廣東省高考物理試題解析

2018年廣東省高考物理試題分析一、單項選擇題（共40分，每題4分，每題只有一個正確選項，答案涂寫在答題卡上。）1．意大利科學(xué)家伽利略在研究物體變速運動規(guī)律時，做了著名的“斜面實驗”，他丈量了銅球在較小傾角斜面上的運動狀況，發(fā)現(xiàn)銅球做的是勻變速直線運動，且銅球加快度隨斜面傾角的增大而增大，于是他對大傾角狀況進(jìn)行了合理的外推，由此得出的結(jié)論是（）A）物體都擁有保持本來運動狀態(tài)的屬性，即慣性B）自由落體運動是一種勻變速直線運動C）力是使物體產(chǎn)生加快度的原由D）力不是保持物體運動的原由【答案】B【分值】4分【考察方向】物理學(xué)史【易錯點】1、正確的結(jié)論不必定是斜面實驗的結(jié)論2、合理的外推需要正確理解【解題思路】1、從斜面實驗的歷史背景出發(fā)。2、聯(lián)合斜面上勻變速直線運動并合理外推?！痉治觥抠だ詾榱丝甲C自由落體運動能否為勻變速，面對自由落體時間太短，當(dāng)時的計時工具沒法丈量的問題，于是從斜面出發(fā)，依據(jù)沿斜面勻加快下滑從而把傾角進(jìn)一步增大，最后外推的傾角90度，即自由落體運動也是勻變速直線運動，其余三項都對，但不是斜面實驗合理外推的結(jié)論，也不切合斜面實驗結(jié)果。選項B對。2．如圖為某中國運動員在短道速滑競賽中勇奪金牌的出色瞬時。假定此時他正沿圓弧形彎道勻速率滑行，則他（）A）所受的協(xié)力變化，做變加快運動B）所受的協(xié)力恒定，做變加快運動C）所受的協(xié)力恒定，做勻加快運動（D）所受的協(xié)力為零，做勻速運動【答案】A【分值】4分【考察方向】勻速圓周運動【易錯點】1、力是矢量2、加快度是矢量【解題思路】1、勻速圓周運動的向心力和加快度方向。2、注意矢量性?！痉治觥縿蛩賵A周運動，合外力是向心力，方向一直指向圓心，可是力是矢量，大小不變，但是方向在變化，因此協(xié)力不是恒力，選項BC錯。依據(jù)牛頓第二定律，加快度方向與合外力方向同樣，因此加快度方向也在變化，不是勻變速，而是變加快度，選項A對。3．如圖，在斜面上木塊A與B的接觸面是水平的，繩索呈水平狀態(tài)，兩木塊均保持靜止。則對于木塊A和木塊B受力個數(shù)不行能的是（）（A）2個和（C）4個和

