云南省曲靖市宣威市得祿鄉(xiāng)第二中學2022年高三物理月考試題含解析

云南省曲靖市宣威市得祿鄉(xiāng)第二中學2022年高三物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.兩個互相垂直的勻變速直線運動，初速度分別為、，加速度分別為、，它們的合運動的軌跡A．如果，那么軌跡一定是直線B．如果，，那么軌跡一定是曲線C．如果，那么軌跡一定是直線D．如果，那么軌跡一定是直線參考答案：AD2.(單選)在新疆旅游時，最刺激的莫過于滑沙運動。某人坐在滑沙板上從沙坡斜面的頂端由靜止沿直線下滑到斜面底端時，速度為2v0，設人下滑時所受阻力恒定不變，沙坡長度為L，斜面傾角為α，人的質量為m，滑沙板質量不計，重力加速度為g。則下列說法錯誤的是(

)A．若人在斜面頂端被其他人推了一把，沿斜面以v0的初速度下滑，則人到達斜面底端時的速度大小為3v0B．若人在斜面頂端被其他人推了一把，沿斜面以v0的初速度下滑，則人到達斜面底端時的速度大小為v0C．人沿沙坡下滑時所受阻力Ff＝mgsinα－2mv/LD．人在下滑過程中重力功率的最大值為2mgv0sinα參考答案：A3.已知兩個共點力的合力為50N，分力F1的方向與合力F的方向成30°角，分力F2的大小為30N。則A．F1的大小是唯一的B．F2的方向是唯一的

C．F2有兩個可能的方向

D．F2可取任意方向參考答案：（

C

）4.（單選）直升機懸停在空中向地面投放裝有救災物資的箱子，如圖所示，投放初速度為零，箱子所受的空氣阻力與箱子下落速度的平方成正比，且運動過程中箱子始終保持圖示姿態(tài)。在箱子下落過程中，下列說法正確的是(

)A．箱子剛從飛機上投下時，箱內(nèi)物體受到的支持力最大B．箱子接近地面時，箱內(nèi)物體受到的支持力比剛投下時大C．箱內(nèi)物體對箱子底部始終沒有壓力D．若下落距離足夠長，箱內(nèi)物體有可能不受底部支持力而“飄起來”參考答案：B5.如圖所示，在光滑絕緣的水平面上方，有兩個方向相反的水平方向勻強磁場，PQ為兩個磁場的邊界，磁場范圍足夠大，磁感應強度的大小分別為、一個豎直放置的邊長為質量為m、電阻為R的正方形金屬線框，以速度垂直磁場方向從圖中實線位置開始向右運動，當線框運動到分別有一半面積在兩個磁場中時，線框的速度為，則下列結論中正確的是A.此過程中通過線框橫截面的電量為 B.此過程中回路產(chǎn)生的電能為C.此時線框的加速度為 D.此時線框中的電功率為參考答案：AC【詳解】A、根據(jù)電荷量的經(jīng)驗公式可得：，根據(jù)題意可得：，所以通過線框橫截面的電荷量為，故A正確。B、由能量守恒定律得，此過程中回路產(chǎn)生的電能為：，故B錯誤；C、此時感應電動勢為：，線框電流為：，由牛頓第二定律得：，解得：，故C正確；D、此時線框的電功率為：，故D錯誤；二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.小明同學在學習機械能守恒定律后，做了一個實驗，將小球從距斜軌底面高h處釋放，使其沿豎直的圓形軌道（半徑為R）的內(nèi)側運動，在不考慮摩擦影響的情況下，（Ⅰ）若h＜R，小球不能通過圓形軌道最高點；（選填“能”或“不能”）（Ⅱ）若h=2R，小球不能通過圓形軌道最高點；（選填“能”或“不能”）（Ⅲ）若h＞2R，小球不一定能通過圓形軌道最高點；（選填“一定能”或“不一定能”）參考答案：考點：機械能守恒定律．專題：機械能守恒定律應用專題．分析：小球恰好能通過圓弧軌道最高點時，重力提供向心力，根據(jù)向心力公式求出到達最高點的速度，再根據(jù)機械能守恒定律求出最小高度即可求解．解答：解：小球恰好能通過最高點，在最高點，由重力提供向心力，設最高點的速度為v，則有：

