2015共創(chuàng)三五套卷及解析-2答案數(shù)學(xué)模擬題

數(shù)學(xué)三（模擬考生注意:本試卷共二十三題,滿(mǎn)分150分,考試時(shí)間為3小時(shí)一、選擇題：（1）～（8）,每小題4分,共32分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一個(gè)選項(xiàng)符合要求,將所選項(xiàng)前的字母填在題后的括號(hào)里.

x2x

ex1的漸近線(xiàn)有 （A）1 （D）4 limylimylim1limyxlim[x(ex11)1]0yx x 設(shè)f(x),f(x)為已知的連續(xù)函數(shù),則方程yf(x)yf(x)f(x)的解是 （A）yf(x)1cef(x) （B）yf(x)1cef(x)（C）y

f(x)ccef(x) （D）yf(x)cef(f(0)f(0)0,f(0)1g(x)xf(tdt，h(xcxkx0g(x~h(x，則（0（A）c1,k2

（B）c1,k3x3

（C）c1,k3

（D）c1,k6【解】：由題設(shè)有l(wèi)im0f(t)dtlimf(x) f f(0)，故c1,k3，答案 x0ckxk x0ck(k ck(k 若f(x,x2)x3,f(x,x2)x22x4，則f(x,x2) x

2x2

x2 D2x答案：選

ATBTATCTE.BA2CE

BAC ACABABACEABAC1CABAE。從而(CABA)TEATBTATCTE，故（A）ABACEA1BAC，由CABAEA1CBABACCAB，故（B）正確。由排除法可知，（C）（C）.設(shè)A是mn矩陣,r(A)n,則下列結(jié)論不正確的是 ABOB

)ABOBOBXOABX0BXOABX0ABX0,因?yàn)閞AAX0BXOBXOABX0rABr(B)rAnA經(jīng)過(guò)有限初等行變換化為

En

,即存在可逆矩陣PPA

,B

O)PBAE1

O OA2B111rA0,但r(BA0r(B1 1 （7）設(shè) 量XE(1),記YmaxX,1，則E(Y)

1 ex

x0,

f(x xE(Y)E(maxx,1)maxx,1f(x)d(x)+max 1exdx+xexdx1e1

X1X,XnXN(,2的樣本，對(duì)統(tǒng)計(jì)量YkX

X)2 iE(Y)2k為 11 nn2(nXi1XiN(0,22EXi1Xi)2DXi1Xi[EXi1Xi)]222iE(Y)kE(i

X)22(n1)2k，要使Y為總體方差2E(Y2，故k.

.2(n二、填空題:(9)～(14)小題,每小題4分,共24分.把答案填在題中的橫線(xiàn)上n2lnn nn3lnn

n5ln

n n3lnn 已知方程yy0的積分曲線(xiàn)在點(diǎn)O(0,0)處與直線(xiàn)yx.2f(x在[0,1]f(1)1xf(xf(x10f(x)dx 111[xf(xf(x)]dxxf(x121f(xdx1

1dx1 所以0f(x)dx6

3y2 1 20I2dy3yexy)dx12d0

exy)dx 1 6向量組α=1,2,3,4T，α=1,3,4,5T，α=2,4,6,8T，α 的一個(gè)極大無(wú)關(guān) 設(shè)隨量X服從[1,2]上的均勻分布，則隨量的函數(shù)YX2的概率密度函fYy Xf(x1,-1x2.，則YX21313 ,0yf(y)1,1yy6 y6 解答題:(（ nx【證明】（Ⅰf(xxarctanxf(x

11

3nf(xxarctanxf(0)0，由此可得數(shù)列xn是單調(diào)遞減xn0，由單調(diào)有界收斂原limxnlimxna，對(duì)等式xnarctanxn1兩邊同時(shí)取極限可得aarctana，解得limxa0

n

（Ⅱ）limarctanxx 1x21，由limx0 nlimarctanxn1xn1limarctanxx1 (arctanxn1)

yDyDDxy|yx21,x0,x1,y0圍成

D1(x,y)0yx2,0xD2(x,y)0yx21,0xyDyD x

d1

x2ydx2

yx2d

x2ydzdx

yx2 12x3dx12xdx120 0 （ (xy【解：設(shè)M(x,y)是橢圓上一點(diǎn)，到直線(xiàn)xy8距離的平方為d (xy L(x,y) 2

2xy5y16Lxy8(2x10y16)y xy

x22xy5y216yxyxyxy ；由此知對(duì)應(yīng)距離d 22,d 短距離為dmin y y

y

x6（18（本題滿(mǎn)10）設(shè)f(x在[ab上連續(xù)，在(ab內(nèi)可導(dǎo)，f(aa，bf(x)dx1(b2a2)。證明：（Ⅰ）(ab內(nèi)，使f(（）在 內(nèi)存在與（Ⅰ）中的相異的點(diǎn)f(f(1【證明】：（）bf(x)dx1(b2a2可知bf(xx]dx0F(xf(xx F(x在[abF(x在(abx(abF(x0（F(x0） 應(yīng)的必有aF(x)dx0（或0）與a[f(x)x]dx ，故F(x)在(a,b)內(nèi)必有零點(diǎn)，(ab內(nèi)，使f(（）G(xexf(xx]G(aG(0，由Rolle(a,)使得G(ef(1ef(]0，即有f(f(1

（19（本題滿(mǎn)分10分）已知函數(shù)yy(x)滿(mǎn)足等式y(tǒng)xy，且y(0)1，試 1y(n)1n

yxy

y1yy(0)1y(0)1,y(0)2 y()y(0)y

1y(0)(

o(1 11 n

o(1n

)1

n時(shí)與

等價(jià)，且級(jí)數(shù)n n1n

1y(n)1n

x1x2x4axa2 （20（本題滿(mǎn)分11本題滿(mǎn)11）已知齊次方程組 ax ax x4ax a 1

a2

30 21 12

1解，那么（Ⅰ）與（Ⅲ）的系數(shù)矩陣A 0與B 0 0 0

a2

0 0

a2

0如a 則r(A)1而r(B)2,所以假設(shè)a 1 r(A) a 又B 當(dāng)a

時(shí)，r(B) a1 2a 1 1 （Ⅱ）由于A 2基礎(chǔ)解系2，，則通解為k2

x22bxx,其中b ij 1ij4得的標(biāo)準(zhǔn)形；（II） b E-A((13b))[(1 11 2341解方程(1EA)x0得特征向量1解方程(2EA)x0得特征向量11,1,0,0)T21,0,1,0)T3 2 3 (1,1,1,41單位1

1111

1,1,0,0

1120

＝

2

2

61

1 令U,則U為正交陣，且U-1AUUTAU 123 1 1

f(13b)y2(1b)y2(1b)y2(1 （II）f(xxxxxTAx正定13b0且1b01b Xf(xAeaxbX

x0，其中bEX2 X

xYY

（II（III） X

Aeb （I）由于1

dxa0 dxa

Aae2 1e1x x2EX2，所以2a，即a2fX(x x（II）P{Y3}1P{Y3}1(P{Y2}P{2Y1(P{X2}P{22X3})1e1P{1X（III）由于2y4,YFYyP{Y y2,FY(y)

3}12

e4e2 2）2y4,FY(y)P{Yy}P{Y2}P{2Y}P{X2}P{22Xy}P{X2}P{1X}2 y1 3）y

e1 1FY(y)

2dxe1e2e 0

y所以YFye1

e2e4,2y

y（ 量X~U(,)(0)，X1,,Xn是 【解：（I）由于E(X),D(X) ， X

2S2;X2n

S22nn可知、的矩估計(jì)分別是?X 3S2、?