器中。程序計數(shù)器的作用是存儲待執(zhí)行指令的地址，實現(xiàn)程序執(zhí)行時指令執(zhí)行的順序控制。(9)是描述浮點數(shù)運算速度指標的術語。(9)A.MIPSB.MFLOPSC.CPID.IPC【答案】B【解

10、析】本題考查計算機系統(tǒng)基礎知識。MIPS是單字長定點指令平均執(zhí)行速度Million Instructions Per Second的縮寫，每秒處理百萬級的機器語言指令數(shù)。這是衡量CPU速度的一個指標。MFLOPS (Million Floating-point Operations per Second,每秒百萬個浮點操作）是衡量計算機系統(tǒng)的技術指標，不能反映整體情況，只能反映浮點運算情況。CPI是指每條指令的時鐘周期數(shù)（Clockcycle Per Instruction)。IPC是Inter-Process Communication的縮寫，表示進程間通信。顯示器的（10)是指顯示屏上能夠

11、顯示出的像素數(shù)目，(11)指的是顯示器全白畫面亮度與全黑畫面亮度的比值。(10)A.亮度B.顯示分辨率C.刷新頻率D.對比度(11)A.亮度B.顯示分辨率C.刷新頻率D.對比度【答案】B D【解析】本題考查計算機性能評價方面的基礎知識。試題（10)的正確選項為B。顯示器的分辨率指的是屏幕上顯示的文本和圖像的清晰度。分辨率越高（如1600X1200像素)，項目越清楚，同時屏幕上的項目越小，因此屏幕可以容納越多的項目。分辨率越低（例如800X600像素)，在屏幕上顯示的項目越少，但尺寸越大?？梢允褂玫姆直媛嗜Q于顯示器支持的分辨率。)試題（11)的正確選項為D。對比度指的是顯示器的白色亮度與黑色亮

12、度的比值。比如一臺顯示器在顯示全白畫面（255)時實測亮度值為200cd/m2,全黑畫面實測亮度為0.5cd/m2,那么它的對比度就是400 : 1。顯示器的亮度就是屏幕發(fā)出來的光強度，在全白畫面下的見度是液晶顯不器的最大売度，目前一般為300流明（luminance)。王某按照其所屬公司要求而編寫的軟件文檔著作權（12)享有。(12)A.由公司B.由公司和王某共同C.由王某D.除署名權以外，著作權的其他權利由王某【答案】A【解析】本題考查知識產(chǎn)權基本知識。依據(jù)著作權法第十一條、第十六條規(guī)定，職工為完成所在單位的工作任務而創(chuàng)作的作品屬于職務作品。職務作品的著作權歸屬分為兩種情況。情況1:雖是為

13、完成工作任務而為，但非經(jīng)法人或其他組織主持，不代表其意志創(chuàng)作，也不由其承擔責任的職務作品，如教師編寫的教材，著作權應由作者享有，但法人 或者其他組織具有在其業(yè)務范圍內優(yōu)先使用的權利，期限為2年。情況2:由法人或者其他組織主持，代表法人或者其他組織意志創(chuàng)作，并由法人或者其他組織承擔責任的職務作品，如工程設計、產(chǎn)品設計圖紙及其說明、計算機軟件、地圖等職務作品，以及法律規(guī)定或合同約定著作權。美國甲公司生產(chǎn)的平板計算機在其本國享有“A”注冊商標專用權，但未在中國申請注冊。中國的乙公司生產(chǎn)的平板計算機也使用“A”商標，并享有中國注冊商標專用權，但未在美國申請注冊。美國的甲公司與中國的乙公司生產(chǎn)的平板計算

14、機都在中國市場上銷售。此情形下，依據(jù)中國商標法，（13）商標權。(13)A.甲公司侵犯了乙公司的B.甲公司未侵犯乙公司的 C.乙公司侵犯了甲公司的D.甲公司與乙公司均未侵犯【答案】A【解析】本題考查知識產(chǎn)權的基本知識。商標權（商標專用權、注冊商標專用權）是商標注冊人依法對其注冊商標所享有的專有使用權。注冊商標是指經(jīng)國家主管機關核準注冊而使用的商標。商標權人的權利主 要包括使用權、禁止權、許可權和轉讓權等。使用權是指商標權人（注冊商標所有人） 在核定使用的商品上使用核準注冊的商標的權利。商標權人對注冊商標有充分支配和完全使用的權利，可以在其注冊商標所核定的商品或服務上獨自使用該商標，也可以根 據(jù)

15、自己的意愿，將注冊商標權轉讓給他人或許可他人使用其注冊商標。禁止權是指商標 權利人禁止他人未經(jīng)其許可擅自使用、印刷注冊商標及其他侵權行為的權利。許可權是 注冊商標所有人許可他人使用其注冊商標的權利。轉讓權是指注冊商標所有人將其注冊, 商標轉移給他人的權利。.本題美國甲公司生產(chǎn)的平板計算機在其本國享有“A”注冊商標專用杈，但未在中國申請注冊。中國的乙公司生產(chǎn)的平板計算機也使用“A”:商標，：并享有中領注冊商標專用權，但未在美國申請注冊。美國的甲公司與中國的乙公司生產(chǎn)的平板計算機都在中國市場上銷售。此情形下，依據(jù)中國商標法，甲公司未經(jīng)乙公司的許可擅自使用，故甲公司侵犯了乙公司的商標權。微型計算機系

