2018年全國統(tǒng)一高考化學試卷（新課標ⅱ）（含解析版）

精品文檔精心整理精品文檔可編輯的精品文檔2018年全國統(tǒng)一高考化學試卷（新課標Ⅱ）一、選擇題：本題共7小題，每小題6分，共42分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．（6分）化學與生活密切相關，下列說法錯誤的是（）A．碳酸鈉可用于去除餐具的油污 B．漂白粉可用于生活用水的消毒 C．氫氧化鋁可用于中和過多胃酸 D．碳酸鋇可用于胃腸X射線造影檢查 2．（6分）研究表明，氮氧化物和二氧化硫在形成霧霾時與大氣中的氨有關（如圖所示）。下列敘述錯誤的是（）A．霧和霾的分散劑相同 B．霧霾中含有硝酸銨和硫酸銨 C．NH3是形成無機顆粒物的催化劑 D．霧霾的形成與過度施用氮肥有關 3．（6分）實驗室中用如圖所示的裝置進行甲烷與氯氣在光照下反應的實驗。在光照下反應一段時間后，下列裝置示意圖中能正確反映實驗現(xiàn)象的是（）A． B． C． D． 4．（6分）W、X、Y和Z為原子序數(shù)依次增大的四種短周期元素。W與X可生成一種紅棕色有刺激性氣味的氣體；Y的周期數(shù)是族序數(shù)的3倍；Z原子最外層的電子數(shù)與W的電子總數(shù)相同，下列敘述正確的是（）A．X與其他三種元素均可形成兩種或兩種以上的二元化合物 B．Y與其他三種元素分別形成的化合物中只含有離子鍵 C．四種元素的簡單離子具有相同的電子層結構 D．W的氧化物對應的水化物均為強酸 5．（6分）NA代表阿伏加德羅常數(shù)的值，下列說法正確的是（）A．常溫常壓下，124gP4中所含P一P鍵數(shù)目為4NA B．100mL1mol?L﹣1FeCl3溶液中所含F(xiàn)e3+的數(shù)目為0.1NA C．標準狀況下，11.2L甲烷和乙烯混合物中含氫原子數(shù)目為2NA D．密閉容器中，2molSO2和1molO2催化反應后分子總數(shù)為2NA 6．（6分）我國科學家研發(fā)了一種室溫下“可呼吸”的Na﹣CO2二次電池，將NaClO4溶于有機溶劑作為電解液。鈉和負載碳納米管的鎳網(wǎng)分別作為電極材料，電池的總反應為：3CO2+4Na?2Na2CO3+C，下列說法錯誤的是（）A．放電時，ClO4﹣向負極移動 B．充電時釋放CO2，放電時吸收CO2 C．放電時，正極反應為：3CO2+4e﹣═2CO32﹣+C D．充電時，正極反應為：Na++e﹣═Na 7．（6分）下列實驗過程可以達到實驗目的是（）編號實驗目的實驗過程A配制0.4000mol?L﹣1的NaOH溶液稱取4.0g固體NaOH于燒杯中，加入少量蒸餾水溶解，轉移至250mL容量瓶中定容B探究維生素C的還原性向盛有2mL黃色氯化鐵溶液的試管中滴加濃的維生素C溶液，觀察顏色變化C制取并純化氫氣向稀鹽酸中加入鋅粒，將生成的氣體依次通過NaOH溶液、濃硫酸和KMnO4溶液D探究濃度對反應速率的影響向2支盛有5mL不同濃度NaHSO3溶液的試管中同時加入2mL5%H2O2溶液，觀察實驗現(xiàn)象A．A B．B C．C D．D 二、非選擇題：每個試題考生必須作答。8．（14分）我國是世界上最早制得和使用金屬鋅的國家。一種以閃鋅礦（ZnS，含有SiO2和少量FeS、CdS、PbS雜質）為原料制備金屬鋅的流程如圖所示：相關金屬離子[c0（Mn+）=0.1mol?L﹣1]形成氫氧化物沉淀的pH范圍如下：金屬離子Fe3+Fe2+Zn2+Cd2+開始沉淀的pH1.56.36.27.4沉淀完全的pH2.88.38.29.4回答下列問題：（1）焙燒過程中主要反應的化學方程式為。（2）濾渣1的主要成分除SiO2外還有；氧化除雜工序中ZnO的作用是，若不通入氧氣，其后果是。（3）溶液中的Cd2+用鋅粉除去，還原除雜工序中反應的離子方程式為。（4）電解硫酸鋅溶液制備單質鋅時，陰極的電極反應式為；沉積鋅后的電解液可返回工序繼續(xù)使用。9．（14分）CH4﹣CO2的催化重整不僅可以得到合成氣（CO和H2），還對溫室氣體的減排具有重要意義?；卮鹣铝袉栴}：（1）CH4﹣CO2催化重整反應為：CH4（g）+CO2（g）═2CO（g）+2H2（g）。已知：C（s）+2H2（g）═CH4（g）△H=﹣75kJ?mol﹣1C（s）+O2（g）=CO2（g）△H=﹣394kJ?mol﹣1C（s）+（g）=CO（g）△H=﹣111kJ?mol﹣1該催化重整反應的△H=kJ?mol﹣1．有利于提高CH4平衡轉化率的條件是（填標號）。A．高溫低壓B．低溫高壓C．高溫高壓D．低溫低壓某溫度下，在體積為2L的容器中加入2molCH4、1molCO2以及催化劑進行重整反應，達到平衡時CO2的轉化率是50%，其平衡常數(shù)為mol2?L﹣2。（2）反中催化劑活性會因積碳反應而降低，同時存在的消碳反應則使積碳碳量減少。相關數(shù)據(jù)如下表：積碳反應CH4（g）═C（s）+2H2（g）消碳反應CO2（g）+C（s）═2CO（g）△H/（kJ?mol﹣1）75172活化能/（kJ?mol﹣1）催化劑X3391催化劑Y4372①由上表判斷，催化劑XY（填“優(yōu)于或劣于”），理由是。在反應進料氣組成，壓強及反應時間相同的情況下，某催化劑表面的積碳量隨溫度的變化關系如右圖1所示。升高溫度時，下列關于積碳反應，消碳反應的平衡常數(shù)（K）和速率（v）的敘述正確的是（填標號）。A．K積、K消均增加B．V積減小、V消增加C．K積減小、K消增加D．V消增加的倍數(shù)比V積增加的倍數(shù)大圖1圖2②在一定溫度下，測得某催化劑上沉積碳的生成速率方程為v=k?p（CH4）?[p（CO2）]﹣0.5（k為速率常數(shù)）。在p（CH4）一定時，不同p（CO2）下積碳量隨時間的變化趨勢如圖2所示，則Pa（CO2）、Pb（CO2）、Pc（CO2）從大到小的順序為。10．（15分）K3[Fe（C2O4）3]?3H2O（三草酸合鐵酸鉀）為亮綠色晶體，可用于曬制藍圖，回答下列問題：（1）曬制藍圖時，用K3[Fe（C2O4）3]?3H2O作感光劑，以K3Fe[（CN）6]溶液為顯色劑。