2023學(xué)年廣西北流市實(shí)驗(yàn)中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測模擬試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、根據(jù)分子動理論,物質(zhì)分子之間的距離為某一個值時,分子所受的斥力和引力相等,則此時()A分子具有最大勢能B分子具有最小勢能C引力和斥力都是最大值D引力和斥力都是最小值2、如圖所示，在

2、垂直于紙面、范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場中，有一個矩形線圈abcd，線圈平面與磁場垂直，O1O2和O3O4都是線圈的對稱軸，應(yīng)使線圖怎樣運(yùn)動才能使其產(chǎn)生感生電流（ ）A向左平動B繞O1O2轉(zhuǎn)動C向上平動D向下平動3、如圖所示，有一帶電粒子貼著板沿水平方向射入勻強(qiáng)電場，當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為時，帶電粒子沿軌跡從兩板正中間飛出；當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為時，帶電粒子沿軌跡落到板中間；設(shè)粒子兩次射入電場的水平速度相同，則兩次偏轉(zhuǎn)電壓之比為（ ）ABCD4、一條形磁鐵靜止在斜面上，固定在磁鐵中心的豎直上方的水平導(dǎo)線中通有垂直紙面向里的恒定電流，如圖所示，若將磁鐵的N極位置與S極位置對調(diào)后，仍放在斜面上原來的位置，則磁鐵對斜面的壓力F

3、和摩擦力 的變化情況分別是AF增大， 減小BF減小， 增大CF與 都減小DF與 都增大5、如圖所示，固定的水平長直導(dǎo)線中通有向左的電流I，矩形閉合導(dǎo)線框與導(dǎo)線在同一豎直平面內(nèi)，且一邊與導(dǎo)線平行將線框由靜止釋放，不計(jì)空氣阻力，則在線框下落過程中 A穿過線框的磁通量保持不變B線框中感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r針C線框所受安培力的合力豎直向上D線框的機(jī)械能不斷增大6、如圖甲所示電路中，電壓表V1指針指在滿刻度的處，電壓表V2指針指在滿刻度；圖乙中，電壓表V1指針指在滿刻度，電壓表V2指針指在滿刻度的處，已知V1的內(nèi)阻為9K，則V2的內(nèi)阻為（）A1KB2KC3KD4K二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，

4、共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示電路中，開關(guān)閉合穩(wěn)定后，某時刻理想電壓表和電流表的讀數(shù)都突然增大，造成這一現(xiàn)象的原因是電阻元件發(fā)生短路或斷路故障，則可能出現(xiàn)了下列哪種故障（）AR1斷路BR1短路CR2斷路DR3短路8、電荷量為q的點(diǎn)電荷在電場中由A點(diǎn)移到B點(diǎn)時，電場力做功W，兩點(diǎn)間的電勢差為U，若讓電荷量為2q的點(diǎn)電荷在電場中由A點(diǎn)移到B點(diǎn)，則（）A電場力做功為WB電場力做功為2WC兩點(diǎn)間的電勢差為UD兩點(diǎn)間的電勢差為2U9、如圖所示電路中，電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為

5、可變電阻，C為電容器。在可變電阻R3由較小逐漸變大的過程中A電容器放電B流過R2的電流方向是由a到bC電容器的帶電量在逐漸增大D電源內(nèi)部消耗的功率減小10、一根粗細(xì)均勻的金屬導(dǎo)線，兩端加上恒定電壓U時，通過金屬導(dǎo)線的電流強(qiáng)度為I，金屬導(dǎo)線中自由電子定向移動的平均速率為v，若將金屬導(dǎo)線均勻拉長，使其長度變?yōu)樵瓉淼?倍，仍給它兩端加上恒定電壓U，則此時（）A該金屬導(dǎo)線的電阻變?yōu)樵瓉淼?倍B該金屬絲的電阻率變?yōu)樵瓉?倍C自由電子定向移動的平均速率為D通過金屬導(dǎo)線的電流為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）下列器材組裝一個電路，既能測量出