16、統(tǒng)中，顯示器屬于表現(xiàn)媒體，鼠標屬于（14）。(14)A.感覺媒體B.傳輸媒體 C.表現(xiàn)媒體D.存儲媒體【答案】C【解析】本題考查多媒體基本知識。表現(xiàn)媒體是指進行信息輸入和輸出的媒體，如鍵盤、鼠標、話筒，以及顯示器、打印機、喇叭等；表示媒體指傳輸感覺媒體的中介媒體，即用于數(shù)據(jù)交換的編碼，如圖像編碼、文本編碼和聲音編碼等；傳輸媒體指傳輸表示媒體的物理介質，如電纜、光纜、電磁波等；存儲媒體指用于存儲表示媒體的物理介質，如硬盤、光盤等。音頻信號經(jīng)計算機系統(tǒng)處理后送到揚聲器的信號是（15）信號。（15）A.數(shù)字B.模擬C.采樣D.量化【答案】B【解析】本題考查多媒體的基本知識。聲音是通過空氣傳播的一種連

17、續(xù)的波，稱為聲波。聲波在時間和幅度上都是連續(xù)的模擬信號。音頻信號主要是人耳能聽得到的模擬聲音（音頻）信號，音頻信號經(jīng)計算機系統(tǒng)處理后送到揚聲器的信號是模擬信號。以下文件格式中，(16)是聲音文件格式。（16）A.MP3B.BMPC.JPGD.GIF【答案】A【解析】本題考查多媒體的基本知識。聲音、圖像、動畫等在計算機中存儲和處理時，其數(shù)據(jù)必須以文件的形式進行組織， 所選用的文件格式必須得到操作系統(tǒng)和應用軟件的支持。本題中，MP3屬于聲音文件格式，BMP, JPG和GIF屬于圖形圖像文件格式。下列四個病毒中，屬于木馬的是（17）。（17）A.Trojan.Lmir.PSW.60B.VBS.Hap

18、pytimeC.JS.Fortnight.c.sD.Script.Redlof【答案】A【解析】本題考查計算機病毒的基本知識。一般地，根據(jù)計算機病毒的發(fā)作方式和原理，在病毒名稱前面加上相應的代碼以表示該病毒的制作原理和發(fā)作方式。例如，以Trojan.開始的病毒一般為木馬病毒，以VBS.、JS.、Script.開頭的病毒一般為腳本病毒，以Worm.開頭的一般為蠕蟲病毒等。不屬于系統(tǒng)安全性保護技術措施的是（18）。（18）A.數(shù)據(jù)加密B.負荷分布C.存取控制D.用戶鑒別【答案】B【解析】本題考查計算機系統(tǒng)基礎知識。系統(tǒng)安全性保護技術措施主要包括數(shù)據(jù)加密、存取控制和用戶鑒別。負荷分布技術通常是指將信

19、息系統(tǒng)的信息處理、數(shù)據(jù)處理以及其他信息系統(tǒng)管理功能分布在多個設備單元上。十六進制數(shù)92H的八進制表示為（19）。(19)A.444B.442C.234D.222【答案】D【解析】本題考查計算機系統(tǒng)基礎知識。十六進制數(shù)92H表示為二進制是10010010,從右往左每3位一組得到對應的八進制表示222 。機器字長確定后，(20)運算過程中不可能發(fā)生溢出。（20）A.定點正整數(shù)X與定點正整數(shù)Y相加B.定點負整數(shù)X與定點負整數(shù)Y相加 C.定點負整數(shù)X與定點負整數(shù)Y相減D.定點負整數(shù)X:與定點正整數(shù)Y相減【答案】C【解析】本題考查計算機系統(tǒng)基礎知識.進行定點數(shù)加減運算時，絕對值若變大，則可能溢出，反之，

20、則不會溢出。因此定點負整數(shù)X與定點負整數(shù)Y相減不會發(fā)生溢出。設X、Y為邏輯變量，與邏輯表達式等價的是（21）。（21）A.B.C.D.【答案】A【解析】本題考查計算機系統(tǒng)基礎知識。構造各邏輯表達式的真值表如下，從表中可知，已知,若采用8位定點機器碼表示，則x補=(22)（22）A.1.1001111B.0.1001111C.1.0110001D.0.1110001【答案】C【解析】本題考查計算機系統(tǒng)基礎知識。因此，X的二進制表示為-0.1001111，即x原=1.1001111,將數(shù)值位各位取反末位加1后得到x補=1.0110001。Windows操作系統(tǒng)通常將系統(tǒng)文件保存在（23）；為了確保

21、不會丟失，用戶的文件應當定期進行備份，以下關于文件備份的說法中，不正確的是（24）。(23)A.“Windows” 文件或 “ProgramFiles” 文件中B.“Windows” 文件夾或 “ProgramFiles” 文件夾中C.“QMDownload” 文件或 “Office_Visio_Pro2007” 文件中D.“QMDownload” 文件夾或 “Office_Visio_Pro_2007，文件夾中(24)A.將文件備份到移動硬盤中B.將需要備份的文件刻錄成DVD盤C.將文件備份到安裝Windows操作系統(tǒng)的硬盤分區(qū)中D.將文件備份到未安裝Windows操作系統(tǒng)的硬盤分區(qū)中【答案

22、】B C【解析】本題考査Windows操作系統(tǒng)基礎知識。試題(23)的正確選項為B,系統(tǒng)文件是計算機上運行Windows所必需的任意文件。系統(tǒng)文件通常位于“Windows”文件夾或“ProgramFiles”文件夾中。.默認情況下，系統(tǒng)文件是隱藏的。最好讓系統(tǒng)文件保持隱藏狀態(tài)，以避兔將其意外修改或刪除。試題(24)的正確選項為C。為了確保不會丟失用戶的文件，應當定期備份這些文件，但不要將文件備份到安裝了Windows操作系統(tǒng)的硬盤中。將用于備份的介質（外部硬盤、DVD或CD)存儲在安全的位置，以防止未經(jīng)授權的人員訪問文件。假設有5個進程共享一個互斥段X，如果最多允許2個進程同時進入互斥段X，則

