2022-2023學年四川省成都市四川天府新區(qū)太平中學高一年級上冊學期期末數(shù)學試題【含答案】

2022-2023學年四川省成都市四川天府新區(qū)太平中學高一上學期期末數(shù)學試題一、單選題1．已知集合，，則（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】根據(jù)并集概念進行求解.【詳解】.故選：D2．已知，且為第二象限角，則（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】根據(jù)同角三角函數(shù)基本公式計算即可.【詳解】由題意得，所以.故選：A.3．在半徑為2的圓中，弧度的圓心角所對的弧長為（

）A． B． C． D．以上都不對【答案】A【分析】根據(jù)公式(其中為圓心角的弧度數(shù),為弧長，為半徑)即可求解.【詳解】因為，所以，故選:A.4．“”是“”的（

）A．充分不必要條件 B．必要不充分條件C．充要條件 D．既不充分也不必要條件【答案】B【分析】根據(jù)一元二次不等式的解集，結(jié)合充分性、必要性的定義求解即可.【詳解】由解得或，所以是必要不充分條件，故選：B.5．下列函數(shù)中，既是偶函數(shù)又在上單調(diào)遞減的是（

）A． B． C．y=|x| D．【答案】D【分析】判斷每個函數(shù)的奇偶性與單調(diào)性得答案.【詳解】，都是奇函數(shù)，排除A，B.，都是偶函數(shù)，在上遞增，在遞減，故選：D．6．設，則a，b，c的大小順序為（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】根據(jù)函數(shù)單調(diào)性及中間值比較大小.【詳解】因為單調(diào)遞增，所以，因為單調(diào)遞減，所以，，即，因為，所以，即，綜上：.故選：A7．定義在上的偶函數(shù)滿足：對于任意的，都有，則（

）A． B．C． D．【答案】C【分析】根據(jù)函數(shù)奇偶性、單調(diào)性判斷出正確答案.【詳解】是偶函數(shù)，且對于任意的，都有，所以在上遞增，則在上遞減，，而，所以.故選：C8．我們可以把（1+1%）看作每天的“進步"率都是1%，一年后是；而把（1-1%）365看作每天的“落后”率都是，一年后是，可以計算得到，一年后的“進步”是“落后"的，倍，如果每天的“進步"率和“落后”率都是，大約經(jīng)過（

）天后，“進步”是“落后”的10000倍A．17 B．18 C．21 D．23【答案】D【分析】根據(jù)“進步”與“落后”的比不小于列不等式，解不等式求得正確答案.【詳解】經(jīng)過天后，“進步”與“落后”的比，，兩邊取以為底的對數(shù)得，，，所以大于經(jīng)過天后，“進步”是“落后”的10000倍.故選：D二、多選題9．設，某學生用二分法求方程的近似解（精確度為），列出了它的對應值表如下：0123若依據(jù)此表格中的數(shù)據(jù)，則得到符合要求的方程的近似解可以為（

）A．1.31 B．1.38 C．1.43 D．1.44【答案】BC【分析】f(x)在R上是增函數(shù)，根據(jù)零點存在性定理進行判斷零點所在的區(qū)間﹒【詳解】與都是上的單調(diào)遞增函數(shù)，是上的單調(diào)遞增函數(shù)，在上至多有一個零點，由表格中的數(shù)據(jù)可知：，在上有唯一零點，零點所在的區(qū)間為，即方程有且僅有一個解，且在區(qū)間內(nèi)，，內(nèi)的任意一個數(shù)都可以作為方程的近似解，，符合要求的方程的近似解可以是和1.43﹒故選：BC﹒10．已知函數(shù)，則函數(shù)的零點是（

）A．-1 B．0 C．1 D．2【答案】ABC【分析】令，根據(jù)的范圍求解即可．【詳解】令，當時，有，則；當時，有，則；當時，有，則；故函數(shù)的零點是故選：ABC11．下列命題正確的是（

）A．若，則 B．若，則C．若，，則 D．若，則【答案】AC【分析】利用基本不等式的使用法則：“一正二定三相等”即可判斷出結(jié)論．【詳解】解：.由于，，當且僅當時取等號，因此正確；．時，，故錯誤；．，，則，當且僅當時取等號，故正確；對D，若時，不等式不成立，故錯誤；故選：AC12．下列說法中正確為（