mg=m，得：v=從開始滾下到軌道最高點的過程，由機械能守恒定律得：

mgh=2mgR+解得：h=2.5R所以當h＜2.5R時，小球不能通過圓形軌道最高點，Ⅰ．若h＜R，小球不能通過圓形軌道最高點；Ⅱ．若h=2R，小球不能通過圓形軌道最高點；Ⅲ．若h＞2R，小球不一定能通過圓形軌道最高點．故答案為：Ⅰ．不能；Ⅱ．不能；Ⅲ．不一定能點評：本題的突破口是小球恰好能通過最高點，關鍵抓住重力等于向心力求出最高點的速度．對于光滑軌道，首先考慮能否運用機械能守恒，當然本題也可以根據(jù)動能定理求解．7.質量為2噸的打樁機的氣錘，從5m高處白由落下與地面接觸0.2s后完全靜止下來，空氣阻力不計、g取10m/s2，則在此過程中地面受到氣錘的平均打擊力為___________N。參考答案：設向上為正方向，由沖量定理可得，由機械能守恒可得，解得=N，由牛頓第三定律可知地面受到氣錘的平均打擊力為N。8.某中學的實驗小組利用如圖所示的裝置研究光電效應規(guī)律，用理想電壓表和理想電流表分別測量光電管的電壓以及光電管的電流．當開關打開時，用光子能量為2.5eV的光照射光電管的陰極K，理想電流表有示數(shù)，閉合開關，移動滑動變阻器的觸頭，當電壓表的示數(shù)小于0.60V時，理想電流表仍有示數(shù)，當理想電流表的示數(shù)剛好為零時，電壓表的示數(shù)剛好為0.60V．則陰極K的逸出功為1.9eV，逸出的光電子的最大初動能為0.6eV．參考答案：：解：設用光子能量為2.5eV的光照射時，光電子的最大初動能為Ekm，陰極材料逸出功為W0，當反向電壓達到U=0.60V以后，具有最大初動能的光電子也達不到陽極，因此eU=Ekm由光電效應方程：Ekm=hν﹣W0由以上二式：Ekm=0.6eV，W0=1.9eV．所以此時最大初動能為0.6eV，該材料的逸出功為1.9eV；故答案為：1.9eV，0.6eV．9.某同學想設計一個調(diào)光電路，現(xiàn)在已有下列器材：一只標有“6V，3W”的燈泡L，一只標有“12Ω，1A”的滑動變阻器，一電源電動勢為12V，電源內(nèi)阻不計，開關一只，導線若干．要想使調(diào)光電路的開關閉合后，改變滑動變阻器的滑片P的位置，可使燈泡由正常發(fā)光到逐漸變暗，直至熄滅．

（1）為了滿足實驗設計的要求還需要_________________________（填寫實驗器材），理由_____________________________________________

_______________________________________________

_______________________________________________

___________________________________________

（2）請在右邊的方框內(nèi)畫出符合設計要求的電路圖．參考答案：（1）一個分壓電阻R0；

若僅用現(xiàn)有器材設計電路其電路圖如圖所示，通過計算可知，當滑動觸片P使燈泡正確發(fā)光時，滑動電阻器左邊部分電阻為R1=7.42Ω，通過部分的電流將大于1A，所以滑動變阻器將破壞，因此不能滿足燈泡正常發(fā)光的情況．

（2）電路圖如圖所示．10.（6分）用多用電表進行了幾次測量，指針分別處于a、b的位置，如圖所示。若多用電表的選擇開關處于下面表格中所指的檔位，a和b的相應讀數(shù)是多少？請?zhí)钤诒砀裰小?/p>

