北京理工大附中2021-2022學年高考適應性考試物理試卷含解析

1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答

2、題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、有趣的“雅各布天梯”實驗裝置如圖中圖甲所示，金屬放電桿穿過絕緣板后與高壓電源相接。通電后，高電壓在金屬桿間將空氣擊穿，形成弧光?；」庋刂疤焯荨毕蛏稀芭馈?，直到上移的弧光消失，天梯底部將再次產生弧光放電，如此周而復始。圖乙是金屬放電桿，其中b、b是間距最小處。在弧光周而復始過程中下列說法中正確的是（）A每次弧光上“爬”的起點位置是a、a處B每次弧光上“爬”的起點位置是b、b處C弧光消失瞬間，兩桿間b、b處電壓最大D弧光消失瞬間，兩桿間c、c處場強最大2、空間存在如圖所示的靜

3、電場，圖中實線a、b、c、d、e為靜電場中的等勢線，虛線為等勢線的水平對稱軸。一個帶負電的粒子從P點以垂直于虛線向上的初速度v0射入電場，開始一小段時間內的運動軌跡已在圖中畫出，粒子僅受電場力作用，則下列說法中正確的是（）A等勢線a的電勢最高B帶電粒子從P點射出后經過等勢線b時，粒子的速率小于v0C若讓粒子從P點由靜止釋放，在圖示空間內，其電勢能逐漸減小D若讓粒子從P點由靜止釋放，在圖示空間內，粒子的加速度先減 小后增大3、下列說法符合物理學史實的是（）A亞里士多德最早指出力不是維持物體運動的原因B庫侖在前人研究的基礎上，通過扭秤實驗研究得出了庫侖定律C卡文迪許提出了萬有引力定律，并通過實驗測

4、出了萬有引力常量D哥白尼提出了日心說并發(fā)現(xiàn)了行星沿橢圓軌道運行的規(guī)律4、下列說法中正確的是（）A伽利略研究自由落體運動的核心方法是把實驗和邏輯推理結合起來B自然界的四種基本相互作用是強相互作用，弱相互作用，電相互作用和磁相互作用C“月地檢驗”證明了一切場力都遵循“平方反比”的規(guī)律D一對相互作用力做功，總功一定為零5、圖甲是利用光電管進行光電效應的實驗裝置。分別用a、b、c三束單色光照射陰極K，調節(jié)A，K間的電壓U，得到光電流I與電壓U的關系圖象如圖乙所示，由圖可知（）Ab光照射時，陰極的逸出功較小Bb光子的能量小于a光子的能量C對于b光，A、K間的電壓低于Uc1時，將不能發(fā)生光電效應Da光和c

5、光的頻率相同，但a光的強度更強6、一個小物體從斜面底端沖上足夠長的斜面，然后又滑回斜面底端，已知小物體的初動能為E，返回斜面底端時的速度為v，克服摩擦力做功為若小物體沖上斜面的初動能為2E，則下列選項中正確的一組是（ ）物體返回斜面底端時的動能為E物體返回斜面底端時的動能為物體返回斜面底端時的速度大小為2物體返回斜面底端時的速度大小為ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示，豎直放置的U形導軌上端接一定值電阻R，U形導軌之間的距離為2L，導軌內部存在邊長

6、均為L的正方形磁場區(qū)域P、Q，磁場方向均垂直導軌平面(紙面)向外。已知區(qū)域P中的磁場按圖乙所示的規(guī)律變化(圖中的坐標值均為已知量)，磁場區(qū)域Q的磁感應強度大小為B0。將長度為2L的金屬棒MN垂直導軌并穿越區(qū)域Q放置，金屬棒恰好處于靜止狀態(tài)。已知金屬棒的質量為m、電阻為r，且金屬棒與導軌始終接觸良好，導軌的電阻可忽略，重力加速度為g。則下列說法正確的是（ ）A通過定值電阻的電流大小為B0t1時間內通過定值電阻的電荷量為C定值電阻的阻值為D整個電路的電功率為8、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，t=0時波形圖如圖中實線所示，此時波剛好傳到c點，t=0.6s時波恰好傳到e點，波形如圖中虛線所示，a、b、