其光解反應的化學方程式為2K3[Fe（C2O4）3]2FeC2O4+3K2C2O4+2CO2↑；顯色反應的化學方程式為。（2）某小組為探究三草酸合鐵酸鉀的熱分解產(chǎn)物，按如圖所示裝置進行實驗。①通入氮氣的目的是。②實驗中觀察到裝置B、F中澄清石灰水均變渾濁，裝置E中固體變?yōu)榧t色，由此判斷熱分解產(chǎn)物中一定含有、。③為防止倒吸，停止實驗時應進行的操作是。④樣品完全分解后，裝置A中的殘留物含有FeO和Fe2O3，檢驗Fe2O3存在的方法是：。（3）測定三草酸合鐵酸鉀中鐵的含量。①稱量mg樣品于錐形瓶中，溶解后加稀H2SO4酸化，用cmol?L﹣1KMnO4溶液滴定至終點。滴定終點的現(xiàn)象是。②向上述溶液中加入過量鋅粉至反應完全后，過濾、洗滌，將濾液及洗滌液全部收集到錐形瓶中。加稀H2SO4酸化，用cmol?L﹣1KMnO4溶液滴定至終點，消耗KMnO4溶液VmL．該晶體中鐵的質量分數(shù)的表達式為。[化學一選修3：物質結構與性質]（15分）11．（15分）硫及其化合物有許多用途。相關物質的物理常數(shù)如表所示：H2SS8FeS2SO2SO3H2SO4熔點/℃﹣85.5115.2＞600（分解）﹣75.516.810.3沸點/℃﹣60.3444.6﹣10.045.0337.0回答下列問題：（1）基態(tài)Fe原子價層電子的電子排布圖（軌道表達式）為，基態(tài)S原子電子占據(jù)最高能級的電子云輪廓圖為形。（2）根據(jù)價層電子對互斥理論，H2S，SO2，SO3的氣態(tài)分子中，中心原子價層電子對數(shù)不同于其他分子的是。（3）圖（a）為S8的結構，其熔點和沸點要比二氧化硫的熔點和沸點高很多，主要原因為。（4）氣態(tài)三氧化硫以單分子形式存在，其分子的立體構型為形，其中共價鍵的類型有種；固體三氧化硫中存在如圖（b）所示的三聚分子。該分子中S原子的雜化軌道類型為。（5）FeS2晶體的晶胞如圖（c）所示，晶胞邊長為anm，F(xiàn)eS2相對式量為M、阿伏加德羅常數(shù)的值為NA，其晶體密度的計算表達式為g?cm﹣3；晶胞中Fe2+位于S22﹣所形成的八面體的體心，該正八面體的邊長為nm。[化學一選修5：有機化學基礎]（15分）12．以葡萄糖為原料制得的山梨醇（A）和異山梨醇（B）都是重要的生物質轉化平臺化合物。E是一種治療心絞痛的藥物。由葡萄糖為原料合成E的路線如下：回答下列問題：（1）葡萄糖的分子式為。（2）A中含有的官能團的名稱為。（3）由B到C的反應類型為。（4）C的結構簡式為。（5）由D到E的反應方程式為。（6）F是B的同分異構體，7.30g的F與足量飽和碳酸氫鈉反應可釋放出2.24L二氧化碳（標準狀況），F(xiàn)的可能結構共有種（不考慮立體異構）；其中核磁共振氫譜為三組峰，峰面積比為3：1：1的結構簡式為。

2018年全國統(tǒng)一高考化學試卷（新課標Ⅱ）參考答案與試題解析一、選擇題：本題共7小題，每小題6分，共42分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．（6分）化學與生活密切相關，下列說法錯誤的是（）A．碳酸鈉可用于去除餐具的油污 B．漂白粉可用于生活用水的消毒 C．氫氧化鋁可用于中和過多胃酸 D．碳酸鋇可用于胃腸X射線造影檢查 【考點】14：物質的組成、結構和性質的關系．【分析】A．碳酸鈉水溶液呈堿性，堿性條件下促進油脂水解；B．當把漂白粉撒到水中時，發(fā)生反應Ca（ClO）2+CO2+H2O=CaCO3↓+2HClO，HClO具有強氧化性；C．氫氧化鋁屬于弱堿，能中和酸；D．碳酸鋇能和稀鹽酸反應生成有毒的氯化鋇，但是硫酸鋇不溶于稀鹽酸、不溶于水?！窘獯稹拷猓篈．碳酸鈉水解生成NaOH而導致其水溶液呈堿性，堿性條件下促進油脂水解，從而除去油污，故A正確；B．當把漂白粉撒到水中時，發(fā)生反應Ca（ClO）2+CO2+H2O=CaCO3↓+2HClO，HClO具有強氧化性而殺菌消毒，所以漂白粉可用于生活用水的消毒，故B正確；C．氫氧化鋁屬于弱堿，能中和胃酸中的鹽酸而降低胃液酸性，所以氫氧化鋁可以用于中和過多胃酸，故C正確；D．碳酸鋇能和稀鹽酸反應生成有毒的氯化鋇，但是硫酸鋇不溶于稀鹽酸、不溶于水，所以應該用硫酸鋇而不是碳酸鋇作胃腸X射線造影檢查，故D錯誤；故選：D?！军c評】本題考查物質結構和性質，側重考查化學在生產(chǎn)生活中的應用，明確物質性質是解本題關鍵，會運用化學知識正確解釋生產(chǎn)生活現(xiàn)象，題目難度不大。2．（6分）研究表明，氮氧化物和二氧化硫在形成霧霾時與大氣中的氨有關（如圖所示）。下列敘述錯誤的是（）A．霧和霾的分散劑相同 B．霧霾中含有硝酸銨和硫酸銨 C．NH3是形成無機顆粒物的催化劑 D．霧霾的形成與過度施用氮肥有關 【考點】EK：氮的氧化物的性質及其對環(huán)境的影響．【分析】由圖示可知霧霾的主要成分為顆粒物，其中無機顆粒物的主要成分為銨鹽，可由氨氣和硝酸、硫酸反應生成，以此解答該題?！窘獯稹拷猓篈．霧和霾的分散劑都是空氣，故A正確；B．由圖示可知霧霾中含有硝酸銨和硫酸銨，故B正確；C．由圖示可知氨氣參與反應生成銨鹽，為反應物，不是催化劑，故C錯誤；D．無機顆粒物的主要成分為銨鹽，可形成霧霾，可知霧霾的形成與過度施用氮肥有關，故D正確。故選：C?！军c評】本題考查環(huán)境污染問題，側重于化學與生活、生產(chǎn)以及環(huán)境保護的考查，有利于培養(yǎng)學生良好的科學素養(yǎng)，樹立環(huán)保意識，難度不大。3．（6分）實驗室中用如圖所示的裝置進行甲烷與氯氣在光照下反應的實驗。在光照下反應一段時間后，下列裝置示意圖中能正確反映實驗現(xiàn)象的是（）A． B． C． D． 【考點】T4：甲烷的取代反應．【分析】CH4與Cl2在光照條件下發(fā)生取代反應，取代反應的產(chǎn)物有CH3Cl（g），CH2Cl2（l），CHCl3（l），CCl4（l）和HCl?！