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認(rèn)證類型：個人認(rèn)證

認(rèn)證主體：李**（實(shí)名認(rèn)證）

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精品文檔精心整理精品文檔可編輯的精品文檔2014年全國統(tǒng)一高考化學(xué)試卷（新課標(biāo)Ⅰ）一、選擇題（本題共7小題，每小題6分，共42分）1．（6分）下列化合物中同分異構(gòu)體數(shù)目最少的是（）A．戊烷 B．戊醇 C．戊烯 D．乙酸乙酯 2．（6分）化學(xué)與社會、生活密切相關(guān)，對下列現(xiàn)象或事實(shí)的解釋正確的是（）選項現(xiàn)象或事實(shí)解釋A用熱的燒堿溶液洗去油污Na2CO3可直接和油污反應(yīng)B漂白粉在空氣中久置變質(zhì)漂白粉中的CaCl2與空氣中的CO2反應(yīng)生成CaCO3C施肥時，草木灰（有效成分為K2CO3）不能與NH4Cl混合使用K2CO3與NH4Cl反應(yīng)生成氨氣會降低肥效DFeCl3溶液可用于銅質(zhì)印刷線路板制作FeCl3能從含有Cu2+的溶液中置換出銅A．A B．B C．C D．D 3．（6分）已知分解1molH2O2放出熱量98kJ，在含少量I﹣的溶液中，H2O2分解的機(jī)理為：H2O2+I﹣→H2O+IO﹣慢H2O2+IO﹣→H2O+O2+I﹣快下列有關(guān)該反應(yīng)的說法正確的是（）A．反應(yīng)速率與I﹣的濃度有關(guān) B．IO﹣也是該反應(yīng)的催化劑 C．反應(yīng)活化能等于98kJ?mol﹣1 D．v（H2O2）=v（H2O）=v（O2）4．（6分）X，Y，Z均為短周期元素，X，Y處于同一周期，X，Z的最低價離子分別為X2﹣和Z﹣，Y+和Z﹣具有相同的電子層結(jié)構(gòu)。下列說法正確的是（）A．原子最外層電子數(shù)：X＞Y＞Z B．單質(zhì)沸點(diǎn)：X＞Y＞Z C．離子半徑：X2﹣＞Y+＞Z﹣ D．原子序數(shù)：X＞Y＞Z 5．（6分）溴酸銀（AgBrO3）溶解度隨溫度變化曲線如圖所示，下列說法錯誤的是（）A．溴酸銀的溶解是放熱過程 B．溫度升高時溴酸銀溶解速度加快 C．60℃時溴酸銀的Ksp約等于6×10﹣4 D．若硝酸鉀中含有少量溴酸銀，可用重結(jié)晶方法提純 6．（6分）下列有關(guān)儀器使用方法或?qū)嶒灢僮髡_的是（）A．洗凈的錐形瓶和容量瓶可以放進(jìn)烘箱烘干 B．酸式滴定管裝標(biāo)準(zhǔn)溶液前，必須先用該溶液潤洗 C．酸堿滴定實(shí)驗中，用待滴定溶液潤洗錐形瓶以減小實(shí)驗誤差 D．用容量瓶配溶液時，若加水超過刻度線，立即用滴管吸出多余液體 7．（6分）利用如圖所示裝置進(jìn)行下列實(shí)驗，能得出相應(yīng)實(shí)驗結(jié)論是（）選項①②③實(shí)驗結(jié)論A稀硫酸Na2SAgNO3與AgCl的濁液Ksp（AgCl）＞Ksp（Ag2S）B濃硫酸蔗糖溴水濃硫酸具有脫水性、氧化性C稀鹽酸Na2SO3Ba（NO3）2溶液SO2與可溶性鋇鹽均可生成白色沉淀D濃硝酸Na2CO3Na2SiO3溶液酸性：硝酸＞碳酸＞硅酸A．A B．B C．C D．D 三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分（一）必考題（共58分）8．（13分）乙酸異戊酯是組成蜜蜂信息素的成分之一，具有香蕉的香味，實(shí)驗室制備乙酸異戊酯的反應(yīng)、裝置示意圖和有關(guān)數(shù)據(jù)如圖1、2及表格：圖1圖2圖3相對分子質(zhì)量密度/（g?cm﹣3）沸點(diǎn)/℃水中溶解性異戊醇880.8123131微溶乙酸601.0492118溶乙酸異戊酯1300.8670142難溶實(shí)驗步驟：在A中加入4.4g異戊醇、6.0g乙酸、數(shù)滴濃硫酸和2～3片碎瓷片，開始緩慢加熱A，回流50min，反應(yīng)液冷至室溫后倒入分液漏斗中，分別用少量水、飽和碳酸氫鈉溶液和水洗滌；分出的產(chǎn)物加入少量無水MgSO4固體，靜置片刻，過濾除去MgSO4固體，進(jìn)行蒸餾純化，收集140﹣143℃餾分，得乙酸異戊酯3.9g．回答下列問題：（1）儀器B的名稱是；（2）在洗滌操作中，第一次水洗的主要目的是，第二次水洗的主要目的是；（3）在洗滌、分液操作中，應(yīng)充分振蕩、然后靜置，待分層后（填標(biāo)號）a．直接將乙酸異戊酯從分液漏斗的上口倒出b．直接將乙酸異戊酯從分液漏斗的下口放出c．先將水層從分液漏斗的下口放出，再將乙酸異戊酯從下口放出d．先將水層從分液漏斗的下口放出，再將乙酸異戊酯從上口倒出（4）本實(shí)驗中加入過量乙酸的目的是；（5）實(shí)驗中加入少量無水MgSO4的目的是；（6）在蒸餾操作中，儀器選擇及安裝都正確的是（如圖3）（填標(biāo)號）（7）本實(shí)驗的產(chǎn)率是（填標(biāo)號）a.30%b.40%c.60%d.90%（8）在進(jìn)行蒸餾操作時，若從130℃便開始收集餾分，會使實(shí)驗的產(chǎn)率偏（填“高”或“低”），其原因是．9．（15分）次磷酸（H3PO2）是一種精細(xì)磷化工產(chǎn)品，具有較強(qiáng)還原性，回答下列問題：（1）H3PO2是一元中強(qiáng)酸，寫出其電離方程式；（2）H3PO2及NaH2PO2均可將溶液中的Ag+還原為銀，從而可用于化學(xué)鍍銀。①H3PO2中，P元素的化合價為；②利用H3PO2進(jìn)行化學(xué)鍍銀反應(yīng)中，氧化劑與還原劑的物質(zhì)的量之比為4：1，則氧化產(chǎn)物為（填化學(xué)式）；③NaH2PO2為（填“正鹽”或“酸式鹽”），其溶液顯（填“弱酸性”、“中性”或“弱堿性”）；（3）H3PO2的工業(yè)制法是：將白磷（P4）與Ba（OH）2溶液反應(yīng)生成PH3氣體和Ba（H2PO2）2，后者再與H2SO4反應(yīng)，寫出白磷與Ba（OH）2溶液反應(yīng)的化學(xué)方程式；（4）H3PO2也可用電滲析法制備。“四室電滲析法”工作原理如圖所示（陽膜和陰膜分別只允許陽離子、陰離子通過）：①寫出陽極的電極反應(yīng)式；②分析產(chǎn)品室可得到H3PO2的原因；③早期采用“三室電滲析法”制備H3PO2，將“四室電滲析法”中陽極室的稀硫酸用H3PO2稀溶液代替，并撤去陽極室與產(chǎn)品室之間的陽膜，從而合并了陽極室與產(chǎn)品室，其缺點(diǎn)是產(chǎn)品中混有雜質(zhì)，該雜質(zhì)產(chǎn)生的原因是。10．（15分）乙醇是重要的有機(jī)化工原料，可由乙烯氣相直接水合法或間接水合法生產(chǎn)，回答下列問題：（1）間接水合法是指先將乙烯與濃硫酸反應(yīng)生成硫酸氫乙酯（C2H5OSO3H），再水解生成乙醇，寫出相應(yīng)反應(yīng)的化學(xué)方程式；（2）已知：甲醇脫水反應(yīng)2CH3OH（g）═CH3OCH3（g）+H2O（g）△H1=﹣23.9kJ?mol﹣1甲醇制烯烴反應(yīng)2CH3OH（g）═C2H4（g）+2H2O（g）△H2=﹣29.1kJ?mol﹣1乙醇異構(gòu)化反應(yīng)C2H5OH（g）═CH3OCH3（g）△H3=+50.7kJ?mol﹣1則乙烯氣相直接水合反應(yīng)C2H4（g）+H2O（g）═C2H5OH（g）的△H=kJ?mol﹣1，與間接水合法相比，氣相直接水合法的優(yōu)點(diǎn)是；（3）如圖為氣相直接水合法中乙烯的平衡轉(zhuǎn)化率與溫度、壓強(qiáng)的關(guān)系（其中：=1：1）①列式計算乙烯水合制乙醇反應(yīng)在圖中A點(diǎn)的平衡常數(shù)Kp=（用平衡分壓代替平衡濃度計算，分壓=總壓×物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)）；②圖中壓強(qiáng)（P1，P2，P3，P4）大小順序為，理由是；③氣相直接水合法常采用的工藝條件為：磷酸/硅藻土為催化劑，反應(yīng)溫度290℃，壓強(qiáng)6.9MPa，：=0.6：1，乙烯的轉(zhuǎn)化率為5%，若要進(jìn)一步提高乙烯轉(zhuǎn)化率，除了可以適當(dāng)改變反應(yīng)溫度和壓強(qiáng)外，還可以采取的措施有、。