7、c、d、e是介質中的質點，下列說法正確的是_。A當t=0.5s時質點b和質點c的位移相等B該機械波的傳播速度為5m/sC質點c在00.6s時間內沿x軸正方向移動了3mD質點d在00.6s時間內通過的路程為20cmE.質點d開始運動時方向沿y軸負方向9、一交流發(fā)電機組為某用戶區(qū)供電的示意圖如圖所示，發(fā)電機組能輸出穩(wěn)定的電壓。升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為n1：n2=1：10.線圈兩端的電壓分別為Ul、U2.輸電線的總電阻為r，降壓變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為n3：n4=10：1，線圈兩端電壓分別為U3、U4.，L是用戶區(qū)里一常亮的燈泡，三個回路的干路電流分別為I1、I2、I3，隨著用電高峰的到來

8、，用戶區(qū)開啟了大量的用電器，下列說法正確的是（）A電壓U4不變，始終等于UlB電流Il始終等于I3CL變暗D輸電線的電阻消耗的功率減小10、電磁炮是利用電磁發(fā)射技術制成的一種先進的殺傷武器。下圖是電磁炮的原理示意圖，與電源的正、負極相連的水平平行金屬軌道位于勻強磁場中，磁場方向垂直軌道所在平面向上，通電的導體滑塊將在磁場中向右加速，下列說法正確的是（）Aa為電源正極B僅增大電源電動勢滑塊出射速度變大C僅將磁場反向，導體滑塊仍向右加速D僅減小彈體質量，其速度變化率增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學設計測量電流表內阻的實驗

9、。待測電流表的內阻Rg約在1k2k之間，量程250A。提供實驗器材：電源（4V，0.6）電鍵S及導線若干一只電阻箱R（09999）滑動變阻器R1（050，0.6A）滑動變阻器R2（01k，0.3A）某同學的測量過程如下：第一，選擇實驗器材，設計實驗的電路圖，如圖甲所示：第二，實驗操作步驟如下：先按電路圖接好各元件，調節(jié)滑動變阻器R的滑片P位置，再使電阻箱阻值為零閉合電鍵S，調節(jié)滑動變阻器R的滑片P于某一位置，使電流表達到滿刻度Ig滑動變阻器R的滑片P保持不變，調節(jié)電阻箱值使電流表讀數(shù)為Ig的一半，記下電阻箱讀數(shù)Rx，則待測電流表的內阻RgRx，請回答以下問題：(1)為了精確測量電流表的內阻，該

10、同學選擇的滑動變阻器R是_（選填“R1”或“R2”）。(2)該同學在操作步驟中，滑動變阻器R的滑片P應置于_端（選填“a”或“b”）理由是_。(3)接照該同學所設計的實驗思路，用鉛筆畫出的線代表導線在圖乙中替他完善正確規(guī)范的實驗電路連接，導線不能交叉_。(4)在實驗步驟中，確?；瑒幼冏杵鱎的滑片P的位置不變，其理由是_。12（12分）某同學測定電源電動勢和內阻，所使用的器材有：待測干電池一節(jié)（內阻較小）、電流表A（量程0.6A，內阻RA小于1）、電流表A1（量程0.6A，內阻未知）、電阻箱R1（0-99.99）、滑動變阻器R2（0-10）、單刀雙擲開關S、單刀單擲開關K各一個，導線若干。該同學