6、電池組的電動勢E和內(nèi)阻r，又能同時描繪小燈泡的伏安特性曲線A電壓表V1（量程6 V，內(nèi)阻很大）B電壓表V2（量程4 V，內(nèi)阻很大）C電流表A（量程3 A，內(nèi)阻很?。〥滑動變阻器R（最大阻值10 ，額定電流4 A）E小燈泡（2 A,7 W）F電池組（電動勢E，內(nèi)阻r）G開關(guān)一只，導(dǎo)線若干實(shí)驗(yàn)時，調(diào)節(jié)滑動變阻器的阻值，多次測量后發(fā)現(xiàn)：若電壓表V1的示數(shù)增大，則電壓表V2的示數(shù)減?。?）請將設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)電路圖在圖甲中補(bǔ)充完整（_）（2）每一次操作后，同時記錄電流表A、電壓表V，和電壓表V2的示數(shù)，組成兩個坐標(biāo)點(diǎn)（I，U1）、（I，U2），標(biāo)到UI坐標(biāo)中，經(jīng)過多次測量，最后描繪出兩條圖線，如圖乙所示，則

7、電池組的電動勢E_V、內(nèi)阻r_.（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（3）在UI坐標(biāo)中兩條圖線在P點(diǎn)相交，此時滑動變阻器連入電路的阻值應(yīng)為_,小燈泡的阻值應(yīng)為_.12（12分）有一個小燈泡上標(biāo)有“4 V2 W”的字樣，現(xiàn)在要用伏安法描繪這個小燈泡的IU圖線現(xiàn)有下列器材供選用：A電壓表(05 V，內(nèi)阻約10 k) B電壓表(015 V，內(nèi)阻約20 k)C電流表(03 A，內(nèi)阻約1 ) D電流表(00.6 A，內(nèi)阻約0.4 )E滑動變阻器(10 ，2 A) F滑動變阻器(500 ，1 A)G學(xué)生電源(直流6 V)、開關(guān)、導(dǎo)線若干(1)實(shí)驗(yàn)中所用電壓表應(yīng)選用_，電流表應(yīng)選用_，滑動變阻器應(yīng)選用_(2)實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)

8、采用電流表_(填“內(nèi)”或“外”)接法(3)在虛線框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)電路圖 ，并根據(jù)所畫電路圖進(jìn)行實(shí)物圖連接 四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，空間存在著強(qiáng)度方向豎直向上的勻強(qiáng)電場，在電場內(nèi)一長為L 的絕緣細(xì)線， 一端固定在O 點(diǎn)，一端拴著質(zhì)量m、電荷量q 的小球現(xiàn)將細(xì)線拉直到水平位置，讓小球由靜止釋放，小球向上運(yùn)動達(dá)到最高點(diǎn)P 時，細(xì)線受到的拉力恰好達(dá)到它所能承受的最大值而斷裂已知勻強(qiáng)電場強(qiáng)度大小 。求： （1）細(xì)線能承受的最大拉力； （2）從P 點(diǎn)開始小球沿水平放方向的位移為L 時，小球距O 點(diǎn)的高

9、度。 14（16分）如圖所示，熒光屏MN與x軸垂直放置，熒光屏所在位置的橫坐標(biāo)x040cm，在第一象限y軸和MN之間存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，在第二象限有半徑R10cm的圓形磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B0.4T，方向垂直xOy平面向外磁場的邊界和x軸相切于P點(diǎn)在P點(diǎn)有一個粒子源，平行于坐標(biāo)平面，向x軸上方各個方向發(fā)射比荷為1.0108C/kg的帶正電的粒子，已知粒子的發(fā)射速率v04.0106m/s不考慮粒子的重力粒子間的相互作用求(1)帶電粒子在磁場中運(yùn)動的軌跡半徑;(2)若所有帶電粒子均打在x軸下方的熒光屏上，求電場強(qiáng)度的最小值15（12分）沿水平方向的場強(qiáng)為E=6103V/m的足夠大的勻強(qiáng)電場

10、中，用絕緣細(xì)線系一個質(zhì)量m=8.0g的帶電小球，線的另一端固定于O點(diǎn)，平衡時懸線與豎直方向成角，=37，如圖所示，求：（1）小球所帶電的種類及電量；（2）剪斷細(xì)線小球怎樣運(yùn)動，加速度多大？（g取10m/s2）參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】AB.rr0，分子力表現(xiàn)為引力，rr0，分子力表現(xiàn)為斥力，當(dāng)r從無窮大開始減小，分子力做正功，分子勢能減小，當(dāng)r減小到r0繼續(xù)減小，分子力做負(fù)功，分子勢能增加，所以在r0處有最小勢能，故A錯誤，B正確；CD.分子的引力和斥力都隨著距離的增大而變小，故CD錯誤2、B【

