2021-2022學(xué)年江蘇省鎮(zhèn)江市木瀆中學(xué)高三物理下學(xué)期期末試卷含解析

1、2021-2022學(xué)年江蘇省鎮(zhèn)江市木瀆中學(xué)高三物理下學(xué)期期末試卷含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1. （多選）如圖甲所示，正六邊形導(dǎo)線框abcdef放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中靜止不動(dòng)，磁場(chǎng)方向與線框平面垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙所示t=0時(shí)刻，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向垂直紙面向里，設(shè)產(chǎn)生的感應(yīng)電流順時(shí)針方向?yàn)檎⒇Q直邊cd所受安培力的方向水平向左為正則下面關(guān)于感應(yīng)電流i和cd所受安培力F隨時(shí)間t變化的圖象正確的是（）A. B. C. D. 參考答案：AC法拉第電磁感應(yīng)定律；安培力解：A、02s內(nèi)，磁場(chǎng)的方向垂直紙面向里，且逐漸減小，根據(jù)楞次定律，

2、感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針方向，為正值根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，E=B0S為定值，則感應(yīng)電流為定值，在23s內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向外，且逐漸增大，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針方向，為正值，大小與02s內(nèi)相同在34s內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直紙面向外，且逐漸減小，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向，為負(fù)值，大小與02s內(nèi)相同在46s內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向里，且逐漸增大，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向，為負(fù)值，大小與02s內(nèi)相同故A正確，B錯(cuò)誤C、在02s內(nèi)，磁場(chǎng)的方向垂直紙面向里，且逐漸減小，電流恒定不變，根據(jù)FA=BIL，則安培力逐漸減小，cd邊所受安培力方向向右，為負(fù)值0時(shí)刻

3、安培力大小為F=2B0I0L在2s3s內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向外，且逐漸增大，根據(jù)FA=BIL，則安培力逐漸增大，cd邊所受安培力方向向左，為正值，3s末安培力大小為B0I0L在23s內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向外，且逐漸增大，則安培力大小逐漸增大，cd邊所受安培力方向向右，為負(fù)值，第4s初的安培力大小為B0I0L在46s內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向里，且逐漸增大，則安培力大小逐漸增大，cd邊所受安培力方向向左，6s末的安培力大小2B0I0L故C正確，D錯(cuò)誤故選AC2. 如圖所示勻強(qiáng)電場(chǎng)E的區(qū)域內(nèi)，在O點(diǎn)處放置一點(diǎn)電荷+Q，a，b、c、d，e，f為以O(shè)點(diǎn)為球心的球面上的點(diǎn)，aecf平面與電

4、場(chǎng)E平行，bedf平面與電場(chǎng)E垂直， 則下列說法中正確的是（ ） Ab、d兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同 Bbedf平面是等勢(shì)面C整個(gè)球面是等勢(shì)面 D在球面上任意兩點(diǎn)之間移動(dòng)點(diǎn)電荷+q時(shí)，從a點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)電勢(shì)能的變化量一定最大參考答案：BD3. （多選）如圖所示，一個(gè)小球(視為質(zhì)點(diǎn))從H12 m高處，由靜止開始沿光滑彎曲軌道AB，進(jìn)入半徑R4 m的豎直圓環(huán)內(nèi)側(cè)，且與圓環(huán)的動(dòng)摩擦因數(shù)處處相等，當(dāng)?shù)竭_(dá)圓環(huán)頂點(diǎn)C時(shí)，剛好對(duì)軌道壓力為零；然后沿CB圓弧滑下，進(jìn)入光滑弧形軌道BD，到達(dá)高度為h的D點(diǎn)時(shí)速度為零，則h的值可能為A10 mB9.5 m C8.5 m D8 m參考答案：BC4. 質(zhì)量為m的物塊，帶正電Q，

5、開始時(shí)讓它靜止在傾角=60的固定光滑絕緣斜面頂端，整個(gè)裝置放在水平方向、大小為的勻強(qiáng)電場(chǎng)，如圖所示，斜面高為H，釋放物塊后，物塊落地的速度大小為 A BC D參考答案：答案：C5. 用比值法定義物理量是物理學(xué)的重要的思想方法之一，下列物理量的表達(dá)式不屬于比值法的是A加速度 B功率 C磁感應(yīng)強(qiáng)度 D電勢(shì)差參考答案：A二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6. （選修33）一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷一段變化過程，可用圖上的直線AB表示，則A到B氣體內(nèi)能變化為_（選填“正值”、“負(fù)值”、“零”），氣體_（選填“吸收”或“放出”）熱量。參考答案：答案：零、 吸收。7. 如圖11所示，mA=4k