4個4個

（B）3個和（D）4個和

4個5個【答案】B【分值】4分【考察方向】共點力的均衡【易錯點】1、對繩索能否有拉力剖析不到位2、對B和斜面之間有無摩擦認(rèn)識不清【解題思路】1、對

A隔絕剖析。2、對

AB整體受力剖析。【分析】獨自剖析

A，自己重力，

B對A的支持力，因為拉力和

B對

A的摩擦力不確立，并且即使有也是水平方向，因此豎直方向必定遇到兩個力，而

A靜止，因此水平方向細(xì)繩拉力和

B對A的摩擦力必然同時出現(xiàn)，因此

A受力個數(shù)只可能是

2個或許

4個。選項

B錯。而整體剖析，若A受力個數(shù)為

2個，則整體受重力，斜面支持力，斜面摩擦力，即

B受自己重力，斜面支持力，斜面摩擦力，

A對

B的壓力四個力。若

A受力為

4個，則

B除掉方才的

4個力以外還有

A對B的摩擦力。合計

5個。4．浙江百丈漈瀑布是全國單體落差最高的瀑布。第一漈

207米，第二漈

68米，第三漈

12米，三漈相加是287米，折合古時魯班尺是一百丈多阻力，那么水只是著落選一漈后的速度大概是（

17米，故名百丈漈。假定忽視上游水的初速度和空氣的）（A）s【答案】C【分值】4分

（B）44m/s

（C）63m/s

（D）76m/s【考察方向】功能關(guān)系【易錯點】1、在功能關(guān)系的應(yīng)用上因為沒法確立重力而中止思路2、不可以正確認(rèn)識忽視阻力的意義【解題思路】1、從動能定理出發(fā)，找出重力做功和動能變化的關(guān)系。2、忽視阻力做功狀況?！痉治觥克皇侵溥x一漈只有重力做功，沒有阻力即mgh1mv2，可得v2gh63m/s。25．我國在近期發(fā)射的“神州十一號”和“天宮二號”在對接前，“天宮二號”的運轉(zhuǎn)軌道高度為393km，“神州十一號”的運轉(zhuǎn)軌道高度約為343km。它們的運轉(zhuǎn)軌道均視為圓周，則（）（A）“天宮二號”比“神州十一號”速度大（B）“天宮二號”比“神州十一號”角速度大（C）“天宮二號”比“神州十一號”加快度大（D）“天宮二號”比“神州十一號”周期長【答案】D【分值】4分【考察方向】萬有引力與航天【易錯點】1、不可以正確的認(rèn)識萬有引力供給向心力。2、從圓周運動出發(fā)，忽視圓周運動的不一樣，片面判斷一個物理量?！窘忸}思路】1、從萬有引力供給向力力出發(fā)找到描繪圓周運動的物理量表達(dá)式。2、依據(jù)軌道半徑大小判斷各個物理量的變化。【分析】天宮二號，神舟十一號，都屬于繞地球做勻速圓周運動，萬有引力供給向心力，即GMmmav2mR242GMR2mmR2，。可得向心加快度a2，軌道半徑越大，向心RTR加快度越小，選項C錯。線速度vGMA錯。角速度，軌道半徑越小，線速度越大，選項RvGM，軌道半徑越大，角速度越小，選項B錯。周期T42R3R3，軌道半徑越大，周GM期越大，選項D對。116．以下選項中的各4圓環(huán)大小同樣，所帶電荷量已在圖中標(biāo)出，且電荷均勻散布，各4圓環(huán)間相互絕緣。坐標(biāo)原點O處電場強(qiáng)度最大的是（）【答案】B【分值】4分【考察方向】電場的疊加【易錯點】1、對電場的疊加理解不透辟2、對四分之一圓環(huán)的電場認(rèn)識不清【解題思路】1、依據(jù)對稱性剖析四分之一圓環(huán)產(chǎn)生的電場疊加成效。2、等量同種和等量異種電荷在連線中點的電場狀況。。【分析】對于D圖，兩個正電荷的四分之一圓環(huán)對稱，在連線中點即圓心處合場強(qiáng)等于0，兩個負(fù)電荷的四分之一圓環(huán)對稱，在連線中點場強(qiáng)矢量和也等于0，因此坐標(biāo)原點O處電場強(qiáng)度等于0.同理C選項中合成后在原點O處場強(qiáng)等于一個四分之一圓環(huán)的電荷產(chǎn)生的電場，與A選項中的電場大小相等，而B中是兩個電場疊加，夾角為90度，合場強(qiáng)等于單個電場的2倍，選項B對。7．如圖電路中，電源電動勢、內(nèi)電阻、R1、R2為定值。閉合S后，將R的滑片向左挪動，以下對于各電表數(shù)值變化的說法正確的選項是（）（A）AR表示數(shù)減?。–）V1表示數(shù)減小