11、按圖甲所示電路連接進行實驗操作。（1）測電流表A的內阻：閉合開關K，將開關S與C接通，通過調節(jié)電阻箱R1和滑動變阻器R2，讀取電流表A的示數(shù)為0.20A、電流表A1的示數(shù)為0.60A、電阻箱R1的示數(shù)為0.10，則電流表A的內阻RA=_（2）測電源的電動勢和內阻：斷開開關K，調節(jié)電阻箱R1，將開關S接_（填“C“或“D“），記錄電阻箱R1的阻值和電流表A的示數(shù)；多次調節(jié)電阻箱R1重新實驗，并記錄多組電阻箱R1的阻值R和電流表A的示數(shù)I。數(shù)據(jù)處理：圖乙是由實驗數(shù)據(jù)繪出的圖象，由此求出干電池的電動勢E=_V，內阻r=_（計算結果保留二位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡

12、中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）跳傘員常常采用“加速自由降落”（即AFF）的方法跳傘。如果一個質量為50kg的運動員在3658m的高度從飛機上跳出（初速為零），降落40s時，豎直向下的速度達到50m/s，假設這一運動是勻加速直線運動。求：（1）運動員平均空氣阻力為多大？（2）降落40s時打開降落傘，此時他離地面的高度是多少？（3）打開降落傘后，運動員受的阻力f大于重力，且f與速度v成正比，即fkv（k為常數(shù)）。請簡述運動員接下來可能的運動情況。14（16分）如圖所示，光滑軌道槽ABCD與粗糙軌道槽GH（點G與點D在同一高度但不相交，F(xiàn)H與圓相切）通過光滑

13、圓軌道EF平滑連接，組成一套完整的軌道，整個裝置位于豎直平面內。現(xiàn)將一質量的小球甲從AB段距地面高處靜止釋放，與靜止在水平軌道上、質量為1kg的小球乙發(fā)生完全彈性碰撞。碰后小球乙滑上右邊斜面軌道并能通過軌道的最高點E點。已知CD、GH與水平面的夾角為=37，GH段的動摩擦因數(shù)為=0.25，圓軌道的半徑R0.4m，E點離水平面的豎直高度為3R（E點為軌道的最高點），（，）求兩球碰撞后：（1）小球乙第一次通過E點時對軌道的壓力大??；（2）小球乙沿GH段向上滑行后距離地面的最大高度；（3）若將小球乙拿走，只將小球甲從AB段離地面h處自由釋放后，小球甲又能沿原路徑返回，試求h的取值范圍。15（12分）

14、如圖所示，在紙面內建立直角坐標系xOy，以第象限內的直線OM（與負x軸成45角）和正y軸為界，在x0的區(qū)域建立勻強電場，方向水平向左，場強大小E=2 V/m；以直線OM和正x軸為界，在y0的區(qū)域建立垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度B=0.1T一不計重力的帶負電粒子從坐標原點O沿y軸負方向以v0=2103m/s的初速度射入磁場己知粒子的比荷為q/m=5104C/kg，求：（1）粒子經過1/4圓弧第一次經過磁場邊界時的位置坐標？（2）粒子在磁場區(qū)域運動的總時間？（3）粒子最終將從電場區(qū)域D點離開電，則D點離O點的距離是多少？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出

15、的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】兩根金屬放電桿與高壓電源相接，在電極最近處場強最大，空氣首先被擊穿，每次弧光上“爬”的起點位置是b、b處，在c、c處距離最遠，場強最小，則最終弧光在c、c處消失?；」庀查g，兩金屬桿之間沒有電場了。故選B。2、C【解析】A.由圖可知，負電荷彎曲的方向向右，則受到的電場力得方向向右，由于負電荷受到的電場力得方向與電場強度的方向相反，所以電場強度的方向向左，等勢線a電勢最低，故A錯誤；B.粒子在P點由靜止釋放，粒子受到的電場力的方向始終向右，所以將一直向右做加速運動，即電場力對粒子一直做正功，其電勢能減小，故粒子從P點射出后經過等勢線b時，粒