窘獯稹拷猓篊H4與Cl2在光照條件下發(fā)生取代反應，取代反應的產(chǎn)物有CH3Cl（g），CH2Cl2（l），CHCl3（l），CCl4（l）和HCl，產(chǎn)生的CH2Cl2（l），CHCl3（l），CCl4（l）能附著在管壁上形成油狀液滴，由于試管連接飽和食鹽水，HCl在其中的溶解度降低，所以HCl能和管內部的空氣中的水蒸氣形成白霧附著在管內壁上，整個反應是氣體體積減少的反應，管內液面上升，所以D選項正確，故選：D?！军c評】本題考查CH4與Cl2在光照下的取代反應，明確反應過程，產(chǎn)物及其物理狀態(tài)和化學性質是解題的關鍵，為高頻考點，題目難度不大，是基礎題。4．（6分）W、X、Y和Z為原子序數(shù)依次增大的四種短周期元素。W與X可生成一種紅棕色有刺激性氣味的氣體；Y的周期數(shù)是族序數(shù)的3倍；Z原子最外層的電子數(shù)與W的電子總數(shù)相同，下列敘述正確的是（）A．X與其他三種元素均可形成兩種或兩種以上的二元化合物 B．Y與其他三種元素分別形成的化合物中只含有離子鍵 C．四種元素的簡單離子具有相同的電子層結構 D．W的氧化物對應的水化物均為強酸 【考點】8F：原子結構與元素周期律的關系．【分析】W、X、Y和Z為原子序數(shù)依次增大的四種短周期元素，W與X可生成一種紅棕色有刺激性氣味的氣體，該氣體是NO2，則W、X分別是N、O元素；Y的周期數(shù)是族序數(shù)的3倍，其原子序數(shù)大于O，則Y為Na元素；Z原子最外層的電子數(shù)與W的電子總數(shù)相同，為Cl元素；A．X是O元素，與W形成的二元化合物有NO、NO2、N2O5等；與Y元素形成的二元化合物有Na2O、Na2O2；有Z元素形成的二元化合物有ClO2、Cl2O7等；B．Na與O元素形成的化合物Na2O2中含有共價鍵；C．形成的簡單離子中W、X、Y電子層結構相同；D．W的氧化物的水化物HNO2是弱酸。【解答】解：W、X、Y和Z為原子序數(shù)依次增大的四種短周期元素，W與X可生成一種紅棕色有刺激性氣味的氣體，該氣體是NO2，則W、X分別是N、O元素；Y的周期數(shù)是族序數(shù)的3倍，其原子序數(shù)大于O，則Y為Na元素；Z原子最外層的電子數(shù)與W的電子總數(shù)相同，為Cl元素；A．X是O元素，與W形成的二元化合物有NO、NO2、N2O5等；與Y元素形成的二元化合物有Na2O、Na2O2；有Z元素形成的二元化合物有ClO2、Cl2O7等，所以X與其他三種元素均可形成兩種或兩種以上的二元化合物，故A正確；B．Na與O元素形成的化合物Na2O2的電子式為，含有共價鍵和離子鍵，故B錯誤；C．形成的簡單離子中W、X、Y電子層有2個，而Z離子核外電子層有3個，所以這四種元素簡單離子電子層結構不相同，故C錯誤；D．W的氧化物的水化物HNO3是強酸，而HNO2為弱酸，故D錯誤；故選：A?！军c評】本題考查原子結構和元素周期律，側重考查學生分析、判斷及知識綜合運用能力，明確原子結構、物質結構、元素周期表結構、元素周期律即可解答，注意規(guī)律中的特殊現(xiàn)象，題目難度不大。5．（6分）NA代表阿伏加德羅常數(shù)的值，下列說法正確的是（）A．常溫常壓下，124gP4中所含P一P鍵數(shù)目為4NA B．100mL1mol?L﹣1FeCl3溶液中所含F(xiàn)e3+的數(shù)目為0.1NA C．標準狀況下，11.2L甲烷和乙烯混合物中含氫原子數(shù)目為2NA D．密閉容器中，2molSO2和1molO2催化反應后分子總數(shù)為2NA 【考點】4F：阿伏加德羅常數(shù)．【分析】A．1molP4含有6molP﹣P鍵；B．FeCl3溶液中存在Fe3+的水解；C.1mol乙烷含有4molH，1mol乙烯含有4molH；D．SO2和O2的催化反應為可逆反應?！窘獯稹拷猓篈.124gP4的物質的量為=1mol，根據(jù)P4的結構式，1molP4含有6molP﹣P鍵，即含有P﹣P鍵數(shù)目為6NA，故A錯誤；B．FeCl3溶液中存在Fe3+的水解，所以100mL1mol?L﹣1FeCl3溶液中所含F(xiàn)e3+的數(shù)目小于0.1mol，即小于0.1NA，故B錯誤；C.1mol甲烷含有4molH，1mol乙烯含有4molH，二者無論按何種比例，相當于1mol混合氣體含有4molH，則標準狀況下，11.2L甲烷和乙烯混合物中含H有=2mol，即含氫原子數(shù)目為2NA，故C正確；D．SO2和O2的催化反應為可逆反應，反應不可能完全進行，存在一個化學平衡，所以密閉容器中，2molSO2和1molO2催化反應后分子總數(shù)不一定為2mol，即不一定為2NA，故D錯誤，故選：C。【點評】本題考查阿伏伽德羅常數(shù)的簡單計算，注意鹽類水解知識和化學平衡知識的運用，明確P4的結構是解題的關鍵，為易錯點，題目難度不大，是基礎題。6．（6分）我國科學家研發(fā)了一種室溫下“可呼吸”的Na﹣CO2二次電池，將NaClO4溶于有機溶劑作為電解液。鈉和負載碳納米管的鎳網(wǎng)分別作為電極材料，電池的總反應為：3CO2+4Na?2Na2CO3+C，下列說法錯誤的是（）A．放電時，ClO4﹣向負極移動 B．充電時釋放CO2，放電時吸收CO2 C．放電時，正極反應為：3CO2+4e﹣═2CO32﹣+C D．充電時，正極反應為：Na++e﹣═Na 【考點】BH：原電池和電解池的工作原理．【分析】A．放電時，Na失電子作負極、Ni作正極，電解質溶液中陰離子向負極移動；B．放電時Na作負極、Ni作正極，充電時Ni作陽極、Na作陰極，則放電電池反應式為3CO2+4Na?2Na2CO3+C、充電電池反應式為2Na2CO3+C?3CO2+4Na；C．放電時負極反應式為Na﹣e﹣=Na+、正極反應式為3CO2+4e﹣═2CO32﹣+C；D．充電時，原來的正極作電解池的陽極，失電子發(fā)生氧化反應?！窘獯稹拷猓篈．放電時，Na失電子作負極、Ni作正極，電解質溶液中陰離子向負極移動，所以ClO4﹣向負極移動，故A正確；B．