（B）A1表示數(shù)減?。―）V2表示數(shù)增大【答案】A【分值】4分【考察方向】動向電路【易錯點】1、各個電表所丈量的物理量認(rèn)識不清2、對閉合回路歐姆定律認(rèn)識不到位【解題思路】1、從滑動變阻器的阻值找到并聯(lián)電阻從而總電阻。2、不變量是電源電動勢，找到變量的變化趨向。【分析】R的滑片向左挪動，電阻變大，并聯(lián)電阻阻值增大，總電阻增大，電動勢不變，總電流減小，內(nèi)電壓減小，R22表示數(shù)減小，選項D錯。并聯(lián)電壓增大即1表示數(shù)電壓減小，即VV增大，選C錯。對并聯(lián)支路R1，電壓增大，電阻不變，電流變大，即A1表示數(shù)變大，選項B錯。干路電流減小，支路R1電流增大，因此支路AR表示數(shù)減小，選項A對。8．一列簡諧橫波沿x軸流傳，周期為，＝0時刻的波形如下圖。此時均衡地點位于x＝3m處的Tt質(zhì)點正在向上運動，若a、b兩質(zhì)點均衡地點的坐標(biāo)分別為xa＝，b＝，則（）x（A）當(dāng)a質(zhì)點處在波峰時，b質(zhì)點恰在波谷1B）t＝4T時，a質(zhì)點正在向y軸負(fù)方向運動C）t＝3T時，b質(zhì)點正在向y軸負(fù)方向運動4D）在某一時刻，a、b兩質(zhì)點的位移和速度可能同樣【答案】C【分值】4分【考察方向】機(jī)械振動機(jī)械波【易錯點】1、波的流傳方向和質(zhì)點的振動方向關(guān)系不清2、機(jī)械振動和機(jī)械波的圖像不清【解題思路】1、依據(jù)均衡地點位于x＝3m處的質(zhì)點的振動方向判斷波的流傳方向。2、判斷質(zhì)點a、b的振動狀況?！痉治觥烤獾攸c位于x＝3m處的質(zhì)點向上振動，依據(jù)振動方向和波的流傳方向在波形圖同一側(cè)，判斷機(jī)械波流傳方向沿

X軸負(fù)方向。此時質(zhì)點

a沿

Y軸正方向，質(zhì)點

b沿

Y軸負(fù)方向。在經(jīng)過

T

,質(zhì)點

a正經(jīng)過

Y軸正半軸向正方向運動，再經(jīng)過

3T

質(zhì)點

b正經(jīng)過

Y軸正半軸向負(fù)方向4

4運動，選項

C對。依據(jù)波形圖判斷波長

4m，a、b兩質(zhì)點的距離為

3

，振動步伐相差

3T

，4

4選項AD錯。9．如圖甲所示，A、B兩物塊在如圖乙所示的隨時間按正弦規(guī)律變化的外力作用下，由靜止開始一起沿圓滑水平面運動，A、B兩物塊一直保持相對靜止，則以下說法中正確的選項是（）（A）t1時刻物塊的速度最大B）t2時刻物塊運動的位移最大C）t3時刻物塊A遇到的摩擦力最大D）A、B兩物塊一同做來去運動【答案】C【分值】4分【考察方向】牛頓運動定律【易錯點】1、整體受力剖析不到位2、對速度方向鑒別不清【解題思路】1、有力的變化找到加快度變化從而推導(dǎo)出速度變化。2、速度變化到位移?！痉治觥恳罁?jù)力隨時間變化圖像可判斷加快度隨時間變化也是這樣，0t1，合外力漸漸增大，加快度漸漸增大，而力的方向沒有變化，t1時刻協(xié)力最大，加快度最大，0t2協(xié)力方向不變，加快度方向不變，向來加快，t2時刻速度最大，t2t4合外力反向，物體減速，依據(jù)對稱性，t4時刻速度減小到0，今后重復(fù)以前的運動，持續(xù)向前。t1t3加快度最大，對A剖析，摩擦力供給加快度，即t1t3時刻摩擦力最大，選項C對。t2時刻速度最大，因為運動方向沒有變化，向來向前運動，因此AB錯。向來向前運動，沒有來去運動，選項D錯。10．如下圖，質(zhì)量為的物體（可視為質(zhì)點）以某一速度從A點沖上傾角為30°的固定斜面，其m3運動的加快度為4g，此物體在斜面上上漲的最大高度為h，則在這個過程中物體（）（A）動能損失了

