2023屆河北省邢臺市巨鹿縣二中物理高三上期中綜合測試試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在學(xué)校體育器材室里，籃球水平放在如圖所示的球架上已知球架的寬度為0.15m，每個籃球的質(zhì)量為0.4kg，

2、直徑為0.25m，不計球與球架之間的摩擦，則每個籃球?qū)η蚣芤粋?cè)的壓力大小為（重力加速度g=10m/s2）A4NB5NC2.5ND3N2、如圖所示，將一木塊放在彈簧上，用手壓木塊，彈簧被壓縮松開手，木塊豎直向上飛起直到最高點下列說法正確的是A手壓木塊時，手對木塊的壓力與彈簧對木塊的支持力是一對平衡力B彈簧恢復(fù)原狀過程中，彈性勢能不變C木塊在沒有離開彈簧前，所受彈力方向豎直向卜D木塊到達最高點時，只受到重力作用3、在圖中所示的四種典型電場的情況中，電場中、兩點的電場強度和電勢都相等的是（ ）A圖（甲）中平行板電容器帶電荷，極板間除邊緣附近處的任意兩點、B圖（乙）中兩個等量異號點電荷的連線上，與連線

3、中點等距的任意兩點、C圖（丙）中離點電荷等距的任意兩點、D圖（丁）中兩個等量同號點電荷的連線的中垂線上,與連線中點等距的任意兩點、4、如圖所示，一輕質(zhì)彈簧，兩端連著物體A和B放在光滑水平面上，靜止放在光滑水平面上，如果物體A被水平速度為v0的子彈射中并嵌在物體A中（時間極短），已知物體B的質(zhì)量為m，已知物體A的質(zhì)量為物體B的質(zhì)量的34，子彈的質(zhì)量是物體B質(zhì)量的14，彈簧被壓縮到最短時物體B的速度及彈簧的彈性勢能為（ ）Av012,mv0232Bv08,mv0264Cv08,7mv0264D2v03,7mv02645、如圖所示，質(zhì)量為m的物體在恒力F的作用下沿天花板勻速滑動，F(xiàn)與水平方向的夾角為

4、，物體與天花板之間的動摩擦因數(shù)為，則物體受到的摩擦力大小是( )AFcosBFsinC(Fsin+mg)D(mg-Fsin)6、如圖所示，豎直放置在水平面上的輕質(zhì)彈簧上疊放著質(zhì)量均為2kg的物塊A、B，它們處于靜止?fàn)顟B(tài)，若突然將一個大小為10N、方向豎直向下的力施加在物塊A上，則此瞬間，A對B的壓力大小為（g=10m/s2）（） A10 NB20 NC25 ND30 N二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、將一小球以水平速度v0=10 m/s從O點向右拋出,經(jīng)s小球恰好

5、垂直落到斜面上的A點,不計空氣阻力,g取10 m/s2,B點是小球做自由落體運動在斜面上的落點,如圖所示,以下判斷正確的是 ( )A斜面的傾角是B小球的拋出點距斜面的豎直高度是15 mC若將小球以水平速度m/s向右拋出,它一定落在AB的中點P的上方D若將小球以水平速度m/s向右拋出,它一定落在AB的中點P處8、如圖所示，虛線A、B、C、D是某勻強電場中的4個平行且等距的等勢面，其中等勢面C的電勢為0，一電子僅在靜電力的作用下運動，經(jīng)過A、D等勢面時的動能分別為26eV和5eV，則下列說法正確的是A等勢面D的電勢為-7VB等勢面B的電勢為4VC該電子不可能到達電勢為10V的等勢面D該電子運動到某

