北京師范大學(xué)附屬杭州中學(xué)2022-2023學(xué)年物理高三第一學(xué)期期中經(jīng)典試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、在選定正方向后,甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的x-t圖象如圖所示,則在0 時(shí)間內(nèi)( )A甲質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng),乙質(zhì)點(diǎn)做曲線運(yùn)動(dòng)B乙質(zhì)點(diǎn)的速度先增大后減小C時(shí)刻兩質(zhì)點(diǎn)速度大小一定相等D0時(shí)間

2、內(nèi),甲質(zhì)點(diǎn)的平均速度大于乙質(zhì)點(diǎn)的平均速度2、列車在空載時(shí)加速經(jīng)過一段平直的路段，通過某點(diǎn)時(shí)速率為，加速度大小為；當(dāng)列車滿載貨物再次加速經(jīng)過同一點(diǎn)時(shí)，速率仍為，加速度大小變?yōu)樵O(shè)列車發(fā)動(dòng)機(jī)的功率恒為，阻力是列車重力的倍，重力加速度大小為，則列車空載與滿載時(shí)的質(zhì)量之比為ABCD3、石墨烯是目前世界上已知的強(qiáng)度最高的材料,它的發(fā)現(xiàn)使“太空電梯”的制造成為可能,人類將有望通過“太空電梯”進(jìn)入太空。設(shè)想在地球赤道平面內(nèi)有一垂直于地面延伸到太空的輕質(zhì)電梯,電梯頂端可超過地球的同步衛(wèi)星A的高度延伸到太空深處,這種所謂的太空電梯可用于降低成本地發(fā)射繞地人造衛(wèi)星。如圖所示,假設(shè)某物體B乘坐太空電梯到達(dá)了圖示的位置

3、并停在此處,與同高度運(yùn)行的衛(wèi)星C相比較( ) AB的角速度大于C的角速度BB的線速度小于C的線速度C若B突然脫離電梯，B將做離心運(yùn)動(dòng)DB的向心加速度大于A的向心加速度4、如圖所示，斜面上的物體在恒力F作用下，沿斜面勻速向上運(yùn)動(dòng)。F的方向平行于斜面，斜面保持靜止，則地面對斜面的摩擦力A大小可能為零 B方向水平向右C方向水平向左 D方向與F的大小有關(guān)5、火星是我們認(rèn)為最有可能有生命活動(dòng)的地方。我國將于2020年發(fā)射火星探測器。如圖所示，探測器在太空直飛火星，在P點(diǎn)進(jìn)行制動(dòng)，使火星沿著大橢圓軌道運(yùn)動(dòng)，再經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)再次制動(dòng)，使得探測器沿著近火星圓軌道做圓周運(yùn)動(dòng)而達(dá)到近距離探測的目的。則下列說法正確的是

4、A完成兩次制動(dòng)之后，探測器在軌道上的運(yùn)行周期大于在軌道上的運(yùn)行周期B探測器分別在軌道和軌道上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的加速度相同C探測器分別在軌道和軌道上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的速度相同D探測器在軌道上運(yùn)行速度大于火星的第一宇宙速度6、紙面內(nèi)有一個(gè)等邊三角形PMN，在MN兩頂點(diǎn)處可能有兩個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷，每個(gè)電荷在頂點(diǎn)P產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小均為E，也可能有兩根通電直導(dǎo)線通有垂直于紙面向里的電流，每根導(dǎo)線中的電流在頂點(diǎn)P產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B關(guān)于P點(diǎn)的電場強(qiáng)度或磁感應(yīng)強(qiáng)度，下列說法正確的是（ ）A電場強(qiáng)度為E，方向豎直向下B電場強(qiáng)度為3E，方向豎直向上C磁感應(yīng)強(qiáng)度為3B，方向水平向右D磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向豎直向上二、多項(xiàng)選擇

5、題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示， 在A、B兩物體間有一與物體不連接的輕質(zhì)彈簧，兩物體用輕細(xì)線連接在一起并使彈簧處于壓縮狀態(tài)，整體靜止在光滑水平面上?，F(xiàn)將細(xì)線燒斷，在彈簧對兩物體施加作用力的整個(gè)過程中，設(shè)彈簧彈力對A、B物體的沖量大小分別為IA和IB，彈簧彈力對A、B物體所做的功分別為WA和WB。若A、B物體的質(zhì)量關(guān)系是mAmB，則下面關(guān)系式中正確的是AIA=IBBIAIBCWA=WBDWAv2，因此衛(wèi)星的速度不相等。故C錯(cuò)誤。D、火星的第一宇宙速度是繞火星表面附近的