23、信號量S的變化范圍是（25）；若信號量S的當前值為-3,則表示系統(tǒng)中有（26）個正在等待該資源的進程。(25)A.-51B.-13C.-32D.05(26)A.0B.1C.2D.3【答案】C D【解析】本題考查操作系統(tǒng)進程管理同步與互斥方面的基礎知識。試題（25)的正確答案為C。系統(tǒng)中有5個進程共享一個互斥X，如果最多允許2個進程同時進入X，那么信號S的初值應設為2。假設5個進程依次進入X，那么當?shù)谝粋€進程進入X時，信號量S減1等于1;當?shù)诙€進程進入X時，信號量S減1等于0;當?shù)谌齻€進程進入X時，信號量s減1等于-1;當?shù)谒膫€進程進入X時，信號量 S減1等于-2;當?shù)谖鍌€進程進入X時，信號量

24、S減1等于-3?？梢?，信號量的變化范圍是-32。試題（26)的正確答案為D。根據(jù)PV操作定義，當信號量的值小子0時，其絕對值表示等待資源的進程數(shù)。本題中信號量S的當前值為-3,則表示系統(tǒng)中有3個進程請求資源得不到滿足。在請求分頁系統(tǒng)中，當運行進程訪問的頁面不在主存且主存中沒有可用的空閑塊時，系統(tǒng)應該先產(chǎn)生缺頁中斷，然后依次按照（27）的順序進行處理。（27）A.決定淘汰頁一頁面調出一頁面調入B.決定淘汰頁頁面調入頁面調出C.頁面調出一決定淘汰頁一頁面調入 D.頁面調出一頁面調入一決定淘汰頁【答案】A【解析】本題考查操作系統(tǒng)存儲管理方面的基礎知識。試題（27)的正確選項為A。頁式虛擬存儲管理把作

25、業(yè)信息作為副本存放在磁盤上， 作業(yè)執(zhí)行時，把作業(yè)信息的部分頁面裝入主存儲器，作業(yè)執(zhí)行時若所訪問的頁面已在主存中，則按頁式存儲管理方式進行地址轉換，得到欲訪問的主存絕對地址，若頁面不存在，則產(chǎn)生一個“缺頁中斷”。當主存中無空閑塊時，為了裝入一個頁面而必須按某種算法從已在主存的頁中選擇一頁，將它暫時調出主存，讓出主存空間，用來存放所需裝入的頁面，這個作成為頁面調度。一個好的頁面調度算法能防止“抖動”和“顛簸”。所謂“抖動”和“顛簸”， 是指有些作業(yè)剛被調出主存可能又要調進來。經(jīng)常使用的調度算法有:，先進先出調度算法，最近最少使用調度算法和最近最不常用調度算法等。因此，不管使用什么調度策略，卷進程訪

26、問的貫面不在主存，系統(tǒng)應該先產(chǎn)生缺頁中斷，然后依次按照決定淘汰頁一頁面調出一頁面調入的順序進行處理。在對源程序進行編譯的過程中，(28)是正確的順序。(28)A.語義分析、語法分析、詞法分析B.語法分析、詞法分析、語義分析C.詞法分析、語法分析、語義分析D.詞法分析、語義分析、語法分析【答案】C【解析】本題考查程序語言基礎知識。編譯程序的功能是把某高級語言書寫的源程序翻譯成與之等價的目標程序（匯編語言程序或機器語言程序）。編譯程序的工作過程可以分為詞法分析、語法分析、語義分析、 中間代碼生成、代碼優(yōu)化、目標代碼生成、狩號表管理和出錯處理，如下圖所示。編譯過程中符號表的作用是記錄（29）中各個符

27、號的必要信息,以輔助語義的正確性檢査和代碼生成。（29）A.源程序B.目標程序C.匯編程序 D.可執(zhí)行程序【答案】A【解析】本題考查程序語言基礎知識。符號表的作用是記錄源程序中各個符號的必要信息，以輔助語義的正確性檢查和代碼生成，在編譯過程中需要對符號表進行快速有效地查找、插入、修改和刪除等操作。符號表的建立可以始于詞法分析階段，也可以放到語法分析和語義分析階段，但符號表的使用有時會延續(xù)到目標代碼的運行階段。將高級語言源程序翻譯成機器語言程序的過程中常引入中間代碼。以下關于中間代碼的敘述中，正確的是（30）。（30）A.中間代碼不依賴于具體的機器 B.不同的高級程序語言不能翻譯為同一種中間代碼

28、 C.匯編語言是一種中間代碼D.中間代碼的優(yōu)化必須考慮運行程序的具體機器【答案】A【解析】本題考查程序語言基礎知識。中間代碼生成階段的工作是根據(jù)語義分析的輸出生成中間代碼?！爸虚g代碼”是一種簡單且含義明確的記號系統(tǒng)，可以有若干種形式，它們的共同特征是與具體的機器無關。中間代碼的設計原則主要有兩點：一是容易生成，二是容易被翻譯成目標代碼。程序中的錯誤一般可分為語法錯誤和語義錯誤兩類，其中，語義錯誤可分為靜態(tài)語義錯誤和動態(tài)語義錯誤。(31)屬于動態(tài)語義錯誤。（31）A.關鍵詞（或保留字）拼寫錯誤B.程序運行中變量取值為0時作為除數(shù)C.表達式的括號不匹配D.運算符的運算對象類型不正確【答案】B【解析

