2023屆陜西白水中學(xué)物理高三上期中考試模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、甲、乙、丙三輛汽車同時(shí)以相同的速度經(jīng)過某一路標(biāo)，此后甲一直做勻速直線運(yùn)動(dòng)，乙先加速后減速，丙先減速后加速，它們經(jīng)過下一路標(biāo)時(shí)的速度仍相同，則A甲車先經(jīng)過下一個(gè)路標(biāo)B乙車先經(jīng)過

2、下一個(gè)路標(biāo)C丙車先經(jīng)過下一個(gè)路標(biāo)D無法判斷誰先經(jīng)過下一個(gè)路標(biāo)2、圖中給出某一通關(guān)游戲的示意圖，安裝在軌道AB上可上下移動(dòng)的彈射器，能水平射出速度大小可調(diào)節(jié)的彈丸，彈丸射出口在B點(diǎn)的正上方，豎直面內(nèi)的半圓弧BCD的半徑為R=2.0m，直徑BD水平且與軌道AB處在同一豎直平面內(nèi)，小孔P和圓心O連線與水平方向夾角為37，游戲要求彈丸垂直于P點(diǎn)圓弧切線方向射入小孔P就能進(jìn)入下一關(guān).為了能通關(guān)，彈射器離B點(diǎn)的高度和彈丸射出的初速度分別是(不計(jì)空氣阻力) ABCD3、一船在靜水中的速度是10 m/s，要渡過寬為240 m、水流速度為8 m/s的河流，sin 530.8，cos 530.1則下列說法中正確的

3、是（ ）A此船過河的最短時(shí)間是30 sB船垂直到達(dá)正對岸的實(shí)際航行速度是1 m/sC船頭的指向與上游河岸的夾角為53船可以垂直到達(dá)正對岸D此船不可能垂直到達(dá)正對岸4、如圖所示，O為半徑為R的圓的圓心，ac、bd為圓的兩個(gè)互相垂直的直徑在圓心O處固定一電荷量為Q的負(fù)點(diǎn)電荷，在a點(diǎn)固定一電荷量為4Q的正點(diǎn)電荷e為Oc連線上一點(diǎn)，f為Oc延長線上的一點(diǎn)，且eccf則下列說法正確的是（ ）Ab、d兩點(diǎn)場強(qiáng)相同Bb、c、d三點(diǎn)中，c點(diǎn)場強(qiáng)最大Cb、c、d三點(diǎn)中，c點(diǎn)電勢最高D將一負(fù)的點(diǎn)電荷從e點(diǎn)沿直線移到f點(diǎn)，電勢能先減小后增大5、如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為m的木塊靠在豎直粗糙墻壁上，且受到水平力F的作用，下

4、列說法正確的是（ ）A若木塊靜止，當(dāng)F增大時(shí)，木塊受到的靜摩擦力隨之增大B若木塊靜止，則木塊受到的靜摩擦力大小等于mg，方向豎直向上C當(dāng)木塊與墻壁間的滑動(dòng)摩擦力因素為，則當(dāng)撤去F時(shí)，木塊受到的滑動(dòng)摩擦力大小等于D若撤去F，木塊沿墻壁下滑時(shí)，木塊受三個(gè)外力作用6、一輛汽車沿平直道路行駛，其v-t圖象如圖所示，在到這段時(shí)間內(nèi)，汽車的位移是（ ）A0B600mC750mD1200m二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖甲，有一個(gè)原.副線圈匝數(shù)比為4:1的理想變壓器，圖中的

5、電壓表和電流表均為理想電表，原線圈接如圖乙所示的正弦式交流電，其中為熱敏電阻（其電阻值隨溫度的升高而減?。瑸槎ㄖ惦娮?，下列說法正確的是( )At0.02s時(shí)電壓表V2的示數(shù)為9VB副線圈兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為（V）C變壓器原.副線圈中的電流之比和輸入.輸出功率之比均為1：4DRt處溫度升高時(shí)，電流表的示數(shù)變大，電壓表V2的示數(shù)不變8、如圖所示的裝置叫做阿特伍德機(jī)，是阿特伍德創(chuàng)制的一種著名力學(xué)實(shí)驗(yàn)裝置，用來研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律繩子兩端的物體下落（或上升）的加速度總是小于自由落體的加速度g已知物體A、B的質(zhì)量相等均為4m，物體C的質(zhì)量為m，一切摩擦不計(jì)，輕繩不可伸長且足夠長， 現(xiàn)將裝置從靜

