廣東省廣州市豪賢中學(xué)2021年高二物理聯(lián)考試卷含解析

廣東省廣州市豪賢中學(xué)2021年高二物理聯(lián)考試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1.（單選）A、B是一條電場線上的兩個(gè)點(diǎn),一帶負(fù)電的微粒僅在電場力作用下以一定初速度從A點(diǎn)沿電場線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn),其速度—時(shí)間圖象如圖所示.則這一電場可能是下圖中的（

）參考答案：2.一個(gè)不帶電的空心金屬球，在它的球心

處放一個(gè)正點(diǎn)荷。下圖中哪一個(gè)能正確表示其電場分布的情況

參考答案：B3.（單選）如圖所示是同一打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的4條紙帶，在圖示記錄的時(shí)間內(nèi)（ ）

A．甲和丁紙帶均做勻速運(yùn)動(dòng) B．丙紙帶的平均速度最大C．丁紙帶的平均速度最大 D．乙和丁紙帶的平均速度一樣大參考答案：C4.現(xiàn)在太陽向外輻射的能量是由于太陽內(nèi)部氫聚變產(chǎn)生的，大約在40億年以后太陽內(nèi)部將會(huì)啟動(dòng)另一種核反應(yīng)，其核反應(yīng)方程為：，那時(shí)太陽向外輻射的能量是由上述兩種核反應(yīng)產(chǎn)生的。已知的質(zhì)量為m1，的質(zhì)量為m2，則下列判斷正確的是

A．m1=3m2

B．3m1=m2

C．3m1<m2

D．3m1>m2參考答案：D5.首先發(fā)現(xiàn)電流的磁效應(yīng)的科學(xué)家是（

）A．安培

B．奧斯特C．庫侖

D．麥克斯韋參考答案：二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6.如圖是一電熱水壺的銘牌，由銘牌可知，該電熱水壺在額定電壓下工作時(shí)，所使用的交流電壓的最大值為

▲

V，交流電的周期為▲

s，

電器名稱：電熱水壺

型

號(hào)：WK—9016B

額定電壓：220V

工作頻率：50Hz

額定功率：2200W參考答案：220，（2分）0.027.在某一電場中的P點(diǎn)放入一個(gè)帶電荷量為的負(fù)電荷，所受電場力大小為，方向水平向左。則P點(diǎn)的電場強(qiáng)度E=

N/C，方向

。參考答案：8.如圖所示，圖線1、2分別表示導(dǎo)體A、B的伏安特性曲線，它們的電阻分別為R1、R2，則導(dǎo)體A、B的電阻R1：R2=____________；若將R1與R2并聯(lián)后接于電源上，則通過導(dǎo)體A、B的電流比I1：I2=__________。

參考答案：1：3，3：19.如圖丙所示，A為彈簧測力計(jì)（量程足夠大），B為條形磁鐵（下端為S極），C為螺線管．現(xiàn)將S1斷開，S2由1改接到2，則彈簧測力計(jì)的示數(shù)將

；若S2接2不變，再閉合S1，彈簧測力計(jì)的示數(shù)將

．（都選填“變大”、“變小”或“不變”）參考答案：變小，變大【考點(diǎn)】通電直導(dǎo)線和通電線圈周圍磁場的方向．【分析】根據(jù)電磁鐵的特點(diǎn)，由右手定則判斷出線圈的磁場方向，然后結(jié)合電路中電流的變化依次分析即可．【解答】解：由圖可知，電流的方向由下向上，結(jié)合線圈的繞法可知，電磁鐵的上端為N極，而條形磁鐵下端為S極，可知通電后二者之間的作用力為吸引力；現(xiàn)將S2由1改接到2，則將只剩下一半線圈產(chǎn)生磁場，所以電磁鐵的磁性減小，則對(duì)條形磁鐵的作用力減?。桓鶕?jù)共點(diǎn)力平衡可知彈簧測力計(jì)的示數(shù)將變??；若S2接2不變，再閉合S1，電阻R2被短路，所以電路中的電流值增大，則線圈產(chǎn)生的磁場增大，線圈對(duì)條形磁鐵的吸引力增大，所以彈簧測力計(jì)的示數(shù)將增大故答案為：變小，變大10.一臺(tái)起重機(jī)將質(zhì)量為kg的貨物在2s的時(shí)間內(nèi)勻速提升5m，不計(jì)額外功，起重機(jī)在這2s內(nèi)做的功為__________J，起重機(jī)在這2s內(nèi)的平均輸出功率為__________W。貨物克服重力做功

