2022年江蘇省南通市如東縣馬塘中學(xué)物理高二上期末復(fù)習(xí)檢測(cè)試題含解析

2022-2023學(xué)年高二上物理期末模擬試卷注意事項(xiàng)：答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)壊寫(xiě)清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū).選擇題必須使用2B鉗筆填涂；非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書(shū)寫(xiě)，字體工整、筆跡清楚。請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效；在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效.保持卡面清潔，不要折聲，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀.一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的.1、 圖中是某靜電場(chǎng)中的一條水平電場(chǎng)線，曲線ABC?為一電子在該電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡3在電場(chǎng)線上），下列說(shuō)法中正確的是（）31點(diǎn)電勢(shì)低于N點(diǎn)電勢(shì)電子在8點(diǎn)受電場(chǎng)力方向水平向左電子一定做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)電子在A點(diǎn)的電勢(shì)能比在C點(diǎn)的電勢(shì)能大2、 在同一電場(chǎng)中的A、B,C三點(diǎn)分別引入檢驗(yàn)電荷時(shí)，測(cè)得的檢驗(yàn)電荷的電荷量和它所受電場(chǎng)力的函數(shù)圖象如圖所示，則此三點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小&、&的關(guān)系是（ ）OgdEa>Eb>Ec B.Eb>Ea>EcC.Ec>Ea>Eb D.Ea>Ec>Eb3、 高空作業(yè)須系安全帶，如果質(zhì)量為〃，的高空作業(yè)人員不慎跌落，從開(kāi)始跌落到安全帶對(duì)人剛產(chǎn)生作用力前人下落的距離為A（可視為自由落體運(yùn)動(dòng)）.此后經(jīng)歷時(shí)間，安全帶達(dá)到最大伸長(zhǎng)，若在此過(guò)程中該作用力始終豎直向上，則該段時(shí)間安全帶對(duì)人的平均作用力大小為（）+% B.--mgt tC.竺甌+噸 D.淄—〃，gr t4、 如圖所示，通電導(dǎo)線均置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，其中導(dǎo)線不受安培力作用的是。

BB5、將平行板電容器與靜電計(jì)連接，充電后撤去電源，靜電計(jì)指針張開(kāi)某一角度們?nèi)鐖D所示.若將電容器兩極間距髙增大，則兩極板間電勢(shì)差不變，0不變兩極板冋電勢(shì)差減小，。減小電容器電容減小，。變小電容器電容減小，。變大6、真空中三個(gè)點(diǎn)電荷位于一條宜線上，都只在電場(chǎng)力下處于靜止，其中兩個(gè)電荷停在M、N兩點(diǎn)，所帶電量如圖所示，關(guān)于第三個(gè)電荷的電性和所停的位置，下列說(shuō)法正確的是（ ）A.為正電荷,A.為正電荷,可能停在A處為正電荷，可能停在B處為負(fù)電荷，可能停在B處為負(fù)電荷，可能停在C處二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的.全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分.7、如圖所示，以宣角三角形AOC為邊界的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度為￡4=60。，AO=Lt在。點(diǎn)放置一個(gè)粒子源，可以向各個(gè)方向發(fā)射某種帶負(fù)電粒子.己知粒子的比荷為幺，發(fā)射速度大小都為下=迎,設(shè)粒子發(fā)射方向與如邊的夾角為不計(jì)粒子重力及它們之間的相互作用.對(duì)于粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后的運(yùn)動(dòng)，下列判斷正確的是xXX

