2020年上海市金山區(qū)高考物理二模試卷

2020年上海市金山區(qū)高考物理二模試卷一、單選題（本大題共12小題共40.0分）

核動力潛艇中核反應堆的主要燃?238衰成需次衰和次衰，、86分為

、

B.

C.

、

D.

、6

一顆恒星的壽命取決于它(

溫度

B.

顏色

C.

質量

D.

體積

人類對光的本性的認識經歷了曲折的過程．下列關于光的本性的陳述中不符合科學規(guī)律或歷史事實的B.C.D.

牛頓的“微粒說”與愛因斯坦的“光子說”本質上是一樣的光的雙縫干涉實驗顯示了光具有波動性麥克斯韋預言了光是一種電磁波光具有波粒二象性

在“蹦極跳”運動中，質量的戲者身系一根長、性優(yōu)良的輕軟橡皮繩，從高處由靜止開始下落到達最低點．若不計空氣阻力，則以下對整個過程的說法中正確的C.

速度先增大后減小動能增加了

B.D.

加速度先增大后減小重力勢能減少了

一個質點做間諧振動的振動圖象如圖所示質點在3時B.C.D.

速度為負，位移為正速度為負，位移為負速度為負，加速度為正速度為正，加速度為負

關于機械波的概念，下列說法中正確的)B.C.D.

質點振動的方向總是垂直于波傳播的方向簡諧波沿長繩傳播，繩上相距半個波長的兩質點振動位移相同任一振動質點每經過一個周期沿波的傳播方向移動一個波長簡諧波的周期和每個質點振動周期相同

1211，112121211，11212

木塊、質分與，者間用輕質彈簧相連，置于水平光滑地面上，如圖所示．在水平力的用下，以同加速度一起向正方做勻加速直線運動，某時刻將拉撤去，則此時刻的加速，的速分別為

，B.

2

，

C.

，

2D.

2

下列說法正確的B.C.D.

晶體是各向異性的擴散和布朗運動都是分子的運動熱量不能從低溫物體傳到高溫物體在任何溫度、任何壓強下都遵從氣體實驗定律的氣體定是理想氣體一列簡諧橫波在介質中軸方向傳播時刻的圖象如圖所示，其傳播速度位于15處此質()B.C.D.

沿軸方向運動，周期1沿軸方向運動，周期2沿軸方向運動，周期1沿軸方向運動，周期2內光滑絕緣的空細玻璃管豎直放置，、端別固定一個帶電小和，一帶電的小球其徑略小于管內徑位于的中點，于靜止狀態(tài)，如所示。三小球均帶正電晃璃管后察到小會位上附近點運動。下列判斷正確的B.C.D.

小球在動過程中機械能守恒小球電量等于小量小球從點動到點過程中，電場力做負小球從點運動點過程中，電場力做正功

00如所示，在豎直向下的磁感應強度的強磁場，將一水平放置的長的金屬某一水平速度拋出，金屬棒在運動過程中始終保持水平。計空氣阻力，關于金屬棒在運動過程中產生的感應電動勢，下列判斷正確的B.C.D.

棒不會產生電動棒產生的電動勢來越大棒的電動勢保持變，端勢低端勢棒的電動勢保持變，端勢高端勢如為豎直放置的粗細均勻的兩端封閉的細管，水銀柱將氣體分隔兩分初溫度低的始溫度．、升高相同溫度達到穩(wěn)定后、兩部分氣體壓強變化量分別eq\o\ac(△,)eq\o\ac(△,)??，液面壓力的變化量分別eq\o\ac(△,)eq\o\ac(△,)，則

水銀柱向上移動了一段距離

B.

C.

D.

二、填空題（本大題共5小題，20.0分一物體總保______狀態(tài)或_狀，除______，這就是牛頓第一定律。牛頓第一定律揭示了運動和力的關系：力不_的原因，而_____的原。如所示，在一半徑的滑圓軌道上切下一段圓弧，放置于豎直平面內，將一個小鋼珠置于圓軌道最低點附近并從靜止釋放。有同學說，這個小鋼珠運動到最低點的最短時間可以用單擺的周期公式去求，他說的有道理嗎？請判斷并分析說明。

如電電，，電，動變阻器總電阻，在片從滑過程中，電流表的最大示數為______，動變阻器消耗的最大功率如所示，放在通電螺線管內部中間處的小磁針，靜止時極向方，那么電源的正極端填“或者”．從深的水井中用外力將量的桶的以速度勻提到井口，于水桶漏水每高漏水，則外力做的功______外力的最小功率______。三、實驗題（本大題共1小題，10.0分在測定蓄電池的電動勢和內電阻”的實驗中，備有如下器材：A、蓄電池B、電流～，阻約為C、敏電流滿電流