J。（g?。﹨⒖即鸢福?×105

；2.5×105；5×10511.如圖，電路中三個(gè)電阻Rl、R2和R3的阻值分別為1Ω、2Ω和4Ω．當(dāng)電鍵S1斷開、S2閉合時(shí)，電源輸功率為1W；當(dāng)S1閉合、S2斷開時(shí)，電源輸出功率也為1W．則電源電動(dòng)勢為

V，內(nèi)阻為

Ω參考答案：3；2由當(dāng)電鍵S1斷開、S2閉合時(shí)，電阻R2和R3被短路，則有電源輸出功率P1=聯(lián)立解得，E=3V，r=2R12.某電鈴正常工作時(shí)的電壓是6V，電阻是10，現(xiàn)手邊有一電壓是15V的電源，要使電鈴正常工作應(yīng)將這個(gè)電鈴與_________歐的電阻______聯(lián)后接到這個(gè)電源上參考答案：15，串本題考查了電路串聯(lián)電阻分壓的特點(diǎn)，要使電鈴兩端的電壓為6V，需要串聯(lián)一個(gè)電阻分壓，該電阻分擔(dān)的電壓為9V，因?yàn)殡娾徍碗娮璐?lián)，所以通過兩者的電流相等，根據(jù)歐姆定律可得,所以13.如圖所示為玻璃厚度檢測儀的原理簡圖，其原理是：固定一束激光AO以不變的入射角θ1照到MN表面，折射后從PQ表面射出，折射光線最后照到光電管C上，光電管將光信號(hào)轉(zhuǎn)變?yōu)殡娦盘?hào)，依據(jù)激光束在C上移動(dòng)的距離，可以確定玻璃厚度的變化。設(shè)θ1＝45°，玻璃對(duì)該光的折射率為，C上的光斑向左移動(dòng)了Δs，則可確定玻璃的厚度比原來變________(填“厚”或“薄”)了________。參考答案：厚Δs三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14.(10分)“玻意耳定律”告訴我們：一定質(zhì)量的氣體．如果保持溫度不變，體積減小，壓強(qiáng)增大；“查理定律”指出：一定質(zhì)量的氣體，如果保持體積不變，溫度升高．壓強(qiáng)增大；請(qǐng)你用分子運(yùn)動(dòng)論的觀點(diǎn)分別解釋上述兩種現(xiàn)象，并說明兩種增大壓強(qiáng)的方式有何不同。參考答案：一定質(zhì)量的氣體．如果溫度保持不變，分子平均動(dòng)能不變，每次分子與容器碰撞時(shí)平均作用力不變，而體積減小，單位體積內(nèi)分子數(shù)增大，相同時(shí)間內(nèi)撞擊到容器壁的分子數(shù)增加，因此壓強(qiáng)增大，（4分）一定質(zhì)量的氣體，若體積保持不變，單位體積內(nèi)分子數(shù)不變，溫度升高，分子熱運(yùn)動(dòng)加劇，對(duì)容器壁碰撞更頻繁，每次碰撞平均作用力也增大，所以壓強(qiáng)增大。（4分）第一次只改變了單位時(shí)間內(nèi)單位面積器壁上碰撞的分子數(shù)；而第二種情況下改變了影響壓強(qiáng)的兩個(gè)因素：單位時(shí)間內(nèi)單位面積上碰撞的次數(shù)和每次碰撞的平均作用力。（2分）15.（8分）在3秒鐘時(shí)間內(nèi)，通過某導(dǎo)體橫截面的電荷量為4.8C，試計(jì)算導(dǎo)體中的電流大小。參考答案：根據(jù)電流的定義可得：I=Q/t=4.8/3A=1.6A………………（8分）四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16.（16分）如圖所示，在水平方向的勻強(qiáng)電場中，用長為L的絕緣細(xì)線拴住一質(zhì)量為m，帶電荷量為q的小球，線的上端固定，開始時(shí)連線帶球拉成水平，突然松開后，小球由靜止開始向下擺動(dòng)，當(dāng)細(xì)線轉(zhuǎn)過60°角時(shí)的速度恰好為零。問：