6、止釋放下列說法正確的是 A物體C的加速度為B物體C的加速度為C物體C對B的拉力為D物體C對B的拉力為9、圖（a）為一列波在t=2s時(shí)的波形圖，圖（b）是平衡位置在x=1.5m處的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，P是平衡位置為x=2m的質(zhì)點(diǎn)，下列說法正確的是（）A波速為0.5m/sB波的傳播方向向右C時(shí)間內(nèi)，P運(yùn)動(dòng)的路程為8cmD時(shí)間內(nèi)，P向y軸正方向運(yùn)動(dòng)E.當(dāng)t=7s時(shí)，P恰好回到平衡位置10、下列說法正確的是A在康普頓效應(yīng)中，有些散射光的波長變長B光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，遏止電壓與光的強(qiáng)度有關(guān)C氫原子在的能級時(shí)可吸收任意頻率的光而發(fā)生電離D在光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，某一個(gè)光子在光屏上的落點(diǎn)是無法預(yù)測的三、實(shí)驗(yàn)題：本題共

7、2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學(xué)在做“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)時(shí)，將橡皮筋改為勁度系數(shù)為400N/m的輕質(zhì)彈簧，將彈簧的一端固定在豎直墻面上。不可伸長的細(xì)線OA、OB、OC，分別固定在彈簧的A端和彈簧秤甲、乙的掛鉤上，其中O為OA、OB、OC三段細(xì)線的結(jié)點(diǎn)，如圖1示。在實(shí)驗(yàn)過程中，保持彈簧伸長1.00cm不變。（1）若OA、OC間夾角為90，彈簧秤乙的示數(shù)如圖2所示，為_N，則彈簧秤甲的示數(shù)應(yīng)該是_N；（2）在（1）問中若保持OA與OB的方向不變：逐漸增大OA與OC的夾角，則彈簧秤甲的讀數(shù)大小將_，彈簧秤乙的讀數(shù)大小將_。12（12分

8、）某實(shí)驗(yàn)小組用一只彈簧秤和一個(gè)量角器等器材驗(yàn)證力的平行四邊形定則，設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置，固定在豎直木板上的量角器的直邊水平，橡皮筋的一端固定于量角器的圓心O的正上方A處，另一端系繩套1和繩套2，主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：（1）彈簧秤掛在繩套l上豎直向下拉橡皮筋，使橡皮筋的結(jié)點(diǎn)到達(dá)O處，記下彈簧秤的示數(shù)F；（2）彈簧秤掛在繩套l上，手拉著繩套2，緩慢拉橡皮筋，使橡皮筋的結(jié)點(diǎn)到達(dá)O處，此時(shí)繩套1沿0方向，繩套2沿120方向，記下彈簧秤的示數(shù)F1；（3）根據(jù)力的平行四邊形定則計(jì)算繩套1和繩套2的合力F=_；（4）比較_和_在誤差范圍內(nèi)相同，即可初步驗(yàn)證；（5）只改變繩套2的方向，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)步驟。（6）

9、將繩套l由0方向緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)到60方向，同時(shí)繩套2由120方向緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)到180方向，此過程中保持橡皮筋的結(jié)點(diǎn)在O處不動(dòng)，保持繩套l和繩套2的夾角120不變關(guān)于繩套1的拉力大小的變化，下列結(jié)論正確的是_（填選項(xiàng)前的序號）A逐漸增大 B先增大后減小 C逐漸減小 D先減小后增四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，水平面光滑，在虛線的右側(cè)存在場強(qiáng)大小為E，方向向左的勻強(qiáng)電場一個(gè)不帶電的小球A恰好靜止在虛線與水平面的交點(diǎn)處電場中，在與A球相距l(xiāng)遠(yuǎn)處由靜止釋放一帶電量為+q的小球B，經(jīng)一段時(shí)間后A、B發(fā)生了彈性正碰