參考答案：

指針位置選擇開關所處的檔位讀

數(shù)a直流電流100mA23.0mA直流電壓2.5V0.57Vb電阻×100320Ω解析：直流電流100mA檔讀第二行“0～10”一排，最小度值為2mA估讀到1mA就可以了；直流電壓2.5V檔讀第二行“0~250”一排，最小分度值為0.05V估讀到0.01V就可以了；電阻×100檔讀第一行，測量值等于表盤上讀數(shù)“3.2”乘以倍率“100”。11.)V表示標準狀態(tài)下水蒸氣的摩爾體積，ρ為標準狀態(tài)下水蒸氣的密度，NA為阿伏加德羅常數(shù)，m為每個水分子的質量，則阿伏加德羅常數(shù)NA＝______，標準狀態(tài)下相鄰水蒸氣分子間的平均距離d＝_____.參考答案：

12.一物體沿x軸做直線運動，其位置坐標x隨時間t變化的規(guī)律為x=15+2t2，（采用SI單位制），則該物體在前2秒內(nèi)的位移為8m，第5秒末的速度為20m/s．參考答案：【考點】：勻變速直線運動的位移與時間的關系．【專題】：運動學中的圖像專題．【分析】：由位移公式和所給定表達式對應項相等，求出初速度以及加速度，再由速度公式分別求出5s時的瞬時速度．由速度公式求出第5秒末的速度．：解：由位移公式x=v0tat2，按時間對應項相等，可得：v0=0，a=4m/s2由v5=at5，得第5秒末的速度為：v5=4×5=20m/s物體在前2秒內(nèi)的位移為：x=x2﹣x0=15+2t2﹣15=2×22=8m故答案為：8，20【點評】：本題就是對勻變速運動的位移公式和速度公式的直接考查，比較簡單．13.1919年，盧瑟福用α粒子轟擊氮核發(fā)現(xiàn)質子．科學研究表明其核反應過程是：α粒子轟擊靜止的氮核后形成了不穩(wěn)定的復核，復核發(fā)生衰變放出質子，變成氧核．設α粒子質量為m1，初速度為v0，氮核質量為m2，質子質量為m0,氧核的質量為m3，不考慮相對論效應．α粒子轟擊氮核形成不穩(wěn)定復核的瞬間，復核的速度大小為

，此過程中釋放的核能為________________________________．參考答案：

設復核速度為v，由動量守恒得解得整個過程中質量虧損由愛因斯坦質能方程，得三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.利用圖示裝置可以做力學中的許多實驗．（1）以下說法正確的是

．A．利用此裝置“研究勻變速直線運動”時，須設法消除小車和木板間的摩擦阻力的影響B(tài)．利用此裝置探究“小車的加速度與質量的關系”并用圖象法處理數(shù)據(jù)時，如果畫出的a-M關系圖象不是直線，就可確定加速度與質量成反比C．利用此裝置探究“功與速度變化的關系”實驗時，應將木板帶打點計時器的一端適當墊高，這樣做的目的是利用小車重力沿斜面分力補償小車運動中所受阻力的影響（2）小華在利用此裝置“探究加速度a與力F的關系”時，因為不斷增加所掛鉤碼的個數(shù)，導致鈞碼的質量遠遠大于小車的質量，則小車加速度a的值隨鈞碼個數(shù)的增加將趨近于