29、】本題考査程序語言基礎知識。用戶編寫的源程序不可避免地會有一些錯誤，這些錯誤大致可分為語法錯誤和語義錯誤，有時也用靜態(tài)錯誤和動態(tài)錯誤的說法。動態(tài)錯誤也稱動態(tài)語義錯誤，它們發(fā)生在程序運行時，例如變量取零時作除數(shù)、引用數(shù)組元素下標越界等錯誤。靜態(tài)錯誤是指編譯時所發(fā)現(xiàn)的程序錯誤，可分為語法錯誤和靜態(tài)語義錯誤，如單詞拼寫錯誤、標點符號錯、表達式中缺少操作數(shù)、括號不匹配等有關語言結構上的錯誤稱為語法錯誤；而語義分析時發(fā)現(xiàn)的運算符與運算對象類型不合法等錯誤屬于靜態(tài)語義錯誤。算術表達式a+(b-c)*d的后綴式是（32）(-,+,*)表示算術的減、加、乘運算，運算符的優(yōu)先級和結合性遵循慣例）。(32)A.a

30、bcd+-*B.abc-d*+C.abc-+d*D.ab-cd*+【答案】B【解析】本題考查程序語言基礎知識。后綴式（逆波蘭式）是波蘭邏輯學家盧卡西維奇發(fā)明的一種表達式的表示方法。這種表示方式把運算符寫在運算對象的后面，例如，把a+b寫成ab+, 所以也稱為后綴式。這種表示法的優(yōu)點是根據(jù)運算對象和運算符的出現(xiàn)次序進行計算，不需要使用括號，也便于用棧實現(xiàn)求值。a+(b-c)*d的后綴式是abc-d*+。程序語言提供的傳值調用機制是將（33）。 （33）A.實參的值傳遞給被調用函數(shù)的形參B.實參的地址傳遞給被調用函數(shù)的形參 C.形參的值傳遞給被調用函數(shù)的實參D.形參的地址傳遞給被調用函數(shù)的實參【答

31、案】A【解析】本題考查程序語言基礎知識。傳值調用是指將實參的值傳遞給形參，然后執(zhí)行被調用的函數(shù)。實參可以是常量、變量、表達式和函數(shù)調用等。 在解決計算機與打印機之間速度不匹配的問題時，通常設置一個打印數(shù)據(jù)緩沖區(qū)， 計算機將要輸出的數(shù)據(jù)依次寫入該緩沖區(qū)，而打印機則依次從該緩沖區(qū)取出數(shù)據(jù)。因此， 該緩沖區(qū)的數(shù)據(jù)結構應該是（34）。(34)A.樹B.圖C.棧D.隊列【答案】D【解析】本題考查數(shù)據(jù)結構基礎知識。隊列是一種先進先出(FIFO)的線性表，它只允許在表的一端插入元素，而在表的另一端刪除元素。題目中所述情形為隊列的應用場景。已知字符串s=“(x+y)*z”,其中，雙引號不是字符串的內容，經(jīng)過以

32、下運算后，t3的值是（35）。t1=SubString(s,3,1)t2=Concat(XY,t1)t3=Replace(s,SubString(s, 1,5),t2)注：SubString(s，k,n)表示從串s的第k個字符開始取出長度為n的子串，Concat(s，t) 表示將串t連接在s之后，Replace(s,t，r)表示用r替換串s中的子串t。（35）A.XY+Z*B.(X+Z)*YC.XYZ+*D.XY+*Z【答案】D【解析】本題考查數(shù)據(jù)結構基礎知識。t1=SubString(s,3，1)=SubString(X+Y)*Z,3，1)=+t2=Concat(XY,t1)=Concat(

33、XY；+)=XY+t3=Replace(s,SubString(s,1,5),t2)=Replace(X+Y)*Z, (X+Y)；XY+)=XY+*Z含有n個元素的線性表采用順序存儲，等概率刪除其中任一個元素，平均需要移動（36）個元素。(36)A.nB.lognC.(n-1)/2D.(n+2)/2【答案】C【解析】本題考查數(shù)據(jù)結構基礎知識。在表長為n的線性表中刪除一個元素時，共有n個可刪除的元素。刪除a1時需要移動n-1個元素，刪除an時不需要移動元素，因此，等概率下刪個元素時平均的移動 元素個數(shù)Eddete為其中，qi表示刪除第i個元素(ai)的概率。對于順序棧和鏈棧，(37)不是兩者共有

34、的運算特征。(37)A.元素后進先出B.入棧時需要判斷是否棧滿C.出棧時需要判斷是否?？誅.每次只能訪問棧頂元素【答案】B【解析】本題考查數(shù)據(jù)結構基礎知識。棧的順序存儲（也稱為順序棧）是指用組地址連續(xù)的存儲單元依次存儲自棧頂?shù)綏５椎臄?shù)據(jù)元素，同時附設指針top指示找頂元素的位置在順序存儲方式下，需要預先定義或申請棧的存儲空間，也就是說?？臻g的容量是有限的。因此在順序棧中，當一個元素入棧時，需要判斷是否棧滿（即?？臻g中是否有空閑單元)若棧滿，則元素入棧會發(fā)生上溢現(xiàn)象。用鏈表作為存儲結構的棧稱為鏈棧，鏈表中的結點根據(jù)需要動態(tài)申請，不存在棧滿的情況。由于棧中元素的插入和刪除僅在棧頂一端進行，因此不必