6、g，mB=1kg，A與桌面動(dòng)摩擦因數(shù)=0.2，B與地面間的距離s=0.8m，A、B原來靜止。則B剛落到地面時(shí)的速度為 m/s， B落地后，A在桌面上能繼續(xù)滑行 米才能靜止下來。（g取10m/s2） 圖11參考答案：0.8 0.168. 如圖所示，陰極射線管(A為其陰極)放在蹄形磁鐵的N、S兩極間，射線管的B極接在直流高壓電源的_極.此時(shí)，熒光屏上的電子束運(yùn)動(dòng)軌跡_偏轉(zhuǎn)(選填“向上”、“向下”或“不”).參考答案：答案：正、向下9. （選修33（含22）模塊）（5分）分子間同時(shí)存在引力和斥力，且都隨分子間距離的增大而 。分子勢(shì)能的變化情況由分子力做功情況決定，與分子間的距離有關(guān)?，F(xiàn)有兩分子相距為

7、r，已知 r0為兩分子引力和斥力相等時(shí)的距離，當(dāng)rr0 時(shí)，分子力表現(xiàn)為 ，當(dāng)增大分子間的距離，分子勢(shì)能 ，當(dāng)rr0 時(shí)，分子力表現(xiàn)為 ，當(dāng)減小分子間的距離，分子勢(shì)能 。參考答案：答案：減小 引力 增大 斥力 增大10. 如圖所示，光滑的半圓槽內(nèi)，A球從高h(yuǎn)處沿槽自由滑下，與靜止在槽底的B球相碰，若碰撞后A球和B球到達(dá)的最大高度均為h9，A球、B球的質(zhì)量之比為_或_。參考答案：1:4，1:211. (6分)如圖所示，一儲(chǔ)油圓桶，底面直徑與高均為d，當(dāng)桶內(nèi)無油時(shí)，從某點(diǎn)A恰好能看到桶底邊緣上得點(diǎn)B，當(dāng)桶內(nèi)油的深度等于桶高的一半時(shí)，在A點(diǎn)沿A、B方向看去，看到桶底上的C點(diǎn)，C、B相距，由此可得油的

8、折射率_，光在油中的傳播速度=_m/s。參考答案： 12. 質(zhì)量M的平板車，上面站一個(gè)質(zhì)量為m的人，車以v0的速度在光滑水面上向右前進(jìn)，如圖所示。當(dāng)人相對(duì)于地以v向后水平跳出，則人跳車前后車的動(dòng)量變化方向是_，車速變化的大小為_。參考答案：V0方向，m（v+ v0）/M13. 直升機(jī)沿水平方向勻速飛往水源取水滅火，懸掛著m=500kg空箱的懸索與豎直方向的夾角1450。直升機(jī)取水后飛往火場(chǎng)，加速度沿水平方向，大小穩(wěn)定在a=1.5 m/s2時(shí)，懸索與豎直方向的夾角2140。如果空氣阻力大小不變，且忽略懸索的質(zhì)量，則空氣阻力大小為_ _N，水箱中水的質(zhì)量M約為_kg。（sin140=0.242；c

9、os140=0.970）（保留兩位有效數(shù)字）參考答案：試題分析：直升機(jī)沿水平方向勻速和勻加速飛行時(shí)，水箱受力情況如下圖，根據(jù)牛頓第二定律，則有，解得，?？键c(diǎn)：本題考查了牛頓第二定律的應(yīng)用。 三、 簡(jiǎn)答題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14. （簡(jiǎn)答）如圖12所示，一個(gè)截面為直角三角形的劈形物塊固定在水平地面上.斜面,高h(yuǎn)=4m，a=37,一小球以Vo=9m/s的初速度由C點(diǎn)沖上斜面.由A點(diǎn)飛出落在AB面上.不 計(jì)一切阻力.(Sin37=0.6,cos37 =0.8,g=10 m/s2)求.(l)小球到達(dá)A點(diǎn)的速度大小； (2)小球由A點(diǎn)飛出至第一次落到AB面所用時(shí)間； (3)小球第一次