的值.參考答案：15.某同學到實驗室做“測電源電動勢和內(nèi)阻”的實驗時，發(fā)現(xiàn)實驗臺上有以下器材：待測電源（電動勢約為4V，內(nèi)阻約為2Ω）定值電阻R0，阻值約為3Ω電壓表兩塊（有5V、15V兩個量程，5V量程內(nèi)阻約3kΩ）電流表（內(nèi)阻約為1Ω，量程0.6A）滑動變阻器A（0～20Ω，3A）滑動變阻器B（0～200Ω，0.2A）電鍵一個，導線若干．該同學想在完成學生實驗“測電源電動勢和內(nèi)阻”的同時精確測出定值電阻R0的阻值，設計了如圖所示的電路．實驗時他用U1、U2、I分別表示電表V1、V2、A的讀數(shù)．在將滑動變阻器的滑片移動到不同位置時，記錄了U1、U2、I的一系列值．其后他在兩張坐標紙上各作了一個圖線來處理實驗數(shù)據(jù)，并計算了電源電動勢、內(nèi)阻以及定值電阻R0的阻值．根據(jù)題中所給信息解答下列問題：①在電壓表V1接入電路時應選擇的量程是5V，滑動變阻器應選擇A（填器材代號“A”或“B”）；②在坐標紙上作圖線時，用來計算電源電動勢和內(nèi)阻的圖線的橫坐標軸用I表示，縱坐標軸用U1表示；用來計算定值電阻R0的圖線的橫坐標軸、縱坐標軸分別應該用I、U1﹣U2表示．（填“U1、U2、I”或由它們組成的算式）③若實驗中的所有操作和數(shù)據(jù)處理無錯誤，實驗中測得的定值電阻R0的值大于其真實值，電源電動勢E的測量值小于其真實值．（選填“大于”、“小于”或“等于”）參考答案：解：①待測電動勢4V，電壓表的量程應選擇5V，有利于讀數(shù)減小誤差，滑動變阻器調(diào)節(jié)范圍較大且便于操作，應選擇0～20Ω的滑動變阻器A；②計算電源電動勢和內(nèi)阻的圖線應為路端電壓U1與干路電流I的關系圖線，縱坐標的截距代表的是電源的電動勢，直線的斜率代表的是電源的內(nèi)阻的大小．計算定值電阻R0的圖線應為R0兩端的電壓（U1﹣U2）與電流I的關系圖線；直線的斜率代表的定值電阻R0．③R0兩端的電壓（U1﹣U2）沒有誤差，電流表示數(shù)比R0的實際電流偏小，故R0的測量值偏大．如果實驗中測得的電源電動勢和內(nèi)阻誤差較大，在不考慮偶然誤差及電表內(nèi)阻的影響外，原因還可能是未知電阻R0的阻值太大．由圖甲所示可知，相對于電源來說，實驗采用電流表外接法，當外電路短路時，電流的測量值等于真實值，除此之外，由于電壓表的分流作用，電流的測量值小于真實值，電源的U﹣I圖象如圖所示，由圖象可知，電源電動勢的測量值小于真實值，電源內(nèi)阻的測量值小于真實值．故答案為：①5V；A；②I；U1；I；U1﹣U2；③大于；小于．四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，粗細均勻的U形管左端封閉，右端開口，兩豎直管長為L1=50cm，水平管長d=20cm，大氣壓強P0=76cmHg．左管內(nèi)有一段L0=8cm長的水銀封住長為L2=30cm長的空氣柱，現(xiàn)將開口端接上帶有壓強傳感器的抽氣機向外抽氣，使左管內(nèi)氣體溫度保持不變而右管內(nèi)壓強緩緩降低，要把水銀柱全部移到右管中，求右管內(nèi)壓強至少降為多少．參考答案：解：以左管中封閉氣體為研究對象初態(tài)：，得：末態(tài)：由題意知，水銀柱全部移到右管中，根據(jù)玻意耳定律，有代入數(shù)據(jù)：解得：右管內(nèi)壓強降為p′解得：p′=29.14﹣8=21.14cmHg答：右管內(nèi)壓強至少降為21.14cmHg【考點】理想氣體的狀態(tài)方程．【分析】對左管中氣體為研究對象，根據(jù)玻意耳定律求左管中氣體末態(tài)壓強，根據(jù)左右管的壓強關系求出右管內(nèi)的壓強；17.（10分）（2014?揚州模擬）如圖所示，在投球游戲中，小明坐在可沿豎直方向升降的椅子上，停在不同高度處將小球水平拋出落入固定的球框中．已知球框距地面的高度為h0，小球的質量為m，拋出點與球框的水平距離始終為L，忽略空氣阻力．（1）小球距地面高為H0處水平拋出落入球框，求此過程中小球重力勢能的減少量；（2）若小球從不同高度處水平拋出后都落入了球框中，試推導小球水平拋出的速度v與拋出點高度H之間滿足的函數(shù)關系；（3）為防止球入框時彈出，小明認為球落入球框時的動能越小越好．那么，它應該從多高處將球水平拋出，可以使小球入框時的動能最??？并求該動能的最小值．