35、另外設置頭指針，鏈表的頭指針就是棧頂指針。無論棧采用哪種存儲結構，進行出棧操作時都要判斷是否?？?，棧為空時無法完成出棧操作。若元素a、b、c、d、e、f依次進棧，允許進棧、出棧操作交替進行。但不允許連續(xù)5次進行出棧工作，則不可能得到的出棧序列是（38）。（38）A.dcebfaB.cbdaefC.bcaefdD.afedcb【答案】D【解析】本題考查數(shù)據(jù)結構基礎知識。對于選項A的出棧序列dcebfa，其操作序列為：push (a入)、push (b入)、push (c入）、push (d入）、pop (d出）、pop (c出）、push (e入）、pop (e出）、pop (b出）、 push

36、 (f入）、pop (f出）、pop (a出）。對于選項B的出棧序列cbdaef,其操作序列為：push (a入）、push (b入)、push (c入)、pop (c出）、pop (b出）、push (d入)、pop (d也)、pop (a出）、push (e入)、 pop (e出）、push (f入）、pop (f出）。對于選項C的出棧序列bcaefd,其操作序列為；push (a入）、push (b入)、pop (b出）、push (c入）、pop (c出）、pop (a出).、push (d入)、push (e入）、pop (e出）、 push (f入）、pop (f出）、pop (d

37、出）。對于選項D的出棧序列afedcb，其操作序列為：push (a入).、pop (a出）、push (b入）、push (c入），push (d入）、push (e入）、push (f入）、.pop (f出）、pop (e出）、 pop (d出）、pop (c出）、pop (b出），存在連續(xù)5次的出棧操作，違背題中所述的運算要求。在一個線性表上可以進行二分查找（折半查找）的充分必要條件是(39)。（39）A.線性表采用順序存儲且元素有序排列B.線性表釆用順序存儲且元素無序排列C.線性表采用單鏈表存儲且元素有序排列D.線性表采用單鏈表存儲且元素無序排列【答案】A【解析】本題考查數(shù)據(jù)結構基礎知

38、識。分查找（折半查找）過程令處于中間位置記錄的關鍵字與給定值比較，若相等， 則查找成功；若不等，則縮小范圍，直至新的查找區(qū)間中間位置記錄的關鍵字等于給定值或者査找區(qū)間沒有元素時（表明査找不成功）為止。顯然，在折半查找過程中需要對元素進行隨機訪問，且需要元素有序排列某圖G的鄰接表如下所示。以下關予圖G的敘述中，正確的是（40）。（40）A.G是強連通圖B.G是有7條弧的有向圖 C.G是完全圖D.G是有7條邊的無向圖【答案】B【解析】本題考查數(shù)據(jù)結構基礎知識。頂點A、B、C、D、E的編號分別為1、2、3、4、5。如果為無向圖，則每條邊在 鄰接表中會表示兩次，因此表結點的數(shù)目應為偶數(shù)。題中的鄰接表中

39、有7個表結點，顯然是有向圖。從頂點A的鄰接表中可知，編號為2和3的頂點為A的鄰接頂點，即存在弧和 。從頂點B的鄰接表中可知，編號為3、4和5的頂點為B的鄰接頂點，即存在弧、和 。從頂點C的鄰接表中可知，編號為4的頂點為C的鄰接頂點，即存在弧。 從頂點D的鄰接表中可知，該頂點沒有鄰接頂點。從頂點E的鄰接表中可知，編號為1的頂點為E的鄰接頂點，即存在弧。圖G如下所示。設有關鍵碼序列（10, 40, 30, 20)，根據(jù)該序列構建的二叉排序樹是（41）。 (41)A.B.C.D.【答案】C【解析】本題考查數(shù)據(jù)結構基礎知識。二叉排序樹又稱為二叉查找樹，它或者是一棵空樹，或者是具有如下性質的二叉樹: 若

40、它的左子樹非空，則左子樹上所有結點的值均小于根結點的值：若它的右子樹非空， 則右子樹上所有結點的值均大于根結點的值；左、右子樹本身就是二叉排序樹。二叉查找樹是通過依次輸入數(shù)據(jù)元素并把它們插入到二叉樹的適當位置上構造起來的，具體的過程是：每讀入一個元素，建立一個新結點，若二叉查找樹非空，則將新 結點的值與根結點的值相比較，如果小于根結點的值，則插入到左子樹中，否則插入到右子樹中；若二叉查找樹為空，則新結點作為二叉查找樹的根結點。選項A所示的二叉樹結點30與其右孩子的關系不滿足二叉排序樹的定義。選項B滿足二叉排序樹的定義，但與輸入序列不符。根據(jù)輸入序列，根結點應為10。選項C是正確的。選項D不是二

41、叉排序樹，以10為例，顯然10小于20，它應該在20的左子樹上。根據(jù)樞軸元素（或基準元素）劃分序列而進行排序的是（42)。(42)A.快速排序B.冒泡排序C.簡單選擇排序D.直接插入排序 【答案】A【解析】本題考查數(shù)據(jù)結構與算法基礎知識?？焖倥判虻幕舅枷胧牵和ㄟ^一趟排序將待排的記錄劃分為獨立的兩部分，其中一 部分記錄的關鍵字均比另一部分記錄的關鍵字小，然后再分別對這兩部分記錄繼續(xù)進行快速排序，以達到整個序列有序。劃分時從待排序列中選一個元素作為樞軸元素，將不大于樞軸元素者和不小于樞軸元素者分開。序列（43）可能是第一趟冒泡排序后的結果。(43)A.40 10 20 30 70 50 60B.