，內阻D、動阻E、電阻

～F、值定阻

G開關、導線若干由沒有電壓表，可把靈敏電流與阻

串聯改裝成量程電壓表，如圖甲中電阻箱

的阻值應為_。按甲所示電路圖，請在乙圖上補充完成實物連線

1112丙為該實驗繪出圖線為靈敏電流的數，為電流的數由圖可求得被測蓄電池的電動______，電結保留兩位有效數。四、計算題（本大題共2小題，30.0分隨中國首艘航“遼寧號”的下水，同學們對艦載圖的起降產生了濃厚的興趣．從而編制了一道題目，請你閱讀后求解．假質量的載機關閉發(fā)動機后在水平地面跑道上降落，觸地瞬間的速度0

，在跑道上滑行的圖象如圖求艦載機滑行的最大距離和滑行時受到的阻力大忽略空氣阻；為讓上述關閉發(fā)動機的艦載機在有限長度的航母甲板降落停下來板上設置了阻攔索讓飛機減速．為艦載機勾住阻攔索后某一時刻的情景，此加速度大小中倍阻攔索夾角艦機所受甲板阻力(阻力相同，求此時阻攔索承受的拉力的大小忽略空氣阻力，阻攔索認為水平如表示，寬度的行光滑金屬導軌固定在絕緣水平面上，導軌的一端連接阻值的阻．導軌所在空間存在豎直向下的勻強磁場，磁感強度大小一導體棒放導軌上與導軌接觸良好，導軌和導體棒的電阻均可忽略不計．現用一平行于導軌的拉力拉動導體棒沿導軌向右勻速運動，運動速10，在運動過程中保持導體棒與導軌垂直．求：求合回路中產生的感應電流．作在導體棒上的拉力大?。隗w棒移0的程中，電上生的熱量．

參考答案解析1.

答：解：在衰的過程中荷數少質量數少衰的過程荷數，，解得，，B正，、、錯。故選：。在衰的過程中，電荷數少，量數少，在衰的過程中，電荷數，量數不變，根據該規(guī)律求衰和衰的次數。解決本題的關鍵知道衰和衰的實質知在衰變的過程中，電數，量數，衰變的過程中，電荷數，量數不變。2.

答：解：明確有關恒星的演變規(guī)律，知道恒星的壽命和它的質量體積有關，質量越大的恒星壽命越短。質量小的恒星其壽命幾乎同宇宙一樣長，達一百多億年；質量大的恒星，其壽命卻只有幾百萬幾千萬年。一般來說，質量越大，壽命越短。因為天體大，質量大，萬有引力就大，在巨大的引力下原子核之間的距離就更近，更容易引起聚變，所以越大的恒星他的內部核聚變就越激烈，釋放的能量也越大，燃料聚變的速度就越快，星死亡的也就越快。故C正錯。故選：。3.

答：解：、頓“微粒說”認為光是種實物粒子，而愛因斯坦的“光子說”認為光是一種量子化的物質．故A誤．B、干涉是波特有的現象，故光的雙縫干涉實驗顯示了光具有波動性，故正．C、克斯韋根據他的電磁理論，認為光是一種電磁波，而赫茲證實了電磁波的存在．故C正．D、既有波動性又具有粒子性，故具有波粒二象性，故D正確．本題選不符合的，故選A牛頓的“微粒說”認為光是一種實物粒子因斯坦的“光子說”認為光是一種量子化的物質既具有波動性又具有粒子性，光是一種電磁波，干涉是波特有的現象．多讀教材，加強基礎知識積累就能順利解決此類題目．4.

答：

解：、皮繃緊后，開始階段，力小于重力，游戲者向下做加速運動，當拉力大于重力后，游戲者做減速運動，即速度先增大后減?。蔄正．B、設橡皮繩的拉力，戲者的質量，速度大小．橡皮繩繃緊前，游戲者做自由落體運動，加速度不變橡皮繩繃緊后，開始階段，拉力小于重力時，由牛頓第二定律得：，增，減；當拉力大于重力時，增，增，所以加速度先不變，后減小，再增大．故誤．C、靜止開始下時達最低點，游戲者動能增加量為零．故C錯．D、戲動能增加量為零，重力勢能減，橡皮繩的彈性勢能增加，則機械能的減少量小于故錯誤．故選：．游戲者自由下落高后橡皮繩繃緊產生向上的拉力，開始階段，拉力小于重力者下做加速運動，當拉力大于重力后，游戲者做減速運動．橡皮繩的拉力大小隨著伸長的長度增加而增大根據牛頓第二定律分析加速度的變化．由靜止開始下時達最低點，游戲者動能增加量為零，重力勢能減，橡皮繩的彈性勢能增加，再分析機械能的變化．本題與彈簧類型問題相似，關鍵是分析物體的受力情況，確定物體的運動情況．5.