10、已知A小球的質(zhì)量為mA，B小球的質(zhì)量為mB，有mA =2mB若A、B均為金屬小球，形狀大小均相同，且可視為質(zhì)點(diǎn)，不考慮電場邊緣效應(yīng)，求：(1)碰撞前瞬間B小球的速度；(2)碰撞后B小球在電場中向右運(yùn)動(dòng)的最遠(yuǎn)距離（已知兩小球碰后電量均分，且不考慮小球間的庫侖力作用）14（16分）電學(xué)中有些儀器經(jīng)常用到下述電子運(yùn)動(dòng)的物理原理某一水平面內(nèi)有一直角坐標(biāo)系xOy，x=0和x=L=10cm的區(qū)間內(nèi)有一沿x軸負(fù)方向的有理想邊界的勻強(qiáng)電場E1=1.0104V/m，x=L和x=3L的區(qū)間內(nèi)有一沿y軸負(fù)方向的有理想邊界的勻強(qiáng)電場E2=1.0104V/m，一電子（為了計(jì)算簡單，比荷取em=21011C/kg）從直角

11、坐標(biāo)系xOy的坐標(biāo)原點(diǎn)O以很小的速度進(jìn)入勻強(qiáng)電場E1，計(jì)算時(shí)不計(jì)此速度且只考慮xOy平面內(nèi)的運(yùn)動(dòng)求：（1）電子從O點(diǎn)進(jìn)入到離開x=3L處的電場所需的時(shí)間；（2）電子離開x=3L處的電場時(shí)的y坐標(biāo)15（12分）民航客機(jī)一般都有緊急出口，發(fā)生意外情況的飛機(jī)緊急著陸后，打開緊急出口，狹長的氣囊會(huì)自動(dòng)充氣，形成一條連接出口與地面的斜面，人員可沿著斜面滑行到地上，如圖甲所示，圖乙是其簡化模型。若緊急出口下沿距地面的高度h=3.0m，氣囊所構(gòu)成的斜面長度L=5.0m。質(zhì)量m=60kg的某旅客從斜面頂端由靜止開始滑到斜面底端。已知旅客與斜面間摩擦因數(shù)=0.55，不計(jì)空氣阻力及斜面的形變，旅客下滑過程中可視為

12、質(zhì)點(diǎn)，取重力加速度g=10m/s2。求：(1)旅客沿斜面下滑時(shí)的加速度大??；(2)旅客滑到斜面底端時(shí)的速度大??；(3)旅客從斜面頂端滑到斜面底端的過程中，斜面對旅客所施加的支持力的沖量的大小和方向。參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】設(shè)甲做勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度為v，乙先加速后減速，在運(yùn)動(dòng)的過程中速度大于v，則整個(gè)過程中的平均速度大于v；丙先減速后加速，在運(yùn)動(dòng)過程中的速度小于v，則整個(gè)過程中的平均速度小于v根據(jù)，知乙的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短，所以乙車先經(jīng)過下一個(gè)路標(biāo)A甲車先經(jīng)過下一個(gè)路標(biāo)，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B乙

13、車先經(jīng)過下一個(gè)路標(biāo)，與結(jié)論相符，選項(xiàng)B正確；C丙車先經(jīng)過下一個(gè)路標(biāo)，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D無法判斷誰先經(jīng)過下一個(gè)路標(biāo)，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；2、A【解析】由題意可知彈丸從p點(diǎn)射出時(shí)的速度方向就是半徑OP的方向.即與水平方向成37度夾角，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律知： 解得： ，故A對；BCD錯(cuò)綜上所述本題答案是：A【點(diǎn)睛】結(jié)合水平方向上的位移以及速度偏向角可以求出水平速度，再利用豎直方向上的自由落體運(yùn)動(dòng)可以求出彈丸在豎直方向上的位移即高度h也可以求出3、B【解析】A、合運(yùn)動(dòng)和分運(yùn)動(dòng)之間具有等時(shí)性，所以當(dāng)船速垂直河岸時(shí)用時(shí)最少：；故A錯(cuò)誤.C、D、因?yàn)?，則船頭指向斜上游方向，可以使河岸方向的速度為