mgh

（B）重力做功

mgh1

1（C）戰(zhàn)勝摩擦力做功

4

mgh

（D）機(jī)械能損失了

2mgh【答案】D【分值】4分【考察方向】功能關(guān)系【易錯點】1、受力剖析2、牛頓運動定律【解題思路】1、依據(jù)加快度計算摩擦力。2、依據(jù)做功狀況判斷能量變化?！痉治觥垦匦泵嫦蛏匣瑒?，依據(jù)受力剖析可得fmgsin30oma3mg，可得摩擦力41mg，上漲的最大高度為h則位移為2h，此過程合外力做功即動能變化量4Ek(fmgsin30o)2h1.5mgh，選項A錯，重力做功mgsin30o2hmgh，選項B錯。戰(zhàn)勝摩擦力做功f2h0.5mgh，選項C錯。除重力外其余力做功等于機(jī)械能的變化量即f2h0.5mgh，選項D錯。二、填空題（共24分，每題6分，答案寫在答題紙中指定地點，不要求寫出演算過程。）11．將一電荷量為＋Q的小球放在不帶電的金屬球鄰近，所形成的電場線散布如下圖，金屬球表面的電勢到處相等。a、b為電場中的兩點，a點的場強(qiáng)盛小________b點的場強(qiáng)盛小，a點的電勢________b點的電勢。（填“大于”、“小于”、“等于”）【答案】大于、大于【分值】6分【考察方向】靜電場的電場線【易錯點】

1、電場線的疏密2、靜電均衡【解題思路】1、從電場線的疏密程度出發(fā)判斷場強(qiáng)盛小。2、處于靜電均衡的導(dǎo)體為等勢體?！痉治觥侩妶鼍€的疏密程度表示電場強(qiáng)度的大小，

a點電場線密集，電場強(qiáng)度大，沿電場線方向電勢漸漸降低，而靜電均衡的導(dǎo)體為等勢體，

a點電勢高于等勢體，

b點電勢低于等勢體，因此

a點電勢高于

b點電勢。12．如下圖是兩個相關(guān)波源發(fā)出的水波，實線表示波峰，虛線表示波谷。已知兩列波的振幅都為10cm，C點為AB連線的中點。圖中A、B、C、D、E五個點中，振動減弱的點是________，從圖示時刻起經(jīng)過半個周期后，A點的位移為________cm。（規(guī)定豎直向上為位移的正方向）【答案】DE、－20【分值】6分【考察方向】波的疊加【易錯點】1、增強(qiáng)點和減短處2、增強(qiáng)點和減短處的振幅【解題思路】依據(jù)波峰波谷的疊加判斷增強(qiáng)減弱?！痉治觥坎ǚ搴筒ü鹊寞B加為振動減短處，波峰和波峰，波谷和波谷的疊加為振動增強(qiáng)點，C點對與兩列波都處在均衡地點且振動方向同樣，因此C點也是增強(qiáng)點，只有DE為波峰波谷的疊加，為減短處。此時A點在波峰，經(jīng)過半個周期A點抵達(dá)波谷，而增強(qiáng)點的振幅等于兩個振幅之和即20cm。13．客運電梯簡化模型如圖（a）所示，在t＝0時電梯由靜止開始上漲，最先一段時間內(nèi)電梯的加速度a隨時間t變化的關(guān)系如圖（b）所示。已知電梯總質(zhì)量為×103kg，忽視空氣阻力，則電梯在上漲過程中遇到的最大拉力為

_______N，電梯在前

11s內(nèi)的速度改變量

v為________m/s。（重力加快度

g取

10m/s2）4【答案】×10、10【考察方向】牛頓運動定律【易錯點】1、對at圖像認(rèn)識不清2、對加快度方向的判斷【解題思路】1、依據(jù)牛頓運動定律判斷拉力。2、依據(jù)加快度和時間的成績判斷速度變化量?！痉治觥侩娞萆蠞q過程Fmgma，當(dāng)加快度最大時，拉力最大，此時a1m/s2，代入可得拉力F2.2104N，速度變化量vat即at圖像與時間軸所圍成的面積即91110m/s。1214．由某種資料制成的電器元件，其伏安特征曲線如下圖?，F(xiàn)將該元件接在電動勢為8V，內(nèi)阻為4Ω的電源兩頭，則經(jīng)過該元件的電流為__________A。若將這個元件與一個4Ω的定值電阻串連后接在該電源上，則該元件耗費的功率為__________W?！敬鸢浮?～、～【分值】6分【考察方向】閉合電路歐姆定律【易錯點】1、電流電壓關(guān)系不可以和圖像聯(lián)合2、圖像解題過程作圖禁止?！窘忸}思路】1、做出電源的路端電壓和干路電流的關(guān)系圖像，與該元件伏安特征曲線的交點即元件電壓和電流。2、串連后注意把串連的電阻等效為內(nèi)阻?！痉治觥吭诒緛淼姆蔡卣髑€上邊做出電動勢等于