放電時Na作負極、Ni作正極，充電時Ni作陽極、Na作陰極，則放電電池反應式為3CO2+4Na?2Na2CO3+C、充電電池反應式為2Na2CO3+C?3CO2+4Na，所以充電時釋放CO2，放電時吸收CO2，故B正確；C．放電時負極反應式為Na﹣e﹣=Na+、正極反應式為3CO2+4e﹣═2CO32﹣+C，故C正確；D．充電時，原來的正極Ni作電解池的陽極，Na作電解池陰極，則正極發(fā)生的反應為原來正極反應式的逆反應，即2CO32﹣+C﹣4e﹣=3CO2，負極發(fā)生的反應為Na++e﹣═Na，故D錯誤；故選：D。【點評】本題考查原電池原理，明確充電電池中正負極、陰陽極發(fā)生反應關系是解本題關鍵，側重考查學生分析判斷能力，難點是電極反應式的書寫，題目難度不大。7．（6分）下列實驗過程可以達到實驗目的是（）編號實驗目的實驗過程A配制0.4000mol?L﹣1的NaOH溶液稱取4.0g固體NaOH于燒杯中，加入少量蒸餾水溶解，轉移至250mL容量瓶中定容B探究維生素C的還原性向盛有2mL黃色氯化鐵溶液的試管中滴加濃的維生素C溶液，觀察顏色變化C制取并純化氫氣向稀鹽酸中加入鋅粒，將生成的氣體依次通過NaOH溶液、濃硫酸和KMnO4溶液D探究濃度對反應速率的影響向2支盛有5mL不同濃度NaHSO3溶液的試管中同時加入2mL5%H2O2溶液，觀察實驗現(xiàn)象A．A B．B C．C D．D 【考點】U5：化學實驗方案的評價．【分析】A．在轉移溶液之前應該將溶液冷卻至室溫，否則配制的溶液濃度偏高；B．氯化鐵具有氧化性、維生素C具有還原性，二者發(fā)生氧化還原反應而使溶液變色；C．高錳酸鉀溶液和氫氣、HCl都不反應，且最后通過酸性高錳酸鉀溶液會導致得到的氫氣中含有水蒸氣；D．要探究濃度對化學反應速率影響實驗時，應該只有濃度不同其它條件必須完全相同?！窘獯稹拷猓篈．NaOH溶解過程是放熱的，導致溶液濃度高于室溫，如果在轉移溶液之前未將溶液冷卻至室溫，否則配制的溶液體積偏小，則配制溶液濃度偏高，所以不能實現(xiàn)實驗目的，故A不選；B．氯化鐵具有氧化性、維生素C具有還原性，二者發(fā)生氧化還原反應而生成亞鐵離子，導致溶液由黃色變?yōu)闇\綠色，則溶液變色，所以能實現(xiàn)實驗目的，故B選；C．高錳酸鉀溶液和氫氣、HCl都不反應，且最后通過酸性高錳酸鉀溶液會導致得到的氫氣中含有水蒸氣，所以不能實現(xiàn)實驗目的，用NaOH吸收HCl、用濃硫酸干燥氣體即可，故C不選；D．要探究濃度對化學反應速率影響實驗時，應該只有濃度不同其它條件必須完全相同，該實驗沒有明確說明溫度是否相同，并且實驗現(xiàn)象也不明顯，所以不能實現(xiàn)實驗目的，故D不選，故選：B?！军c評】本題考查化學實驗評價，涉及溶液配制、性質檢驗、物質的分離提純、化學反應速率影響因素探究等知識點，側重考查學生實驗操作、實驗分析和判斷能力，明確實驗原理及物質性質是解本題關鍵，題目難度不大。二、非選擇題：每個試題考生必須作答。8．（14分）我國是世界上最早制得和使用金屬鋅的國家。一種以閃鋅礦（ZnS，含有SiO2和少量FeS、CdS、PbS雜質）為原料制備金屬鋅的流程如圖所示：相關金屬離子[c0（Mn+）=0.1mol?L﹣1]形成氫氧化物沉淀的pH范圍如下：金屬離子Fe3+Fe2+Zn2+Cd2+開始沉淀的pH1.56.36.27.4沉淀完全的pH2.88.38.29.4回答下列問題：（1）焙燒過程中主要反應的化學方程式為2ZnS+3O22ZnO+2SO2。（2）濾渣1的主要成分除SiO2外還有PbSO4；氧化除雜工序中ZnO的作用是調節(jié)溶液的pH到2.8﹣6.2之間，使Fe3+完全沉淀，若不通入氧氣，其后果是無法除去溶液中Fe2+。（3）溶液中的Cd2+用鋅粉除去，還原除雜工序中反應的離子方程式為Cd2++Zn=Cd+Zn2+。（4）電解硫酸鋅溶液制備單質鋅時，陰極的電極反應式為Zn2++2e﹣=Zn；沉積鋅后的電解液可返回溶浸工序繼續(xù)使用?！究键c】U3：制備實驗方案的設計．【分析】焙燒過程中發(fā)生的反應有2ZnS+3O22ZnO+2SO2、4FeS+7O22Fe2O3+4SO2、2PbS+3O22PbO+2SO2、2CdS+3O22CdO+2SO2，所以焙燒過程中生成的氣體是SO2；然后加入稀硫酸酸浸，F(xiàn)eS（未焙燒）、ZnO、Fe2O3、PbO、CdO和稀硫酸反應生成Fe2+、Zn2+、Fe3+、PbSO4、Cd2+，所以濾渣1為未反應的SiO2和生成的PbSO4；氧化除雜時通入氧氣，使Fe2+轉化為Fe3+，加入ZnO和稀硫酸反應調節(jié)溶液的pH值，將Fe3+轉化為Fe（OH）3而除去Fe3+，濾渣2為生成的Fe（OH）3；然后向溶液中加入Zn，Zn和Cd2+發(fā)生氧化還原生成Cd，然后過濾得到濾液，濾渣3為Cd；將濾液電解得到Zn；（1）焙燒過程中ZnS、FeS、CdS、PbS都和氧氣發(fā)生氧化還原反應，但是ZnS的反應是主要反應；（2）濾渣1的主要成分除SiO2外還有生成的硫酸鉛；ZnO能和酸反應生成鹽和水，從而改變溶液的pH值；如果不通入氧氣，亞鐵離子影響Zn的制備；（3）Cd2+和Zn發(fā)生氧化還原反應生成Cd；（4）電解硫酸鋅溶液制備單質鋅時，陰極上溶液中Zn2+得電子生成Zn；沉積鋅后的電解液中鋅離子濃度降低，可以通過返回溶浸工序繼續(xù)使用?！