42、20 30 10 40 70 50 60C.30 10 40 20 70 60 50D.20 30 10 40 60 50 70【答案】D【解析】本題考查數(shù)據(jù)結構與算法基礎知識。n個記錄進行冒泡排序的方法是：首先將第一個記錄的關鍵字和第二個記錄的關鍵字進行比較，若為逆序，則交換兩個記錄的值，然后比較第二個記錄和第三個記錄的關鍵字，依此類推，直至第個記錄和第個記錄的關鍵字比較完為止。上述過程稱作一趟冒泡排序，其結果是關鍵字最大的記錄被交換到第n個位置。然后進行第二趟冒泡 排序，對前n-1個記錄進行同樣的操作，其結果是關鍵字次大的記錄被交換到第n-1個位置。當進行完第n-1趟時，所有記錄有序排列。

43、顯然，第一趟冒泡排序后最大元素會交換至序列末端。繼承關系是父類和子類之間共享數(shù)據(jù)和方法的機制，子類都是父類的特例。當一個類只能有一個父類時，稱為（44）;當一個類有兩個或兩個以上的類作為父類時，稱為（45）。(44)A.單重繼承B.多態(tài)C.混合繼承D.多重繼承(45)A.單重繼承B.多態(tài)C.混合繼承D.多重繼承【答案】A D【解析】本題考查面向對象的基本知識。在進行類設計時，有些類之間存在一般和特殊關系，即一些類是某個類的特殊情況， 某個類是一些類的一般情況，這就是繼承關系。在定義和實現(xiàn)一個類的時候，可以在一 個已經(jīng)存在的類（一般情況）的基礎上來進行，把這個己經(jīng)存在的類所定義的內容作為自己的內

44、容，并加入若干新的內容，即子類比父類更加具體化。一個父類可以有多個子類，這些子類都是父類的特例。子類只能有一個父類，稱為單重繼承；如果一個類可以有兩個或更多個父類，稱為多重繼承。多態(tài)（Polymorphism)是不同的對象收到同一消息可以產(chǎn)生完全不同的結果現(xiàn)象。在面向對象方法中，對象之間通過發(fā)送（46）進行通信，當其發(fā)送給某個對象時， 包含要求接收對象去執(zhí)行某些活動的信息。(46)A.協(xié)作B.依賴C.消息D.封裝【答案】C【解析】本題考查面向對象的基本知識。面向對象的4個核心概念是對象、類、繼承和消息傳遞。其中，對象是基本的運行時的實體，它既包括數(shù)據(jù)（屬性），也包括作用于數(shù)據(jù)的操作（行為）。所

45、以，一個對象把屬性和行為封裝為一個整體。消息是對象之間進行通信的一種構造，包含要求接收對象去執(zhí)行某些活動的信息。依賴是兩個事物間的語義關系，其中一個事物（獨立事物） 發(fā)生變化會影響另一個事物（依賴事物）的語義。協(xié)作是一些共同工作的類、接口和其他元素的群體，該群體提供的一些合作行為強于所有這些元素的行為之和。UML中有4種事物：結構事物、行為事物、分組事物和注釋事物。類、接口、構件屬于（47）事物。(47)A.結構B.行為C.分組D.注釋【答案】A【解析】本題考查統(tǒng)一建模語言（UML)的基本知識。UML由三個要素構成：UML的基本構造塊、支配這些構造塊如何放置在一起的規(guī)則和運用與整個語言的一些公

46、共機制。UML的詞匯表包含三種構造塊：事物、關系和圖。事物是對模型中最具有代表性的成分的抽象；關系把事物結合在一起；圖聚集了相關的事物。UML中有4種事物：結構事物、行為事物、分組事物和注釋事物。結構事物是UML模型中的名詞，通常是模型的靜態(tài)部分，描述概念或物理元素。結構事物包括類（Class)、 接口（Interface)、協(xié)作（Collaboration)、用例（Use Case)、主動類（Active Class)、構件（Component)、制品Artifact)和結點（Node)。行為事物是UML模型的動態(tài)部分。 它們是模型中的動詞，描述了跨越時間和空間的行為。行為事物包括：交互（I

47、nteraction)、 狀態(tài)機（State Machine)和活動（Activity)。分組事物是UML模型的組織部分，是一些由模型分解成的“盒子”，最主要的分組事物是包（Package)。注釋事物是UML模的解釋部分。這些注釋事物用來描述、說明和標注模型的任何元素。注解（Note)是一種 主要的注釋事物。UML圖中，一張交互圖顯示一個交互，由一組對象及其之間的關系組成，包含它們之間可能傳遞的消息，以下不是交互圖的是（48）。（48）A.序列圖B.對象圖C.通信圖D.時序圖【答案】B【解析】本題考查統(tǒng)一建模語言（UML)的基本知識。UML2.0中提供了多種圖形，描述系統(tǒng)的靜態(tài)和動態(tài)方面。交互

48、圖用于對系統(tǒng)的動態(tài)方面進行建模。一張交互圖表現(xiàn)的是一個交互，由一組對象和它們之間的關系組成，包含它們之間可能傳遞的消息。交互圖表現(xiàn)為序列圖、通信圖、交互概覽圖和時序圖， 每種針對不同的目的，適用于不同的情況。序列圖是強調消息時間順序的交互圖；通信圖是強調接收和發(fā)送消息的對象的結構組織的交互圖;交互概覽圖強調控制流的交互圖。 時序圖（TimingDiagram)關注沿著線性時間軸、生命線內部和生命線之間的條件改變。對象圖展現(xiàn)了某一時刻一組對象以及它們之間的關系。對象圖描述了在類圖中所建立的事物的實例的靜態(tài)快照，給出系統(tǒng)的靜態(tài)設計視圖或靜態(tài)進程視圖。在結構化設計方法中，概要設計階段的任務是給出系統(tǒng)