xXX粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑R=L當(dāng)列。時(shí)，粒子射出磁場(chǎng)速度方向與AC邊垂直當(dāng)列。時(shí)，粒子在磁場(chǎng)中E時(shí)間，=若mi當(dāng)E。時(shí)，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間^=—5CJD如圖甲所示，足夠長(zhǎng)的水平光滑平行金屬導(dǎo)軌MMP0兩導(dǎo)軌間距為lm,范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向豎直向上,導(dǎo)軌財(cái)、P之間連接一個(gè)阻值為3Q的電阻R,金屬棒湖垂直于導(dǎo)軌放置并用細(xì)線通過(guò)光滑的定滑輪與重物相連，細(xì)線對(duì)導(dǎo)軌的拉力平行于導(dǎo)軌，金屬棒油的質(zhì)量為0.2kg、有效電阻為0.5Q,重物的質(zhì)量為（Ukg。將重物和金屬棒由靜止釋放，金屬棒的位移與時(shí)間的關(guān)系如圖乙所示，其中。.4s~0.6s內(nèi)的圖線為直線，導(dǎo)軌的電阻不計(jì)，g=10m/s\下列說(shuō)法正確的是（A.r=0時(shí)刻金屬棒的加速度大小為IOni/s列說(shuō)法正確的是（A.r=0時(shí)刻金屬棒的加速度大小為IOni/s2磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2TC.在。?0.6s內(nèi)通過(guò)電阻R的電荷量為0.8CD.在0?0.6s內(nèi)電阻R產(chǎn)生的熱量為1.925J9、如圖.在方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有一時(shí)形金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌平面與磁場(chǎng)垂直?金屬桿PQ置于導(dǎo)軌上并與導(dǎo)軌形成閉合回路P0RS,一圓環(huán)形金屬線框丁位于回路圍成的區(qū)域內(nèi)，線框與導(dǎo)軌共面。現(xiàn)讓金屬桿P0突然向左運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)開(kāi)始的瞬間，關(guān)于懸應(yīng)電流的方向.下列說(shuō)法正確的是（XXXRXXX，QXXXXXpXXXXRXXX，QXXXXXpXXXX"QRS中沿順時(shí)針?lè)较?，r中沿逆時(shí)針?lè)较駼.PQRS中沿逆時(shí)針?lè)较?，丁中沿順時(shí)針?lè)较騝.r具有收縮趨勢(shì)，PQ受到向右的安培力r具有擴(kuò)張趨勢(shì)，PQ受到向右的安培力10、如圖，帶電平行金屬板中勻強(qiáng)電場(chǎng)方向豎直向上，勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向垂宜紙面向里.帶電小球從光滑絕緣軌道上的a點(diǎn)由靜止滑下，經(jīng)過(guò)1/4圓弧軌道從端點(diǎn)P（切線水平）進(jìn)入板間后恰好沿水平方向做直線運(yùn)動(dòng)，現(xiàn)使帶電小球從比a點(diǎn)稍低的b點(diǎn)由靜止滑下，在經(jīng)過(guò)P點(diǎn)進(jìn)入板間的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中（）帶電小球的動(dòng)能將會(huì)增大帶電小球的電勢(shì)能將會(huì)增大帶電小球所受洛倫茲力將會(huì)減小帶電小球所受電場(chǎng)力將會(huì)増大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分.把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。（6分）如圖所示為用多用電表測(cè)電路中電流的實(shí)驗(yàn)，圖中多用電表測(cè)定的 （填“甲電阻*乙電阻”或“總”）的電流，測(cè)得電流的大小是 12-（12分）現(xiàn)有一電池，電動(dòng)勢(shì)大約為20V,內(nèi)阻約為5Q,無(wú)法從標(biāo)簽上看清其電動(dòng)勢(shì)等數(shù)據(jù).現(xiàn)要準(zhǔn)確測(cè)量其電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室備有下列器材：電流表（量程0?0.6A,內(nèi)阻=2。）；電壓表（址程0?25V,內(nèi)阻約為150）：滑動(dòng)變阻器（阻值范圍。?20H）；d.定值電阻R]=ioa；定值電阻R、=ld開(kāi)關(guān)及導(dǎo)線若干⑴由于實(shí)驗(yàn)室中電表量程不恰當(dāng)，需要先將電表改裝，電流表應(yīng) 聯(lián)定值電 （選壊Ri或購(gòu) （2） 在虛線框中畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路原理圖 （3） 若釆用了正確的實(shí)驗(yàn)電路，通過(guò)改變滑動(dòng)變阻器的阻值，得到了多組電壓表示數(shù)〃和電流表示數(shù)，，作出了圖像，若圖像在縱軸的裁距為，，圖像的斜率絕對(duì)值為如則電源電動(dòng)勢(shì)為 ，內(nèi)阻為 四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟.