2021-2022學年云南省曲靖市宣威市第九中學高考仿真模擬物理試卷含解析

1、2021-2022學年高考物理模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，三條豎直虛線為勻強電場的等勢線，實線為一電子僅在電場力的作用下從a點運動到b點的軌跡，下列說法正確的是（）Aa點的電勢低于b點的電勢B電子在a點的動能小于其在b點的動能C從a點到b點的過程中，電子的動量變化量方向水平向左D從

2、a點到b點的過程中，電子速度變化得越來越慢2、輕繩一端系在質量為m的物體A上，另一端系在一個套在粗糙豎直桿MN的圓環(huán)上?，F用水平力F拉住繩子上一點O，使物體A從圖中實線位置緩慢下降到虛線位置，但圓環(huán)仍保持在原來位置不動。則在這一過程中，環(huán)對桿的摩擦力F1和環(huán)對桿的壓力F2的變化情況是（）AF1保持不變，F2逐漸增大BF1逐漸增大，F2保持不變CF1逐漸減小，F2保持不變DF1保持不變，F2逐漸減小3、圖1所示為一列簡諧橫波在某時刻的波動圖象，圖2所示為該波中x=1.5m處質點P的振動圖象，下列說法正確的是 A該波的波速為2m/sB該波一定沿x軸負方向傳播Ct= 1.0s時，質點P的加速度最小，

3、速度最大D圖1所對應的時刻可能是t=0.5s4、下列說法中正確的是( )A射線與射線一樣是電磁波，但穿透本領遠比射線弱B氡的半衰期為3.8天，4個氡原子核經過7.6天后就一定只剩下1個氡原子核C已知質子、中子、粒子的質量分別為m1、m2、m3，那么，質子和中子結合成一個粒子，釋放的能量是（2m1+2m2-m3）c2D放射性元素發(fā)生衰變時所釋放的電子是原子核外的電子發(fā)生電離產生的5、如圖所示，質量為M的木塊位于光滑水平面上，在木塊與墻之間用輕彈簧連接，開始時木塊靜止在A位置，現有一質量為m的子彈以水平速度v0射向木塊并嵌入其中，則當木塊回到A位置時的速度v以及此過程中墻對彈簧的沖量I的大小分別為

4、（ ）A，B，C，D，6、一小球系在不可伸長的細繩一端，細繩另一端固定在空中某點。這個小球動能不同，將在不同水平面內做勻速圓周運動。小球的動能越大，做勻速圓周運動的（）A半徑越小B周期越小C線速度越小D向心加速度越小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，由某種粗細均勻的總電阻為2R的金屬條制成的矩形線框abcd，固定在水平面內且處于方向豎直向下的勻強磁場B中。一電阻為R的導體棒PQ接入電路，在水平拉力作用下沿ab、de 。以速度D勻速滑動，滑動過程PQ始終與a

5、b垂直，且與線框接觸良好，不計摩擦。在PQ從靠近ad邊向bc邊滑動的過程中（ ）APQ中電流先增大后減小BPQ兩端電壓先減小后增大CPQ上拉力的功率先減小后增大D線框消耗的電功率先增大后減小8、下說法中正確的是 。A在干涉現象中，振動加強的點的位移有時可能比振動減弱的點的位移小B單擺在周期性的外力作用下做受迫振動，則外力的頻率越大，單擺的振幅也越大C全息照片的拍攝利用了激光衍射的原理D頻率為v的激光束射向高速迎面而來的衛(wèi)星，衛(wèi)星接收到的激光的頻率大于vE.電磁波在真空中自由傳播時，其傳播方向與電場強度、磁感應強度均垂直9、一個靜止的放射性原子核處于垂直紙面向里的勻強磁場中，由于發(fā)生了某種衰變而