49、的各個模塊，確定每個模塊 的功能、接口（模塊間傳遞的數(shù)據(jù)）及調用關系，用模塊及對模塊的調用來構建軟件的體系結構，并采用結構圖進行描述。結構圖的基本成分有(49)。結構圖的形態(tài)特 征中,(50)是指一層中最大的模塊個數(shù),（49）A.模塊、類和消息B.模塊、數(shù)據(jù)流和接口C.模塊、調用和數(shù)據(jù)D.模塊、數(shù)據(jù)結構和算法（50）A.深度B.寬度C.扇出D.扇入【答案】C B【解析】本題考查結構化設計方法的基礎知識。結構化程序設計方法中使用結構圖來描述軟件系統(tǒng)的體系結構，指出一個軟件系統(tǒng)由哪些模塊組成，以及模塊之間的調用關系。其基本成分有模塊、調用和數(shù)據(jù)。模塊是指具有一定功能并可以用模塊名調用的一組程序語句

50、，是組成程序的基本單元，用矩形表示。模塊之間的調用關系用從一個模塊指向另一個模塊的箭頭表示，表示前者調用了后者。模塊之間還可以用帶注釋的短箭頭表示模塊調用過程中來回傳遞的信息，箭頭尾部帶空心圓表示傳遞的是數(shù)據(jù)，帶實心圓表示傳遞的是控制信息。結構圖有四種特征，其中：深度指結構圖控制的層次，即模塊的層數(shù)；寬度指一層中最大的模塊數(shù)；扇出指一個模塊的直接下屬模塊數(shù)；扇入指一個模塊的直接上屬模塊數(shù)。(51)不屬于良好的編碼風格。（51）A.恰當使用縮進、空行以改善清晰度B.用括號使邏輯表達式或算術表達式的運算次序清晰直觀C.用短的變量名使得程序更緊湊D.保證代碼和注釋的一致性【答案】C【解析】本題考查編

51、碼風格的相關知識。良好的程序設計風格可有效地提高程序的可讀性、可維護性等，已存在的一些常用的程序設計風格原則，包栝恰當使用縮進、空行以改善清晰度；用語句括號把判斷和循環(huán)體的語句組織在一起，暫以清晰地看到程序結構；保證代碼和注釋的一致性對程序的理解和維護具有重要意義。若用短的變量命名雖然可以使得程序更緊湊，但是不利于程序的閱讀和理解，不易于軟件的維護。使用獨立測試團隊的最主要原因是（52)。(52)A.有利于項目人員分工B.減少相關人員之間的矛盾C.可以更徹底地進行軟件測試D.只有測試人員最熟悉測試方法和工具【答案】C【解析】本題考查軟件測試的基礎知識。在軟件測試階段，獨立的測試小組沒有進行設計

52、和實現(xiàn)工作，往往可以更徹底地進行軟件測試，這也是最主要的目標。以下關于軟件測試的敘述中，不正確的是（53）。(53)A.對軟件產(chǎn)品了解到什么程度，測試才能做到什么程度B.優(yōu)秀的測試人員需要對測試知識和技能、測試經(jīng)驗做持續(xù)積累 C.軟件測試與軟件開發(fā)都有很髙的技術含量D.軟件產(chǎn)品的發(fā)布時間應由測試團隊來決定【答案】D【解析】本題考查軟件工程基礎知識。軟件產(chǎn)品的發(fā)布需要綜合很多因素來決定，包括公司的評估準則，產(chǎn)品質量與市場機會的平衡考慮，產(chǎn)品戰(zhàn)略與成本等，需要由多種角色參與研究，由管理層發(fā)布。程序設計的準則不包括（54）。(54)A.以用戶需求和使用體驗為重B.實現(xiàn)同樣功能的程序越短越好C.算法流

53、程設計應以簡約為美D.變量聲明盡量靠近相應的計算【答案】B【解析】本題考查軟件工程基礎知識。實現(xiàn)同樣功能的程序不是越短越好，更應注重易于理解、易于維護。其他三項原則是正確的。軟件工程項目質量管理不包括（55）。(55)A.質量計劃B.質量保證C.質量控制D.質量評級【答案】D【解析】本題考查軟件工程基礎知識。軟件工程項目質量管理包括質量計劃（確定合適的質量標準，如何實施其質量方針）、質量保證（包括質量管理方法、采用的工程技術、測試技術和軍審技術、對文檔及其修改的控制、項目的標準及規(guī)格等）和質量控制（監(jiān)控項目成果是否符合有關的標準， 找出方法來解決質量問題)。對軟件產(chǎn)品質量和軟件過程質量的評價（

54、包括評級）有利于改進質量管理工作。以下關于程序員職業(yè)素養(yǎng)的敘述中不正確的是（56）。（56）A.面對程序中出現(xiàn)的問題，采用的解決方式和反思的深度體現(xiàn)程序員的素養(yǎng)B.職業(yè)素養(yǎng)強調的不是天賦的神秘和技藝的高超，而是持續(xù)積淀的結晶C.職業(yè)素養(yǎng)高的程序員會對經(jīng)理為了趕工期而降低程序質量的要求說“不”D.職業(yè)素養(yǎng)高的程序員對用戶提出的任何需求變更和功能調整說“是”【答案】D【解析】本題考查軟件工程基礎知識。用戶的需求中可能會有|些無理的需求、非專業(yè)的需求、目前述實現(xiàn)不了的需求、重復的需求、會造成不良后果的需求等，需要分析系統(tǒng)維護時用戶提出的修改意見，不能立即進行修改，還需要分析討論，經(jīng)批準后才能執(zhí)行修改