（1）電場強(qiáng)度E的大小為多少？（2）A、B兩點(diǎn)的電勢差UAB為多少？（3）當(dāng)懸線與水平方向夾角為多少時(shí)，小球速度最大？最大為多少？參考答案：解析：（1）小球從A→B由動(dòng)能定理有：（2）AB兩點(diǎn)電壓u=Ed，d=L(1-cos60°)（3）當(dāng)沿切線方向合力為O時(shí)，速度最大。由動(dòng)能定理得：17.已知一平行玻璃磚厚度為，某單色光從A點(diǎn)以入射角為i=60°入射時(shí)，折射到對(duì)邊的B點(diǎn)，其折射角為r=30°，如圖所示求：(1)該玻璃磚對(duì)這種單色光的折射率n；(2)該單色光在玻璃磚中由A傳到B的傳播時(shí)間t(光在真空中傳播速度為c=3×108m/s)參考答案：（1）（2）【詳解】（1）由折射定律得（2）光在玻璃磚中傳播的速度由幾何知識(shí)得所以單色光在玻璃磚中由A傳到B的傳播時(shí)間解得18.如圖所示，真空中水平放置的兩個(gè)相同極板Y和Y'長為L，相距d，足夠大的豎直屏與兩板右側(cè)相距b．在兩板間加上可調(diào)偏轉(zhuǎn)電壓U，一束質(zhì)量為m、帶電量為+q的粒子（不計(jì)重力）從兩板左側(cè)中點(diǎn)A以初速度v0沿水平方向射入電場且能穿出．（1）證明粒子飛出電場后的速度方向的反向延長線交于兩板間的中心O點(diǎn)；（2）求兩板間所加偏轉(zhuǎn)電壓U的范圍；（3）求粒子可能到達(dá)屏上區(qū)域的長度．參考答案：考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng)．.專題：帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)專題．分析：（1）畫出運(yùn)動(dòng)軌跡圖，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式與牛頓第二定律，及三角函數(shù)關(guān)系，從而即可證明；（2）由牛頓第二定律與公式E=相結(jié)合，可求得結(jié)果；（3）運(yùn)用幾何關(guān)系，結(jié)合偏角與位移的關(guān)系，從而即可求解．解答：解：（1）設(shè)粒子在運(yùn)動(dòng)過程中的加速度大小為a，離開偏轉(zhuǎn)電場時(shí)偏轉(zhuǎn)距離為y，沿電場方向的速度為vy，偏轉(zhuǎn)角為θ，其反向延長線通過O點(diǎn)，O點(diǎn)與板右端的水平距離為x，則有側(cè)移量，y=①勻速運(yùn)動(dòng)的位移，L=v0t②豎直方向的速度，vy=at

聯(lián)立可得

即粒子飛出電場后的速度方向的反向延長線交于兩板間的中心．（2）由牛頓第二定律，則有

③電場強(qiáng)度與電勢差的關(guān)系，E=

④由①②③④式解得當(dāng)時(shí)，則兩板間所加電壓的范圍