）A．已知函數(shù)，若，有成立，則實數(shù)a的值為4B．若關于x的不等式恒成立，則k的取值范圍為C．設集合，則“”是“”的充分不必要條件D．函數(shù)與函數(shù)是同一個函數(shù)【答案】AC【分析】根據(jù)函數(shù)的對稱性，可求得a值，即可判斷A的正誤；分別討論和兩種情況，結(jié)合二次型函數(shù)的性質(zhì)，可判斷B的正誤；根據(jù)集合的包含關系及充分、必要條件的概念，可判斷C的正誤；根據(jù)同一函數(shù)的定義，可判斷D的正誤，即可得答案.【詳解】對于A：由成立，可得函數(shù)的對稱軸為，又二次函數(shù)的對稱軸為，所以，解得，故A正確；對于B：當時，可得成立，滿足題意，當時，可得，解得，綜上k的取值范圍為，故B錯誤；對于C：當時，，所以，充分性成立，若，則或，解得或，必要性不成立，所以“”是“”的充分不必要條件，故C正確；對于D：函數(shù)定義域為R，函數(shù)的定義域為，定義域不同，故不是同一函數(shù)，故D錯誤，故選：AC三、填空題13．命題“”的否定是__________．【答案】【分析】根據(jù)全稱量詞命題的否定為存在量詞命題即可得解.【詳解】解：命題“”是全稱量詞命題，其否定是．故答案為：．14．如果冪函數(shù)的圖象過點，那么______．【答案】【分析】設出冪函數(shù)解析式，由已知點坐標求得冪函數(shù)解析式，然后求函數(shù)值．【詳解】設，由已知，則，∴，．故答案為：．15．已知函數(shù)，則=_________【答案】##【分析】求出、的值即得解.【詳解】由題得..所以.故答案為：16．若函數(shù)在區(qū)間上的最小值為4，則的取值集合為______.【答案】【分析】分類討論，，三種情況即可.【詳解】函數(shù)，對稱軸為，當，即時，，即，解得或（舍去），當，即時，，不符合題意，舍去，當時，，即，解得或（舍去），故的取值集合為.故答案為：四、解答題17．計算下列各式的值：(1)；(2)．【答案】(1)(2)【分析】（1）根據(jù)指數(shù)、根式運算求得正確答案.（2）根據(jù)對數(shù)運算求得正確答案.【詳解】（1）（2）.18．設函數(shù)．(1)求函數(shù)的定義域；(2)判斷函數(shù)的奇偶性，并說明理由．【答案】(1)(2)偶函數(shù)，理由見解析【分析】（1）由求解即可；（2）由偶函數(shù)定義即可判斷【詳解】（1）由解得函數(shù)的定義域為；（2）為偶函數(shù).由，定義域關于原點對稱，得函數(shù)為偶函數(shù)19．已知角的終邊經(jīng)過點，(1)求值；(2)求的值.【答案】(1)(2)【分析】（1）根據(jù)點坐標求出正余弦三角函數(shù)值結(jié)合誘導公式和同角的三角函數(shù)關系即可求出結(jié)果；（2）直接代入正余弦值即可．【詳解】（1）由題意，，則原式；（2）原式．20．已知函數(shù)在區(qū)間上的最大值與最小值之和為7．(1)求a的值；(2)證明：函數(shù)是上的增函數(shù)．【答案】(1)(2)證明見解析【分析】（1）根據(jù)單調(diào)性代入計算即可；（2）根據(jù)定義法證明函數(shù)為增函數(shù)即可.【詳解】（1）因為在區(qū)間上單調(diào)遞增，所以函數(shù)在區(qū)間上的最大值與最小值之和為，所以，解得，又因為，所以．（2）由（1）知，，任取，且，則．因為，所以，，所以，即，所以是上的增函數(shù)．21．長江存儲是我國唯一一家能夠獨立生產(chǎn)3DNAND閃存的公司，其先進的晶棧Xtacking技術使得3DNAND閃存具有極佳的性能和極長的壽命.為了應對第四季度3DNAND閃存顆粒庫存積壓的情況，某閃存封裝公司擬對產(chǎn)能進行調(diào)整，已知封裝閃存的固定成本為300萬元，每封裝萬片，還需要萬元的變動成本，通過調(diào)研得知，當不超過120萬片時，；當超過120萬片時，，封裝好后的閃存顆粒售價為150元/片，且能全部售完.(1)求公司獲得的利潤的函數(shù)解析式；(2)當封裝多少萬片時，公司可獲得最大利潤？最大的利潤是多少？【答案】(1)(2)封裝160萬片時，公司可獲得最大利潤730（萬元）.【分析】（1）根據(jù)題意即可寫出分段函數(shù)；（2）由二次函數(shù)性質(zhì)以及基本不等式即可求得最大值.【詳解】（1）總利潤=總售價—總成本，由題意可知：總售價為（萬元），總成本為（萬元），所以總利潤，化簡得：.（2）當時，，函數(shù)圖像開口朝下，對稱軸為，故的最大值為（萬元）；當時，，當且僅當，即時，等號成立.因為，則封裝160萬片時，公司可獲得最大利潤，最大利潤為730（萬元）.22．已知