答：解：：由圖象可以看出時質點位移為正，且正在遠離平衡位置，所以其速度為正，加速度為負，故D正，C錯。故選：振動圖象表示的是質點的位移隨時間的變化規(guī)律，位移方向總是與加速度方向相反，速度遠離衡位置時，且位移為正時速度方向為正。只要熟練掌握簡諧振動的位移時間圖象，掌握位移、速度、加速度隨時間的變化規(guī)律即可解答6.

答：解：、于橫波、質點振動的方向是垂直于波傳播的方向，而縱波質點振動的方向與波傳播的方向在同一直線上，故A錯誤；B、簡諧波沿長繩傳播，繩上相距半個波長的兩質點振動情況總是相反，位移的大總是相等，錯誤；C、傳播的是能量形式，而任一振動質點都不隨波遷移，故錯；D、據的周期性可知，簡諧波的周期和每個質點振動周期相同，故D正確。

111112121111112121故選：機械波形成要有兩個條件：一是機械振動，二是傳播振動的介質．波除將振動形式傳播出去外還可以傳播能量波質點振動的方向總是垂直于波的傳播方向點不隨著波遷移率高則周期越短．機械波產生的條件是振源與介質．質點不隨波遷移，用質點的振動方向與波的傳播方向來區(qū)分波與縱波．同時掌握頻率與周期的關系．7.答：解：：對整體分析，整體的加速度為

??????

2

，隔離對分析，彈簧的彈力為??彈

??1

????????

2

。撤去的間，彈的彈力不變，有：

??彈??

??????

2

，對有

??彈??

????????

2

故D正、、錯誤。故選：運用整體隔離法，結合牛頓第二定律求出彈簧的彈力，抓住撤的間，彈簧的彈力不變據頓第二定律分別求出、的速度大?。鉀Q本題的關鍵抓住彈簧的彈力在撤的間不變合頓第二定律進行求解握體法和隔離法的運用．8.

答：解：、體分單晶體和多晶體，都有固定的熔點，單晶體的某些物理性質是各向異性的，多晶體和非晶體的物理性質是各向同性的，故A錯；B擴現象指不同的物質相互接觸時此進入對方的現象布朗運動是懸浮在液中的固體微粒的無規(guī)則運動，不是分子的無規(guī)則運動，故B錯；根據熱力學第二定律可知熱可以自發(fā)地從高溫物體傳遞到低溫物體不能自發(fā)的從低溫體傳到高溫物體，故C錯；D、要際氣體的壓強不是很高，溫度不是很大，都可以近視的當成理想氣體來處理，理想氣體是物理學上為了簡化為題而引入的一個理想化模型，在現實生活中不存在；所以在任何溫度、何壓強下都遵從氣體實驗定律的氣體定是理想氣體，故正確。故選：

單晶體的某些物理性質是各向異性的，多晶體和非晶體的物理性質是各向同性的；根據擴散和朗運動的定義判斷；熱量不能自發(fā)的從低溫物體傳到高溫物體；理想氣體是一個理想化模型，任溫度、任何壓強下都遵從氣體實驗定律的氣體定是理想氣體。本題考查了晶體的性質、擴散和布朗運動、熱力學第二定律、理想氣體等熱學基礎知識，要求生對這部分知識要重視課本，強化記憶。9.

答：解：：簡諧橫波正方向傳播，由“上下坡法”判斷可知，質沿軸方向運動．由圖知，該波的波長由得??10

??故選：已知簡諧橫波的傳播方向，由“上下坡法”判斷質的動方向．讀出波長，由波速公式求周期．根據波的傳播方向判斷質點的振動方向是應培養(yǎng)的基本能力，常用的方法有：“上下坡法”、形平移法、質點帶動法等，都要學會運用．10.

答：解：：、球在振動的過程中，除重力做功以外，電場力做功，機械能不守恒。故A錯。B、小球開靜止點知重力和電場力平衡，可球對球庫侖力大球對球庫侖力，則小球電量小于小球電量。故錯誤。C、從點動點過程中，合力向上，重力向下，則電場力向上，電場力做負功。故C正確。D、球點動點過程中，合力向下，重力向下，電場力可能會向上，電場力可能做負功。故D錯誤。故選：。抓住開始處于靜止狀態(tài)根共力平衡比較小和小的量大小小球在位置上下附近的、點運動，根據小球的受確定電場力的做功情況。解決本題的突破口在于通過靜止時電場力和重力平衡，得出小、的電量大小，道小球點上方，合力向下，在點方，合力向上。11.

