2023學年江蘇省海安市南莫中學高二物理第一學期期中監(jiān)測模擬試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，為A、B兩電阻的伏安特性曲線，關于兩電阻的描述正確的是A電阻A的電阻隨電流的增大而增大，電阻B阻值不變B電阻A的電阻隨電流的增大而減小，電阻B阻值不變C在兩圖線交點處，電阻A的阻值大于電阻BD在兩圖線交點處，電阻A的阻值小

2、于電阻B2、下列說法正確的是A火箭的飛行應用了反沖的原理B閉合電路內只要有磁通量，就有感應電流C僅改變回旋加速器的加速電壓，不影響粒子在加速器中運動的總時間D楞次在分析了許多實驗事實后提出，感應電流應具有這樣的方向，即感應電流的磁場總是與引起感應電流的磁場方向相反3、如圖所示，A、B為平行板電容器的金屬板，G為靜電計。開始時開關S閉合，靜電計指針張開一定角度。下列操作可使指針張開角度增大一些的是A保持開關S閉合，將一塊玻璃插入A、B兩板間B保持開關S閉合，將A極板向上移動一點C斷開開關S后，將A、B兩極板分開一些D斷開開關S后，將一塊金屬板插入A、B兩板間4、下列關于電阻率的敘述，錯誤的是()

3、A當溫度極低時，超導材料的電阻率會突然減小到零B常用的導線是用電阻率較小的鋁、銅材料做成的C材料的電阻率取決于導體的電阻、橫截面積和長度D金屬材料的電阻率隨溫度變化而變化5、如圖甲所示，一個匝數n=100的圓形導體線圈的面積為，電阻為r=1，在線圈中存在面積的垂直于線圈平面向外的勻強磁場區(qū)域，磁感應強度B隨時間t變化的關系如圖乙所示.有一個R=2的電阻，將其兩端a、b分別與圓形線圈兩端相連接，b端接地，則下列說法正確的是（）甲乙A圓形線圈中產生的感應電動勢E=6VB在04s時間內通過電阻R的電荷量q=8CCa端的電勢D在04s時間內電阻R上產生的焦耳熱Q=18J6、把質量為m的點電荷q在電場中

4、釋放,在它運動過程中，如果不計重力,下列說法中正確（）A點電荷運動軌跡必和電場線重合B若電場線是直線，則點電荷運動軌跡必和電場線重合C點電荷的速度方向必定和它所在的電場線的切線方向一致D點電荷的加速度方向必定和它所在的電場線的切線方向在一直線上二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、電阻R1、R2、R2串聯在電路中已知R1=11、R2=5，R1兩端的電壓為6V，R2兩端的電壓為12V，則 ( )A電路中的電流為16AB電阻R2的阻值為21C三只電阻兩端的總電壓為21VD電

5、阻R2消耗的電功率為26W8、下列說法正確的是（ ）A恒定電流是指大小、方向都不隨時間變化的電流B白熾燈在正常發(fā)光時，“220V 15W”的燈泡電阻比“220V 60W”的燈泡電阻小C導體的電阻與構成它的材料有關D電動機正常工作時消耗的電功率等于其發(fā)熱的功率9、一質量為1 kg的物塊在合外力F的作用下從靜止開始沿直線運動。F隨時間t變化的圖線如圖所示，則（）At1 s時物塊的速率為2 m/sBt2 s時物塊的動量大小為2 kgm/sCt3 s時物塊的動量大小為3 kgm/sDt4 s時物塊的速率為6m/s10、如圖，一半徑為R、粗糙程度處處相同的半圓形軌道豎直固定放置，直徑POQ水平。一質量為

6、m的質點自P點上方高度R處由靜止開始下落，恰好從P點進入軌道。質點滑到軌道最低點N時，對軌道的壓力為4mg，g為重力加速度的大小。用W表示質點從P點運動到N點的過程中克服摩擦力所做的功。則( )AWmgR，質點到達Q點后，繼續(xù)上升一段距離BWmgR，質點恰好能到達Q點C質點再次經過N點時，對N點壓力大于2mgD要使質點能到達Q點上方R處，應在P點上方2R處釋放質點三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所示，是用伏安法測電源電動勢和內電阻的實驗中所得的路端電壓隨電流變化的圖象。由圖可知。E=_V，r=_。12（12分）有一標有“6

7、V，1.5W”的小燈泡，現用圖甲所示電路繪測其伏安特性曲線，提供的器材除導線和開關外，還有：A直流電源6V（內阻不計）B直流電流表03A（內阻0.1以下）C直流電流表0300mA（內阻約為5）D直流電壓表015V（內阻約為15k）E滑動變阻器10，2AF滑動變阻器1k，0.5A（1）實驗中電流表應選用_，滑動變阻器應選用_（用序號表示）（2）試按圖甲電路將圖乙所示器材連成電路_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，某空間存在水平向右的勻強電場，現將一套有小球的細直桿放入勻強電場中，小球孔徑略大于細桿