14、零，合速度垂直河岸從而垂直過河，設(shè)船頭的指向與上游河岸的夾角為，有；可得，即；故C，D均錯(cuò)誤.B、垂直過河時(shí)，；故B正確.故選B.【點(diǎn)睛】處理小船過河時(shí)，按照合運(yùn)動(dòng)與分運(yùn)動(dòng)的關(guān)系：等時(shí)，等效的特點(diǎn)進(jìn)行分析即可，注意：(1)當(dāng)船速垂直河岸時(shí)，用時(shí)最少；(2)當(dāng)船速大于水速時(shí)，合速度垂直河岸，位移最小為河寬4、D【解析】根據(jù)電場線的分布情況知，b、d兩點(diǎn)場強(qiáng)大小相等，但方向不同，則電場強(qiáng)度不等，根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理可知兩電荷在c點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)等大反向，合場強(qiáng)為零，而b、d兩點(diǎn)均不為零，所以c點(diǎn)場強(qiáng)最小，故AB錯(cuò)誤；b、d到正電荷的距離相等，由于b、d兩點(diǎn)場強(qiáng)大小相等，所以b、d兩點(diǎn)電勢相等；由電場強(qiáng)度

15、疊加可知，正負(fù)電荷在ac連線上的合場強(qiáng)向右，因?yàn)檠仉妶鼍€的方向電勢逐漸降低，所以c點(diǎn)電勢最低，故C錯(cuò)誤；將負(fù)的點(diǎn)電荷從e點(diǎn)沿直線移到f點(diǎn)，電場力先做正功后做負(fù)功，所以點(diǎn)電荷的電勢能先減小后增大，故D正確所以D正確，ABC錯(cuò)誤5、B【解析】AB木塊在推力作用下靜止時(shí)，處于平衡態(tài)，受推力F、重力G、向上的靜摩擦力f和向右的支持力N，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件F=N，G=f當(dāng)推力增大時(shí)，物體仍然保持靜止，故靜摩擦力的大小不變，始終與重力平衡，且方向?yàn)樨Q直向上故A錯(cuò)誤，B正確CD撤去推力后，墻壁對物體的支持力減小為零，故最大靜摩擦力減為零，物體只受重力，做自由落體運(yùn)動(dòng)故CD錯(cuò)誤6、C【解析】在v-t圖象中，圖

16、線與時(shí)間軸圍成的面積表示位移，則在t=0到t=40s這段時(shí)間內(nèi)，汽車的位移為：m故選C二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】B.原線圈接的圖乙所示的正弦交流電，由圖知最大電壓，周期0.02s，故角速度是，（V），因變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為4：1，可知次級電壓最大值為，則副線圈兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為：（V），故B錯(cuò)誤；A.電壓表V2的示數(shù)為有效值，級電壓最大值為，所以有效值為，故A正確；C.根據(jù)可知，變壓器原、副線圈中的電流之比1：4；輸入、輸出功率之比為

17、1：1，故C錯(cuò)誤；D.變壓器次級電壓由初級電壓和匝數(shù)比決定，則Rt處溫度升高時(shí)，次級電壓不變，電壓表V2的示數(shù)不變，次級電阻減小，則電流表的示數(shù)變大，故D正確；8、BD【解析】設(shè)物體C下落的加速度為a，繩子的張力為T，以物體A作為研究對象有：T-4mg=4ma，以BC作為整體為研究對象有：（4m+m）g-T=（4m+m）a，聯(lián)立以上兩式可解得：，故A錯(cuò)誤，B正確；對物體C，根據(jù)牛頓第二定律得：mg-F=ma，解得：，故C錯(cuò)誤，D正確所以BD正確，AC錯(cuò)誤9、ACE【解析】A由圖（a）可知該簡諧橫波的波長為=2m，由圖（b）知周期為T=4s，則波速為故A正確；B根據(jù)圖（b）的振動(dòng)圖像可知，x=1