6、一位置，其電勢能變?yōu)?eV時，它的動能為4eV9、如圖為小型起重機起吊重物的示意圖一根輕繩跨過光滑的滑輪，輕繩的一端系在高處的A點，另一端掛在起重機的吊鉤上，動滑輪的下端掛上重物，吊鉤處于C點起吊過程是這樣的，先讓吊鈞由靜止從C豎直向上緩慢地移動到B，然后從B水平向右緩慢地移動到D下列說法正確的是( )A吊鉤從C向B移動的過程中，輕繩彈力的值不變B吊鉤從B向D移動的過程中，輕繩彈力的值不變C吊鉤從B向D移動的過程中，輕繩彈力的值變大，D吊鉤從B向D移動的過程中，輕繩彈力的值變小10、我國已成功發(fā)射多顆衛(wèi)星，為實現(xiàn)國人的飛天夢想提供了大量的信息、科技支持嫦娥一號的成功發(fā)射，標(biāo)志著我國新的航天時代

7、的到來已知發(fā)射的衛(wèi)星中，衛(wèi)星A是極地圓形軌道衛(wèi)星，衛(wèi)星B是地球同步衛(wèi)星，二者質(zhì)量相同，且衛(wèi)星A的運行周期是衛(wèi)星B的四分之一根據(jù)以上相關(guān)信息，比較這兩顆衛(wèi)星，下列說法中正確的是（ ）A衛(wèi)星A做圓周運動的圓心和地心重合B衛(wèi)星B離地面較近，衛(wèi)星A離地面較遠C正常運行時衛(wèi)星A的線速率比衛(wèi)星B的線速率小D衛(wèi)星A所需的向心力比衛(wèi)星B所需的向心力大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“探究求合力的方法”實驗中，現(xiàn)有木板、白紙、圖釘、橡皮筋、細繩套和一把彈簧秤.(1)為完成實驗，某同學(xué)另找來一根彈簧，先測量其勁度系數(shù)，得到的實驗數(shù)據(jù)如下表：作出

8、F-X圖_，根據(jù)圖線求得該彈簧的勁度系數(shù)為k=_N/m. (2)某次實驗中，彈簧秤的指針位置如圖所示，其讀數(shù)為_N12（12分）小勇為了“驗證機械能守恒定律”，將兩光電門甲、乙按如圖甲的方式固定在鐵架臺上，然后進行了如下的操作：甲乙A將一小鐵球由光電門甲的上方一定高度處由靜止釋放；B通過計算機顯示小鐵球通過光電門甲、乙的時間分別為t1、t2；C用直尺測出光電門甲和乙之間的距離h；D用游標(biāo)卡尺測出小鐵球的直徑d如圖乙所示；E改變小鐵球釋放的高度，重復(fù)A、B步驟操作通過以上操作請回答下列問題：(1)讀出圖乙中小鐵球的直徑為d_ cm，假設(shè)小鐵球通過光電門甲的瞬時速度近似地等于該過程中的平均速度，則

9、小鐵球通過光電門甲的速度大小為v1_；(用題中字母表示)(2)如果重力加速度用g表示，在誤差允許的范圍內(nèi)，要驗證小鐵球的機械能守恒，則只需驗證_2gh.(用題中字母表示)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖甲所示，自然伸長的輕彈簧左端固定在豎直墻上，右端在位置質(zhì)量為的物塊（可視為質(zhì)點）以初速度從距點的點處向左運動，與彈簧接觸后壓縮彈簧，將彈簧右端壓到點位置后，又被彈簧彈回離開彈簧后，恰好回到點物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度為（）求物塊從點出發(fā)又回到點的過程，克服摩擦力所做的功（）求點和點間的距

10、離（）如圖乙所示，若將另一個與完全相同的物塊（可視為質(zhì)點）與彈簧右端拴接，將放在右邊，向左推、，使彈簧右端壓縮到點位置，然后從靜止釋放，、共同滑行一段距離后分離分離后物塊向右滑行的最大距離是多少14（16分）在地面上方足夠高的地方，存在一個“相互作用區(qū)域 (下圖中畫有虛線的部分)一個小圓環(huán)A套在一根均勻直桿B 上，A和B的質(zhì)量均為m=1kg，若它們之間發(fā)生相對滑動時，會產(chǎn)生f=0.5mg的摩擦力，開始時A處于B的最下端，B豎直放置，A和“相互作用區(qū)域”的高度差h=0.8m，讓A和B一起從靜止開始下落，只要A處于“相互作用區(qū)域”就會受到F=2.5mg，方向豎直向上的恒力作用，而“相互作用區(qū)域”對

