2023學(xué)年安徽省阜陽市第九中學(xué)物理高二上期中綜合測試模擬試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題

2、目要求的。1、如圖所示的實驗裝置，已充電完成的平行板電容器極板M與靜電計金屬球相接，N極板接地，以下說法正確的是A增大兩板間距離，靜電計指針張開角度變小B減小兩極板間的距離，電容器兩極板間的場強(qiáng)變大C將兩板平行錯開一些，靜電計指針張開角度變大D將某電介質(zhì)插入兩板間，電容器的電容變小2、質(zhì)點是一種理想化模型。下列說法正確的是（ ）A研究地球自轉(zhuǎn)時，地球可視為質(zhì)點B研究地球繞太陽公轉(zhuǎn)時，地球可視為質(zhì)點C研究體操運動員的比賽動作時，運動員可視為質(zhì)點D研究雜技演員做空翻動作時，雜技演員可視為質(zhì)點3、如圖所示，三個電阻R1、R2、R3，按如圖所示連接，已知R1R2R3，則哪兩點間的電阻最小 （ ）AA與

3、B兩點間BA與C兩點間CB與C兩點間D無法判斷4、下面幾個速度中，表示平均速度的是A子彈擊中目標(biāo)時的速度是800m/s B氣象臺報道，某臺風(fēng)的移動速度是30m/sC汽車表盤上顯示某時汽車速度是80km/hD運動員在百米比賽終點時速度為10.89m/s5、兩電荷量分別為q1和q2的點電荷固定在x軸上的A、B兩點，兩電荷連線上各點電勢隨x變化的關(guān)系圖線如圖所示，其中P點電勢最高，且APR2R3，三個表達(dá)式中分子R3(R1+R2)最小，則A、C間的電阻最小，故B正確4、B【解析】試題分析: 子彈擊中目標(biāo)時的速度與某一位置對應(yīng)，為瞬時速度，所以A錯；氣象臺報道，某臺風(fēng)的移動速度是某一段時間內(nèi)的速度是平

4、均速度，所以B正確；汽車表盤上顯示某時汽車速度是某一時刻的速度，是瞬時速度，所以C錯；運動員在百米比賽終點時速度與某一位置對應(yīng)，為瞬時速度，所以D錯考點： 平均速度；瞬時速度5、B【解析】在-x圖線切線斜率為場強(qiáng)的大小，從P點到B點斜率越來越大，故場強(qiáng)越來越大。故A錯誤；在P點，-x圖線切線斜率為零，則P點的電場強(qiáng)度大小為零，說明q1和q2兩點電荷在P點產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等，方向相反，由公式E=kQr2，APBP，則q1的電荷量小于q2的電荷量，故B正確；A到P的電勢升高，從P到B電勢降低，則電場線方向P到A，再從P到B，則q1和q2是同種電荷，一定是負(fù)電荷。故C錯誤；負(fù)電荷從P點左側(cè)移到P點右

5、側(cè)，電場力先做正功，后做負(fù)功，電勢能先減小后增大，故D錯誤。故選B。6、A【解析】根據(jù)安培定則可以判斷通電螺線管左則為S極，右側(cè)為N極，因此左側(cè)小磁針靜止時N極指向右側(cè)，故BCD錯誤，A正確故選A二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】根據(jù)左手定則知粒子a帶正電，粒子b、c帶負(fù)電，故A錯誤；粒子在磁場中做圓周運動的周期：相同，粒子在磁場中的運動時間：，由于m、q、B都相同，粒子c轉(zhuǎn)過的圓心角最大，則射入磁場時c的運動時間最大，故B正確；粒子在磁場中做勻速圓周運

6、動時，由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，粒子的動能，由于：q、B、m都相同，因此r越大，粒子動能越大，由圖示可知，b的軌道半徑r最大，則b粒子動能最大，故C錯誤；由牛頓第二定律得：，解得加速度：，三粒子q、B、m都相等，c在磁場中運動的半徑最小，c的加速度最小，故D正確所以BD正確，AC錯誤8、ABD【解析】A、由圖象可知，電源UI圖象與縱軸交點坐標(biāo)表示電源的電動勢，則知電源的電動勢為1.40V，故A正確； B、電源的內(nèi)阻r|1，故B正確； C外電路發(fā)生短路時的電流 I1.40A，故C錯誤；D、當(dāng)電壓表示數(shù)為1.20V時，IA0.20A，故D正確；9、ACD【解析】根據(jù)電場線的

7、疏密程度可判斷出電場強(qiáng)度大小，即可判斷出粒子受到的電場力的大小，A正確；粒子的運動軌跡向左彎曲，說明粒子在a、b兩點受到的電場力沿電場線向左，如圖由于電場線方向不明，無法確定粒子的電性，B錯誤；由軌跡彎曲方向與粒子速度方向的關(guān)系分析可知，若粒子從a運動到b，電場力對粒子做負(fù)功，粒子的動能減小，電勢能增大，則粒子在a點的速度較大，在b點電勢能較大，CD正確10、AC【解析】試題分析：串聯(lián)電路電流處處相等，由圖象判斷出電流相等時兩電阻絲的電阻大小，然后由歐姆定律判斷其兩端電壓大小關(guān)系，由電阻定律判斷其電阻率關(guān)系；由焦耳定律判斷其產(chǎn)生的熱量關(guān)系，由電功率公式判斷功率關(guān)系由圖象可知，在電流I相同時，兩