【化學(xué)-選修2：化學(xué)與技術(shù)】11．（15分）磷礦石主要以磷酸鈣[Ca3（PO4）2?H2O]和磷灰石[Ca5F（PO4）3，Ca5（OH）（PO4）3]等形式存在，圖（a）為目前國際上磷礦石利用的大致情況，其中濕法磷酸是指磷礦石用過量硫酸分解制備磷酸，圖（b）是熱法磷酸生產(chǎn)過程中由磷灰石制單質(zhì)磷的流程：部分物質(zhì)的相關(guān)性質(zhì)如下：熔點(diǎn)/℃沸點(diǎn)/℃?zhèn)渥琢?4280.5PH3﹣133.8﹣87.8難溶于水、有還原性SiF4﹣90﹣86易水解回答下列問題：（1）世界上磷礦石最主要的用途是生產(chǎn)含磷肥料，約占磷礦石使用量的%；（2）以磷礦石為原料，濕法磷酸過程中Ca5F（PO4）3反應(yīng)化學(xué)方程式為：．現(xiàn)有1t折合含有P2O5約30%的磷灰石，最多可制得到85%的商品磷酸t(yī)．（3）如圖（b）所示，熱法磷酸生產(chǎn)過程的第一步是將SiO2、過量焦炭與磷灰石混合，高溫反應(yīng)生成白磷．爐渣的主要成分是（填化學(xué)式）．冷凝塔1的主要沉積物是，冷凝塔2的主要沉積物是．（4）尾氣中主要含有，還含有少量的PH3、H2S和HF等．將尾氣先通入純堿溶液，可除去；再通入次氯酸鈉溶液，可除去．（均填化學(xué)式）（5）相比于濕法磷酸，熱法磷酸工藝復(fù)雜，能耗高，但優(yōu)點(diǎn)是．【化學(xué)-選修3：物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)】12．早期發(fā)現(xiàn)的一種天然二十面體準(zhǔn)晶顆粒由Al、Cu、Fe三種金屬元素組成，回答下列問題：（1）準(zhǔn)晶是一種無平移周期序，但有嚴(yán)格準(zhǔn)周期位置序的獨(dú)特晶體，可通過方法區(qū)分晶體、準(zhǔn)晶體和非晶體．（2）基態(tài)Fe原子有個未成對電子，F(xiàn)e3+的電子排布式為，可用硫氰化鉀檢驗Fe3+，形成的配合物的顏色為．（3）新制備的Cu（OH）2可將乙醛（CH3CHO）氧化成乙酸，而自身還原成Cu2O，乙醛中碳原子的雜化軌道類型為；1mol乙醛分子中含有的σ鍵的數(shù)目為，乙酸的沸點(diǎn)明顯高于乙醛，其主要原因是．Cu2O為半導(dǎo)體材料，在其立方晶胞內(nèi)部有4個氧原子，其余氧原子位于面心和頂點(diǎn)，則該晶胞中有個銅原子．（4）Al單質(zhì)為面心立方晶體，其晶胞參數(shù)a=0.405nm，晶胞中鋁原子的配位數(shù)為，列式表示Al單質(zhì)的密度g?cm﹣3（不必計算出結(jié)果）．【化學(xué)-選修5：有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)】13．席夫堿類化合物G在催化、藥物、新材料等方面有廣泛應(yīng)用。合成G的一種路線如下：已知以下信息：①②1molB經(jīng)上述反應(yīng)可生成2molC，且C不能發(fā)生銀鏡反應(yīng)。③D屬于單取代芳香烴，其相對分子質(zhì)量為106。④核磁共振氫譜顯示F苯環(huán)上有兩種化學(xué)環(huán)境的氫。⑤回答下列問題：（1）由A生成B的化學(xué)方程式為，反應(yīng)類型為；（2）E的化學(xué)名稱是，由D生成E的化學(xué)方程式為；（3）G的結(jié)構(gòu)簡式為；（4）F的同分異構(gòu)體中含有苯環(huán)的還有種（不考慮立體異構(gòu)），其中核磁共振氫譜中有4組峰，且面積比為6：2：2：1的是，（寫出其中的一種的結(jié)構(gòu)簡式）。（5）由苯和化合物C經(jīng)如下步驟可合成N﹣異丙基苯胺。反應(yīng)條件1所選擇的試劑為；反應(yīng)條件2所選擇的試劑為；I的結(jié)構(gòu)簡式為。精品文檔精心整理精品文檔可編輯的精品文檔2015年全國統(tǒng)一高考化學(xué)試卷（新課標(biāo)Ⅰ）一、選擇題（共7小題，每小題6分，滿分42分）1．（6分）我國清代《本草綱目拾遺》中記敘無機(jī)藥物335種，其中“強(qiáng)水”條目下寫道：“性最烈，能蝕五金…其水甚強(qiáng)，五金八石皆能穿第，惟玻璃可盛。”這里的“強(qiáng)水”是指（）A．氨水 B．硝酸 C．醋 D．鹵水2．（6分）NA為阿伏伽德羅常數(shù)的值。下列說法正確的是（）A．18gD2O和18gH2O中含有的質(zhì)子數(shù)均為10NA B．2L0.5mol/L亞硫酸溶液中含有的H+個數(shù)為2NA C．過氧化鈉與水反應(yīng)時，生成0.1mol氧氣轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為0.2NA D．密閉容器中2molNO與1molO2充分反應(yīng)，產(chǎn)物的分子數(shù)為2NA3．（6分）烏洛托品在合成、醫(yī)藥、染料等工業(yè)中有廣泛用途，其結(jié)構(gòu)式如圖所示。將甲醛水溶液與氨水混合蒸發(fā)可制得烏洛托品。若原料完全反應(yīng)生成烏洛托品，則甲醛與氨的物質(zhì)的量之比為（）A．1：1 B．2：3 C．3：2 D．2：14．（6分）下列實(shí)驗中，對應(yīng)的現(xiàn)象以及結(jié)論都正確且兩者具有因果關(guān)系的是（）實(shí)驗現(xiàn)象結(jié)論A將硝酸加入過量鐵粉中，充分反應(yīng)后滴加KSCN溶液有氣體生成，溶液成血紅色稀硝酸將Fe氧化為Fe3+B將銅粉加入1.0mol?L﹣1的Fe2（SO4）3溶液中溶液變藍(lán)，有黑色固體出現(xiàn)金屬Fe比Cu活潑C用坩堝鉗夾住用砂紙仔細(xì)打磨過的鋁箔在酒精燈上加熱熔化后的液態(tài)鋁滴落下來金屬鋁的熔點(diǎn)比較低D將0.1mol?L﹣1MgSO4溶液滴入NaOH溶液中至不在有沉淀產(chǎn)生，再滴加0.1mol?L﹣1CuSO4溶液先有白色沉淀生成，后變?yōu)闇\藍(lán)色沉淀Cu（OH）2的溶度積比Mg（OH）2的小A．A B．B C．C D．D5．（6分）微生物電池是指在微生物的作用下將化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，其工作原理如圖所示。下列有關(guān)微生物電池的說法錯誤的是（）A．正極反應(yīng)中有CO2生成 B．微生物促進(jìn)了反應(yīng)中電子的轉(zhuǎn)移 C．質(zhì)子通過交換膜從負(fù)極區(qū)移向正極區(qū) D．電池總反應(yīng)為C6H12O6+6O2═6CO2+6H2O6．（6分）W、X、Y、Z均為的短周期主族元素，原子序數(shù)依次增加，且原子核外L電子層的電子數(shù)分別為0、5、8、8，它們的最外層電子數(shù)之和為18．下列說法正確的是（）A．單質(zhì)的沸點(diǎn)：W＞X B．陰離子的還原性：W＞Z C．氧化物的水化物的酸性：Y＜Z D．X與Y不能存在于同一離子化合物中7．（6分）濃度均為0.10mol/L、體積均為V0的MOH和ROH溶液，分別加水稀釋至體積V，pH隨lg的變化如圖所示，下列敘述錯誤的是（）A．MOH的堿性強(qiáng)于ROH的堿性 B．ROH的電離程度：b點(diǎn)大于a點(diǎn) C．若兩溶液無限稀釋，則它們的c（OH﹣）相等 D．當(dāng)lg=2時，若兩溶液同時升高溫度，則增大二、解答題（共3小題，滿分43分）8．（14分）草酸（乙二酸）存在于自然界的植物中，其K1=5.4×10﹣2，K2=5.4×10﹣5．草酸的鈉鹽和鉀鹽易溶于水，而其鈣鹽難溶于水。草酸晶體（H2C2O4?2H2O）無色，熔點(diǎn)為101℃，易溶于水，受熱脫水，升華，170℃以上分解。