11、處于其中的桿B在下落過程中始終保持豎直，且桿的長度能夠保證圓環(huán)A與桿不會分離，當(dāng)小圓環(huán)A穿出“相互作用區(qū)域時速度恰好為0，不計空氣阻力， 取g=10m/s2，求:(1)小圓環(huán)剛進入“相互作用區(qū)域”時的速度；(2)相互作用區(qū)域”的高度d；(3)小圓環(huán)A穿過“相互作用區(qū)域”的過程中，AB組成的系統(tǒng)損失的機械能15（12分）某高速列車剎車前的速度為60m/s，剎車后做勻減速直線運動，2s末速度減為50m/s，求：（1）列車剎車后的加速度大小；（2）從開始剎車到位移為200m所經(jīng)歷的時間；（3）列車剎車后第8s內(nèi)通過的位移大小。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的

12、四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】設(shè)每個籃球?qū)η蚣芤粋?cè)的壓力大小為N，則球架對球的支持力的大小也是N，對球進行受力分析可知，球受重力和球架對球的支持力作用，它們平衡，故球的受力情況如圖所示因為球的直徑為D=0.25m，球架的寬度為d=0.15m，故cos=0.8m；由力的平衡知識可知2Ncos=mg，故N=2.5N，故C正確2、D【解析】（1）一對平衡力必須大小相等、方向相反、作用在同一直線上、作用在同一物體上；（2）彈性勢能大小的影響因素：發(fā)生彈性形變的大小，發(fā)生彈性形變的難易程度彈性形變越大，發(fā)生彈性形變越難，彈性勢能越大；（3）彈力方向與物體恢復(fù)彈性形變的方向相同；（4

13、）木塊上升到最高點時對其進行受力分析【詳解】手壓木塊時，木塊受到重力、壓力和彈簧的支持力，這三個力平衡手對木塊的壓力小于彈簧對木塊的支持力所以這兩個力不是一對平衡力，故A錯誤；彈簧恢復(fù)原狀過程中，彈性形變的程度變小，彈性勢能減小，故B錯誤；木塊在沒有離開彈簧前，彈簧被壓縮，所以木塊受彈力方向豎直向上，故C錯誤；木塊上升到最高點時，受到重力作用，不受其它力的作用，故D正確；故選D3、D【解析】電容器間的電場為勻強電場，故兩點電場強度相等；沿電場線方向上電勢逐漸降低，可知a點的電勢高于b點的電勢，故A錯誤根據(jù)對稱性可知，兩點的電場強度相等，沿電場線方向上電勢逐漸降低，a點的電勢高于b點，故B錯誤以

14、點電荷為球心的球面是等勢面，可知a、b兩點電勢相等，但兩點電場強度的方向不相同，故電場強度不相等，故C錯誤根據(jù)兩個等量同種電荷等勢面的分布情況可知，在兩電荷連線的中垂線上與連線中點等距的任意兩點電勢相等，根據(jù)電場的對稱性兩點電場場強相同，故D正確故選D4、B【解析】子彈擊中木塊過程系統(tǒng)動量守恒，以子彈、滑塊A、B和彈簧組成的系統(tǒng)為研究對象，當(dāng)三者速度相等時，彈簧被壓縮到最短，則彈性勢能最大，根據(jù)動量守恒定律求出速度，然后由能量守恒定律求出彈簧的彈性勢能；【詳解】子彈射入物體A的過程中，子彈與A組成的系統(tǒng)動量守恒，以子彈的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：14mv0=（14m+34m)v1，