18、.5m處的質(zhì)點(diǎn)在t=2s時(shí)振動(dòng)方向向下，所以該波向左傳播，故B錯(cuò)誤；C由于t=2s=0.5T所以時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P的路程為S=2A=8cm故C正確；D由圖（a）可知t=2s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P在波谷，t=2s=0.5T，所以可知時(shí)間內(nèi)，P向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤；Et=2s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P在波谷則t=7s時(shí)，P恰回到平衡位置，E正確。故選ACE。10、AD【解析】A在康普頓效應(yīng)中，當(dāng)入射光子與晶體中的電子碰撞時(shí)，把一部分動(dòng)量轉(zhuǎn)移給電子，則動(dòng)量減小，根據(jù)知波長增大故A符合題意B根據(jù)光電效應(yīng)方程Ekm=eUc=h-W0，知遏止電壓與入射光的頻率、逸出功有關(guān)，與入射光的強(qiáng)度無關(guān)故B不符合題意C氫原子在n=2能級時(shí)，吸

19、收的能量需大于等于3.4eV，才能發(fā)生電離故C不符合題意D光子的粒子性并非宏觀實(shí)物粒子的粒子性，所以某一個(gè)光子在光屏上的落點(diǎn)是無法預(yù)測的故D符合題意三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、3.00N 5.00N 減小 先減小后增大 【解析】(1)1根據(jù)彈簧秤的讀數(shù)方法可知，a的讀數(shù)為3.00N； 2 根據(jù)胡克定律可知：OA、OC間夾角為，則甲的示數(shù)等于彈簧AA的彈力與乙彈簧彈力的矢量和，即(2)34在(1)問中若保持OA與OB的方向不變，逐漸增大OA與OC的夾角，甲乙兩個(gè)彈簧秤彈力的合力不變，如圖所示，則可知彈簧秤甲的讀數(shù)大小逐漸減小，彈簧

20、秤乙的讀數(shù)大小先變小后變大。12、 F F A 【解析】(3)1根據(jù)的平行四邊形定則可得繩套1和繩套2的合力：(4)23 通過比較F和F，在誤差范圍內(nèi)相同，則可初步驗(yàn)證。(6)4兩個(gè)繩套在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，合力保持不變，根據(jù)平行四邊形定則畫出圖象如圖所示：根據(jù)圖象可知，繩套1的拉力大小逐漸增大。故A正確，BCD錯(cuò)誤。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) (2) 【解析】(1)根據(jù)動(dòng)能定理即可求解B球的初速度；（2）A與B發(fā)生彈性碰撞，由動(dòng)量守恒和能是守恒可求出碰撞后A、B的速度，再根據(jù)動(dòng)能定理可求解B球向右運(yùn)動(dòng)的

21、最遠(yuǎn)距離【詳解】(1)對B球，由出發(fā)至即將發(fā)生碰撞，根據(jù)動(dòng)能定理有：解得：(2)對A、B碰撞過程，設(shè)A、B碰撞后速度分別為、由動(dòng)量守恒定律有：由能量守恒定律有：其中解得：對B球，由碰撞至向右到最遠(yuǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理有：解得：【點(diǎn)睛】本題考查帶電粒子在電場中運(yùn)動(dòng)及動(dòng)量守恒，考查考生的推理能力和分析綜合能力關(guān)鍵要分析清楚兩球的運(yùn)動(dòng)過程，根據(jù)條件列出正確的方程14、（1）電子從O點(diǎn)進(jìn)入到離開x=3L處的電場所需的時(shí)間是2108s；（2）電子離開x=3L處的電場時(shí)的y坐標(biāo)是0.1m【解析】試題分析：（1）電子在E1中勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由速度時(shí)間公式求出在E1中運(yùn)動(dòng)時(shí)間t1，在E2做類平拋運(yùn)動(dòng)，由水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間t2，t=t1+t2；（2）電子在E2中做類平拋運(yùn)動(dòng)，