回答下列問題。（1）甲組同學(xué)按照如圖所示的裝置，通過實(shí)驗檢驗草酸晶體的分解產(chǎn)物。裝置C中可觀察到的現(xiàn)象是，由此可知草酸晶體分解的產(chǎn)物中有。裝置B的主要作用是。（2）乙組同學(xué)認(rèn)為草酸晶體分解產(chǎn)物中還有CO，為進(jìn)行驗證，選用甲組實(shí)驗中的裝置A、B和圖2所示的部分裝置（可以重復(fù)選用）進(jìn)行實(shí)驗。①乙組同學(xué)的實(shí)驗裝置中，依次連接的合理順序為A、B、、I，裝置H反應(yīng)管中盛有的物質(zhì)是。②能證明草酸晶體分解產(chǎn)物中有CO的現(xiàn)象是。（3）設(shè)計實(shí)驗證明：草酸的酸性比碳酸的強(qiáng)。9．（14分）硼及其化合物在工業(yè)上有許多用途。以鐵硼礦（主要成分為Mg2B2O5?H2O和Fe3O4，還有少量Fe2O3、FeO、CaO、Al2O3和SiO2等）為原料制備硼酸（H3BO3）的工藝流程如圖所示：回答下列問題：（1）寫出Mg2B2O5?H2O與硫酸反應(yīng)的化學(xué)方程式。為提高浸出速率，除適當(dāng)增加硫酸濃度外，還可采取的措施有（寫出兩條）。（2）利用的磁性，可將其從“浸渣”中分離?！敖敝羞€剩余的物質(zhì)是（化學(xué)式）。（3）“凈化除雜”需先加H2O2溶液，作用是。然后在調(diào)節(jié)溶液的pH約為5，目的是。（4）“粗硼酸”中的主要雜質(zhì)是（填名稱）。（5）以硼酸為原料可制得硼氫化鈉（NaBH4），它是有機(jī)合成中的重要還原劑，其電子式為。（6）單質(zhì)硼可用于生成具有優(yōu)良抗沖擊性能硼鋼。以硼酸和金屬鎂為原料可制備單質(zhì)硼，用化學(xué)方程式表示制備過程。10．（15分）碘及其化合物在合成殺菌劑、藥物等方面具有廣泛用途?；卮鹣铝袉栴}：（1）大量的碘富集在海藻中，用水浸取后濃縮，再向濃縮液中加MnO2和H2SO4，即可得到I2，該反應(yīng)的還原產(chǎn)物為；（2）上述濃縮液中含有I﹣、Cl﹣等離子，取一定量的濃縮液，向其中滴加AgNO3溶液，當(dāng)AgCl開始沉淀時，溶液中為：，已知Ksp（AgCl）=1.8×10﹣10，Ksp（AgI）=8.5×10﹣17。（3）已知反應(yīng)2HI（g）?H2（g）+I2（g）的△H=+11kJ?mol﹣1，1molH2（g）、1molI2（g）分子中化學(xué)鍵斷裂時分別需要吸收436kJ、151kJ的能量，則1molHI（g）分子中化學(xué)鍵斷裂時需吸收的能量為kJ。（4）Bodensteins研究了下列反應(yīng)：2HI（g）?H2（g）+I2（g），在716K時，氣體混合物中碘化氫的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)x（HI）與反應(yīng)時間t的關(guān)系如表：t/min020406080120X（HI）10.910.850.8150.7950.784X（HI）00.600.730.7730.7800.784①根據(jù)上述實(shí)驗結(jié)果，該反應(yīng)的平衡常數(shù)K的計算式為：；②上述反應(yīng)中，正反應(yīng)速率為v正=k正x2（HI），逆反應(yīng)速率為v逆=k逆x（H2）x（I2），其中k正、k逆為速率常數(shù)，則k逆為（以K和k正表示）。若k正=0.0027min﹣1，在t=40min時，v正=min﹣1。③由上述實(shí)驗數(shù)據(jù)計算得到v正～x（HI）和v逆～x（H2）的關(guān)系可用如圖表示。當(dāng)升高到某一溫度時，反應(yīng)重新達(dá)到平衡，相應(yīng)的點(diǎn)分別為（填字母）。[化學(xué)--選修2：化學(xué)與技術(shù)]11．（15分）氯化亞銅（CuCl）廣泛應(yīng)用于化工、印染、電鍍等行業(yè)。CuCl難溶于醇和水，可溶于氯離子濃度較大的體系，在潮濕空氣中易水解氧化。以海綿銅（主要成分是Cu和少量CuO）為原料，采用硝酸銨氧化分解技術(shù)生產(chǎn)CuCl的工藝過程如下：回答下列問題：（1）步驟①中得到的氧化產(chǎn)物是，溶解溫度應(yīng)控制在60﹣70℃，原因是。（2）寫出步驟③中主要反應(yīng)的離子方程式。（3）步驟⑤包括用pH=2的酸洗、水洗兩步操作，酸洗采用的酸是（寫名稱）。（4）上述工藝中，步驟⑥不能省略，理由是。（5）步驟②、④、⑤、⑧都要進(jìn)行固液分離。工業(yè)上常用的固液分離設(shè)備有（填字母）A、分餾塔B、離心機(jī)C、反應(yīng)釜D、框式壓濾機(jī)（6）準(zhǔn)確稱取所制備的氯化亞銅樣品mg，將其置于過量的FeCl3溶液中，待樣品完全溶解后，加入適量稀硫酸，用amol/L﹣1的K2Cr2O7溶液滴定到終點(diǎn)，消耗K2Cr2O7溶液bmL，反應(yīng)中Cr2O72﹣被還原為Cr3+，樣品中CuCl的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為。[化學(xué)--選修3：物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)]12．碳及其化合物廣泛存在于自然界中，回答下列問題：（1）處于一定空間運(yùn)動狀態(tài)的電子在原子核外出現(xiàn)的概率密度分布可用形象化描述。在基態(tài)14C原子中，核外存在對自旋相反的電子。（2）碳在形成化合物時，其鍵型以共價鍵為主，原因是。（3）CS2分子中，共價鍵的類型有，C原子的雜化軌道類型是，寫出兩個與CS2具有相同空間構(gòu)型和鍵合形式的分子或離子。（4）CO能與金屬Fe形成Fe（CO）5，該化合物熔點(diǎn)為253K，沸點(diǎn)為376K，其固體屬于晶體。（5）碳有多種同素異形體，其中石墨烯與金剛石的晶體結(jié)構(gòu)如圖所示：①在石墨烯晶體中，每個C原子連接個六元環(huán)，每個六元環(huán)占有個C原子。②在金剛石晶體中，C原子所連接的最小環(huán)也為六元環(huán)，每個C原子連接個六元環(huán)，六元環(huán)中最多有個C原子在同一平面。[化學(xué)--選修5：有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)]13．A（C2H2）是基本有機(jī)化工原料。由A制備聚乙烯醇縮丁醛和順式聚異戊二烯的合成路線（部分反應(yīng)條件略去）如圖所示：回答下列問題：（1）A的名稱是，B含有的官能團(tuán)是。（2）①的反應(yīng)類型是，⑦的反應(yīng)類型是。（3）C和D的結(jié)構(gòu)簡式分別為、。（4）異戊二烯分子中最多有個原子共平面，順式聚異戊二烯的結(jié)構(gòu)簡式為。（5）寫出與A具有相同官能團(tuán)的異戊二烯的所有同分異構(gòu)體（寫結(jié)構(gòu)簡式）。（6）參照異戊二烯的上述合成路線，設(shè)計一條由A和乙醛為起始原料制備1，3﹣丁二烯的合成路線。