（10分）如圖所示，空間分布著方向平行于紙面且與場(chǎng)區(qū)邊界垂直的有界勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為￡、場(chǎng)區(qū)寬度為心在緊靠電場(chǎng)右側(cè)的圓形區(qū)域內(nèi)，分布著垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng).磁感應(yīng)強(qiáng)度B未知，圓形磁場(chǎng)區(qū)域半徑為&一質(zhì)量為g電荷量為q的帶正電的粒子從A點(diǎn)由靜止釋放后，在M點(diǎn)離開(kāi)電場(chǎng)，并沿半徑方向射入磁場(chǎng)區(qū)域，然后從N點(diǎn)射出，。為圖心，NMON=120。，粒子重力可忽略不計(jì)。求：<1）粒子經(jīng)電場(chǎng)加速后，進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度的大??；（2） 勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小，（3） 若粒子在離開(kāi)磁場(chǎng)前某時(shí)刻，磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)榇怪奔埫嫦蚶?、大小為?此后粒子恰好被束縛在該磁場(chǎng)中，則Bi的最小值為多少？ Nd N >4_A ?（16分）如圖所示，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、匝數(shù)為，，的正方形金屬線框，它的質(zhì)量為嘰電阻為火，用細(xì)線把它懸掛于一個(gè)有界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)邊緣.金屬框的上半部處于磁場(chǎng)內(nèi)，下半部處于磁場(chǎng)外，磁場(chǎng)隨時(shí)間的變化規(guī)律為B=AZ.求：（1）線框中的電流強(qiáng)度為多大？<2），時(shí)刻線框受的安培力多大？XXXXXXXX515.(12分)如圖9所示，交流發(fā)電機(jī)的矩形線圈abed中，己知線圈面積為0.01m\匝數(shù)傾匝，線圈電阻i=2Q,外電阻R=8d電流表和電壓表對(duì)電路的影響忽略不計(jì).線圈在磁感強(qiáng)度B=2/；T(T)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的轉(zhuǎn)軸00,勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度Biomd/s.若線圈經(jīng)圖示位置時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)(線圏平面平行于磁場(chǎng)方向)，寫(xiě)出線圈中膊應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值的表達(dá)式；從圖示位置起轉(zhuǎn)過(guò)90過(guò)程中，通過(guò)電阻R的電量從圖示位置起轉(zhuǎn)過(guò)90'過(guò)程中，線圈上產(chǎn)生的焦耳熱參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的.1、 B【解析】AB.電子受力方向指向電子運(yùn)動(dòng)軌跡凹的一側(cè)，故電子在B點(diǎn)受電場(chǎng)力方向向左；電子帶負(fù)電，受力方向沿電場(chǎng)線相反方向，所以電場(chǎng)線的方向向右，M點(diǎn)的電勢(shì)高于N點(diǎn)的電勢(shì)，故A錯(cuò)誤，B正確；只有一條電場(chǎng)線，不能得到靜電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，故粒子受力不一定恒定，那么，粒子不一定做勻變速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；電場(chǎng)線方向向右，所以A點(diǎn)電勢(shì)高于C點(diǎn)電勢(shì)，負(fù)電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能小，故D錯(cuò)誤.故選B.2、 C【解析】由F_q圖象的斜率大小等于場(chǎng)強(qiáng)的大小得知，三點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小關(guān)系是Ec>Ex>EBtABD錯(cuò)誤，C正確;