8v內(nèi)阻

r

4

的路端電壓隨電流變化圖像，交點

u

4v，

I

1A。即流過該元件電流為

I

1A。與一個

4Ω的定值電阻串連后，把定值電阻等效入內(nèi)阻，

則電源內(nèi)阻變成

r

8

，重復(fù)前面的步驟可得交點

u2v，I

0.75A，耗費電功率

P

UI

1.5w。三、綜合題（共

36分）15．（6分）在用單擺測重力加快度的實驗中：（1）實驗時一定控制擺角，若擺長為，則要將擺球拉至離均衡地點約

_______m處開釋。（2）某同學(xué)實驗時改變擺長，

測出幾組擺長

L和對應(yīng)的周期

T的數(shù)據(jù)，作出

T2-L圖線，如下圖．利用圖線上任兩點

A、B的坐標(biāo)（

x1，y1）、（

x2，y2），即可求得重力加快度

g＝______。（3）作T2-L圖線解決物理問題，能夠提示我們：若擺球的質(zhì)量散布不均勻，“影響”、“不影響”）。

將_______丈量結(jié)果（填【答案】（1）（小于）（2）g42Y2Y1（3）不影響X2X1【分值】7分【考察方向】單擺【易錯點】1、單擺做簡諧運動的條件2、單擺的周期公式【解題思路】1、依據(jù)簡諧運動擺角要求判斷判斷偏離均衡地點的距離。2、依據(jù)單擺周期公式求重力加快度?！痉治觥浚?）單擺做簡諧運動時擺角應(yīng)小于10°,若擺長為,則他們將擺球最多拉至離均衡地點約～處開釋。（2）依據(jù)單擺的周期公式T2L可得重力加快度g42L，而LT2圖像的gT2斜率即LY2Y1,可得重力加快度g42Y2Y1。（3）若擺球質(zhì)量散布不均勻，致使T2X2X1X2X1圖像可是原點，即擺長丈量有誤差，可是斜率不變，因此不影響丈量結(jié)果。16.（12分）兩套完整同樣的小物塊和軌道系統(tǒng)固定在水平桌面上。物塊質(zhì)量m＝1kg，軌道長度l＝2m，物塊與軌道之間動摩擦因數(shù)μ＝?，F(xiàn)用水平拉力F1＝8N、F2＝4N同時拉兩個物塊，分別作用一段距離后撤去，使兩物塊都能從靜止出發(fā)，運動到軌道另一端時恰巧停止。（g＝10m/s2）求：（1）在F1作用下的小物塊加快度a1多大？【答案】（1）a1＝6m/s2【分值】4分【考察方向】牛頓運動定律【易錯點】合外力找禁止【解題思路】拉力和摩擦力的協(xié)力供給加快度【分析】（1）F1－mg＝ma1a1＝6m/s24分（2）F1作用了多少位移s1？【答案】s1＝0.5m【分值】4分【考察方向】動能定理【易錯點】沒有簡化過程，運動學(xué)方法計算，找不到前后兩頭均勻速度相等【解題思路】依據(jù)摩擦力和拉力做功大小相等來剖析【分析】整個過程依據(jù)動能定理F1s－mgl＝02分s1＝0.5m2分（3）從兩物塊運動時開始計時直到都停止，除了物塊在軌道兩頭速度都為零以外，還有某時刻t兩物塊速度同樣，則t為多少？【答案】s1＝0.5m【分值】4分【考察方向】勻變速直線運動【易錯點】不可以判斷是在加快仍是減速階段速度相等【解題思路】依據(jù)加快度大小判斷上邊的木塊減速過程，下邊的木塊加快過程兩者速度相等【分析】F2作用下的物塊F2－mg＝ma2a2＝2m/s22分兩物塊速度同樣時，必定在上方物塊減速階段上方的物塊減速階段加快度a'g2m/s2上方物塊最大速度v2a1s6m/s＝sa2t＝v－a（'t－v/