2015年全國統(tǒng)一高考化學(xué)試卷（新課標(biāo)Ⅰ）參考答案與試題解析一、選擇題（共7小題，每小題6分，滿分42分）1．（6分）我國清代《本草綱目拾遺》中記敘無機(jī)藥物335種，其中“強(qiáng)水”條目下寫道：“性最烈，能蝕五金…其水甚強(qiáng)，五金八石皆能穿第，惟玻璃可盛。”這里的“強(qiáng)水”是指（）A．氨水 B．硝酸 C．醋 D．鹵水【考點(diǎn)】12：化學(xué)科學(xué)的主要研究對象；1B：真題集萃；EG：硝酸的化學(xué)性質(zhì)．【分析】“強(qiáng)水”“性最烈，能蝕五金…其水甚強(qiáng)，五金八石皆能穿第，惟玻璃可盛?！闭f明“強(qiáng)水”腐蝕性很強(qiáng)，能腐蝕多數(shù)金屬及巖石，但不能腐蝕玻璃，即和玻璃中成分不反應(yīng)，據(jù)此分析解答?！窘獯稹拷猓篈．氨水屬于弱堿，和金屬不反應(yīng)，不符合條件，故A錯誤；B．硝酸具有強(qiáng)氧化性、強(qiáng)酸性，能腐蝕大多數(shù)金屬，也能和巖石中的CaCO3發(fā)生反應(yīng)，但不能和玻璃中成分硅酸鹽反應(yīng)，所以符合條件，故B正確；C．醋酸是弱電解質(zhì)，能腐蝕較活潑金屬，但不能腐蝕較不活潑金屬，如Cu等金屬，不符合條件，故C錯誤；D．鹵水其主要成份為氯化鎂、氯化鈉和一些金屬陽離子，和大多數(shù)金屬不反應(yīng)，不符合條件，故D錯誤；故選：B?！军c(diǎn)評】本題考查元素化合物知識，為高頻考點(diǎn)，明確物質(zhì)的性質(zhì)是解本題關(guān)鍵，知道硝酸的強(qiáng)氧化性，題目難度不大。2．（6分）NA為阿伏伽德羅常數(shù)的值。下列說法正確的是（）A．18gD2O和18gH2O中含有的質(zhì)子數(shù)均為10NA B．2L0.5mol/L亞硫酸溶液中含有的H+個數(shù)為2NA C．過氧化鈉與水反應(yīng)時，生成0.1mol氧氣轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為0.2NA D．密閉容器中2molNO與1molO2充分反應(yīng)，產(chǎn)物的分子數(shù)為2NA【考點(diǎn)】1B：真題集萃；4F：阿伏加德羅常數(shù)．【專題】518：阿伏加德羅常數(shù)和阿伏加德羅定律．【分析】A．一個D2O和H2O分子中質(zhì)子數(shù)都是10，18g的D2O物質(zhì)的量==0.9mol、18gH2O的物質(zhì)的量==1mol，根據(jù)N=nNA知，其分子數(shù)之比等于物質(zhì)的量之比=0.9mol：1mol=0.9：1，結(jié)合分子構(gòu)成計算質(zhì)子數(shù)；B．n（H2SO3）=0.5mol/L×2L=1mol，亞硫酸是弱電解質(zhì)，在水溶液中部分電離，且第二步電離程度遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于第一步電離程度；C．過氧化鈉和水反應(yīng)方程式為2Na2O2+2H2O=4NaOH+O2↑，每生成1mol氧氣轉(zhuǎn)移電子物質(zhì)的量=1mol×2×[0﹣（﹣1）]=2mol，據(jù)此計算生成0.1mol氧氣轉(zhuǎn)移的電子數(shù)；C．NO和O2反應(yīng)方程式為2NO+O2=2NO2，根據(jù)方程式知，2molNO與1molO2恰好完全反應(yīng)生成2molNO2，但NO2和N2O4之間存在轉(zhuǎn)化，方程式2NO2?N2O4?！窘獯稹拷猓篈．一個D2O和H2O分子中質(zhì)子數(shù)都是10，18g的D2O物質(zhì)的量==0.9mol、18gH2O的物質(zhì)的量==1mol，根據(jù)N=nNA知，其分子數(shù)之比等于物質(zhì)的量之比=0.9mol：1mol=0.9：1，二者的分子數(shù)分別是0.9NA、NA，結(jié)合分子構(gòu)成知，二者的質(zhì)子數(shù)分別是9NA、10NA，故A錯誤；B．n（H2SO3）=0.5mol/L×2L=1mol，亞硫酸是弱電解質(zhì)，在水溶液中部分電離，且第二步電離程度遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于第一步電離程度，所以溶液中含有的H+個數(shù)遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于2NA，故B錯誤；C．過氧化鈉和水反應(yīng)方程式為2Na2O2+2H2O=4NaOH+O2↑，Na2O2中O元素的化合價為﹣1價，每生成1mol氧氣轉(zhuǎn)移電子物質(zhì)的量=1mol×2×[0﹣（﹣1）]=2mol，則生成0.1mol氧氣轉(zhuǎn)移的電子0.2mol，電子數(shù)為0.2NA，故C正確；D．NO和O2反應(yīng)方程式為2NO+O2=2NO2，根據(jù)方程式知，2molNO與1molO2恰好完全反應(yīng)生成2molNO2，但NO2和N2O4之間存在轉(zhuǎn)化，方程式2NO2?N2O4，所以產(chǎn)物分子數(shù)小于2NA，故D錯誤；故選：C?！军c(diǎn)評】本題考查阿伏伽德羅常數(shù)有關(guān)計算，涉及氧化還原反應(yīng)、可逆反應(yīng)、弱電解質(zhì)的電離、同位素等知識點(diǎn)，明確物質(zhì)的性質(zhì)、物質(zhì)結(jié)構(gòu)、物質(zhì)之間的轉(zhuǎn)化即可解答，易錯選項是AD，注意A中D2O的相對分子質(zhì)量是20，注意D中存在轉(zhuǎn)化關(guān)系2NO2?N2O4。3．（6分）烏洛托品在合成、醫(yī)藥、染料等工業(yè)中有廣泛用途，其結(jié)構(gòu)式如圖所示。將甲醛水溶液與氨水混合蒸發(fā)可制得烏洛托品。若原料完全反應(yīng)生成烏洛托品，則甲醛與氨的物質(zhì)的量之比為（）A．1：1 B．2：3 C．3：2 D．2：1【考點(diǎn)】1B：真題集萃；5A：化學(xué)方程式的有關(guān)計算．【分析】將甲醛水溶液與氨水混合蒸發(fā)可制得烏洛托品，若原料完全反應(yīng)生成烏洛托品，每個烏洛托品分子中含有6個C原子、4個N原子，根據(jù)C原子、N原子守恒判斷甲醛和氨的物質(zhì)的量之比。【解答】解：將甲醛水溶液與氨水混合蒸發(fā)可制得烏洛托品，若原料完全反應(yīng)生成烏洛托品，每個烏洛托品分子中含有6個C原子、4個N原子，每個甲醛分子中含有1個C原子、每個氨氣分子中含有1個N原子，根據(jù)C原子、N原子守恒知，要形成一個烏洛托品分子需要6個甲醛分子、4個氨氣分子，則需要甲醛和氨氣分子個數(shù)之比=6：4=3：2，根據(jù)N=nNA知，分子數(shù)之比等于物質(zhì)的量之比，所以甲醛與氨的物質(zhì)的量之比3：2，故選：C?！军c(diǎn)評】本題考查物質(zhì)的量的有關(guān)計算，為高頻考點(diǎn)，明確物質(zhì)的量的基本公式及物質(zhì)的構(gòu)成是解本題關(guān)鍵，注意結(jié)合原子守恒解答，題目難度不大。4．（6分）下列實(shí)驗中，對應(yīng)的現(xiàn)象以及結(jié)論都正確且兩者具有因果關(guān)系的是（）實(shí)驗現(xiàn)象結(jié)論A將硝酸加入過量鐵粉中，充分反應(yīng)后滴加KSCN溶液有氣體生成，溶液成血紅色稀硝酸將Fe氧化為Fe3+B將銅粉加入1.0mol?L﹣1的Fe2（SO4）3溶液中溶液變藍(lán)，有黑色固體出現(xiàn)金屬Fe比Cu活潑C用坩堝鉗夾住用砂紙仔細(xì)打磨過的鋁箔在酒精燈上加熱熔化后的液態(tài)鋁滴落下來金屬鋁的熔點(diǎn)比較低D將0.1mol?L﹣1MgSO4溶液滴入NaOH溶液中至不在有沉淀產(chǎn)生，再滴加0.1mol?L﹣1CuSO4溶液先有白色沉淀生成，后變?yōu)闇\藍(lán)色沉淀Cu（OH）2的溶度積比Mg（OH）2的小A．A B．B C．C D．D【考點(diǎn)】U5：化學(xué)實(shí)驗方案的評價．【專題】52：元素及其化合物．【分析】A．過量鐵粉，反應(yīng)生成亞鐵離子；B．Cu和Fe3+發(fā)生氧化還原反應(yīng)生成Fe2+和Cu2+；C．三氧化二鋁的熔點(diǎn)高于鋁的熔點(diǎn)，所以鋁箔在酒精燈上加熱到熔化，熔化的鋁并不滴落；D．由操作和現(xiàn)象可知，發(fā)生沉淀的轉(zhuǎn)化?！窘獯稹拷猓篈．過量鐵粉，反應(yīng)生成亞鐵離子，加入KSCN溶液、溶液不顯紅色，故A錯誤；B．Cu和Fe3+發(fā)生氧化還原反應(yīng)，反應(yīng)方程式為Cu+2Fe3+=Cu2++2Fe2+，所以沒有黑色沉淀生成，溶液由黃色變?yōu)樗{(lán)色，故B錯誤；C．將鋁箔用坩堝鉗夾住放在酒精燈火焰上加熱，鋁和氧氣反應(yīng)生成了氧化鋁，形成氧化膜，三氧化二鋁的熔點(diǎn)高于鋁的熔點(diǎn)，包住了熔化的鋁，所以加熱鋁箔的時候鋁熔化了但是不會滴落，故C錯誤；D．