窘獯稹拷猓罕簾^程中發(fā)生的反應有2ZnS+3O22ZnO+2SO2、4FeS+7O22Fe2O3+4SO2、2PbS+3O22PbO+2SO2、2CdS+3O22CdO+2SO2，所以焙燒過程中生成的氣體是SO2；然后加入稀硫酸酸浸，F(xiàn)eS（未焙燒）、ZnO、Fe2O3、PbO、CdO和稀硫酸反應生成Fe2+、Zn2+、Fe3+、PbSO4、Cd2+，所以濾渣1為未反應的SiO2和生成的PbSO4；氧化除雜時通入氧氣，使Fe2+轉化為Fe3+，加入ZnO和稀硫酸反應調節(jié)溶液的pH值，將Fe3+轉化為Fe（OH）3而除去Fe3+，濾渣2為生成的Fe（OH）3；然后向溶液中加入Zn，Zn和Cd2+發(fā)生氧化還原生成Cd，然后過濾得到濾液，濾渣3為Cd；將濾液電解得到Zn；（1）焙燒過程中ZnS、FeS、CdS、PbS都和氧氣發(fā)生氧化還原反應，但是ZnS的反應是主要反應，所以其主要方程式為2ZnS+3O22ZnO+2SO2，故答案為：2ZnS+3O22ZnO+2SO2；（2）濾渣1的主要成分除SiO2外還有PbO和稀硫酸生成的沉淀PbSO4；ZnO能和酸反應生成鹽和水，從而改變溶液的pH值，使溶液的pH調節(jié)在2.8﹣6.2之間，從而Fe3+將轉化為沉淀除去Fe3+；Fe2+、Zn2+開始沉淀、完全沉淀的pH相近，如果不通入氧氣，F(xiàn)e2+不能完全除去而影響Zn的制備，故答案為：PbSO4；調節(jié)溶液的pH到2.8﹣6.2之間，使Fe3+完全沉淀；無法除去溶液中Fe2+；（3）Cd2+和Zn發(fā)生氧化還原反應生成Cd，離子方程式為Cd2++Zn=Cd+Zn2+，故答案為：Cd2++Zn=Cd+Zn2+；（4）電解硫酸鋅溶液制備單質鋅時，陰極上溶液中Zn2+得電子生成Zn，電極反應式為Zn2++2e﹣=Zn；沉積鋅后的電解液中鋅離子濃度降低，可以通過返回溶浸工序繼續(xù)使用，從而減少資源浪費，故答案為：Zn2++2e﹣=Zn；溶浸。【點評】本題考查物質制備，綜合性較強，涉及物質分離提純、電解原理、氧化還原反應、方程式的書寫等知識點，明確流程圖中各物質的性質、發(fā)生的反應及物質分離提純方法是解本題關鍵，知道每一步的目的及原理，題目難度中等。9．（14分）CH4﹣CO2的催化重整不僅可以得到合成氣（CO和H2），還對溫室氣體的減排具有重要意義。回答下列問題：（1）CH4﹣CO2催化重整反應為：CH4（g）+CO2（g）═2CO（g）+2H2（g）。已知：C（s）+2H2（g）═CH4（g）△H=﹣75kJ?mol﹣1C（s）+O2（g）=CO2（g）△H=﹣394kJ?mol﹣1C（s）+（g）=CO（g）△H=﹣111kJ?mol﹣1該催化重整反應的△H=+247kJ?mol﹣1．有利于提高CH4平衡轉化率的條件是A（填標號）。A．高溫低壓B．低溫高壓C．高溫高壓D．低溫低壓某溫度下，在體積為2L的容器中加入2molCH4、1molCO2以及催化劑進行重整反應，達到平衡時CO2的轉化率是50%，其平衡常數(shù)為mol2?L﹣2。（2）反中催化劑活性會因積碳反應而降低，同時存在的消碳反應則使積碳碳量減少。相關數(shù)據(jù)如下表：積碳反應CH4（g）═C（s）+2H2（g）消碳反應CO2（g）+C（s）═2CO（g）△H/（kJ?mol﹣1）75172活化能/（kJ?mol﹣1）催化劑X3391催化劑Y4372①由上表判斷，催化劑X劣于Y（填“優(yōu)于或劣于”），理由是催化劑X較催化劑Y，積碳反應時，活化能低，反應速率快，消碳反應時，活化能高，反應速率慢，綜合考慮，催化劑X較催化劑Y更利于積碳反應，不利于消碳反應，會降低催化劑活性。在反應進料氣組成，壓強及反應時間相同的情況下，某催化劑表面的積碳量隨溫度的變化關系如右圖所示。升高溫度時，下列關于積碳反應，消碳反應的平衡常數(shù)（K）和速率（v）的敘述正確的是AD（填標號）。A．K積、K消均增加B．V積減小、V消增加C．K積減小、K消增加D．V消增加的倍數(shù)比V積增加的倍數(shù)大②在一定溫度下，測得某催化劑上沉積碳的生成速率方程為v=k?p（CH4）?[p（CO2）]﹣0.5（k為速率常數(shù)）。在p（CH4）一定時，不同p（CO2）下積碳量隨時間的變化趨勢如圖所示，則Pa（CO2）、Pb（CO2）、Pc（CO2）從大到小的順序為pc（CO2）＞pb（CO2）＞pa（CO2）?！究键c】CP：化學平衡的計算．【專題】51E：化學平衡專題．【分析】（1）①C（s）+2H2（g）═CH4（g）△H=﹣75kJ?mol﹣1②C（s）+O2（g）=CO2（g）△H=﹣394kJ?mol﹣1③C（s）+（g）=CO（g）△H=﹣111kJ?mol﹣1將方程式2③﹣①﹣②得CH4（g）+CO2（g）═2CO（g）+2H2（g），△H進行相應的改變；要提高CH4平衡轉化率應該使平衡正向移動，但是不能通過增大甲烷濃度實現(xiàn)；達到平衡時CO2的轉化率是50%，根據(jù)方程式知，參加反應的n（CO2）=n（CH4）=1mol×50%=0.5mol，生成的n（CO）=n（H2）=1mol，該化學反應CH4（g）+CO2（g）═2CO（g）+2H2（g），開始（mol/L）10.500反應（mol/L）0.250.250.50.5平衡（mol/L）0.750.250.50.5化學平衡常數(shù)K=；（2）①消碳反應越容易發(fā)生，催化劑活性越好，消碳反應所需活化能越低，消碳反應越容易進行；A．積碳反應和消碳反應的正反應都是吸熱反應，升高溫度平衡向吸熱方向移動；B．升高溫度所有的化學反應速率都增大；C．積碳反應和消碳反應的正反應都是吸熱反應，升高溫度平衡向吸熱方向移動；D．積碳量達到最大值以后再升高溫度積碳量降低，V消增加的倍數(shù)比V積增加的倍數(shù)大；②在一定溫度下，相同時間內，沉積的碳越多，則沉積碳生成速率越快，根據(jù)v=k?p（CH4）?[p（CO2）]﹣0.5（k為速率常數(shù)）知，p（CH4）一定時，沉積碳生成速率與二氧化碳壓強成反比。【解答】解：（1）①C（s）+2H2（g）═CH4（g）△H=﹣75kJ?mol﹣1②C（s）+O2（g）=CO2（g）△H=﹣394kJ?mol﹣1③C（s）+（g）=CO（g）△H=﹣111kJ?mol﹣1將方程式2③﹣①﹣②得CH4（g）+CO2（g）═2CO（g）+2H2（g），△H=2（﹣111kJ?mol﹣1）﹣（﹣75kJ?mol﹣1）﹣（﹣394kJ?mol﹣1）=+247kJ/mol；要提高CH4平衡轉化率應該使平衡正向移動，但是不能通過增大甲烷濃度實現(xiàn)，該反應的正反應是一個反應前后氣體體積增加的吸熱反應，升高溫度、減小壓強能使平衡正向移動，增大甲烷轉化率，達到平衡時CO2的轉化率是50%，根據(jù)方程式知，參加反應的n（CO2）=n（CH4）=1mol×50%=0.5mol，生成的n（CO）=n（H2）=1mol，該化學反應CH4（g）+CO2（g）═2CO（g）+2H2（g），開始（mol/L）10.500反應（mol/L）0.250.250.50.5平衡（mol/L）0.750.250.50.5化學平衡常數(shù)K===；故答案為：+247；高溫低壓；；（2）①根據(jù)表中數(shù)據(jù)知，催化劑X較催化劑Y，積碳反應時，活化能低，反應速率快，消碳反應時，活化能高，反應速率慢，綜合考慮，催化劑X較催化劑Y更利于積碳反應，不利于消碳反應，會降低催化劑活性；A．