6、形成了如圖所示的兩個圓形徑跡，則（ ）A該原子核發(fā)生了衰變B該原子核發(fā)生了衰變C打出衰變粒子的反沖核沿小圓逆時針運動D該原子核的衰變過程結束后，其系統(tǒng)的總質量略有增加10、下列說法中正確的是 。A電子的衍射圖樣證實了實物粒子具有波動性B為了解釋黑體輻射規(guī)律，普朗克提出電磁輻射的能量是量子化的C氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，原子總能量減小D光電效應中極限頻率的存在說明了光的波動性三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖所示是“驗證動量守恒定律”實驗中獲得的頻閃照片，已知A、B兩滑塊的質量分是在碰撞，拍攝共進行

7、了四次。第一次是在兩滑塊相撞之前，以后的三次是在碰撞墻之后。B滑塊原來處于靜止狀態(tài)，并且A、B滑塊在拍攝頻閃照片的這段時間內是在10cm至105cm這段范圍內運動（以滑塊上的箭頭位置為準），試根據頻閃照片（閃光時間間隔為0.5s）回答問題。(1)根據頻閃照片分析可知碰撞發(fā)生位置在_cm刻度處；(2)A滑塊碰撞后的速度_，B滑塊碰撞后的速度_，A滑塊碰撞前的速度_。(3)根據頻閃照片分析得出碰撞前兩個滑塊各自的質量與各自的速度的乘積之和是_；碰撞后兩個滑塊各自的質量與各自的速度的乘積之和是_。本實驗中得出的結論是_。12（12分）某小組利用圖甲所示的電路進行“測電池的電動勢和內阻”的實驗，實驗的

8、操作過程為：閉合開關，讀出電流表的示數I和電阻箱的阻值R；改變電阻箱的阻值，記錄多組R、I的值，并求出的值，填寫在如下表格中。(1)根據實驗數據在坐標系中描出坐標點，如圖乙所示，請在坐標系中作出圖象_；(2)由圖象求得電池的電動勢_V，內阻_；（結果均保留兩位小數）(3)上述方案中，若考慮電流表內阻對測量的影響，則電動勢E的測量值_真實值，內阻r的測量值_真實值。（均選填“大于”、“等于”或“小于”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示的平行板之間，存在著相互垂直的勻強磁場和勻強電場，磁場的磁感應強

9、度B1=0.20T，方向垂直紙面向里，電場強度，PQ為板間中線緊靠平行板右側邊緣xOy坐標系的第一象限內，有一邊界線AO，與y軸的夾角AOy=45，邊界線的上方有垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度，邊界線的下方有水平向右的勻強電場，電場強度，在x軸上固定一水平的熒光屏一束帶電荷量、質量的正離子從P點射入平行板間，沿中線PQ做直線運動，穿出平行板后從y軸上坐標為（0，0.4m）的Q點垂直y軸射入磁場區(qū)，最后打到水平的熒光屏上的位置C求：(1)離子在平行板間運動的速度大小(2)離子打到熒光屏上的位置C的坐標(3)現只改變AOy區(qū)域內磁場的磁感應強度的大小，使離子都不能打到x軸上，磁感應強度大小B2

10、應滿足什么條件？14（16分）如圖所示，一玻璃磚的截面為直角三角形，其中，該玻璃磚的折射率為?，F有兩細束平行且相同的單色光、，分別從邊上的點、點射入，且均能從邊上的點射出。已知。求：（1）、兩單色光的入射角；（2）、兩點之間的距離。15（12分）如圖所示，兩氣缸AB粗細均勻，等高且內壁光滑，其下部由體積可忽略的細管連通；A的直徑為B的2倍，A上端封閉，B上端與大氣連通；兩氣缸除A頂部導熱外，其余部分均絕熱兩氣缸中各有一厚度可忽略的絕熱輕活塞a、b，活塞下方充有氮氣，活塞a上方充有氧氣；當大氣壓為P0，外界和氣缸內氣體溫度均為7且平衡時，活塞a離氣缸頂的距離是氣缸高度的，活塞b在氣缸的正中央現通

11、過電阻絲緩慢加熱氮氣，當活塞b恰好升至頂部時，求氮氣的溫度；繼續(xù)緩慢加熱，使活塞a上升，當活塞a上升的距離是氣缸高度的時，求氧氣的壓強參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A實線是等勢面，由于電場線與等勢面垂直，電子所受電場力方向水平向左，則電場線方向水平向右，則點的電勢高于點的電勢，故A錯誤；B電子所受的電場力方向水平向左，電場力做負功，動能減小，電勢能增加，則電子在點的電勢能小于其在點的電勢能，故B錯誤；C從點到點的過程中，根據動量定理可知電子的動量變化量方向與合外力方向相同，所以電子的動量變化量方向水