16、子的速率一定大于，故B錯誤，C正確；D.粒子在P點由靜止釋放，粒子受到的電場力的方向始終向右，將一直向右做加速運動，由于等勢線的疏密代表電場的強弱，可知從P向右的過程中電場強度先增大后減小，所以粒子的加速度先增大后減小，故D錯誤；故選C。3、B【解析】A伽利略最早指出力不是維持物體運動的原因，故A錯誤；B庫侖在前人研究的基礎上，通過扭秤實驗研究得出了庫侖定律，故B正確；C牛頓總結了萬有引力定律后，卡文迪許測出引力常量，故C錯誤；D開普勒通過對行星運動的觀察，發(fā)現(xiàn)了行星沿橢圓軌道運行的規(guī)律，完善了哥白尼的日心說，得出了開普勒行星運動定律，故D錯誤。故選B。4、A【解析】A伽利略研究自由落體運動的

17、核心方法是把實驗和邏輯推理結合起來，故A正確；B自然界中的四種基本相互作用是萬有引力、強相互作用、電磁力、弱相互作用，故B錯誤；C“月-地檢驗”證明了地面上的重力、地球吸引月球與太陽吸引行星的力遵循同樣的“距離平方反比”規(guī)律，故C錯誤；D一對作用力和反作用力分別作用在兩個不同物體上，它們可能分別對兩個物體都做正功，其代數(shù)和為正值，比如在光滑水平面由靜止釋放的兩個帶同種電荷的小球，庫侖力對兩個小球都做正功，作用力和反作用力所做的功的代數(shù)和為正值，故物體間的一對相互作用力做功的代數(shù)和不一定為零，故D錯誤。故選A。5、D【解析】A逸出功由材料本身決定，與照射光無關，故A錯誤；B根據(jù)光電效應方程光電子

18、最大初動能可知b光照射時光電子的最大初動能較大，b光子的能量高于a光子的能量，故B錯誤；C能否產生光電效應與所加電壓無關，故C錯誤；Da光和c光照射時光電子的最大初動能相同，故兩者的頻率相同，由于a光的最大飽和電流更大，故a光的強度更強，故D正確。故D正確。6、C【解析】以初動能為E沖上斜面并返回的整個過程中，由動能定理得：設以初動能為E沖上斜面的初速度為v0，則以初動能為2E沖上斜面時，初速度為v0，而加速度相同。對于上滑過程，根據(jù)-2ax=v2-v02可知，所以第二次沖上斜面的位移是第一次的兩倍，上升過程中克服摩擦力做功是第一次的兩倍，上升和返回的整個過程中克服摩擦力做功是第一次的兩倍，即

19、為E。以初動能為2E沖上斜面并返回的整個過程中，運用動能定理得：所以返回斜面底端時的動能為E；由得：v=v。故正確，錯誤；A，與結論不相符，選項A錯誤；B，與結論不相符，選項B錯誤；C，與結論相符，選項C正確；D，與結論不相符，選項D錯誤；故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A金屬棒恰好處于靜止狀態(tài)，有解得電流大小故A錯誤；B0t1時間內通過定值電阻的電荷量B項正確；C根據(jù)題圖乙可知，感應電動勢又聯(lián)立解得故C錯誤； D整個電路消耗的電功率故D正確。

20、故選BD。8、ABD【解析】AB根據(jù)題意知，該波的傳播速度為周期為t=0時刻c質點經過平衡位置向上運動，經0.4s后b質點到達負向最大位移處，c質點到達平衡位置向下運動，之后再經過0.1s，也就是， b向上運動8的位移與c質點向下運動的位移大小相等，故t=0.5s時質點b和c的位移相等，故AB正確。C質點c只在y軸方向上振動，并不沿x軸正方向移動。故C錯誤。D質點d在00.6s內振動了0.4s，即半個周期，所以質點d在00.6s時間內通過的路程是2倍的振幅，為20cm。故D正確。E根據(jù)波形平移法知，質點d開始運動時方向沿y軸正方向，故E錯誤。故選ABD。9、BC【解析】將遠距離輸電的電路轉化為