15、當(dāng)物體A（包括子彈）、B的速度相等時，彈簧被壓縮到最短，彈性勢能最大，子彈、A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，以子彈的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：（14m+34m）v1=（14m+34m+m)v2，從子彈與物體A有共同速度至彈簧被壓縮到最短的過程，由能量守恒定律得：12（14m+34m）v12=12（14m+34m+m)v22+Ep，解得：v2=18v0，Ep=164mv02，故B正確，ADC錯誤?！军c睛】本題考查了求速度、彈簧的彈性勢能，應(yīng)用動量守恒定律與機械能守恒定律即可正確解題，解題時要注意，子彈擊中A的過程中，子彈與A組成的系統(tǒng)動量守恒，但機械能不守恒。5、A【解析】AB對物體受力分

16、析，將推力F正交分解，如圖根據(jù)力平衡條件，水平方向有：則物體受到摩擦力大小，A正確，B錯誤；CD根據(jù)力平衡條件，豎直方向有：解得：又則摩擦力大小，CD錯誤。故選A。6、C【解析】對AB整體分析，當(dāng)它們處于靜止?fàn)顟B(tài)時，彈簧的彈力等于整體AB的重力，當(dāng) 施加力F的瞬間，彈力在瞬間不變，故A、B所受合力為10 N，則a 2.5 m/s2后隔離A物塊受力分析，得FmgFNma解得FN25 N根據(jù)牛頓第三定律可知，A對B的壓力大小也等于25 N.故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的

17、得0分。7、AC【解析】A.小球與斜面相撞時豎直分速度：m/s根據(jù)平行四邊形定則知：解得：=30故A正確；B.平拋運動的高度：mA、B兩點的高度差：m則小球拋出點距斜面高度差為：H=15m+10m=25m故B錯誤；CD.若將小球以水平速度v0=5m/s向右拋出，若下降的高度與A點相同，則水平位移是落在A點的一半，即落在P點，但是下落的時間大于落在A點的時間，可知落在中點P的上方，故C正確，D錯誤。8、AD【解析】（1）因電子僅在靜電力的作用下運動，經(jīng)過A、D等勢面的動能分別為26eV和5eV，根據(jù)動能定理有，即，又，可得，選項A正確；（2）因勻強電場中，等勢面B的電勢為7V，選項B錯誤；（3）

18、因只有靜電力做功，動能和電勢能之和保持不變當(dāng)電子的速度為零時，由能量守恒可得，解得，選項C錯誤；（4）同理，由能量守恒可得，選項D正確故本題選AD9、AC【解析】因物體重力不變，故重力與兩繩子的拉力為平衡力；并且繩子為兩端的張力相等；設(shè)繩子間的夾角為2；在由C到B上移的過程中有：2Tcos=mg；由幾何關(guān)系可知，繩子為l，則有：lsin=d；因由C到B的過程中A到BC的垂直距離不變，故為定值；故輕繩上的拉力不變；故A正確；由B到D的過程中，繩長不變，夾角2一定增大，則由A中分析可知，T一定增大；故BD錯誤，C正確；故選AC【點睛】本題難點在于C到B的過程分析，要通過幾何關(guān)系的分析判斷出兩繩子與

19、重力所在的直線的夾角保持不變，從而得出拉力不變的結(jié)論來10、AD【解析】A、衛(wèi)星做圓周運動時萬有引力提供向心力，所以衛(wèi)星A做圓周運動的圓心一定和地心重合，故A正確；B、衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，設(shè)衛(wèi)星的質(zhì)量為m、軌道半徑為r、地球質(zhì)量為M，有：GMmr2=m42T2r，T=42r3GM由題意知，極軌衛(wèi)星A周期較短，其半徑是較小的，離地面較近，B錯誤；C、由GMmr2=mv2r得，v=GMr，衛(wèi)星A離地面較近，線速率較大，C錯誤；D、衛(wèi)星A離地面較近，衛(wèi)星B離地面較遠，根據(jù)萬有引力提供向心力，衛(wèi)星A所需的向心力比衛(wèi)星B所需的向心力大，故D正確。故選：AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、552.10【解析】（1）先描點，用光滑的直線連接，（2）根據(jù)圖線求得該彈簧的勁度系數(shù)為（3）彈簧秤的分度值是0.1N，要估讀到分度值的下一為，指針位置2.1N，其讀數(shù)為2.10N；12、0.385 cm 【解析】(1)由