答：

000??????eq\o\ac(△,??)??????????，??????000??????eq\o\ac(△,??)??????????，??????1解：、屬做拋運動，其水平方向的分運動是勻速直線運動，水平分速保持不變，由于導體棒運動過程中要切割磁感線則會產生感應電動勢。由感應電動勢公可感應電動勢大小保持不變，故均誤、體棒向右切割磁感應線運動，根據右手定則可點電勢低，由上述結論，產生的感應電動勢的大小不變，故C正，D錯。故選：。金屬棒做平拋運動，由感應電動勢公可知感應電動勢大小保持不變，由此分析電荷的運動情況；根據右手定則判斷電勢的高低；本題考查對感應電動勢公式的理解和平拋運動的特點．要理解感應電動勢公中是直切割磁感線的速度；12.

答：解：：、兩部分氣體體積不變，由查理定律得：??

??

，

??

eq\o\ac(△,??)??????

??

，??

??

，??????

??

eq\o\ac(△,)??

eq\o\ac(△,)????，eq\o\ac(△,)??

水柱向上移動故確錯誤；C、體穩(wěn)定后??

，不變，eq\o\ac(△,)??

，故C錯誤D正；故選：．分別以兩部分氣體為研究對象，假設氣體體積不變，由查理定律列方程，分析答題．解題時要注意假設法的應用，假設氣體體積不變，然后應用查理定律分析解題．13.

答：速直線運動靜有迫使它改變這種狀態(tài)為止維運動狀態(tài)改運動狀態(tài)解：：一切物體在沒有受到力的作用時，總保持勻速直線運狀態(tài)或靜止狀態(tài)，知道有力迫使它改變這種運動狀態(tài)為止，這就是牛頓第一定律，它表明，力不是維持物體運動的原因，而是物體運動狀態(tài)發(fā)生改變的原因。故答案為：勻速直線運動，靜止，有力迫使它改變這種狀態(tài)為止，維持運動狀態(tài)，改變運動狀根據牛頓第一定律的內容，確定物體的運動狀態(tài)，并判斷力的作用情況該題考查了牛頓第一定律的基本內容以及力的作用效果，題目基礎，熟記相關知識即可解答；14.

答：：這個同學說得有道理；將小球的運動等效成單擺運動，周期為√

??則小環(huán)運動到最低點所需的最短時間為，最短時間為√。4??4

??1??1212??1??1212答：有道理；最短時間為4

。解：于圓弧兩端點距最低點高度差遠小于圓弧的半徑，小球圓弧上的運動等效成單擺運動，小環(huán)運動到最低點所需的最短時間為周為√，是圓弧的半徑。4??本題的解題關鍵是將小環(huán)的運動等效成單擺運動，即可根據單擺的周期公式和機械能守恒等知求解。15.

答：；解：：由圖可知，滑動變阻器兩端相互并聯后串，當滑動變阻器路時，電流表示數最大，則最大電流

3??

；把保護電阻看做電源的內阻電與保護電阻等效于電源動變阻器是外電路滑片從到的過程中，電路外電阻先變大后變小，等效電源電動??不，可知，滑動變阻器消耗的電功率先變小后變大，當內外電路電阻相等時，外電路功率最大，即??外電路功率最大，故此時滑動變阻器消耗的功率為：

13時

12

故答案為：．分析電路明確電路結構，再根據閉合電路歐姆定律求得電流表的最大示數；由功率公式可知當外電阻相等時功率達最大．本題考查閉合電路歐姆定律及功率公式的應用意等效內阻法的應用當外電阻相等時，外部功率最大．16.

答：解：：由圖知：小磁針的磁極為：左側極、右側極因小磁極向指向為磁感線方向，而螺線管內部磁感線方向為極指極則可知螺線管的磁極為：左側、右側極則根據右手螺旋定則可知，電源端正極，端為負極．故答案為：．已知了小磁針的磁極，根據磁極間的相互作用，可判斷出通電螺線管的磁極，再由右手螺旋定來得出電源的正負極．本題考查了磁極間的相互作用規(guī)律和右手螺旋定則．利用右手螺旋定則既可由電流的方向判定極磁性，也能由磁極極性判斷電流的方向和線圈的繞法．17.

答：45

0??20??20??0??20??20??200??20解里水與提升高度是線性關系這桶水的平均拉等桶及水在深井中2

時重力為：桶中點時的水重?×所求功為

??上升到最高點時，繩子的拉′20+此時的功率最小故答案為：由題意知，桶里的水與提升高度是線性關系，可得到繩子拉力的平均值，再用拉力平均值與位的乘積求拉力做功，當到達最高點時，拉力最小求得拉力，根求最小功率。本題涉及變力做功的求法，要根據變力的平均值求功，也可以作