2018年安徽合肥高考三模試卷物理

1、2018年安徽省合肥市高考三模試卷物理一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第1-4題只有一項符合題目要求，第5-8題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。（6分）我國科學家潘建偉院士預言十年左右量子通信將“飛”入千家萬戶。在通往量子論的道路上，一大批物理學家做出了卓越的貢獻，下列有關說法正確的是（）A、玻爾在1900年把能量子引入物理學，破除了“能量連續(xù)變化”的傳統(tǒng)觀念C.德布羅意第一次將量子觀念引入原子領域，提出了定態(tài)和躍遷的概念D.普朗克大膽地把光的波粒二象性推廣到實物粒子，預言實物粒子也具有波動性解析：A、普朗克在

2、1900年把能量子引入物理學，破除了“能量連續(xù)變化”的傳統(tǒng)觀念，故A錯誤；B、愛因斯坦最早認識到了能量子的意義，為解釋光電效應的實驗規(guī)律提出了光子說，并成功地解釋了光電效應現(xiàn)象，故B正確；C、波爾第一次將量子觀念引入原子領域，提出了定態(tài)和躍遷的概念，故C錯誤；D、德布羅意大膽地把光的波粒二象性推廣到實物粒子，預言實物粒子也具有波動性，故D錯誤。答案：B（6分）為監(jiān)測某化工廠的污水排放量，技術人員在該廠的排污管末端安裝了如圖所示的長方體流量計。該裝置由絕緣材料制成，其長、寬、高分別為a、b、c,左右兩端開口。在垂直于上下底面方向加一勻強磁場，前后兩個內(nèi)側(cè)面分別固定有金屬板作為電極。污水充滿管口從

3、左向右流經(jīng)該裝置時，接在M、N兩端間的電壓表將顯示兩個電極間的電壓U。若用Q表示污水流量（單位時間內(nèi)排出的污水體積），下列說法中正確的是（）M端的電勢比N端的高電壓表的示數(shù)U與a和b均成正比，與c無關電壓表的示數(shù)U與污水的流量Q成正比若污水中正負離子數(shù)相同，則電壓表的示數(shù)為0解析：A、根據(jù)左手定則，知負離子所受的洛倫茲力方向向外，則向外偏轉(zhuǎn)，M板帶負電，那么N板帶正電，則M板的電勢比N板電勢低。故A錯誤；UBD、最終離子在電場力和洛倫茲力作用下平衡，有：qvB=q-，b解得U=vBb，與離子濃度無關。故BD錯誤。UUBQC、因v=，則流量Q=vbc=c，因此U=，與污水流量成正比。故C正確。B

4、bBc答案：C（6分）已知某交變電流在一個周期內(nèi)的波形如圖所示，則該電流通過一阻值為10Q的電阻時的發(fā)熱功率是（）16W18W22.5WD.28W解析：由電流熱效應可得：2X(12RX0.2+22RX0.3)=I2RX1解得：I2=2.8A2電阻的熱功率為：P=l2R=28W,故D正確，ABC錯誤。答案：D4.(6分)如圖所示，兩相鄰有界勻強磁場的寬度均為L，磁感應強度大小相等、方向相反，均垂直于紙面。有一邊長為L的正方形閉合線圈向右勻速通過整個磁場。用i表示線圈中的感應電流，規(guī)定逆時針方向為電流正方向，圖示線圈所在位置為位移起點，貝y下列關于i-解析：線圈進入磁場，在進入磁場的0-L的過程中

5、，E=BLv，電流1=，根據(jù)右手定則BLv-R-判斷方向為逆時針方向，為正方向；2BLv在L-2L的過程中，電動勢E=2BLv,電流1=，根據(jù)右手定則判斷方向為順時針方向,R為負方向；BLv在2L-3L的過程中，E=BLv，電流1=，根據(jù)右手定則判斷方向為逆時針方向，為正方R向；故ABD錯誤，C正確答案：C(6分)我國計劃在2017年底采用“長征五號”新一代大推力運載火箭發(fā)射“嫦娥五號”探測器，有望重啟月球“探親”之旅。假設火箭中有一質(zhì)量為lkg的物體靜止地放在臺式測力計上，則在火箭加速上升的初始階段，測力計的示數(shù)可能是()5N10N20N25N解析：火箭加速上升的過程中，物體放在靜止的臺式測