6、速度，由v=GMr知，探測器在軌道上運(yùn)行速度小于火星的第一宇宙速度，故D錯(cuò)誤。故選：B6、C【解析】根據(jù)矢量合成的方法即可 求出P點(diǎn)的合場強(qiáng)；根據(jù)右手螺旋定則得出兩根通電導(dǎo)線在P點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向，根據(jù)平行四邊形定則得出合場強(qiáng)的大小。【詳解】A、B項(xiàng)：在MN兩頂點(diǎn)處有兩個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷時(shí)，每個(gè)電荷在頂點(diǎn)P產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小均為E，方向分別沿PM方向與PN的方向，由矢量合成的特點(diǎn)可知，他們的合場強(qiáng)的方向一定沿二者的角平分線上，即合場強(qiáng)的方向豎直向下，根據(jù)平行四邊形定則可知，合場強(qiáng)的大小是3E，故A、B錯(cuò)誤；C、D項(xiàng)：根據(jù)安培定則可知，導(dǎo)線M在P處產(chǎn)生的磁場方向垂直于MP方向向右，導(dǎo)線N在P處產(chǎn)生的磁

7、場方向垂直于NP方向向右，根據(jù)平行四邊形定則得到，P處的總磁感應(yīng)強(qiáng)度為：B總=2Bcos300=3B方向平行于MN向右，故C正確，D錯(cuò)誤。故應(yīng)選：C?！军c(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握右手螺旋定則判斷通電電流周圍的磁場方向，以及知道磁感應(yīng)強(qiáng)度是矢量，合成遵循平行四邊形定則。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】AB因彈簧對AB的作用力和作用時(shí)間均相同，由I=Ft可知IA=IB選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；CD根據(jù)，因IA=IB，則pA=pB又mAmB，則EkAEkB由動(dòng)能定理

8、可知：WAWB選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確。8、ACD【解析】A小球在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)： ，可知高度不同，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間一定不同，故A正確；B平拋運(yùn)動(dòng)軌跡為拋物線，速度方向?yàn)樵擖c(diǎn)的切線方向，分別從AB兩點(diǎn)拋出的小球軌跡不同，在C點(diǎn)的切線方向也不同，所以落地時(shí)方向不可能相同，故B錯(cuò)誤；C由動(dòng)能定理：落地速度為：則知落在C點(diǎn)的速度大小可能相同，故C正確；D落在C點(diǎn)時(shí)重力的功率當(dāng)mh相同時(shí)P才相同，故D正確故選ACD9、BC【解析】AB.撤去F后，A離開豎直墻后，豎直方向兩物體的重力與水平面的支持力平衡，合力為零，水平方向不受力，所以合外力為零，則系統(tǒng)動(dòng)量守恒。這個(gè)過程中，只有彈簧的彈力做功，系統(tǒng)的

9、機(jī)械能守恒。故A錯(cuò)誤，B正確；CD.撤去F后，A離開豎直墻后，當(dāng)兩物體速度相同時(shí)，彈簧伸長最長或壓縮最短，彈性勢能最大。設(shè)兩物體相同速度為v，A離開墻時(shí)，B的速度為v1以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：，由機(jī)械能守恒定律得：，又，解得，彈簧的彈性勢能最大值為，故C正確，D錯(cuò)誤；10、BC【解析】A根據(jù)平衡條件可知液滴受電場力向上，大小等于重力。開關(guān)K斷開時(shí)，電容器直接接在電源兩端，電壓增大，電場強(qiáng)度增大。故A錯(cuò)誤。B熱敏電阻加熱時(shí)，熱敏電阻阻值減小，則由閉合電路歐姆定律可知，滑動(dòng)變阻器兩端的電壓增大，故電容器兩端的電壓增大，電場強(qiáng)度增大，液滴向上運(yùn)動(dòng)。故B正確。C滑動(dòng)變阻器R的觸頭P向下移動(dòng)，

10、滑動(dòng)變阻器接入電阻增大，則總電流減小，內(nèi)壓及R0兩端的電壓減小，則滑動(dòng)變阻器兩端的電壓增大，會(huì)充電，電容器兩端的電勢差增大，液滴向上運(yùn)動(dòng)，電場力做正功，電勢能減小。故C正確。D當(dāng)變阻器的滑片P向上移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則總電流增大，內(nèi)壓及R0兩端的電壓增大，則滑動(dòng)變阻器兩端的電壓減小，故不會(huì)充電，由于二極管，也不會(huì)放電，故電容器兩端的電勢差不變，電勢能不變。故D錯(cuò)誤。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 AD AD 1.13m/s2 偏大【解析】（1）本實(shí)驗(yàn)用到了打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，那么就應(yīng)該配備交流電源，這樣才可以在紙帶上周期性的打