55、，否則可能會引發(fā)意想不到的問題。在關系模型中用（57）來表達實體集，其結構是由關系模式定義的。(57)A.元組B.列C.表D.字段【答案】C【解析】本題考查關系數(shù)據(jù)庫系統(tǒng)中的基本概念。關系數(shù)據(jù)庫系統(tǒng)采用關系模型作為數(shù)據(jù)的組織方式，在關系模型中用表格結構表達實體集，以及實體集之間的聯(lián)系，其最大特色是描述的一致性。可見，關系數(shù)據(jù)庫是表的集合，其結構是由關系模式定義的。某醫(yī)院有科室關系D (科室號，科室名，負責人，聯(lián)系電話)，其中：“科室號”唯一標識關系D中的每一個元組。住院部設有病人關系R (住院號，姓名，性別，科室號， 家庭住址），其中，“住院號”唯一標識關系R中的每一個元組，“性別”的取值只能

56、為M或F，要求科室號參照科室關系D中的科室號。創(chuàng)建R關系的SQL語句如下：(58)A.PRIMARY KEYB.REFERENCES D(科室號）C.NOT NULLD.FOREIGN KEY(59)A.IN (M,F)B.CHECK(M，F(xiàn)）C.LIKE(M，F(xiàn)）D.CHECK(性別 IN (M，F(xiàn)）(60)A.PRIMARY KEY NOT NULLB.PRIMARY KEY UNIQUEC.FOREIGN KEY REFERENCES D(科室號）D.FOREIGN KEY REFERENCES D(科室名）【答案】A D C【解析】本題考查關系數(shù)據(jù)庫基礎知識。試題（58)的正確答案是A

57、。根據(jù)題意，屬性“住院號”唯一標識關系R中的每一個元組，因此需要用語句“PRIMARYKEY”進行主鍵的完整性約束。試題（59)的正確答案是D。根據(jù)題意，屬性“性別”的取值巧能為M或F，因此 需要用語句CHECK(性別 IN (M，F(xiàn)）進行完整性約束。試題(60)的正確答案是C。根據(jù)題意。屬性“科室號”是外鍵，因此需要用語句 “REFERENCES D (科室號)”進行參考完整性約束。假設系統(tǒng)中有事務T1和T2,數(shù)據(jù)D1和D2。若T1對D1已加排它鎖，對D2已共享鎖；那么T2對D1(61),T2對D2,(62)。（61）A.加共享鎖成功，加排它鎖失敗B.加共享鎖、加排它鎖都失敗C.加共享鎖、加

58、排它鎖都成功D.加排它鎖成功，加共享鎖失敗(62)A.加共享鎖成功，加排它鎖失敗B.加共享鎖、加排它鎖都失敗C.加共享鎖、加排它鎖都成功D.加排它鎖成功，加共享鎖失敗【答案】B A【解析】本題考查數(shù)據(jù)庫事務處理基礎知識。事務并發(fā)處理時，如果對數(shù)據(jù)讀寫不加以控制，會破壞事務的隔離性和一致性。控制的手段就是加鎖，在事務執(zhí)行時限制其他事務對數(shù)據(jù)的讀取。在并發(fā)控制中引入兩種鎖：排它鎖（Exclusive Locks,簡稱X鎖）和共享鎖 (Share Locks,簡稱S鎖）。排它鎖又稱為寫鎖，用于對數(shù)據(jù)進行寫操作時進行鎖定。如果事務T對數(shù)據(jù)A加上 X鎖后，就只允許事務T讀取和修改數(shù)據(jù)A，其他事務對數(shù)據(jù)A

59、不能再加任何鎖，從而也不能讀取和修改數(shù)據(jù)A,直到事務T釋放A上的鎖。共享鎖又稱為讀鎖，用于對數(shù)據(jù)進行讀操作時進行鎖定。如果事務T對數(shù)據(jù)A加上了S鎖后，事務T就只能讀數(shù)據(jù)A但不可以修改，其他事務可以再對數(shù)據(jù)A加S鎖來讀取，只要數(shù)據(jù)A上有S鎖，任何事務都只能再對其加S鎖讀取而不能加X鎖修改。從地開車到地，按下圖標明的道路和行駛方向，共有(63)種路線。.（63）A.6B.7C.8D.9【答案】C【解析】本題考查應用數(shù)學基礎知識?？梢杂孟旅娴膶哟谓Y構圖來描述所有的路線（共有8條路線):某國近幾年GDP增長率維持在2%的水平上，為使明年GDP達到200億美元，今年的GDP應達到（64）億美元。(64)

60、A.200/(1+2%)B.200*(1-2%)C.200*(1+2%) D.200/(1-2%)【答案】A【解析】本題考查應用數(shù)學基礎知識。設該國今年的GDP為X億美元，在GDP增長率為2%的情況下，明年的GDP約為 (1+2%)X億美元。已知(1+2%)X=200，因此 X=200/(1+2%)。37支籃球隊舉行淘汰賽爭奪冠軍，每場球賽的勝者（無平局):或輪空者進入下一輪賽，共需進行(65)比賽。(65)A.5輪28場B.5輪30場C.6輪31場D.6輪36場【答案】D【解析】本題考查應用數(shù)學基礎知識。淘汰賽沒有平局，每場比賽淘汰1個隊。總共37個隊，霈要淘汰36個隊才能賽出冠軍，因此共需