6、力計上時，受到向上的支持力和重力，物體的加速度的方向向上，根據(jù)牛頓第二定律，有：F-mg=ma得：F=mg+ma=(10+a)N10N,故AB錯誤，CD正確。答案：CD(6分)某實驗小組用圖示裝置探究影響平行板電容器電容的因素。若兩極板正對面積為S,極板間的距離為d,靜電計指針偏角為0。實驗中，假定極板所帶電荷量不變，下列判斷中正確的是()保持S不變，增大d,則C變小，0變大保持S不變，增大d,則C變大，0變小保持d不變，減小S,則C變小，0變大保持d不變，減小S,則C變大，0變小解析：AB、根據(jù)電容的決定式得知，電容與極板間距離成反比，當保持S不變，增大d時，電容減小，因極板所帶電荷量Q不變

7、，由電容的定義式C=U，分析可知板間電勢差增大，靜電計指針的偏角0變大。故A正確，B錯誤。eSCD、根據(jù)電容的決定式C=得知，電容與極板的正對面積成正比，當保持d不變，減4兀kd小S時，電容減小，極板所帶電荷量Q不變，則由電容的定義式C=Q，分析可知板間電勢差增大，靜電計指針的偏角0變大。故C正確，D錯誤。答案：AC（6分）如圖所示，一小球套在傾角為37的固定直桿上，輕彈簧一端與小球相連，另一端固定于水平地面上0點。小球由A點靜止釋放，它沿桿下滑到達最低點C時速度恰為0.A、C相距0.8m,B是A、C連線的中點，小球質(zhì)量為lkg，彈簧原長為0.5m,勁度系數(shù)為40N/m,sin37=0.6,g

8、取l0m/s2.則小球從A到C過程中，下列說法正確的是（）小球經(jīng)過B點時的速度最大小球在B點時的加速度為6m/s2彈簧彈力對小球先做正功后做負功小球從A到B過程和從B到C過程摩擦力做功相等0.4解析：A、A、C相距0.8m，則B、C相距0.4m,CO長度為L=0.5m，即CO間距等cos37于彈簧原長。當小球經(jīng)過B點時，彈簧與桿垂直時，彈力方向與桿垂直，合外力方向等于重力沿桿向下的分力，小球繼續(xù)加速，此時小球的速度沒有達到最大值。故A錯誤；B、小球經(jīng)過B點時，彈簧的壓縮量為x=L-L=0.5m-0.3m=0.2m。根據(jù)牛頓第二定律得0BOmgsin37-pkx=ma,解得aV6m/s2.故B錯

9、誤。C、彈簧一直處于壓縮狀態(tài)，所以彈簧彈力對小球先做負功后做正功，故C錯誤。D、根據(jù)過程的對稱性可知，小球從A到B過程和從B到C過程摩擦力做功相等，故D正確。答案：D（6分）如圖所示，一足夠長的斜面體靜置于粗糙水平地面上，一小物塊沿著斜面體勻速下滑，現(xiàn)對小物塊施加一水平向右的恒力F,當物塊運動到最低點之前，下列說法正確的是（）物塊與斜面體間的彈力增大物塊與斜面體間的摩擦力增大斜面體與地面間的彈力不變斜面體與地面間的摩擦力始終為0解析：AB、設斜面的傾角為a，不加推力F時，滑塊勻速下滑，受重力、支持力和摩擦力，f根據(jù)共點力平衡條件，支持力N=mgcosa，摩擦力f=mgsina，故動摩擦因數(shù)卩=

10、亓=tana；對小物塊施加一水平向右的恒力F后，支持力N=mgcosa+Fsina，變大；滑動摩擦力f=pN,也變大；故A正確，B正確；CD、不加推力F時，根據(jù)平衡條件，滑塊受的支持力和摩擦力的合力豎直向上；故根據(jù)牛頓第三定律，滑塊對斜面體的壓力和摩擦力的合力豎直向下，故斜面體相對地面沒有滑動趨勢，故斜面體不受摩擦力；加上水平推力后，滑塊對斜面體的摩擦力和壓力同比例增加，其合力方向依舊是豎直向上（大小變大，方向不變）；同理，根據(jù)牛頓第三定律，滑塊對斜面體的壓力和摩擦力的合力依舊是豎直向下（大小變大，方向不變），故斜面體相對地面仍然沒有滑動趨勢，故斜面體仍然不受摩擦力，但對地壓力變大了；故C錯誤