由操作和現(xiàn)象可知，發(fā)生沉淀的轉(zhuǎn)化，則Cu（OH）2的溶度積比Mg（OH）2的小，故D正確；故選：D?！军c(diǎn)評】本題考查化學(xué)實(shí)驗方案評價，為高頻考點(diǎn)，涉及離子檢驗、氧化還原反應(yīng)、硝酸性質(zhì)等知識點(diǎn)，明確物質(zhì)性質(zhì)及離子檢驗方法是解本題關(guān)鍵，題目難度不大。5．（6分）微生物電池是指在微生物的作用下將化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，其工作原理如圖所示。下列有關(guān)微生物電池的說法錯誤的是（）A．正極反應(yīng)中有CO2生成 B．微生物促進(jìn)了反應(yīng)中電子的轉(zhuǎn)移 C．質(zhì)子通過交換膜從負(fù)極區(qū)移向正極區(qū) D．電池總反應(yīng)為C6H12O6+6O2═6CO2+6H2O【考點(diǎn)】1B：真題集萃；BH：原電池和電解池的工作原理．【分析】A．根據(jù)圖知，負(fù)極上C6H12O6失電子，正極上O2得電子和H+反應(yīng)生成水，負(fù)極的電極反應(yīng)式為C6H12O6+6H2O﹣24e﹣=6CO2+24H+，正極的電極反應(yīng)式為O2+4e﹣+4H+═2H2O；B．葡萄糖在微生物的作用下將化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能，形成原電池；C．原電池中，陽離子向正極移動，所以質(zhì)子通過交換膜從負(fù)極區(qū)移向正極區(qū)；D．燃料電池反應(yīng)式和燃料燃燒方程式相同?！窘獯稹拷猓篈．根據(jù)圖知，負(fù)極上C6H12O6失電子，正極上O2得電子和H+反應(yīng)生成水，負(fù)極的電極反應(yīng)式為C6H12O6+6H2O﹣24e﹣=6CO2+24H+，正極的電極反應(yīng)式為O2+4e﹣+4H+═2H2O，因此CO2在負(fù)極產(chǎn)生，故A錯誤；B．葡萄糖在微生物的作用下將化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能，形成原電池，有電流產(chǎn)生，所以微生物促進(jìn)了反應(yīng)中電子的轉(zhuǎn)移，故B正確；C．通過原電池的電極反應(yīng)可知，負(fù)極區(qū)產(chǎn)生了H+，根據(jù)原電池中陽離子向正極移動，可知質(zhì)子（H+）通過交換膜從負(fù)極區(qū)移向正極區(qū)，故C正確；D．該反應(yīng)屬于燃料電池，燃料電池的電池反應(yīng)式和燃燒反應(yīng)式相同，則電池反應(yīng)式為C6H12O6+6O2=6CO2+6H2O，故D正確；故選：A。【點(diǎn)評】本題考查化學(xué)電源新型電池，為高頻考點(diǎn)，正確判斷電解質(zhì)溶液酸堿性是解本題關(guān)鍵，所有原電池中都是負(fù)極上失電子發(fā)生氧化反應(yīng)、正極上得電子發(fā)生還原反應(yīng)，難點(diǎn)是電極反應(yīng)式的書寫。6．（6分）W、X、Y、Z均為的短周期主族元素，原子序數(shù)依次增加，且原子核外L電子層的電子數(shù)分別為0、5、8、8，它們的最外層電子數(shù)之和為18．下列說法正確的是（）A．單質(zhì)的沸點(diǎn)：W＞X B．陰離子的還原性：W＞Z C．氧化物的水化物的酸性：Y＜Z D．X與Y不能存在于同一離子化合物中【考點(diǎn)】1B：真題集萃；8F：原子結(jié)構(gòu)與元素周期律的關(guān)系；8G：原子結(jié)構(gòu)與元素的性質(zhì)．【分析】W、X、Y、Z均為的短周期主族元素，原子序數(shù)依次增加，且原子核外L電子層的電子數(shù)分別為0、5、8、8，則則W是H元素，X是N元素，Y、Z為第三周期元素；它們的最外層電子數(shù)之和為18，W最外層電子數(shù)是1，X最外層電子數(shù)是5，Y、Z最外層電子數(shù)之和是12，且二者都是主族元素，Y原子序數(shù)小于Z，則Y是P元素、Z是Cl元素，A．W、X單質(zhì)都是分子晶體，分子晶體熔沸點(diǎn)與相對分子質(zhì)量成正比；B．元素的非金屬性越強(qiáng)，其簡單陰離子的還原性越弱；C．元素的非金屬性越強(qiáng)，其最高價氧化物的水化物酸性越強(qiáng)；D．X、Y分別是N、P元素，可能存在磷酸銨、磷酸一氫銨、磷酸二氫銨中?！窘獯稹拷猓篧、X、Y、Z均為的短周期主族元素，原子序數(shù)依次增加，且原子核外L電子層的電子數(shù)分別為0、5、8、8，則W是H元素，X是N元素，Y、Z為第三周期元素；它們的最外層電子數(shù)之和為18，W最外層電子數(shù)是1，X最外層電子數(shù)是5，Y、Z最外層電子數(shù)之和是12，且二者都是主族元素，Y原子序數(shù)小于Z，則Y是P元素、Z是Cl元素，A．H、N元素單質(zhì)都是分子晶體，分子晶體熔沸點(diǎn)與相對分子質(zhì)量成正比，氮?dú)庀鄬Ψ肿淤|(zhì)量大于氫氣，所以單質(zhì)的沸點(diǎn)：W＜X，故A錯誤；B．元素的非金屬性越強(qiáng)，其簡單陰離子的還原性越弱，非金屬性W＜Z，所以陰離子的還原性：W＞Z，故B正確；C．元素的非金屬性越強(qiáng)，其最高價氧化物的水化物酸性越強(qiáng)，非金屬性P＜Cl，最高價氧化物的水化物酸性H3PO4＜HClO4，但氧化物的水化物的酸性不一定存在此規(guī)律，如磷酸酸性大于次氯酸，故C錯誤；D．X、Y分別是N、P元素，可能存在磷酸銨、磷酸一氫銨、磷酸二氫銨中，磷酸銨、磷酸一氫銨、磷酸二氫銨都是銨鹽，屬于離子化合物，故D錯誤；故選：B。【點(diǎn)評】本題考查原子結(jié)構(gòu)和元素性質(zhì)，為高頻考點(diǎn)，涉及離子化合物判斷、酸性強(qiáng)弱判斷、物質(zhì)熔沸點(diǎn)高低判斷、元素周期律等知識點(diǎn)，正確判斷元素是解本題關(guān)鍵，結(jié)合物質(zhì)的結(jié)構(gòu)性質(zhì)解答，易錯選項是C。7．（6分）濃度均為0.10mol/L、體積均為V0的MOH和ROH溶液，分別加水稀釋至體積V，pH隨lg的變化如圖所示，下列敘述錯誤的是（）A．MOH的堿性強(qiáng)于ROH的堿性 B．ROH的電離程度：b點(diǎn)大于a點(diǎn) C．若兩溶液無限稀釋，則它們的c（OH﹣）相等 D．當(dāng)lg=2時，若兩溶液同時升高溫度，則增大【考點(diǎn)】D5：弱電解質(zhì)在水溶液中的電離平衡．【分析】A．相同濃度的一元堿，堿的pH越大其堿性越強(qiáng)；B．弱電解質(zhì)在水溶液中隨著濃度的減小其電離程度增大；C．若兩種溶液無限稀釋，最終其溶液中c（OH﹣）接近于純水中c（OH﹣）；D．MOH的堿性強(qiáng)于ROH的堿性，當(dāng)lg=2時，若兩溶液同時升高溫度，促進(jìn)弱電解質(zhì)電離?！窘獯稹拷猓篈．相同濃度的一元堿，堿的pH越大其堿性越強(qiáng)，根據(jù)圖知，未加水時，相同濃度條件下，MOH的pH大于ROH的pH，說明MOH的電離程度大于ROH，則MOH的堿性強(qiáng)于ROH的堿性，故A正確；B．由圖示可以看出ROH為弱堿，弱電解質(zhì)在水溶液中隨著濃度的減小其電離程度增大，b點(diǎn)溶液體積大于a點(diǎn)，所以b點(diǎn)濃度小于a點(diǎn)，則ROH電離程度：b＞a，故B正確；C．若兩種溶液無限稀釋，最終其溶液中c（OH﹣）接近于純水中c（OH﹣），所以它們的c（OH﹣）相等，故C正確；D．根據(jù)A知，堿性MOH＞ROH，當(dāng)lg=2時，由于ROH是弱電解質(zhì)，升高溫度能促進(jìn)ROH的電離，所以c（M+）/c（R+）減小，故D錯誤；故選：D?！军c(diǎn)評】本題考查弱電解質(zhì)在水溶液中電離平衡，為高頻考點(diǎn)，明確弱電解質(zhì)電離特點(diǎn)、弱電解質(zhì)電離程度與溶液濃度關(guān)系等知識點(diǎn)是解本題關(guān)鍵，易錯選項是C，注意：堿無論任何稀釋都不能變?yōu)橹行匀芤夯蛩嵝匀芤?