積碳反應和消碳反應的正反應都是吸熱反應，升高溫度平衡正向移動，則K積、K消均增加，故正確；B．升高溫度化學反應速率都增大，V積增加、V消增加，故錯誤；C．積碳反應和消碳反應的正反應都是吸熱反應，升高溫度平衡正向移動，則K積、K消均增加，故錯誤；D．積碳量達到最大值以后再升高溫度積碳量降低，V消增加的倍數(shù)比V積增加的倍數(shù)大，故正確；所以選AD；故答案為：劣于；催化劑X較催化劑Y，積碳反應時，活化能低，反應速率快，消碳反應時，活化能高，反應速率慢，綜合考慮，催化劑X較催化劑Y更利于積碳反應，不利于消碳反應，會降低催化劑活性；AD；②在一定溫度下，相同時間內，沉積的碳越多，則沉積碳生成速率越快，根據(jù)v=k?p（CH4）?[p（CO2）]﹣0.5（k為速率常數(shù)）知，p（CH4）一定時，沉積碳生成速率與二氧化碳壓強成反比，根據(jù)圖知，積碳量a＞b＞c，則pc（CO2）＞pb（CO2）＞pa（CO2），故答案為：pc（CO2）＞pb（CO2）＞pa（CO2）。【點評】本題考查化學反應原理，涉及蓋斯定律、化學平衡計算、外界條件對化學平衡影響等知識點，側重考查學生分析、推斷及圖象分析能力，正確理解題給信息及出題人目的是解本題關鍵，難點是（2）題分析解答。10．（15分）K3[Fe（C2O4）3]?3H2O（三草酸合鐵酸鉀）為亮綠色晶體，可用于曬制藍圖，回答下列問題：（1）曬制藍圖時，用K3[Fe（C2O4）3]?3H2O作感光劑，以K3Fe[（CN）6]溶液為顯色劑。其光解反應的化學方程式為2K3[Fe（C2O4）3]2FeC2O4+3K2C2O4+2CO2↑；顯色反應的化學方程式為3FeC2O4+2K3[Fe（CN）6]=Fe3[Fe（CN）6]2↓+3K2C2O4。（2）某小組為探究三草酸合鐵酸鉀的熱分解產(chǎn)物，按如圖所示裝置進行實驗。①通入氮氣的目的是排出裝置中原有空氣，避免O2和CO2干擾實驗，同時用N2把裝置A、E中反應生成的氣體排出進行后續(xù)檢驗。②實驗中觀察到裝置B、F中澄清石灰水均變渾濁，裝置E中固體變?yōu)榧t色，由此判斷熱分解產(chǎn)物中一定含有CO、CO2。③為防止倒吸，停止實驗時應進行的操作是先關閉A、E中的酒精燈，冷卻后再停止通入N2。④樣品完全分解后，裝置A中的殘留物含有FeO和Fe2O3，檢驗Fe2O3存在的方法是：取少量裝置A中殘留物放入試管中，加入稀硫酸溶解，再滴加幾滴KSCN溶液，若觀察到溶液變紅，則證明A中殘留物中含F(xiàn)e2O3。（3）測定三草酸合鐵酸鉀中鐵的含量。①稱量mg樣品于錐形瓶中，溶解后加稀H2SO4酸化，用cmol?L﹣1KMnO4溶液滴定至終點。滴定終點的現(xiàn)象是當?shù)稳胱詈笠坏蔚稳牒螅芤鹤兂蓽\紅色，且半分鐘內不褪色。②向上述溶液中加入過量鋅粉至反應完全后，過濾、洗滌，將濾液及洗滌液全部收集到錐形瓶中。加稀H2SO4酸化，用cmol?L﹣1KMnO4溶液滴定至終點，消耗KMnO4溶液VmL．該晶體中鐵的質量分數(shù)的表達式為×100%或×100%（或%）。【考點】5C：物質的量濃度的相關計算；RD：探究物質的組成或測量物質的含量．【分析】（1）顯色過程是FeC2O4中的亞鐵離子與[Fe（CN）6]3﹣結合成藍色沉淀，據(jù)此寫出該后續(xù)方程式；（2）①反應開始前通氮氣，可排凈裝置中空氣，以免氧氣、二氧化碳對實驗干擾，同時把裝置A、E中反應生成的氣體排出；②B中澄清石灰水變渾濁證明含有二氧化碳，E中固體變紅、F中澄清石灰水變渾濁證明分解產(chǎn)物中有一氧化碳；③為避免倒吸，需先關閉反應裝置中的酒精燈，冷卻后再停止通入N2；④檢驗Fe2O3，需將Fe2O3轉化成鐵離子，再用硫氰化鉀進行檢驗；（3）①用KMnO4溶液滴定亞鐵離子，滴定終點溶液變成淺紅色；②根據(jù)n=cV計算出消耗高錳酸根離子的物質的量，根據(jù)化合價升降相等可得反應關系式5Fe2+～MnO4﹣，則n（Fe2+）=5n（MnO4﹣），然后根據(jù)m=nM計算出樣品中含有鐵元素的質量，最后根據(jù)×100%計算?！窘獯稹拷猓海?）顯色過程是FeC2O4中的亞鐵離子與[Fe（CN）6]3﹣結合成藍色沉淀的反應，該反應的化學方程式為：3FeC2O4+2K3[Fe（CN）6]=Fe3[Fe（CN）6]2↓+3K2C2O4，故答案為：3FeC2O4+2K3[Fe（CN）6]=Fe3[Fe（CN）6]2↓+3K2C2O4；（2）①在反應開始前通入N2，可排凈裝置中的空氣，以免O2和CO2對實驗干擾，同時用N2把裝置A、E中反應生成的氣體排出進行后續(xù)檢驗，故答案為：排出裝置中原有空氣，避免O2和CO2干擾實驗，同時用N2把裝置A、E中反應生成的氣體排出進行后續(xù)檢驗；②B中澄清石灰水變渾濁證明分解產(chǎn)物中一定含有CO2，E中固體變紅、F中澄清石灰水變渾濁證明分解產(chǎn)物中有還原性氣體CO，故答案為：CO；CO2；③為防止倒吸，需要先關閉反應裝置中的酒精燈，冷卻至常溫過程中需保持一直通入N2，故答案為：先關閉A、E中的酒精燈，冷卻后再停止通入N2；④檢驗固體中是否存在Fe2O3，需將Fe2O3轉化成鐵離子，再用硫氰化鉀進行檢驗，操作方法為：取少量裝置A中殘留物放入試管中，加入稀硫酸溶解，再滴加幾滴KSCN溶液，若觀察到溶液變紅，則證明A中殘留物中含F(xiàn)e2O3，故答案為：取少量裝置A中殘留物放入試管中，加入稀硫酸溶解，再滴加幾滴KSCN溶液，若觀察到溶液變紅，則證明A中殘留物中含F(xiàn)e2O3；（3）①用KMnO4溶液滴定亞鐵離子，滴定終點溶液變成淺紅色，則滴定終點為：當?shù)稳胱詈笠坏蔚稳牒?