8、直徑，桿足夠長，如圖所示，小球的質量為1kg，帶電量為210-4C，球與桿間的滑動摩擦因數為0.1（取g10m/s2）（1）當桿在水平方向上固定時（如圖虛線所示），調節(jié)電場強度的大小，使電場強度E為2104N/C，求此時小球受到的摩擦力f1的大?。?）若調節(jié)細桿使桿與水平方向間夾角為37并固定（如圖實線所示），調節(jié)電場強度的大小，使E為2101N/C，求小球從靜止出發(fā)在細桿上2秒內通過位移的大小(sin37=0.6，cos37=0.8)（3）當電場強度為零時，調節(jié)細桿與水平方向之間的夾角（090），然后固定，使小球從桿的底端以速率v0沿桿上滑試通過計算、分析，說明在不同的夾角情況下，小球在桿上

9、可能的運動情況14（16分）如圖所示的電路中，兩平行金屬板A、B水平放置，兩極板的長度L=80cm，兩板間的距離d=10cm電源電動勢E=18V，內電阻r=1，電阻R=15，滑動變阻器的最大阻值為10閉合開關S，待電路穩(wěn)定后，將一帶負電的小球從A、B兩金屬板左端正中間位置M處以初速度v0=8m/s水平向右射入兩板間，恰能從上極板B板右側邊緣射出若小球帶電量為q=1101 C，質量為m=1101 kg，不考慮空氣阻力，重力加速度g=10m/s1求此時：（1）滑動變阻器接入電路的阻值？（1）電源的輸出功率？（3）當滑動變阻器的阻值為多大時，滑動變阻器消耗的功率最大？此時滑動變阻器消耗的功率為多少？

10、15（12分）如圖所示，虛線上方有場強為E的勻強電場，方向豎直向下，虛線上下有磁感應強度相同的勻強磁場，方向垂直紙面向外，ab是一根長為L的絕緣細桿，沿電場線放置在虛線上方的場中，b端在虛線上.將一套在桿上的帶正電的小球從a端由靜止釋放后，小球先做加速運動，后做勻速運動到達b端已知小球與絕緣桿間的動摩擦因數=0.3，小球重力忽略不計，當小球脫離桿進入虛線下方后，運動軌跡是半圓，圓的半徑是L/3，求帶電小球從a到b運動過程中克服摩擦力所做的功與電場力所做功的比值參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】由圖可知，

11、電阻A的圖象的斜率越來越大，故A的電阻隨電流的增大而增大，電阻B阻值不變；故A正確；B錯誤；兩圖象的交點處，電流和電壓均相同，則由歐姆定律可知，兩電阻的阻值大小相等；故CD錯誤；故選A?！军c睛】本題考查伏安特性曲線的應用，要注意明確U-I圖象中圖象的斜率表示電阻；斜率變大時，電阻增大2、A【解析】A.火箭的飛行火箭與噴出的氣體動量守恒，應用了反沖原理，故A正確；B.閉合電路內只要有磁通量，如果磁通量不發(fā)生變化，則無感應電流產生，故B錯誤；C.增大回旋加速器的加速電壓，則每一次加速粒子獲得的動能增大，則粒子加速的次數減少，所以粒子在加速器中運動的總時間將減少。故C錯誤；D.楞次在分析了許多實驗事

12、實后提出，感應電流應具有這樣的方向，即感應電流的磁場總是會阻礙引起感應電流的磁通量的變化。故D錯誤3、C【解析】AB：保持開關S閉合，電容器兩端電壓等于電源的電動勢，靜電計兩端的電勢差不變，靜電計指針張開角度不變。C：斷開開關S后，電容器所帶電荷量不變，將A、B兩極板分開一些，電容器的電容C=S4kd減小，電容器兩極板間電壓U=QC增大，靜電計兩端的電勢差變大，靜電計指針張開角度變大。D：斷開開關S后，電容器所帶電荷量不變，將一塊金屬板插入A、B兩板間，電容器的電容C=S4kd增大，電容器兩極板間電壓U=QC減小，靜電計兩端的電勢差變小，靜電計指針張開角度變小。綜上，可使指針張開角度增大一些的

13、是C項。4、C【解析】A.當溫度極低時，超導材料的電阻率會突然減小到零，故選項A不符合題意；B.鋁、銅的電阻率較小，故常用的導線是用鋁、銅材料做成的，故選項B不符合題意；C.材料的電阻率取決于導體的材料和溫度，與導體的電阻、橫截面積和長度無關，故選項C符合題意；D.材料的電阻率取決于導體的溫度，故材料的電阻率隨溫度變化而變化，故選項D不符合題意。5、D【解析】A、線圈產生的電動勢：，故A錯誤；B、電流為：，通過電阻R的電荷量為：，故B錯誤；C、由楞次定律可知，電流沿順時針方向，b點電勢高，a點電勢低，故C錯誤；D、在04s時間內電阻R上產生的焦耳熱為：，故D正確；故選D【點睛】由法拉第電磁感應