12、平向左，故C正確；D從點到點的過程中，根據牛頓第二定律可知電子運動的加速度不變，所以電子速度變化不變，故D錯誤；故選C。2、D【解析】以圓環(huán)、物體A及輕繩整體為研究對象，分析受力情況，如圖1所示，根據平衡條件得到，桿對環(huán)的摩擦力f=G保持不變；桿對環(huán)的彈力FN=F再以結點O為研究對象，分析受力情況，如圖2所示：設繩與豎直方向夾角為，由平衡條件得到F=mgtan當物體A從圖中實線位置緩慢下降到虛線位置過程中，逐漸減小，則F逐漸減小，FN逐漸減小。據牛頓第三定律可得，F1保持不變，F2逐漸減小。故D項正確，ABC三項錯誤。3、D【解析】由圖1可知波長=4m，由圖2知周期T=4s，可求該波的波速v=

13、/T=1m/s，故A錯誤；由于不知是哪個時刻的波動圖像，所以無法在圖2中找到P點對應的時刻來判斷P點的振動方向，故無法判斷波的傳播方向，B錯誤；由圖2可知，t=1s時，質點P位于波峰位置，速度最小，加速度最大，所以C錯誤；因為不知道波的傳播方向，所以由圖1中P點的位置結合圖2可知，若波向右傳播，由平移法可知傳播距離為x=0.5+n，對應的時刻為t=（0.54n）s，向左傳播傳播距離為x=1.5+n，對應的時刻為t=（1.54n）s，其中n=0、1、2、3，所以當波向x軸正方向傳播，n=0時，t=0.5s，故D正確。4、C【解析】A、射線是電子流，不是電磁波，穿透本領比射線弱，故A錯誤；B、半衰

14、期具有統(tǒng)計意義，對大量的原子核適用，對少量的原子核不適用，故B錯誤；C、根據愛因斯坦質能方程可得釋放的能量是，故C正確；D、衰變是原子核的衰變，與核外電子無關，衰變時釋放的電子是由核內一個中子轉化成一個質子的同時釋放出來的，故D錯誤；故選C5、D【解析】子彈射入木塊過程，由于時間極短，子彈與木塊間的內力遠大于系統(tǒng)外力，由動量守恒定律得： 解得：子彈和木塊系統(tǒng)在彈簧彈力的作用下先做減速運動，后做加速運動，回到A位置時速度大小不變，即當木塊回到A位置時的速度大小子彈和木塊彈簧組成的系統(tǒng)受到的合力即可墻對彈簧的作用力，根據動量定理得： 所以墻對彈簧的沖量I的大小為2mv0。故選D。6、B【解析】A設

15、小球做勻速圓周運動時細繩與豎直方向的夾角為，如圖所示：速度為v，細繩長度為L由牛頓第二定律得：，圓周運動的半徑為：r=Lsin，小球的動能為：，聯立解得：，Ek=mgLsintan，則知小球的動能越大，越大，則做勻速圓周運動的半徑越大，故A錯誤。B根據，越大，cos越小，則周期T越小，故B正確。C根據，知線速度越大，故C錯誤。D向心加速度，則向心加速度越大，故D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】A導體棒為電源產生的電動勢為等效電路為左邊電阻

16、和右邊并聯，總電阻為又線框總電阻為，在從靠近處向滑動的過程中，總電阻先增大后減小，總電流先減小后增大，故A項錯誤；B兩端電壓為路端電壓即先增大后減小，故B項錯誤；C拉力的功率等于克服安培力做功的功率，有先減小后增大，故C項正確；D根據功率曲線可知當外電阻時輸出功率最大，而外電阻先由小于的某值開始增加到，再減小到小于的某值，所以線框消耗的功率先增大后減小，故D項正確故選CD。8、ADE【解析】A在干涉現象中，振動加強的點的振幅比振動減弱的點的振幅大，但是振動加強的點的位移有時可能比振動減弱的點的位移小，選項A正確；B單擺在周期性的外力作用下做受迫振動，當驅動力的頻率與單擺的固有頻率相等時振幅最大