，溶液變成淺紅色，且半分鐘內不褪色，故答案為：當?shù)稳胱詈笠坏蔚稳牒?，溶液變成淺紅色，且半分鐘內不褪色；②用cmol?L﹣1KMnO4溶液滴定至終點，消耗KMnO4溶液VmL，消耗MnO4﹣的物質的量為：n（MnO4﹣）=cmol/L×L=mol，根據(jù)化合價升降相等可得反應關系式：5Fe2+～MnO4﹣，則n（Fe2+）=5n（MnO4﹣）=5×mol，m（Fe2+）=56g/mol×5×mol，所以鐵的質量分數(shù)=×100%=×100%或×100%（或%）），故答案為：×100%或×100%（或%）【點評】本題考查探究物質組成、測量物質含量，題目難度較大，明確實驗原理、實驗目的為解答關鍵，注意掌握常見元素及其化合物性質，試題知識點較多、綜合性較強，充分考查了學生的分析、理解能力及綜合應用能力。[化學一選修3：物質結構與性質]（15分）11．（15分）硫及其化合物有許多用途。相關物質的物理常數(shù)如表所示：H2SS8FeS2SO2SO3H2SO4熔點/℃﹣85.5115.2＞600（分解）﹣75.516.810.3沸點/℃﹣60.3444.6﹣10.045.0337.0回答下列問題：（1）基態(tài)Fe原子價層電子的電子排布圖（軌道表達式）為，基態(tài)S原子電子占據(jù)最高能級的電子云輪廓圖為啞鈴形。（2）根據(jù)價層電子對互斥理論，H2S，SO2，SO3的氣態(tài)分子中，中心原子價層電子對數(shù)不同于其他分子的是H2S。（3）圖（a）為S8的結構，其熔點和沸點要比二氧化硫的熔點和沸點高很多，主要原因為S8與SO2都是分子晶體，S8相對分子質量比SO2大，S8的分子間作用力大于SO2，所以熔沸點S8＞SO2。（4）氣態(tài)三氧化硫以單分子形式存在，其分子的立體構型為平面三角形，其中共價鍵的類型有2種；固體三氧化硫中存在如圖（b）所示的三聚分子。該分子中S原子的雜化軌道類型為sp3。（5）FeS2晶體的晶胞如圖（c）所示，晶胞邊長為anm，F(xiàn)eS2相對式量為M、阿伏加德羅常數(shù)的值為NA，其晶體密度的計算表達式為g?cm﹣3；晶胞中Fe2+位于S22﹣所形成的八面體的體心，該正八面體的邊長為anm。【考點】86：原子核外電子排布；98：判斷簡單分子或離子的構型；9I：晶胞的計算；9S：原子軌道雜化方式及雜化類型判斷．【專題】51D：化學鍵與晶體結構．【分析】（1）基態(tài)Fe原子價層電子為其3d、4s能級上電子；基態(tài)S原子電子占據(jù)的能級有1s、2s、2p、3s、3p，最高能級為3p，其電子云輪廓圖為啞鈴形；（2）H2S中S原子價層電子對個數(shù)=2+=4、SO2中S原子價層電子對個數(shù)=2+=3、SO3中S原子價層電子對個數(shù)=3+=3；（3）S8、SO2都分子晶體，分子晶體熔沸點與其分子間作用力成正比，分子間作用力與其相對分子質量成正比；（4）SO3中S原子價層電子對個數(shù)=3+=3，且不含孤電子對，根據(jù)價層電子對互斥理論判斷其空間構型；該分子中S﹣O原子之間存在共價鍵；該分子中每個S原子價層電子對個數(shù)都是4，根據(jù)價層電子對互斥理論判斷S原子雜化類型；（5）晶胞邊長為anm=a×10﹣7cm，晶胞體積=（a×10﹣7cm）3，該晶胞中Fe2+個數(shù)=1+12×=4，S22﹣個數(shù)=8×+6×=4，其晶體密度=；晶胞中Fe2+位于S22﹣所形成的八面體的體心，該正八面體的邊長為每個面對角線長度的一半?！窘獯稹拷猓海?）基態(tài)Fe原子的核外價電子排布式為[Ar]3d64S2，基態(tài)Fe原子價層電子為其3d、4s能級上電子，則基態(tài)Fe原子的核外價電子排布圖為；基態(tài)S原子電子占據(jù)的能級有1s、2s、2p、3s、3p，最高能級為3p，其電子云輪廓圖為啞鈴形，故答案為：；啞鈴；（2）H2S中S原子價層電子對個數(shù)=2+=4、SO2中S原子價層電子對個數(shù)=2+=3、SO3中S原子價層電子對個數(shù)=3+=3，中心原子價層電子對數(shù)不同于其他分子的是H2S，故答案為：H2S；（3）S8、SO2都分子晶體，分子晶體熔沸點與其分子間作用力成正比，分子間作用力與其相對分子質量成正比，S8相對分子質量大于SO2，所以分子間作用力S8大于SO2，導致熔沸點S8大于SO2，故答案為：S8與SO2都是分子晶體，S8相對分子質量比SO2大，S8的分子間作用力大于SO2，所以熔沸點S8＞SO2；（4）SO3中S原子價層電子對個數(shù)=3+=3，且不含孤電子對，根據(jù)價層電子對互斥理論判斷其空間構型為平面正三角形；該分子中S﹣O原子之間存在σ和離域大π鍵，所以共價鍵類型2種；該分子中每個S原子價層電子對個數(shù)都是4，根據(jù)價層電子對互斥理論判斷S原子雜化類型為sp3，故答案為：平面正三角；2；sp3；（5）晶胞邊長為anm=a×10﹣7cm，晶胞體積=（a×10﹣7cm）3，該晶胞中Fe2+個數(shù)=1+12×=4，S22﹣個數(shù)=8×+6×=4，其晶體密度==g/cm3；晶胞中Fe2+位于S22﹣所形成的八面體的體心，該正八面體的邊長為每個面對角線長度的一半=×anm=anm，故答案為：；a。【點評】本題考查物質結構和性質，涉及晶胞計算、微?？臻g構型判斷、原子核外電子排布等知識點，側重考查學生分析判斷、公式的正確運用及空間想像能力，難點是晶胞計算，注意均攤分在晶胞中的靈活運用及nm與cn之間的換算。[化學一選修5：有機化學基礎]（15分）12．以葡萄糖為原料制得的山梨醇（A）和異山梨醇（B）都是重要的生物質轉化平臺化合物。E是一種治療心絞痛的藥物。由葡萄糖為原料合成E的路線如下：回答下列問題：（1）葡萄糖的分子式為C6H12O6。（2）A中含有的官能團的名稱為羥基。（3）由B到C的反應類型為酯化反應或取代反應。（4）C的結構簡式為。（5）由D到E的反應方程式為。