，接近中性時要考慮水的電離，為易錯點(diǎn)。二、解答題（共3小題，滿分43分）8．（14分）草酸（乙二酸）存在于自然界的植物中，其K1=5.4×10﹣2，K2=5.4×10﹣5．草酸的鈉鹽和鉀鹽易溶于水，而其鈣鹽難溶于水。草酸晶體（H2C2O4?2H2O）無色，熔點(diǎn)為101℃，易溶于水，受熱脫水，升華，170℃以上分解。回答下列問題。（1）甲組同學(xué)按照如圖所示的裝置，通過實(shí)驗檢驗草酸晶體的分解產(chǎn)物。裝置C中可觀察到的現(xiàn)象是有氣泡冒出，澄清石灰水變渾濁，由此可知草酸晶體分解的產(chǎn)物中有CO2。裝置B的主要作用是冷凝（水蒸氣和草酸），防止草酸進(jìn)入裝置C反應(yīng)生成沉淀而干擾CO2的檢驗。（2）乙組同學(xué)認(rèn)為草酸晶體分解產(chǎn)物中還有CO，為進(jìn)行驗證，選用甲組實(shí)驗中的裝置A、B和圖2所示的部分裝置（可以重復(fù)選用）進(jìn)行實(shí)驗。①乙組同學(xué)的實(shí)驗裝置中，依次連接的合理順序為A、B、F、D、G、H、D、I，裝置H反應(yīng)管中盛有的物質(zhì)是CuO。②能證明草酸晶體分解產(chǎn)物中有CO的現(xiàn)象是H中黑色粉末變?yōu)榧t色，其后的D中澄清石灰水變渾濁。（3）設(shè)計實(shí)驗證明：草酸的酸性比碳酸的強(qiáng)向盛有少量NaHCO3的試管里滴加草酸溶液，有氣泡產(chǎn)生就說明草酸酸性大于碳酸?！究键c(diǎn)】U2：性質(zhì)實(shí)驗方案的設(shè)計．【專題】546：無機(jī)實(shí)驗綜合．【分析】（1）草酸晶體（H2C2O4?2H2O）無色，熔點(diǎn)為101℃，易溶于水，受熱脫水、升華，170℃以上分解，如果草酸受熱分解，分解時會產(chǎn)生二氧化碳而使澄清石灰水變渾濁；草酸的鈉鹽和鉀鹽易溶于水，而其鈣鹽難溶于水，B裝置溫度較低，有冷凝作用，防止干擾實(shí)驗；（2）①要檢驗生成CO，在甲組實(shí)驗后，用濃氫氧化鈉除去二氧化碳，用澄清石灰水檢驗二氧化碳，用堿石灰干燥CO，利用CO的還原性將CO氧化，再利用澄清石灰水檢驗生成的二氧化碳，用排水法收集CO；H裝置中盛放的物質(zhì)應(yīng)該具有氧化性，且和CO反應(yīng)有明顯現(xiàn)象發(fā)生；②CO具有還原性，其氧化產(chǎn)物是二氧化碳，二氧化碳能使澄清石灰水變渾濁；（3）要證明草酸酸性大于碳酸，可以利用強(qiáng)酸制取弱酸?！窘獯稹拷猓海?）草酸晶體（H2C2O4?2H2O）無色，熔點(diǎn)為101℃，易溶于水，受熱脫水、升華，170℃以上分解，如果草酸受熱分解，分解時會產(chǎn)生二氧化碳，二氧化碳和氫氧化鈣反應(yīng)生成難溶性的碳酸鈣沉淀而使澄清石灰水變渾濁，所以C中觀察到的現(xiàn)象是：有氣泡冒出且澄清石灰水變渾濁，說明有二氧化碳生成；草酸的鈉鹽和鉀鹽易溶于水，而其鈣鹽難溶于水，草酸易揮發(fā)，導(dǎo)致生成的氣體中含有草酸，草酸和氫氧化鈣反應(yīng)生成難溶性的草酸鈣而干擾二氧化碳的檢驗，B裝置溫度較低，有冷凝作用，防止干擾二氧化碳的檢驗，故答案為：有氣泡冒出，澄清石灰水變渾濁；CO2；冷凝（水蒸氣和草酸），防止草酸進(jìn)入裝置C反應(yīng)生成沉淀而干擾CO2的檢驗；（2）①要檢驗生成CO，在甲組實(shí)驗后，用濃氫氧化鈉除去二氧化碳，用澄清石灰水檢驗二氧化碳，用堿石灰干燥CO，利用CO和CuO發(fā)生還原反應(yīng)生成CO2，再利用澄清石灰水檢驗生成的二氧化碳，用排水法收集CO避免環(huán)境污染，所以其連接順序是A、B、F、D、G、H、D、I；H裝置中盛放的物質(zhì)應(yīng)該具有氧化性，且和CO反應(yīng)有明顯現(xiàn)象發(fā)生，CuO能被CO還原且反應(yīng)過程中黑色固體變?yōu)榧t色，現(xiàn)象明顯，所以H中盛放的物質(zhì)是CuO，故答案為：F、D、G、H、D；CuO；②CO具有還原性，其氧化產(chǎn)物是二氧化碳，二氧化碳能使澄清石灰水變渾濁，且CO將黑色的CuO還原為紅色的Cu，只要H中黑色固體轉(zhuǎn)化為紅色且其后的D裝置溶液變渾濁就說明含有CO，故答案為：H中黑色粉末變?yōu)榧t色，其后的D中澄清石灰水變渾濁；（3）要證明草酸酸性大于碳酸，可以利用強(qiáng)酸制取弱酸，向盛有少量NaHCO3的試管里滴加草酸溶液，有氣泡產(chǎn)生就說明草酸酸性大于碳酸，故答案為：向盛有少量NaHCO3的試管里滴加草酸溶液，有氣泡產(chǎn)生就說明草酸酸性大于碳酸?！军c(diǎn)評】本題考查性質(zhì)實(shí)驗方案設(shè)計，為高頻考點(diǎn)，側(cè)重考查學(xué)生知識綜合應(yīng)用、實(shí)驗基本操作能力及實(shí)驗方案設(shè)計能力，綜合性較強(qiáng)，難點(diǎn)是排列實(shí)驗先后順序，根據(jù)實(shí)驗?zāi)康募拔镔|(zhì)的性質(zhì)進(jìn)行排列順序，注意要排除其它因素干擾，題目難度中等。9．（14分）硼及其化合物在工業(yè)上有許多用途。以鐵硼礦（主要成分為Mg2B2O5?H2O和Fe3O4，還有少量Fe2O3、FeO、CaO、Al2O3和SiO2等）為原料制備硼酸（H3BO3）的工藝流程如圖所示：回答下列問題：（1）寫出Mg2B2O5?H2O與硫酸反應(yīng)的化學(xué)方程式Mg2B2O5?H2O+2H2SO42H3BO3+2MgSO4。為提高浸出速率，除適當(dāng)增加硫酸濃度外，還可采取的措施有提高反應(yīng)溫度或減小鐵硼礦粉粒徑（寫出兩條）。（2）利用Fe3O4的磁性，可將其從“浸渣”中分離?！敖敝羞€剩余的物質(zhì)是SiO2、CaSO4（化學(xué)式）。（3）“凈化除雜”需先加H2O2溶液，作用是將亞鐵離子氧化為鐵離子。然后在調(diào)節(jié)溶液的pH約為5，目的是使鐵離子、鋁離子形成氫氧化物沉淀而除去。（4）“粗硼酸”中的主要雜質(zhì)是七水硫酸鎂（填名稱）。（5）以硼酸為原料可制得硼氫化鈉（NaBH4），它是有機(jī)合成中的重要還原劑，其電子式為。（6）單質(zhì)硼可用于生成具有優(yōu)良抗沖擊性能硼鋼。以硼酸和金屬鎂為原料可制備單質(zhì)硼，用化學(xué)方程式表示制備過程2H3BO3B2O3+3H2O、B2O3+3Mg2B+3MgO?！究键c(diǎn)】1B：真題集萃；P8：物質(zhì)分離和提純的方法和基本操作綜合應(yīng)用．【分析】以鐵硼礦（主要成分為Mg2B2O5?H2O和Fe3O4，還有少量Fe2O3、FeO、CaO、Al2O3和SiO2等）為原料制備硼酸（H3BO3），由流程可知，加硫酸溶解Fe3O4、SiO2不溶，CaO轉(zhuǎn)化為微溶于水的CaSO4，“凈化除雜”需先加H2O2溶液，將亞鐵離子轉(zhuǎn)化為鐵離子，調(diào)節(jié)溶液的pH約為5，使鐵離子、鋁離子均轉(zhuǎn)化為沉淀，則濾渣為氫氧化鋁、氫氧化鐵，然后蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶、過濾分離出H3BO3，以此來解答?！窘獯稹拷猓阂澡F硼礦（主要成分為Mg2B2O5?H2O和Fe3O4，還有少量Fe2O3、FeO、CaO、Al2O3和SiO2等）為原料制備硼酸（H3BO3），由流程可知，加硫酸溶解只有SiO2不溶，CaO轉(zhuǎn)化為微溶于水的CaSO4，“凈化除雜”需先加H2O2溶液，將亞鐵離子轉(zhuǎn)化為鐵離子，調(diào)節(jié)溶液的pH約為5，使鐵離子、鋁離子均轉(zhuǎn)化為沉淀，則濾渣為氫氧化鋁、氫氧化鐵，然后蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶、過濾分離出H3BO3，（1）Mg2B2O5?H2O與硫酸反應(yīng)的化學(xué)方程式Mg2B2O5?H2O+2H2SO42H3BO3+2MgSO4，為提高浸出速率，除適當(dāng)增加硫酸濃度濃度外，還可采取的措施有提高反應(yīng)溫度或減小鐵硼礦粉粒徑等，故答案為：Mg2B2O5?H2O+2H2SO42H3BO3+2MgSO4；提高反應(yīng)溫度或減小鐵硼礦粉粒徑；（2）利用Fe3O4的磁性，可將其從“浸渣”中分離?！