11、點(diǎn)，又因?yàn)橐獪y量兩點(diǎn)之間的距離，所以還會(huì)用到測量工具即刻度尺，所以選AD；（2）為了充分合理利用紙帶，應(yīng)該先打開電源，然后在釋放小車，因?yàn)楸緦?shí)驗(yàn)是研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)，只要運(yùn)動(dòng)中加速度恒定即可，所以沒有必要平衡摩擦力，故選AD（3）由于小車做勻加速運(yùn)動(dòng)，所以相鄰相等時(shí)間內(nèi)的位移差是恒定的，由 得 ，代入數(shù)據(jù)可得： （4）如果實(shí)際電源頻率低于50Hz，則表示在測量時(shí)間的時(shí)候把時(shí)間測小了，由 ，得測得的加速度偏大。綜上所述本題答案是：(1). AD (2). AD (3). (4). 1.13m/s2 (5). 偏大12、 （1）的說法是正確的；的說法不正確，因?yàn)楫?dāng)小車加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，要考慮動(dòng)滑輪的質(zhì)量

12、，小車所受到的拉力小于(或不等于)彈簧秤示數(shù)的二倍 （2）刻度尺 天平 （3）調(diào)整小桶內(nèi)沙子的質(zhì)量，輕推小車，使小車拖動(dòng)紙帶做勻速運(yùn)動(dòng)，則彈簧秤的示數(shù)等于小車受到的阻力大小 （4）1.39【解析】解:(1)在甲圖中,小車的拉力等于彈簧秤的拉力,在乙圖中,考慮到動(dòng)滑輪的質(zhì)量,設(shè)彈簧秤的拉力為F,則 ,知小車所受到的拉力小于(或不等于)彈簧秤示數(shù)的二倍.(2)該實(shí)驗(yàn)要計(jì)算出小車的動(dòng)能,所以要天平,要測量長度,還需要刻度尺;(3)調(diào)整小桶內(nèi)沙子質(zhì)量,輕推小車,使小車拖動(dòng)紙帶做勻速運(yùn)動(dòng),則彈簧秤的示數(shù)等于小車受到的阻力大小.(4)E點(diǎn)的速度等于DF段的平均速度, .四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。

13、把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）；（3）【解析】（1）物塊被彈簧彈出，由，可知：因?yàn)?，故物塊滑上傳送帶后先減速物塊與傳送帶相對滑動(dòng)過程中，由：，得到：，因?yàn)椋饰飰K與傳送帶同速后相對靜止，最后物塊以的速度滑上水平面BC，物塊滑離傳送帶后恰到E點(diǎn)，由動(dòng)能定理可知：代入數(shù)據(jù)整理可以得到：（2）設(shè)物塊從E點(diǎn)返回至B點(diǎn)的速度為，由得到，因?yàn)?，故物塊會(huì)再次滑上傳送帶，物塊在恒定摩擦力的作用下先減速至0再反向加速，由運(yùn)動(dòng)的對稱性可知其以相同的速率離開傳送帶，設(shè)最終停在距C點(diǎn)x處，由，得到：.（3）設(shè)傳送帶速度為時(shí)物塊能恰到F點(diǎn)，在F點(diǎn)滿足從B到

14、F過程中由動(dòng)能定理可知：解得：設(shè)傳送帶速度為時(shí)，物塊撞擋板后返回能再次上滑恰到E點(diǎn)，由：解得：若物塊在傳送帶上一直加速運(yùn)動(dòng)，由知其到B點(diǎn)的最大速度綜合上述分析可知，只要傳送帶速度就滿足條件【點(diǎn)睛】本題主要考查了牛頓第二定律、動(dòng)能定理、圓周運(yùn)動(dòng)向心力公式的直接應(yīng)用，此題難度較大，牽涉的運(yùn)動(dòng)模型較多，物體情境復(fù)雜，關(guān)鍵是按照運(yùn)動(dòng)的過程逐步分析求解14、 (1) (2) (3) 【解析】（1）依據(jù)豎起上拋的特點(diǎn)，故，所以宇航員的重力（2）依據(jù)周期公式，解得周期，（3）依據(jù)萬有引力航天公式，依據(jù)密度公式，依據(jù)黃金代換公式，解得：密度15、（1）4.01016 J （2）0.36 cm（3）5.761018