故選c3、A【解析】在安全帶對(duì)人有拉力的瞬間時(shí)，人做自由落體運(yùn)動(dòng)，此過(guò)程機(jī)械能守恒，故有〃皿二村，即在產(chǎn)生拉力瞬間速度為口=同,之后人在安全帶的作用下做變速運(yùn)動(dòng)，末速度為零，設(shè)向上為正方向，則根據(jù)動(dòng)量定理可得：= 聯(lián)立解得=【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是明確物體的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況，然后對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)過(guò)程和全程封閉列式求解，注意運(yùn)用動(dòng)量定理前要先規(guī)定正方向4、C【解析】A.由左手定則知，通電導(dǎo)線受的安培力水平向左，不合題意，故A錯(cuò)誤；由左手定則知，通電導(dǎo)線受的安培力水平向左，不合題意，故B錯(cuò)誤；電流方向與磁場(chǎng)方向平行，安培力為零，導(dǎo)線不受安培力作用，故C正確；由左手定則知，通電號(hào)線受的安培力垂直紙面向里，不合題意，故D錯(cuò)誤。故選C.5、D【解析】靜電計(jì)是測(cè)量電勢(shì)差的儀器，電勢(shì)差的大小是通過(guò)指針張開(kāi)的角度來(lái)體現(xiàn)的；又電容器充完電后與電源分開(kāi),說(shuō)明電容器的電恥不變，根據(jù)電容公式C=烏可知％増大時(shí)，c減小，由c=3可知，電勢(shì)差〃増大，那么。變大;A.與分析不符,故A錯(cuò)誤;B.與分析不符,故A.與分析不符,故A錯(cuò)誤;B.與分析不符,故B錯(cuò)誤;C.與分析不符,故C錯(cuò)誤;D.與分析相符,故D正確6、D【解析】三個(gè)點(diǎn)電荷都處于靜止?fàn)顟B(tài)，對(duì)電荷受力分析，每個(gè)電荷都處于受力平衡狀態(tài)，故根據(jù)庫(kù)侖定律可分別對(duì)任意兩球進(jìn)行分析列出平衡方程即可求得結(jié)果【詳解】三個(gè)電荷要平衡，必須三個(gè)電荷的一條直線，外側(cè)二個(gè)電荷相互排斥，中間電荷吸引外側(cè)兩個(gè)電荷，所以外側(cè)兩個(gè)電荷距離大，要平街中間電荷的拉力，必須外側(cè)電荷電量大，中間電荷電量小，所以第三個(gè)電荷必須為負(fù)電，在N的右側(cè)【點(diǎn)睛】我們可以去嘗試假設(shè)第三個(gè)電荷帶正電或負(fù)電，它應(yīng)該放在什么地方，能不能使整個(gè)系統(tǒng)處于平衡狀態(tài).不行再繼續(xù)判斷

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的.全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分.7、ABD【解析】帶電粒子以相同的速率，不同的速度方向，進(jìn)入磁場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)軌跡的曲率半徑相同，從而根據(jù)央角為。不同情況，即可求解；【詳解】A、粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：=%解得粒子的運(yùn)動(dòng)半徑R=L,故A正1\確；BC、當(dāng)0=0。時(shí)，粒子恰好從AC中點(diǎn)飛出，粒子射出磁場(chǎng)速度方向與AC邊垂直，圓心角60。，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為'=?！?謊，故15正確，C錯(cuò)誤；60°_ D,當(dāng)0=60。入射時(shí)，粒子恰好從A點(diǎn)飛出，圓心角為60。，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為^=—,故D正確;3oU5qb故選ABD【點(diǎn)睛】關(guān)鍵是粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)貝，。3=零，解得粒子的運(yùn)動(dòng)半徑，由圖找出圓心角，由Rt=gr求粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間8、BC【解析】A.據(jù)系統(tǒng)牛頓第二定律得Mg=(M+in)a解得TOC\o"1-5"\h\z0.4x10 …20M+m0.2+0.4 nrs*=——M+m0.2+0.43B.