10、落到AB面時(shí)速度與AB面的夾角的正切值參考答案：(1)1 (2) 0.25s（3） 6.29N機(jī)械能守恒定律解析：(1)從C到A對(duì)小球運(yùn)用動(dòng)能定理，解得v0=1m/s(2)將小球由A點(diǎn)飛出至落到AB面的運(yùn)動(dòng)分解為沿斜面（x軸）和垂直于斜面（y軸）兩個(gè)方向;則落回斜面的時(shí)間等于垂直于斜面方向的時(shí)間所以（3）小球落回斜面時(shí)沿斜面方向速度垂直斜面方向速度vy=1m/s，所以（1）由機(jī)械能守恒定律可以求出小球到達(dá)A點(diǎn)的速度（2）小球離開A后在豎直方向上先做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，后做自由落體運(yùn)動(dòng)，小球在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出小球的運(yùn)動(dòng)時(shí)間（3）先求出小球落在AB上時(shí)速度方向與水平方向間的夾

11、角，然后再求出速度與AB面的夾角的正切值15. (8分) 如圖所示，有四列簡(jiǎn)諧波同時(shí)沿x軸正方向傳播，波速分別是 v、2 v、3 v和 4 v，a、b是x軸上所給定的兩點(diǎn)，且abl。在t時(shí)刻a、b兩點(diǎn)間四列波的波形分別如圖所示，則由該時(shí)刻起a點(diǎn)出現(xiàn)波峰的先后順序依次是圖 ；頻率由高到低的先后順序依次是圖 。參考答案： BDCA DBCA四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16. (12分)半徑為R，均勻帶正電荷的球體在空間產(chǎn)生球?qū)ΨQ的電場(chǎng)；場(chǎng)強(qiáng)大小沿半徑分布如圖所示，圖中E0已知，Er曲線下OR部分的面積等于R2R部分的面積。(1)寫出Er曲線下面積的單位；(2)己知帶電球在rR處的場(chǎng)強(qiáng)EkQ

12、r2，式中k為靜電力常量，該均勻帶電球所帶的電荷量Q為多大?(3)求球心與球表面間的電勢(shì)差U；(4)質(zhì)量為m，電荷量為q的負(fù)電荷在球面處需具有多大的速度可以剛好運(yùn)動(dòng)到2R處?參考答案：（1）Er曲線下面積的單位為伏特。（2）由點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式，E0=kQ/R2，解得：該均勻帶電球所帶的電荷量Q= E0 R2/k。（3）根據(jù)Er曲線下面積表示電勢(shì)差，球心與球表面間的電勢(shì)差U= E0 R/2。（4）根據(jù)題述Er曲線下OR部分的面積等于R2R部分的面積，球體表面到2R處的電勢(shì)差U= E0 R/2。由動(dòng)能定理，qU=mv2，解得：v=。17. 如圖所示，在光滑水平面上有A、B兩輛小車，水平面的左側(cè)

13、有一豎直墻，在小車B上坐著一個(gè)小孩，小孩與B車的總質(zhì)量是A車質(zhì)量的10倍。兩車開始都處于靜止?fàn)顟B(tài)，小孩把A車以相對(duì)于地面的速度v推出，A車與墻壁碰后仍以原速率返回，小孩接到A車后，又把它以相對(duì)于地面的速度v推出。每次推出，A車相對(duì)于地面的速度都是v，方向向左。則小孩把A車推出幾次后，A車返回時(shí)小孩不能再接到A車？ 參考答案：取水平向右為正方向，小孩第一次推出A車時(shí)，由動(dòng)量守恒定律得mBv1mAv=0即：v1=當(dāng)A車向右返回后，小孩第二次將A車推出的過程中，由動(dòng)量守恒定律得mAv mBv1=mAvmBv2即：v2=設(shè)第n次推出A車時(shí)，B車速度大小為vn，由動(dòng)量守恒定律得mAv mBvn-1=mAvmBvn 得vn=vn-1+，所以vn=（2n1） ks