敖敝羞€剩余的物質(zhì)是SiO2、CaSO4，故答案為：Fe3O4；SiO2、CaSO4；（3）“凈化除雜”需先加H2O2溶液，作用是將亞鐵離子氧化為鐵離子。然后在調(diào)節(jié)溶液的pH約為5，目的是使鐵離子、鋁離子形成氫氧化物沉淀而除去，故答案為：將亞鐵離子氧化為鐵離子；使鐵離子、鋁離子形成氫氧化物沉淀而除去；（4）最后濃縮結(jié)晶時硫酸鎂易結(jié)合水以晶體析出，則“粗硼酸”中的主要雜質(zhì)是七水硫酸鎂，故答案為：七水硫酸鎂；（5）NaBH4為離子化合物，含離子鍵、共價鍵，其電子式為，故答案為：；（6）以硼酸和金屬鎂為原料可制備單質(zhì)硼的化學(xué)方程式為2H3BO3B2O3+3H2O、B2O3+3Mg2B+3MgO，故答案為：2H3BO3B2O3+3H2O、B2O3+3Mg2B+3MgO。【點(diǎn)評】本題考查混合物分離提純的綜合應(yīng)用，為高頻考點(diǎn)，為2015年高考真題，把握實(shí)驗流程及發(fā)生的反應(yīng)、混合物分離提純方法為解答的關(guān)鍵，側(cè)重分析與實(shí)驗?zāi)芰Φ木C合考查，題目難度中等。10．（15分）碘及其化合物在合成殺菌劑、藥物等方面具有廣泛用途?；卮鹣铝袉栴}：（1）大量的碘富集在海藻中，用水浸取后濃縮，再向濃縮液中加MnO2和H2SO4，即可得到I2，該反應(yīng)的還原產(chǎn)物為MnSO4；（2）上述濃縮液中含有I﹣、Cl﹣等離子，取一定量的濃縮液，向其中滴加AgNO3溶液，當(dāng)AgCl開始沉淀時，溶液中為：4.7×10﹣7，已知Ksp（AgCl）=1.8×10﹣10，Ksp（AgI）=8.5×10﹣17。（3）已知反應(yīng)2HI（g）?H2（g）+I2（g）的△H=+11kJ?mol﹣1，1molH2（g）、1molI2（g）分子中化學(xué)鍵斷裂時分別需要吸收436kJ、151kJ的能量，則1molHI（g）分子中化學(xué)鍵斷裂時需吸收的能量為299kJ。（4）Bodensteins研究了下列反應(yīng)：2HI（g）?H2（g）+I2（g），在716K時，氣體混合物中碘化氫的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)x（HI）與反應(yīng)時間t的關(guān)系如表：t/min020406080120X（HI）10.910.850.8150.7950.784X（HI）00.600.730.7730.7800.784①根據(jù)上述實(shí)驗結(jié)果，該反應(yīng)的平衡常數(shù)K的計算式為：；②上述反應(yīng)中，正反應(yīng)速率為v正=k正x2（HI），逆反應(yīng)速率為v逆=k逆x（H2）x（I2），其中k正、k逆為速率常數(shù)，則k逆為（以K和k正表示）。若k正=0.0027min﹣1，在t=40min時，v正=1.95×10﹣3min﹣1。③由上述實(shí)驗數(shù)據(jù)計算得到v正～x（HI）和v逆～x（H2）的關(guān)系可用如圖表示。當(dāng)升高到某一溫度時，反應(yīng)重新達(dá)到平衡，相應(yīng)的點(diǎn)分別為A、E（填字母）?！究键c(diǎn)】BB：反應(yīng)熱和焓變；CB：化學(xué)平衡的影響因素；CP：化學(xué)平衡的計算．【專題】51E：化學(xué)平衡專題．【分析】（1）海藻中的碘元素以碘化物形式存在，反應(yīng)中I元素發(fā)生氧化反應(yīng)，Mn元素被還原，還原產(chǎn)物應(yīng)為硫酸錳；（2）當(dāng)AgCl開始沉淀時，說明溶液中的c（I﹣）和c（Cl﹣）均已達(dá)到飽和狀態(tài)，因此可以根據(jù)溶度積表達(dá)式進(jìn)行計算，溶液中=；（3）正反應(yīng)為吸熱反應(yīng)，化學(xué)鍵斷裂時需吸收的能量﹣化學(xué)鍵生成時需放出的能量=反應(yīng)吸收的熱量；（4）①表中第一列，由HI分解建立平衡，表中第二列向逆反應(yīng)進(jìn)行建立平衡，由第一列數(shù)據(jù)可知，平衡時HI物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)為0.784，則氫氣、碘蒸汽總物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)為1﹣0.784=0.216，而氫氣、與碘蒸汽物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)相等均為0.108，反應(yīng)前后氣體體積不變，用物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)代替濃度代入平衡常數(shù)表達(dá)式K=計算；②到達(dá)平衡時，正、逆反應(yīng)速率相等，結(jié)合平衡常數(shù)表達(dá)式，可知k逆的表達(dá)式；在t=40min時，x（HI）=0.85，代入正反應(yīng)速率表達(dá)式v正=k正x2（HI）計算；③升高溫度，正、逆反應(yīng)速率均加快，正反應(yīng)為吸熱反應(yīng)，升高溫度，平衡向吸熱反應(yīng)方向移動，正反應(yīng)建立平衡，平衡時HI的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)減小，逆反應(yīng)建立平衡，平衡時H2的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)增大?！窘獯稹拷猓海?）海藻中的碘元素以碘化物形式存在，反應(yīng)中I元素發(fā)生氧化反應(yīng)，Mn元素被還原，還原產(chǎn)物應(yīng)為硫酸錳，故答案為：MnSO4；（2）當(dāng)AgCl開始沉淀時，說明溶液中的c（I﹣）和c（Cl﹣）均已達(dá)到飽和狀態(tài)，因此可以根據(jù)溶度積表達(dá)式進(jìn)行計算，溶液中===4.7×10﹣7，故答案為：4.7×10﹣7；（3）設(shè)1molHI（g）分子中化學(xué)鍵斷裂時需吸收的能量為xkJ，則：2xkJ﹣436kJ﹣151kJ=11kJ，解得x=299，故答案為：299；（4）①表中第一列，由HI分解建立平衡，表中第二列向逆反應(yīng)進(jìn)行建立平衡，由第一列數(shù)據(jù)可知，平衡時HI物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)為0.784，則氫氣、碘蒸汽總物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)為1﹣0.784=0.216，而氫氣、與碘蒸汽物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)相等均為0.108，反應(yīng)前后氣體體積不變，用物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)代替濃度計算平衡常數(shù)，則平衡常數(shù)K==，故答案為：；②到達(dá)平衡時，正、逆反應(yīng)速率相等，則k正x2（HI）=k逆x（H2）x（I2），則k逆=k正×=，在t=40min時，正反應(yīng)建立平衡的x（HI）=0.85，則v正=k正x2（HI）=0.0027min﹣1×0.852=1.95×10﹣3min﹣1，故答案為：；1.95×10﹣3；③對于2HI（g）?H2（g）+I2（g）反應(yīng)建立平衡時：升高溫度，正、逆反應(yīng)速率均加快，因此排除C點(diǎn)，正反應(yīng)為吸熱反應(yīng)，升高溫度，平衡向吸熱反應(yīng)方向移動，因此平衡正向移動，再次平衡時HI的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)減小，因此排除B點(diǎn)，故選A點(diǎn)；對于H2（g）+I2（g）?2HI（g）反應(yīng)建立平衡時：升高溫度，正、逆反應(yīng)速率均加快，升高溫度，平衡向吸熱反應(yīng)方向移動，因此平衡逆向移動，再次平衡時H2的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)增大，故選E點(diǎn)；因此反應(yīng)重新達(dá)到平衡，v正～x（HI）對應(yīng)的點(diǎn)為A，v逆～x（H2）對應(yīng)的點(diǎn)為E，故答案為：A、E。