11、，D正確。答案：ABD、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分。一）必考題（6分）某興趣小組設計了一個尋求碰撞前后不變量的實驗。實驗器材有：打點計時器、低壓交流電源（f=50Hz）、紙帶、刻度尺、表面光滑的平直金屬軌道、帶撞針的小車甲、帶橡皮泥的小車乙、天平。該小組實驗的主要步驟有：用天平測出甲的質(zhì)量mi=0.50kg，乙的質(zhì)量m2=0.25kg更換紙帶重復操作三次接通電源，并給甲車一定的初速度v甲將平直軌道放在水平桌面上，在其一端固定打點計時器，連接電源E將小車甲靠近打點計時器放置，在車后固定紙帶，將小車乙靜止地放在平直軌道中間位置橡皮泥打點小車三/小車甲計|寸器紙帶ABCEFGHI6.00

12、6.C0丄ii4.00（1）上述實驗步驟合理的順序為。解析：在實驗中首先需要測量出兩滑塊的質(zhì)量，然后再安裝裝置，安裝時先要將軌道放置在桌面上，然后將小車放在軌道上，并且靠近打點計時器，接通電源后開始實驗，要注意多次重復實驗，故步驟為：ADECB。答案：ADECB（2）從打下的紙帶中，選取比較理想的一條，如圖所示，請補充完成下表（均保留兩位有效數(shù)字）甲車乙車甲乙整體m/kg0.500.250.75v/(ms-i)0vm0mv0mv20,，厶宀AC2x6.0 xlO-2解析：碰前的速度v=3.0m/s2T2x0.02v3.0貝9一=6.0m/kgs；m0.5mv=0.5X3.0=1.5kgm/s；

13、mv2=0.5X9=4.5kg(m/s)2；一一一FH2x4.0 x10-2碰后做勻速運動，應以FH段時行分析，速度v=2.0m/s2T2x0.02則工=Z0m0.25=2.7m/kgs；mv=0.25X2.0=1.5kgm/s；mv2=0.5X4=3.0kg（m/s）2；將以上數(shù)據(jù)寫入表格，如下表所示:甲車乙車甲乙整體m/kg0.500.250.75v/(ms-1)3.002.0vm6.002.7mv1.501.5mv24.503.0答案：如上表（3）根據(jù)以上數(shù)據(jù)尋找出碰撞前后不變量的表達式為解析：根據(jù)表格數(shù)據(jù)可知，守恒的量應是mv；故表達式為：加v甲+皿乙乙（m甲+皿乙）v共。答案：m甲v

14、甲+皿乙v乙=（m甲+皿乙）v共。（9分）某同學設計了一個“測定電源電動勢和內(nèi)阻”的實驗，可供選擇的器材如下：待測干電池一節(jié)電流表A（量程為060mA，內(nèi)阻為R=18Q）A電壓表V（量程03V，內(nèi)阻R約3kQ）v滑動變阻器R1（05Q）滑動變阻器R（030Q）2定值電阻R3（阻值為2Q）定值電阻R（阻值為10Q）（1）為完成實驗，滑動變阻器應該,定值電阻應該選（填寫器材后面的代號）；解析：由于電源的內(nèi)阻較小約為幾歐，故為了能起到控制調(diào)節(jié)作用，滑動變阻器應采用總阻值為30Q的Rj由于給出的電流表量程約為60mA，量程偏小，為了能準確測量，可以采用串聯(lián)定值電阻的方法來減小電流，需要的電阻R二廠=2

15、5Q，兩定值電阻均達不到要60X10-3求，所以應考慮改裝電流表，為了讓量程較大，應將較小的電阻與電流表并聯(lián)，量程改裝為IR60X801=1+亠存=60+=600mA，符合實驗要求。gR23答案：R；R23（2）請完善圖a中的電路圖；解析：根據(jù)（1）中分析可知，電路圖如圖所示；答案：如圖所示。（3）根據(jù)圖b中已描的點畫出U-I圖象，由圖象得該電源的電動勢E=V,內(nèi)阻r=Q（結果保留三位有效數(shù)字）。解析：根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：U=E-10Ir由圖可知，圖象與縱軸的交點為電源的電動勢，故E=1.48V；-J20-1二”上丄生皿317r=54041案答O701(12分)如圖所示，在xOy平面內(nèi)，