8、電阻絲串聯(lián)通過它們的電流I相等，而，由可知，故A正確；由于兩電阻絲的橫截面積與長度相同，因為長短，粗細(xì)相同，由電阻定律可知，甲的電阻率大于乙的電阻率，故B錯誤；兩電阻串聯(lián)I相同，由焦耳定律可知，相同時間，故C正確；兩電阻串聯(lián)，通過它們的電流I相同，由可知，故D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A D F C 2.1W 【解析】(1)123 由于燈泡額定電壓為6V，所以電壓表選擇A，燈泡的額定電流為所以電流表選擇D，由于本實驗需要測量多組數(shù)據(jù)，滑動變阻器需要采用分壓連接，所以滑動變阻器選擇小電阻的F4燈泡的電阻約為遠(yuǎn)小于電壓表的內(nèi)阻

9、，所以電流表外接，“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中要求燈泡的電壓從0開始，所以滑動變阻器分壓方式A.與分析不符，故A項錯誤；B.與分析不符，故B項錯誤；C.與分析相符，故C項正確；D.與分析不符，故D項錯誤(2)5若將該小燈泡接在電動勢為6V，內(nèi)阻為3的電源兩端，在同一坐標(biāo)系內(nèi)作出電源的U-I圖象如圖所示：兩圖象的交點坐標(biāo)值是該電源給燈泡供電時燈泡兩端電壓與通過燈泡的電流，由圖象可知，燈泡兩端電壓為U=4.62V，電流為：I=0.46A，燈泡實際功率為12、A C F 電流 偏小 乙 1.45 0.69 【解析】(1)根據(jù)實驗記錄的數(shù)據(jù)可知最大電流為0.57A，為準(zhǔn)確測量，電流表應(yīng)選A；電

10、源電動勢約為1.5V，為了安全電壓表應(yīng)選3V,量程的C，因電源的內(nèi)阻太小，內(nèi)阻占的電壓太小，為了讓外電壓明顯變化且方便實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選小電阻(5)的F.(2)測量干電池的電動勢和內(nèi)阻的時候，由于內(nèi)阻很小，為了減小內(nèi)阻的測量誤差，我們選用的是電流表的內(nèi)接法可減小系統(tǒng)誤差，即選乙電路，誤差來源為因電壓表的分流使得電流表讀干路電流偏小引起的.(3)測量電路為電流表的內(nèi)接法和滑動變阻器的限流式，實物連線如圖所示：(4)根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對應(yīng)的點，用平滑的傾斜直線連結(jié)各點，如圖所示：由圖象結(jié)合可知，圖象的縱截距為電動勢E=1.45V，斜率的絕對值表示內(nèi)阻，.四、計算題：本題共2小題，

11、共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）小球下落到B點時的加速度是20m/s2，方向豎直向下（2）小球下落到B點時的速度的大小是5m/s【解析】(1)分析小球在A處和B處的受力情況，根據(jù)庫侖定律和牛頓第二定律分別列式，聯(lián)立求解小球下落到B點時的加速度；(2)小球從A到B，電場力做功為零，重力做功為mghAB，根據(jù)動能定理求解小球下落到B點時的速度的大小?！驹斀狻?1) 在A處，小球受力如圖所示，由題意可知kQqr2cos-mg=0 在B處，小球受力如圖所示，根據(jù)牛頓第二定律得kQqr2cos+mg=ma聯(lián)立以上兩式解得：a=2g=20ms

12、2，方向豎直向下；(2) A、B兩點位于同一等勢面上，所以小球從A運動到B過程中，電場力做功為零，由動能定理得：mghAB=12mvB2-12mvA2 由題，hAB=20.3cot37=0.8m聯(lián)立上兩式得 vB=5m/s.?！军c睛】本題關(guān)鍵抓住AB兩點的位置關(guān)系，分析受力情況，確定電勢關(guān)系，運用牛頓第二定律和動能定理求解。14、；3.5m【解析】物體在斜面滑下的過程中，重力做功mgsin37s1，滑動摩擦力做功為-mgcos37s1，s1是斜面的長度，由動能定理，斜面上有： 解式得： 在水平面上，由動能定理得： 由、式得：s2=3.5m15、（1）3gL10；（2）52L6 【解析】試題分析： （1）設(shè)小球由y軸上的A點運動到金屬板M的中點B的時間為t，由題意，在與x軸平行的方向上，有：L2cos=v0t，tan=v0gt，帶電小球在豎直方向上下落的距離為：h=12gt2所以小球拋出點A的縱坐標(biāo)為：y=h+L2sin，以上各式聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)可解得：v0=3L，y=1730L，t=25L3，h=4L15所以小球拋出點A的坐標(biāo)為（0，1730L），小球拋出時的初速度大小為：v0=3L（2）設(shè)小球進(jìn)入電場時的速度大小為v，則由動能定理可得：mgh=12mv2-12mv02解得：v=5L3帶電小球進(jìn)入勻強(qiáng)電場后的受力情況如圖所示因為E=4mg5q，所以qE=mgcos，因此，帶