（6）F是B的同分異構體，7.30g的F與足量飽和碳酸氫鈉反應可釋放出2.24L二氧化碳（標準狀況），F(xiàn)的可能結構共有9種（不考慮立體異構）；其中核磁共振氫譜為三組峰，峰面積比為3：1：1的結構簡式為。【考點】HC：有機物的合成．【專題】534：有機物的化學性質及推斷．【分析】葡萄糖和氫氣發(fā)生加成反應生成A為HOCH2（CHOH）4CH2OH，A發(fā)生消去反應生成B，B和乙酸反應生成C，根據(jù)C分子式知，B中一個羥基發(fā)生酯化反應，C結構簡式為，根據(jù)D分子式知，生成D的反應為取代反應，D發(fā)生水解反應生成E，根據(jù)E結構簡式知，D為，結合題目分析解答?！窘獯稹拷猓浩咸烟呛蜌錃獍l(fā)生加成反應生成A為HOCH2（CHOH）4CH2OH，A發(fā)生消去反應生成B，B和乙酸反應生成C，根據(jù)C分子式知，B中一個羥基發(fā)生酯化反應，C結構簡式為，根據(jù)D分子式知，生成D的反應為取代反應，D發(fā)生水解反應生成E，根據(jù)E結構簡式知，D為，（1）葡萄糖的分子式為C6H12O6，故答案為：C6H12O6；（2）A為A為HOCH2（CHOH）4CH2OH，A中含有的官能團的名稱為羥基，故答案為：羥基；（3）由B到C的反應類型為取代反應或酯化反應，故答案為：取代反應或酯化反應；（4）C的結構簡式為，故答案為：；（5）D為，D發(fā)生水解反應生成E，由D到E的反應方程式為，故答案為：；（6）F是B的同分異構體，B的相對分子質量為146，7.30g的F物質的量==0.05mol，生成n（CO2）==0.1mol，說明該分子中含有2個﹣COOH，B的分子式為C6H10O4，B的不飽和度==2，2個﹣COOH的不飽和度是2，說明F中不含碳碳不飽和鍵和環(huán)，如果剩余碳鏈結構為C﹣C﹣C﹣C，羧基排放方式有6種；如果剩余碳鏈結構為，羧基排放方式有3種，所以符合條件的同分異構體有9種；其中核磁共振氫譜為三組峰，峰面積比為3：1：1的結構簡式為，故答案為：9；。【點評】本題考查有機物推斷，側重考查學生分析、推斷能力，涉及物質推斷、官能團判斷、反應類型判斷、同分異構體種類判斷等知識點，明確有機物官能團及其性質關系是解本題關鍵，難點是同分異構體種類判斷。精品文檔精心整理精品文檔可編輯的精品文檔2018年全國統(tǒng)一高考化學試卷（新課標Ⅱ）一、選擇題：本題共7小題，每小題6分，共42分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．（6分）化學與生活密切相關，下列說法錯誤的是（）A．碳酸鈉可用于去除餐具的油污 B．漂白粉可用于生活用水的消毒 C．氫氧化鋁可用于中和過多胃酸 D．碳酸鋇可用于胃腸X射線造影檢查 2．（6分）研究表明，氮氧化物和二氧化硫在形成霧霾時與大氣中的氨有關（如圖所示）。下列敘述錯誤的是（）A．霧和霾的分散劑相同 B．霧霾中含有硝酸銨和硫酸銨 C．NH3是形成無機顆粒物的催化劑 D．霧霾的形成與過度施用氮肥有關 3．（6分）實驗室中用如圖所示的裝置進行甲烷與氯氣在光照下反應的實驗。在光照下反應一段時間后，下列裝置示意圖中能正確反映實驗現(xiàn)象的是（）A． B． C． D． 4．（6分）W、X、Y和Z為原子序數(shù)依次增大的四種短周期元素。W與X可生成一種紅棕色有刺激性氣味的氣體；Y的周期數(shù)是族序數(shù)的3倍；Z原子最外層的電子數(shù)與W的電子總數(shù)相同，下列敘述正確的是（）A．X與其他三種元素均可形成兩種或兩種以上的二元化合物 B．Y與其他三種元素分別形成的化合物中只含有離子鍵 C．四種元素的簡單離子具有相同的電子層結構 D．W的氧化物對應的水化物均為強酸 5．（6分）NA代表阿伏加德羅常數(shù)的值，下列說法正確的是（）A．常溫常壓下，124gP4中所含P一P鍵數(shù)目為4NA B．100mL1mol?L﹣1FeCl3溶液中所含F(xiàn)e3+的數(shù)目為0.1NA C．標準狀況下，11.2L甲烷和乙烯混合物中含氫原子數(shù)目為2NA D．密閉容器中，2molSO2和1molO2催化反應后分子總數(shù)為2NA 6．（6分）我國科學家研發(fā)了一種室溫下“可呼吸”的Na﹣CO2二次電池，將NaClO4溶于有機溶劑作為電解液。鈉和負載碳納米管的鎳網(wǎng)分別作為電極材料，電池的總反應為：3CO2+4Na?2Na2CO3+C，下列說法錯誤的是（）A．放電時，ClO4﹣向負極移動 B．充電時釋放CO2，放電時吸收CO2 C．放電時，正極反應為：3CO2+4e﹣═2CO32﹣+C D．充電時，正極反應為：Na++e﹣═Na 7．（6分）下列實驗過程可以達到實驗目的是（）編號實驗目的實驗過程A配制0.4000mol?L﹣1的NaOH溶液稱取4.0g固體NaOH于燒杯中，加入少量蒸餾水溶解，轉移至250mL容量瓶中定容B探究維生素C的還原性向盛有2mL黃色氯化鐵溶液的試管中滴加濃的維生素C溶液，觀察顏色變化C制取并純化氫氣向稀鹽酸中加入鋅粒，將生成的氣體依次通過NaOH溶液、濃硫酸和KMnO4溶液D探究濃度對反應速率的影響向2支盛有5mL不同濃度NaHSO3溶液的試管中同時加入2mL5%H2O2溶液，觀察實驗現(xiàn)象A．A B．B C．C D．D 二、非選擇題：每個試題考生必須作答。8．（14分）我國是世界上最早制得和使用金屬鋅的國家。一種以閃鋅礦（ZnS，含有SiO2和少量FeS、CdS、PbS雜質）為原料制備金屬鋅的流程如圖所示：相關金屬離子[c0（Mn+）=0.1mol?L﹣1]形成氫氧化物沉淀的pH范圍如下：金屬離子Fe3+Fe2+Zn2+Cd2+開始沉淀的pH1.56.36.27.4沉淀完全的pH2.88.38.29.4回答下列問題：（1）焙燒過程中主要反應的化學方程式為。（2）濾渣1的主要成分除SiO2外還有；氧化除雜工序中ZnO的作用是，若不通入氧氣，其后果是。（3）溶液中的Cd2+用鋅粉除去，還原除雜工序中反應的離子方程式為。（4）電解硫酸鋅溶液制備單質鋅時，陰極的電極反應式為；沉積鋅后的電解液可返回工序繼續(xù)使用。9