21、等效電路其中，由閉合電路的歐姆定律故隨著用電高峰的到來用戶區(qū)開啟了大量的用電器，減小，導致變小，則輸電電流變大。A由變壓器的變壓比可知但輸電線上有電阻r，產生損失電壓，故有即，且用電高峰U1不變，U4變小，故A錯誤；B根據(jù)變壓器上的電流與匝數(shù)成反比，有，可得電流Il始終等于I3，故B正確；C則輸電電流變大會導致?lián)p失電壓變大，而U2不變，故U3減小，可得U4變小，即并聯(lián)用戶的電壓減小，由可知L的功率變小，L變暗，故C正確；D由可知，輸電電流變大會導致輸電線的電阻消耗的功率增大，故D錯誤。故選BC。10、BD【解析】A根據(jù)左手定則可知，受到的安培力向右，電流方向由下向上流過滑塊，則b為電源正極，故

22、A錯誤；B僅增大電源電動勢，流過滑塊的電流增大，安培力增大，加速度增大，速度變化增大，故B正確；C僅將磁場反向，根據(jù)左手定則可知，滑塊向左加速，故C錯誤；D僅減小彈體質量，滑塊的合力不變，根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度增大，速度變化量增大，故D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、R1 a 接通電路時，確保電流表安全 保持aP間電壓不變 【解析】(1)1根據(jù)題意要求精確測量電流表內阻及分壓式連接，為了便于調節(jié)分壓，需要選擇阻值較小，額定電流較大的滑動變阻器，即R1。(2)23為了確保開關閉合后，電路安全，因此滑動變阻器的滑片

23、應置于a端，這樣測量電路部分開始時分壓為0，保證了電路安全。(3)4根據(jù)電路圖，連接實物圖如圖所示：。(4)5在實驗步驟中，確保滑動變阻器R的滑片P的位置不變，其理由是保持aP間電壓不變。12、0.20 D 1.5 0.25 【解析】第一空.根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律可知，流過電阻箱R1的電流I=（0.60-0.20）A=0.40A；電壓U=0.100.40V=0.040V，則電流表內阻RA= =0.20。第二空.測電源的電動勢和內阻：斷開開關K，調節(jié)電阻箱R1，將開關S接D。第三空.第四空.根據(jù)實驗步驟和閉合電路歐姆定律可知：E=I（R+RA+r），變形可得： 根據(jù)圖象可知：，=0.3解得：E=1

24、.5V，r=0.25；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）437.5N；（2）2658m（3）若下落的高度足夠長，跳傘員將先做加速度逐漸減小的減速運動，最終將趨于勻速。若下落的高度比較短，跳傘員將做加速度逐漸減小的減速運動直至落地。【解析】考查牛頓第二定律的應用?！驹斀狻浚?）加速下落過程中的加速度：am/s21.25m/s2根據(jù)牛頓第二定律得：mgfma解得：fmgma500501.25N437.5N（2）加速降落的位移：s1.25402m1000m距離地面的高度：h3658m1000m2658m（3）若阻

25、力f大于重力G，則合外力方向向上，與向下的速度方向相反，所以物體的速度將減小。由牛頓第二定律：其中fkv整理得：因為速度在逐漸減小，所以a將變小。若下落的高度足夠長，跳傘員將先做加速度逐漸減小的減速運動，最終將趨于勻速。若下落的高度比較短，跳傘員將做加速度逐漸減小的減速運動直至落地。14、（1）30N ；（2）1.62m ；（3）h0.8m或h2.32m【解析】（1）小球甲從A點到B點由機械能守恒定律可得：兩小球碰撞時由動量守恒定律可得：由機械能守恒定律可得：小球乙從BC軌道滑至E 點過程，由機械能守恒定律得： 小球乙在E點，根據(jù)牛頓第二定律及向心力公式，根據(jù)牛頓第三定律小球乙對軌道的壓力N=N，由以上各式并代入數(shù)據(jù)得：，=30N（2）D、G離地面的高度設小