【點(diǎn)評】本題比較綜合，涉及考查氧化還原反應(yīng)、反應(yīng)熱計算、化學(xué)平衡常數(shù)計算、化學(xué)反應(yīng)速率計算及影響因素、平衡移動等，屬于拼合型題目，（4）為易錯點(diǎn)，側(cè)重考查學(xué)生自學(xué)能力、分析解決問題的能力，注意表中數(shù)據(jù)為不同方向建立的平衡，題目中沒有明確，增大題目難度。[化學(xué)--選修2：化學(xué)與技術(shù)]11．（15分）氯化亞銅（CuCl）廣泛應(yīng)用于化工、印染、電鍍等行業(yè)。CuCl難溶于醇和水，可溶于氯離子濃度較大的體系，在潮濕空氣中易水解氧化。以海綿銅（主要成分是Cu和少量CuO）為原料，采用硝酸銨氧化分解技術(shù)生產(chǎn)CuCl的工藝過程如下：回答下列問題：（1）步驟①中得到的氧化產(chǎn)物是CuSO4或Cu2+，溶解溫度應(yīng)控制在60﹣70℃，原因是溫度低溶解速度慢，溫度過高銨鹽分解。（2）寫出步驟③中主要反應(yīng)的離子方程式2Cu2++SO32﹣+2Cl﹣+H2O=2CuCl↓+SO42﹣+2H+。（3）步驟⑤包括用pH=2的酸洗、水洗兩步操作，酸洗采用的酸是硫酸（寫名稱）。（4）上述工藝中，步驟⑥不能省略，理由是醇洗有利于加快去除CuCl表面水分防止其水解氧化。（5）步驟②、④、⑤、⑧都要進(jìn)行固液分離。工業(yè)上常用的固液分離設(shè)備有BD（填字母）A、分餾塔B、離心機(jī)C、反應(yīng)釜D、框式壓濾機(jī)（6）準(zhǔn)確稱取所制備的氯化亞銅樣品mg，將其置于過量的FeCl3溶液中，待樣品完全溶解后，加入適量稀硫酸，用amol/L﹣1的K2Cr2O7溶液滴定到終點(diǎn)，消耗K2Cr2O7溶液bmL，反應(yīng)中Cr2O72﹣被還原為Cr3+，樣品中CuCl的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為?！究键c(diǎn)】1B：真題集萃；P8：物質(zhì)分離和提純的方法和基本操作綜合應(yīng)用；U3：制備實(shí)驗方案的設(shè)計．【專題】24：實(shí)驗設(shè)計題．【分析】酸性條件下硝酸根離子具有氧化性，可氧化海綿銅（主要成分是Cu和少量CuO）生成硫酸銅，過濾后在濾液中加入亞硫酸銨發(fā)生氧化還原反應(yīng)生成CuCl，發(fā)生2Cu2++SO32﹣+2Cl﹣+H2O=2CuCl+SO42﹣+2H+，得到的CuCl經(jīng)硫酸酸洗，水洗后再用乙醇洗滌，可快速除去固體表面的水分，防止水解、氧化，步驟②、④、⑤、⑧都要進(jìn)行固液分離，根據(jù)混合的水溶性進(jìn)行分離，沒有發(fā)生化學(xué)變化，可用離心機(jī)以及框式壓濾機(jī)，以得到濾餅，氯化亞銅與氯化鐵發(fā)生Fe3++CuCl═Fe2++Cu2++Cl﹣，加入K2Cr2O7溶液，發(fā)生6Fe2++Cr2O72﹣+14H+=6Fe3++2Cr3++7H2O，結(jié)合關(guān)系式解答該題?！窘獯稹拷猓核嵝詶l件下硝酸根離子具有氧化性，可氧化海綿銅（主要成分是Cu和少量CuO）生成硫酸銅，過濾后在濾液中加入亞硫酸銨發(fā)生氧化還原反應(yīng)生成CuCl，發(fā)生2Cu2++SO32﹣+2Cl﹣+H2O=2CuCl↓+SO42﹣+2H+，得到的CuCl經(jīng)硫酸酸洗，水洗后再用乙醇洗滌，烘干得到氯化亞銅。（1）由于酸性條件下硝酸根離子具有氧化性，可氧化Cu生成CuSO4或Cu2+，溶解溫度應(yīng)控制在60﹣70℃，原因是溫度低溶解速度慢，溫度過高銨鹽分解，故答案為：CuSO4或Cu2+；溫度低溶解速度慢，溫度過高銨鹽分解；（2）銅離子與亞硫酸銨發(fā)生氧化還原反應(yīng)生成CuCl，發(fā)生2Cu2++SO32﹣+2Cl﹣+H2O=2CuCl↓+SO42﹣+2H+，故答案為：2Cu2++SO32﹣+2Cl﹣+H2O=2CuCl↓+SO42﹣+2H+；（3）由流程可知，經(jīng)酸洗、水洗后得到硫酸銨，則應(yīng)加入硫酸，為防止CuCl溶解，不能加入硝酸等氧化性酸，也不能加入鹽酸，防止引入新雜質(zhì)，故答案為：硫酸；（4）步驟⑥為醇洗，因乙醇沸點(diǎn)低，易揮發(fā)，則用乙醇洗滌，可快速除去固體表面的水分，防止水解、氧化，故答案為：醇洗有利于加快去除CuCl表面水分防止其水解氧化；（5）步驟②、④、⑤、⑧都要進(jìn)行固液分離，根據(jù)混合的水溶性進(jìn)行分離，沒有發(fā)生化學(xué)變化，可用離心機(jī)以及框式壓濾機(jī)，以得到濾餅，故答案為：BD；（6）氯化亞銅與氯化鐵發(fā)生Fe3++CuCl═Fe2++Cu2++Cl﹣，加入K2Cr2O7溶液，發(fā)生6Fe2++Cr2O72﹣+14H+=6Fe3++2Cr3++7H2O，反應(yīng)的關(guān)系式為6CuCl～6Fe2+～Cr2O72﹣，61nab×10﹣3moln=6ab×10﹣3mol，m（CuCl）=99.5g/mol×6ab×10﹣3mol=0.597abg，則樣品中CuCl的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為，故答案為：?！军c(diǎn)評】本題為2015年高考題，題目考查學(xué)生閱讀獲取信息的能力、常用化學(xué)用語、氧化還原滴定的應(yīng)用等，側(cè)重于學(xué)生的分析能力、實(shí)驗?zāi)芰陀嬎隳芰Φ目疾椋⒁獍盐瘴镔|(zhì)的性質(zhì)以及反應(yīng)流程，難度中等，注意（6）中利用關(guān)系式的計算。[化學(xué)--選修3：物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)]12．碳及其化合物廣泛存在于自然界中，回答下列問題：（1）處于一定空間運(yùn)動狀態(tài)的電子在原子核外出現(xiàn)的概率密度分布可用電子云形象化描述。在基態(tài)14C原子中，核外存在2對自旋相反的電子。（2）碳在形成化合物時，其鍵型以共價鍵為主，原因是C有4個價電子且半徑較小，難以通過得或失電子達(dá)到穩(wěn)定結(jié)構(gòu)。（3）CS2分子中，共價鍵的類型有σ鍵和π鍵，C原子的雜化軌道類型是sp，寫出兩個與CS2具有相同空間構(gòu)型和鍵合形式的分子或離子CO2、SCN﹣或COS等。（4）CO能與金屬Fe形成Fe（CO）5，該化合物熔點(diǎn)為253K，沸點(diǎn)為376K，其固體屬于分子晶體。（5）碳有多種同素異形體，其中石墨烯與金剛石的晶體結(jié)構(gòu)如圖所示：①在石墨烯晶體中，每個C原子連接3個六元環(huán)，每個六元環(huán)占有2個C原子。②在金剛石晶體中，C原子所連接的最小環(huán)也為六元環(huán)，每個C原子連接12個六元環(huán)，六元環(huán)中最多有4個C原子在同一平面?！究键c(diǎn)】8H：物質(zhì)的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)之間的關(guān)系；9S：原子軌道雜化方式及雜化類型判斷．【專題】51C：元素周期律與元素周期表專題．【分析】（1）處于一定空間運(yùn)動狀態(tài)的電子在原子核外出現(xiàn)