參考答案：（1）此過程中小球重力勢能的減少量為mg（H0﹣h0）．（2）球水平拋出的速度v與拋出點高度H之間滿足的函數(shù)關系是：（H＞h0）．（3）球應該從h0+L高處將球水平拋出，可以使小球入框時的動能最小，該動能的最小值是mgL．

考點：機械能守恒定律；牛頓第二定律；向心力．專題：機械能守恒定律應用專題．分析：（1）小球重力勢能的減少量等于等于重力做功mg（H0﹣h0）．（2）小球做平拋運動，根據(jù)平拋運動的規(guī)律求解．（3）小球平拋運動的過程中，只有重力做功，機械能守恒，根據(jù)機械能守恒定律得到小球入框時的動能與高度的關系，由數(shù)學知識求解．解答：解：（1）小球重力勢能的減少量為：△Ep=mg（H0﹣h0）．（2）設小球做平拋運動的時間為t，則水平方向有：L=vt豎直方向有：解得：（H＞h0）或：．（3）小球平拋過程，只受重力，機械能守恒，則得：結合上題結論有：得：EK=+mg（H﹣h0）當H=h0+L時，EK有極小值，得：EKmin=mgL答：（1）此過程中小球重力勢能的減少量為mg（H0﹣h0）．（2）球水平拋出的速度v與拋出點高度H之間滿足的函數(shù)關系是：（H＞h0）．（3）球應該從h0+L高處將球水平拋出，可以使小球入框時的動能最小，該動能的最小值是mgL．點評：本題是平拋運動與機械能守恒定律的綜合，關鍵運用數(shù)學方法，求解動能的最小值．18.如圖17所示，在傾角θ＝30o的斜面上放置一段凹槽B，B與斜面間的動摩擦因數(shù)μ＝，槽內(nèi)靠近右側壁處有一小物塊A(可視為質點)，它到凹槽左側壁的距離d＝0.10m。A、B的質量都為m=2.0kg，B與斜面間的最大靜摩擦力可認為等于滑動摩擦力，不計A、B之間的摩擦，斜面足夠長?，F(xiàn)同時由靜止釋放A、B，經(jīng)過一段時間，A與B的側壁發(fā)生碰撞，碰撞過程不計機械能損失，碰撞時間極短。取g=10m/s2。求：（1）物塊A和凹槽B的加速度分別是多大；（2）物塊A與凹槽B的左側壁第一次碰撞后瞬間A、B的速度大小；（3）從初始位置到物塊A與凹槽B的左側壁發(fā)生第三次碰撞時B的位移大小。參考答案：見解析（1）設A的加速度為a1，則mgsin?=ma1，a1=gsin?????×sin30°=5.0m/s2…………1分設B受到斜面施加的滑動摩擦力f，則==10N，方向沿斜面向上

B所受重力沿斜面的分力=2.0×10×sin30°=10N，方向沿斜面向下因為，所以B受力平衡，釋放后B保持靜止，則凹槽B的加速度a2=0………1分

（2）釋放A后，A做勻加速運動，設物塊A運動到凹槽B的左內(nèi)側壁時的速度為vA0，根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律得

vA0===1.0m/s………1分

因A、B發(fā)生彈性碰撞時間極短，沿斜面方向動量守恒，A和