16、有一以0為圓心、R為半徑的半圓形勻強磁場區(qū)域，磁場方向垂直坐標平面向里，磁感應強度大小為B。位于0點的粒子源向第二象限內(nèi)的各個方向連續(xù)發(fā)射大量同種帶電粒子，粒子均不會從磁場的圓弧邊界射出。粒子的速率相等，質(zhì)(1)若粒子帶負電，求粒子的速率應滿足的條件及粒子在磁場中運動的最短時間；解析：粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力：v2qvB=mrR根據(jù)題意得幾何關系：r0,Q0,根據(jù)熱力學第一定律U=Q+W知，U0,說明氣體的溫度T升高，分子平均動能增大，又氣體被壓縮體積V減小，單位體積的分子數(shù)增加，所以氣體壓強一定增大，故D正確；E、由于液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，液體表面存在

17、張力，故E正確。答案：CDE（9分）如圖所示，在傾角為30。的足夠長光滑斜面上有一長為L=lOOcm、開口向上的薄壁玻璃管，用長為L=50cm的水銀柱封閉一段空氣柱。當玻璃管保持靜止時，空氣柱長為l2=12.5cm。已知玻璃管的橫截面積S=1cm2，大氣壓強P0=75cmHg，水銀的密度p=13.6Xl03kg/m3，玻璃管的質(zhì)量與水銀柱的質(zhì)量相等，g取l0m/s2。(1)若將玻璃管開口向下放置于斜面，且仍使其保持靜止狀態(tài)，求管內(nèi)空氣柱長度；解析：以管內(nèi)氣體作為研究對象，管開口向上放置時氣體壓強：P二P+lsin30=100cmHg管開口向下放置時氣體壓強：P=PQ-lsin30=50cmHg

18、設空氣柱長為13,此過程氣體發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律可得：pivi=p2V2即：PlS=PlS1223解得：l=25cm。答案：管內(nèi)空氣柱長度為25cm。(2)在(1)問情形下，用沿斜面向上的恒力F拉玻璃管使其向上做勻加速直線運動，為了使水銀柱不從管口溢出，求F的大小應滿足的條件。解析：設管內(nèi)水銀柱的質(zhì)量設為m，則m=p1S=0.68kg玻璃管整體能向上加速，則:F2mgsin30=6.8N水銀柱下端到玻璃管口時，整體加速度最大，F(xiàn)也最大，此時，管內(nèi)空氣柱的長度為l=50cm4設管內(nèi)氣壓為P,由玻意耳定律得：PV=PV32233解得：P=25cmHg取水銀柱為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得：

19、P0S-P3S-mgsin30=ma取玻璃管和水銀柱整體為研究對象，有牛頓第二定律可得：F-2mgsin30=2ma標況大氣壓強：p=75cmHg=pgh=13.6X103kg/m3X10m/s2X0.75mHg=1.02X105Pa075-25聯(lián)立以上格式可得：F=2(P-P)S=2X(75-25)cmHgX1cm2=2XX1.02X105Pa0375X1X10-4m2=13.6N綜上所述：6.8NVFW13.6N。答案：F的大小應滿足的條件為6.8NVFW13.6N。物理-選修3-4(15分)15.(5分)如圖所示，某同學在“測定玻璃的折射率”的實驗中，先將白紙平鋪在木板上并用圖釘固定，玻

20、璃磚平放在白紙上，然后在白紙上確定玻璃磚的界面aa和bb。O為直線AO與aa的交點。在直線OA上豎直地插上P、P兩枚大頭針。下面關于該實驗的說法正確的是()2插上大頭針P3，使P3擋住P2和P的像插上大頭針P，使P擋住P、P和P的像4432l為了減小作圖誤差，P和P的距離應適當大些為減小測量誤差，PP2的連線與玻璃磚界面的夾角應越大越好若將該玻璃磚換為半圓形玻璃磚，仍可用此方法測玻璃的折射率解析：AB、確定P大頭針的位置的方法是插上大頭針P,使P擋住P、P的像。確定P大頭針的位置的方法是插上大頭針P,使P擋住P和P、P的像。故A正確，B錯誤；4r44312C、折射光線是通過隔著玻璃磚觀察成一條直線確定的，大頭針間的距離太小，引起的角度會較大，故P、P之間的距離適當大些，可以提高準確度。故C正確；34d、入射角e即p和p的連線與法線的夾角盡量大些，即p、p的連線與玻璃磚界面的夾角適當小些，折射角也會大些，折射現(xiàn)象較明顯，角度的相對誤差會減小。故D錯誤。E、本實驗中采用檔像法進行測量，對于半圓形玻璃磚同樣可以確定入射光線和折射光線，故可以確定折射率，故E正確。答案：A