17、，則外力的頻率越大時，單擺的振幅不一定越大，選項B錯誤；C全息照片的拍攝利用了激光干涉的原理，選項C錯誤；D根據多普勒效應，頻率為v的激光束射向高速迎面而來的衛(wèi)星，衛(wèi)星接收到的激光的頻率大于v，選項D正確；E電磁波是橫波，在真空中自由傳播時，其傳播方向與電場強度、磁感應強度均垂直，選項E正確。故選ADE。9、BC【解析】AB而衰變后兩個新的帶電粒子向相同方向偏轉，故兩粒子帶異種電荷，原子核發(fā)生了衰變，A項錯誤、B項正確；C由于衰變后兩帶電粒子的動量大小相等，根據圓周運動的規(guī)律，帶電粒子的軌跡半徑，電荷量大的軌跡半徑小，再利用左手定則判斷反沖核沿逆時針方向運動，C項正確；D衰變中有核能轉變?yōu)槠渌?/p>

18、形式的能，故系統(tǒng)發(fā)生質量虧損，即總質量略有減少，D項錯誤。故選BC。10、AB【解析】A電子的衍射圖樣證實了實物粒子的波動性，故A正確；B為了解釋黑體輻射規(guī)律，普朗克提出電磁輻射的能量的量子化，故B正確；C氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，電子的動能減小，原子總能量增大，故C錯誤；D光電效應現象說明了光的粒子性，并不是波動性，故D錯誤。故選AB。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、30 0.4m/s 0.6m/s 0.8m/s 1.2 1.2 兩滑塊組成的系統(tǒng)在相互作用過程中動量守恒 【解析】(1)1由碰撞前A、B位

19、置可知碰撞發(fā)生在30cm處；(2)234碰后A的位置在40cm，60cm，80cm處，則碰后B的位置在45cm，75cm，105cm處，則由碰撞前A、B位置可知碰撞發(fā)生在30cm處，碰后B從30m處運動到45cm處，經過時間碰前A從10cm處運動到30cm處用時則碰前(3)5碰撞前兩個滑塊各自的質量與各自的速度的乘積之和6碰撞后兩個滑塊各自的質量與各自的速度的乘積之和7本實驗中得出的結論是兩滑塊組成的系統(tǒng)在相互作用過程中動量守恒12、 3.850.05 5.850.20 等于 大于 【解析】(1)1圖象如圖所示。(2)23根據閉合電路歐姆定律可得變形為由圖象可得(3)45若考慮電流表內阻對測量

20、的影響，則表達式變?yōu)橐虼?，電動勢的測量無誤差，即電動勢E的測量值等于真實值，但是內阻測量偏大，即內阻r的測量值大于真實值。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）5.0105 m/s （2）0.6m （3）B20.3 T【解析】（1）設離子的速度大小為v，由于沿中線PQ做直線運動，則有qE1=qvB1，代入數據解得：v=5.0105 m/s；（2）離子進入磁場，做勻速圓周運動，由牛頓第二定律有：qvB2=m得，r=0.2 m，作出離子的運動軌跡，交OA邊界于N，如圖甲所示，OQ=2r，若磁場無邊界，一定通過O點，則軌跡圓弧QN的圓心角為=90，過N點做圓弧切線，方向豎直向下，離子垂直電場線進入電場，做類平拋運動，y=OO=vt，x=at2，而a=，則x=0.4 m離子打到熒光屏上的位置C的水平坐標為xC=（0.2+0.4）m=0.6 m（3）只要粒子能跨過AO邊界進入水平電場中，粒子就具有豎直向下的速度而一定打在x軸上如圖乙所示，由幾何關系可知使離子不能打到x軸上的最大半徑r=m，設使離子都不能打到x軸上，最小的磁感應強度大小為B0，