11、解析】由于磁場為勻強(qiáng)磁場，無論線圈在平面內(nèi)如何平動，其磁通量都不變化，因此不會產(chǎn)生感應(yīng)電流，故ACD錯誤；當(dāng)線圈繞O1O2轉(zhuǎn)動時，磁通量將發(fā)生變化，如轉(zhuǎn)過90時磁通量為零，因此有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故B正確故選B【點(diǎn)睛】根據(jù)產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件判斷線圈中是否有感應(yīng)電流產(chǎn)生是電磁感應(yīng)中的基本要求，要把握實(shí)質(zhì)問題，不要受其它條件的干擾3、A【解析】由，得，所以，A. ，選項(xiàng)A符合題意；B. ，選項(xiàng)B不符合題意；C. ，選項(xiàng)C不符合題意；D. ，選項(xiàng)D不符合題意；4、D【解析】在磁鐵的N極位置與S極位置對調(diào)前,根據(jù)左手定則判斷可以知道,導(dǎo)線所受的安培力方向斜向下,由牛頓第三定律得知,磁鐵所受的安培力方向斜向

12、上,設(shè)安培力大小為,斜面的傾角為,磁鐵的重力為G,由磁鐵的受力平衡得:斜面對磁鐵的支持力: ,摩擦力: ,在磁鐵的N極位置與S極位置對調(diào)后,同理可以知道,斜面對磁鐵的支持力： ,摩擦力: 可見,F、f都增大，故D正確；綜上所述本題答案是：D5、C【解析】線框在下落過程中，所在磁場減弱，穿過線框的磁感線的條數(shù)減小，磁通量減小，故A正確根據(jù)安培定則，電流產(chǎn)生的磁場在導(dǎo)線的下方垂直于紙面向里，下落過程中，因?yàn)榇磐侩S線框下落而減小，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的磁場與原磁場方向相同，所以感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r針方向，故B錯誤由于離導(dǎo)線越遠(yuǎn)的地方磁場越小，所以線框的上邊受到的安培力大于下邊受到的安培力，合力的

13、方向向上故C正確；下落過程中，因?yàn)榇磐侩S線框下落而減小，線框中產(chǎn)生電能，機(jī)械能減小故D錯誤故選C.6、B【解析】根據(jù)串聯(lián)電路電流相等的特點(diǎn)和并聯(lián)電路電壓相等的特點(diǎn)，利用歐姆定律分別列出兩電壓表滿偏時指針的關(guān)系，再把V1的內(nèi)阻代入求解方程即可求出V2的內(nèi)阻?！驹斀狻吭O(shè)V1和V2的內(nèi)阻分別為R1和R2，量程分別為U1和U2。據(jù)題有：兩個電壓表并聯(lián)時，有U1=U2；兩個電壓表串聯(lián)時，根據(jù)電壓之比等于電阻之比有：U1：U2=R1：R2，聯(lián)立解得：R2=2k。所以B正確，ACD錯誤。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5

14、分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A若R1斷路，則外電路電阻增大，電路中電流減小，路端電壓將增大，加在R2兩端電壓增大；則電流表的示數(shù)也將增大，故A正確；BCD若R1或R2短路，則電壓表被短路，電壓表示數(shù)應(yīng)為零；只有R3短路時，電壓表接在電源兩端，測量值為電源的輸出電壓，故電壓表示數(shù)變大；同時因電路中電阻減小，故電路中電流增大，故D正確，BC錯誤。故選AD。8、BC【解析】兩點(diǎn)間的電勢差與有無試探電荷無關(guān)，則若讓電荷量為2q的點(diǎn)電荷在電場中由A點(diǎn)移到B點(diǎn)，則兩點(diǎn)間的電勢差為仍U，選項(xiàng)C正確，D錯誤；根據(jù)W=Uq可知，電場力做功為2W，選項(xiàng)B正確，A錯誤；故選BC.9、CD