導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，其速度為v=—Arv=—Ar m's=—mzs0.6-0.4 2據(jù)平衡條件得BLvM5=bm解得B_JMg(R+r)_j0.4xl0x(3+0.5)T_n故B正確;G根據(jù)電磁感應(yīng)過(guò)程的電荷量推論公式BLX2X1XL4C=O.8CBLX2X1XL4C=O.8Cq= 7R+rR+r3+0.5故C正確;D.根據(jù)系統(tǒng)能量守恒可得Mgx=-(M+m)v2+Q解得回路中的焦耳熱Q=MgA?-5(Af+/n)ir=1.925J電阻R與導(dǎo)體棒電阻，?串聯(lián)，則有i> 3a=^=^xl925J=165J故D錯(cuò)誤.故選BCo9、AC【解析】AB.PQ突然向左運(yùn)動(dòng)，根據(jù)右手定則可知，電流方向由P到0即閉合回路PQRS中電流沿順時(shí)針?lè)较?，又由安培定則可知，回路PQRS中感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，故環(huán)形金屬線框r的磁通量將變大，由楞次定律可知，7?中將產(chǎn)生沿逆時(shí)計(jì)方向的感應(yīng)電流，故A正確B錯(cuò)誤；CD.線框丁的磁能量變大，由楞次定律可知，T有收縮的趨勢(shì)，以阻礙磁通量的增大，PQ中有由P到。的電流，由左手定則可知，P0受到的安培力向右，故C正確D錯(cuò)誤。故選AC。10、AB【解析】根據(jù)題意分析得：小球從P點(diǎn)進(jìn)入平行板間后做直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)小球進(jìn)行受力分析得小球共受到三個(gè)力作用：恒定的重力G、恒定的電場(chǎng)力F、洛倫茲力.f,這三個(gè)力都在豎直方向上，小球在水平直線上運(yùn)動(dòng)，所以可以判斷出小球受到的合力一定是零，即小球一定是做勻速直線運(yùn)動(dòng)，結(jié)合左手定則，洛倫茲力和電場(chǎng)力同向，都向上，小球帶正電；如果小球從稍低的b點(diǎn)下滑到從P點(diǎn)進(jìn)入平行板間，則小球到達(dá)P點(diǎn)的速度會(huì)變小，所以洛倫茲力/比之前的減小，因?yàn)橹亓和電場(chǎng)力F一直在豎直方向上，所以這兩個(gè)力的合力一定在豎直方向上，若洛倫茲力變化了，則三個(gè)力的合力一定不為寧，且在豎直方向上，而小球從P點(diǎn)進(jìn)入時(shí)的速度方向在水平方向上，所以小球會(huì)偏離水平方向向下做曲線運(yùn)動(dòng)，因此減小入射速度后，洛倫茲力減小，合力向下，故向下偏轉(zhuǎn)，故電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能増加，水平方向速度不變，但豎直方向的速度増加，所以動(dòng)能將會(huì)増大，導(dǎo)致洛倫茲力也會(huì)増大，電場(chǎng)力不變，故AB正確，CD錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵先分析出小球受力平衡，然后再考慮洛侖茲力變化后運(yùn)動(dòng)情況，同時(shí)要結(jié)合平行板電容器的表達(dá)式和電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系式列式分析分卷II三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分.把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、 ①.乙電阻 ②.50.OmA【解析】由電路中連接情況知，多用電表與乙電阻串聯(lián)，故測(cè)定的是乙電阻的電流.由圖知選擇量程為100mA,故指針指示讀數(shù)為50.0mA12、 ①?⑴并②R ?.(2)電路原理圖如圖所示；?.(3)a ⑤.b/3【解析】⑴根據(jù)電表的改裝原理可知電壓表應(yīng)串聯(lián)電阻進(jìn)行分壓，而電流表應(yīng)并聯(lián)電阻分流進(jìn)行分析；根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理進(jìn)行分析，確定誤差最小的電路圖：根據(jù)改裝原理確定路端電壓和電流，再根據(jù)閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析，從而確定電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻【詳解】⑴為了給電流表擴(kuò)大量程，應(yīng)并聯(lián)一個(gè)小電阻進(jìn)行分流，故應(yīng)并聯(lián)的電阻R2；2x1<2)由于電源內(nèi)阻約為5G,而改裝后的電流表內(nèi)阻為七=丁二^=°67。，電壓表內(nèi)阻約為15kH,所以電壓表內(nèi)2+1阻遠(yuǎn)大于電源的內(nèi)阻，故應(yīng)釆用相對(duì)電源的電流表外接法；原理圖如圖所示；—?——-~~? -I——廣 (