14、定律可以求出感應電動勢；由歐姆定律求出電流，由電流定義式求出電荷量；由楞次定律可以判斷出感應電流方向，然后判斷電勢高低；由焦耳定律可以求出焦耳熱6、D【解析】點電荷運動的軌跡不一定與電場線重合，只有當電場線是直線，而且點電荷沒有初速度或初速度方向與電場線在同一直線上時，點電荷的運動軌跡才與電場線重合，A錯誤；題中初速度不一定為零，若點電荷受到的電場力和初速度方向不共線，則電荷運動軌跡和電場線不重合，由于軌跡不一定與電場線重合，所以其速度方向不一定終與所在點的電場線的切線方向相同，BC錯誤；電場方向沿電場線的切線方向，所以電荷的受到的電場力方向一定和電場線切線共線，根據牛頓第二定律可得點電荷的加

15、速度方向必定和它所在的電場線的切線方向在一直線上，D正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】因為三個電阻是串聯在一起的，所以電路中的電流與通過R1的電流是相等的，所以,故電阻R2的阻值,兩端的電壓為,所以三只電阻兩端的總電壓為,電阻消耗的電功率為,所以ABC正確8、AC【解析】A項：大小和方向都不變的叫恒定電流，故A正確；B項：白熾燈在正常發(fā)光時，根據P=U2R，可知R=U2P，“220V 15W”的燈泡電阻比“220V 60W”的燈泡電阻大，故B錯誤；

16、C項：根據電阻定律：R=LS可知，導體的電阻與構成它的材料有關，故C正確；D項：電動機為非純電阻電路，工作時消耗的電能轉化為熱量和機械能，故D錯誤。點晴：解決本題關鍵理解電動機為非純電阻電路，工作時消耗的電能轉化為熱量和機械能，部分電路歐姆定律不成立。9、AC【解析】AB.前兩秒，根據牛頓第二定律則0-2s的速度規(guī)律為：v=at；t=1s時，速率為2m/s，t=2s時，速率為4m/s，則動量為p=mv=4kgm/s故A正確B錯誤；CD. 2-4s，力開始反向，物體減速，根據牛頓第二定律，a=-1m/s2，所以3s時的速度為v3=v2+at=3m/s動量為3kgm/s，同理4s時速度為2m/s，

17、故C正確D錯誤；故選AC。10、AC【解析】A、質點滑到軌道最低點N時，對軌道的壓力為，故由牛頓第二定律可得： ，解得： ；那么對質點從靜止下落到N的過程應用動能定理可得： ；由于摩擦力做負功，故質點在半圓軌道上相同高度時在NQ上的速度小于在PN上的速度，所以，質點對軌道的壓力也較小，那么，摩擦力也較小，所以，質點從N到Q克服摩擦力做的功，所以，質點在Q的動能大于零，即質點到達Q點后，繼續(xù)上升一段距離，故A正確，B錯誤；C、由于摩擦力做負功，故質點在QN上運動，在同一位置時下滑速度小于上滑速度，所以，質點對軌道的壓力也較小，那么，摩擦力也較小，所以，質點從Q到N克服摩擦力做的功；所以，質點從靜

18、止到再次經過N點，克服摩擦力做功為： 故由動能定理可得： ；所以，由牛頓第二定律可得質點受到的支持力為： ，故由牛頓第三定律可得：質點再次經過N點時，對N點壓力大于，故C正確；D、要使質點能到達Q點上方R處，設在P點上方h處釋放質點，那么由動能定理可得： ，所以， ，故D錯誤。點睛：經典力學問題一般先對物體進行受力分析，求得合外力及運動過程做功情況，然后根據牛頓定律、動能定理及幾何關系求解。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.5 1.0 【解析】12 根據閉合電路歐姆定律U=E-Ir，當I=0時，U=E，由圖讀出圖線縱軸截距U=E=

19、1.5VU-I圖象的斜率絕對值等于內阻r，則12、C E 【解析】（1）由燈泡的功率及額定電壓可求得電路中的最大電流，則可選出電流表；由電路的接法可選出滑動變阻器；（2）根據原理圖可連出實物圖，注意實物圖中導線不能交叉；注意分壓接法的連接方法【詳解】（1）由P=UI可知，燈泡的額定電流；故電流表應選用C；因本實驗采用分壓接法，故滑動變阻器應選用小電阻，故滑動變阻器選擇E；（2）已知原理圖，則先將滑動變阻器及電源串聯，再將燈泡支路并聯在滑動變阻器的一部分中，注意導線不能交叉，且導線要接在接線柱上，如圖所示：【點睛】本題考查測小燈光的伏安特性曲線中的儀表選擇及實物圖的連接，均為重點考查內容，在學習中要認真掌握四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）f14N （2）s20m（3）當mgsinmgcos，即arctan時，小球沿桿勻減速上滑