15、【解析】ABC：可變電阻R3由較小逐漸變大，電路總電阻逐漸增大，總電流I逐漸減小，R3兩端電壓U3=E-I(r+R1)逐漸增大，電容器電壓逐漸增大，電容器的帶電量逐漸增大，流過R2的電流方向是由b到a。故AB兩項(xiàng)錯誤，C項(xiàng)正確。D：電路總電流I逐漸減小，電源內(nèi)部消耗的功率Pr=I2r逐漸減小。故D項(xiàng)正確?！军c(diǎn)睛】電路穩(wěn)定后，與電容器串聯(lián)的電路中沒有電流，電阻不起降壓作用，電阻在電路中作用相當(dāng)于導(dǎo)線。10、CD【解析】AD將金屬導(dǎo)線均勻拉長，使其長度變?yōu)樵瓉淼?倍，橫截面積變?yōu)樵瓉淼谋叮鶕?jù)電阻定律分析得到，電阻變?yōu)樵瓉淼?倍，電壓U恒定不變，根據(jù)歐姆定律可知，電流I變?yōu)樵瓉淼?，故A錯誤，D正確

16、；B金屬絲的電阻率與金屬絲的長度無關(guān)，所以電阻率不變，故B錯誤；C電流的微觀表達(dá)式I=nevS，其中n、e不變，電流I為原來的，橫截面積S變?yōu)樵瓉淼谋?，則自由電子定向移動的平均速率為，故C正確。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 5.5 1.0 0 1.75 【解析】(1)1伏安法測電源電動勢與內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)中電壓表測路端電壓，電壓表示數(shù)隨滑動變阻器接入電路阻值的增大而增大；描繪小燈泡伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)中，電流表測流過燈泡的電流，燈泡兩端電壓隨滑動變阻器接入電路電阻的增大而減??；調(diào)節(jié)滑動變阻器時電壓表V1的示數(shù)增大，則電壓表V2的示數(shù)減小，則

17、V1測路端電壓，V2測燈泡兩端電壓，電路圖如圖所示.(2)23電源的圖象是一條傾斜的直線，由圖象可以知道電源電動勢，電源內(nèi)阻：(3)45由圖乙所示圖象可知兩圖象的交點(diǎn)坐標(biāo)，即燈泡電壓，此時電路電流，則燈泡此時的電阻為：而電源電動勢：帶入數(shù)據(jù)解得.12、ADE 外 【解析】 (1)因小燈泡額定電壓為4 V，015 V的量程太大，讀數(shù)誤差大，所以電壓表選05 V的A；小燈泡的額定電流I0.5 A，則電流表只能選D；滑動變阻器F的最大阻值遠(yuǎn)大于小燈泡電阻8 ，調(diào)節(jié)不方便，故應(yīng)選滑動變阻器E；(2)又因RvRARx2，所以電流表應(yīng)外接；(3)因?qū)嶒?yàn)?zāi)康氖敲枥L小燈泡的伏安特性曲線，需要多次改變小燈泡兩端

18、的電壓，故采用甲圖所示的分壓式電路合適，這樣電壓可以從零開始調(diào)節(jié)，且能方便地測多組數(shù)據(jù)，電路圖，實(shí)物圖連接為四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）6mg（2）1.25L【解析】試題分析：根據(jù)動能定理求出小球到達(dá)最高點(diǎn)時的速度；在最高點(diǎn)對小球受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程求細(xì)線承受的拉力；細(xì)線斷裂后小球做類平拋運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律求出豎直方向的加速度，然后由平拋運(yùn)動規(guī)律求解。（1）設(shè)小球運(yùn)動到最高點(diǎn)時速度為v，根據(jù)動能定理： 解得： 在最高點(diǎn)對小球受力分析，由牛頓第二定律得： 解得： （2）小球在細(xì)線斷裂后，在豎直方向的加速度設(shè)為a，根據(jù)牛頓第二定律則： 解得：a=2g小球水平方向做勻速直線運(yùn)動，豎直方向做勻加速直線運(yùn)動，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式可得：水平方向：x=vt=L豎直方向： 聯(lián)立解得小球與O點(diǎn)的高度： 點(diǎn)睛：本題主要考查了動能定理和牛頓第二定律的綜合運(yùn)用，在繩子斷裂后，分清小球在沿電場方向和垂直于電場方向上的運(yùn)動規(guī)律，在結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式即可解題。14、