靜電場專題+答案

經(jīng)典word整理文檔，僅參考，雙擊此處可刪除頁眉頁腳。本資料屬于網(wǎng)絡(luò)整理，如有侵權(quán)，請(qǐng)聯(lián)系刪除，謝謝！靜電場專題A.平面c上的電勢為零B.該電子可能到達(dá)不了平面fC.該電子經(jīng)過平面d時(shí)，其電勢能為4cV倍【答案】A,B【解析】【解答】根據(jù)題述，勻強(qiáng)電場中等勢面間距相等，相鄰等勢面之間的電勢差相等。設(shè)相鄰等D.該電子經(jīng)過平面b時(shí)的速率是經(jīng)過d時(shí)的2一、多選題（2018卷Ⅱ）如圖，同一平面內(nèi)的a,b,c,d四點(diǎn)處于勻強(qiáng)電場中，電場方向與此平面平行，M為a,c連線的中點(diǎn)，N為b,d（a點(diǎn)移動(dòng)到b若該粒子從c點(diǎn)移動(dòng)到d點(diǎn)，其電勢能減小。下列說法正確的是（）;勢面之間的電勢差為，根據(jù)電子從到的過程中克服電場力所做功為ab=6，電場方向水UadWee=3b的電勢為2Vc上的電勢為零，A符合題意；ab由于af之間的電勢差為4，一電子經(jīng)過a時(shí)的動(dòng)能為10eV，由于題述沒有指出電子速度方向，U若該電子速度方向指向左或指向上或下，則該電子就到達(dá)不了平面，B符合題意；由于題述沒有指出電子速度方向，CD不符合題意。故答案為：AB【分析】該題主要考查電場力做功與電勢能與動(dòng)能的變化關(guān)系：若只有電場力做功，電子的動(dòng)能與勢能相互轉(zhuǎn)化，其代數(shù)和不變；電勢能與電勢的關(guān)系，以及等勢面與電場線的關(guān)系：電場線垂直等勢面且由高電勢指向低電勢。（2018江蘇）如圖所示，電源對(duì)電容器充電，當(dāng)兩端電壓達(dá)到80V時(shí)，閃光燈瞬間導(dǎo)通并ECC發(fā)光，放電．放電后，閃光燈斷開并熄滅，電源再次對(duì)充電．這樣不斷地充電和放電，閃光燈就CCA.此勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)方向一定與B.若該粒子從點(diǎn)移動(dòng)到點(diǎn)，則電場力做功一定為之間的距離為,則該電場的場強(qiáng)大小一定為,則兩點(diǎn)之間的電勢差一定等于兩點(diǎn)連線平行周期性地發(fā)光．該電路（）C.若D.若兩點(diǎn)之間的電勢差【答案】B,D【解析】【解答】、選項(xiàng)根據(jù)題意無法判斷，故A項(xiàng)錯(cuò)誤。M為ac連線的中點(diǎn)，N為bdA.充電時(shí)，通過的電流不變RB.若增大，則充電時(shí)間變長R若該粒子從點(diǎn)移動(dòng)到點(diǎn)，則電場力做功一定為MNC.若增大，則閃光燈閃光一次通過的電荷量增大C,故B正確；，故C錯(cuò)誤；D.若減小為85，閃光燈閃光一次通過的電荷量不變E【答案】B,C,DC、因?yàn)椴恢绖驈?qiáng)電場方向，所以場強(qiáng)大小不一定是、若W=W，說明【解析】【解答】電容器充電時(shí)兩端電壓不斷增大，所以電源與電容器極板間的電勢差不斷減小，因此充電電流變小，A不符合題意；當(dāng)電阻增大時(shí)，充電電流變小，電容器所充電荷量不變的情況R12B=QCU，電容器的帶電荷量增大，C符合題意；C當(dāng)電源電動(dòng)勢為85V時(shí)，電源給電容器充電仍能達(dá)到閃光燈擊穿電壓80V時(shí)，所以閃光燈仍然發(fā)光，閃光一次通過的電荷量不變，D符合題意。故答案為：BCD由因?yàn)榻獾茫?；，故D正確；故答案為：BD【分析】熟練掌握形成電流的條件，電流的定義式以及電容器充放電的原理、知道=CU即可解決此Q【分析】勻強(qiáng)電場中沿同一直線降落相同距離，電勢降落相等，知道場強(qiáng)是矢量，明確電場力做功與電勢差的關(guān)系，是解決此題的關(guān)鍵。題。4.（2018卷Ⅲ）如圖，一平行板電容器連接在直流電源上，電容器的極板水平，兩微粒、所帶電ab（2018卷Ⅰ）圖中虛線adf代表勻強(qiáng)電場內(nèi)間距相等的一組等勢面，已知平面b上的電勢為。一電子經(jīng)過a時(shí)的動(dòng)能為，從a到d的過程中克服電場力所做的功為。下列說法荷量大小相等、符號(hào)相反，使它們分別靜止于電容器的上、下極板附近，與極板距離相等?，F(xiàn)同時(shí)釋放、，它們由靜止開始運(yùn)動(dòng)，在隨后的某時(shí)刻，、經(jīng)過電容器兩極板間下半?yún)^(qū)域的同一abtab水平面，、間的相互作用和重力可忽略。下列說法正確的是（）ab正確的是（）1A.的質(zhì)量比的大B.在時(shí)刻，的動(dòng)能比的大運(yùn)動(dòng)過程的-圖象如圖乙所示，其中圖線在點(diǎn)位置時(shí)斜率最大，根據(jù)圖線可以確定（）abtabvtBC.在時(shí)刻，和的電勢能相等D.在時(shí)刻，和的動(dòng)量大小相等abtabt【答案】B,D【解析】【解答】根據(jù)題述可知，微粒a向下加速運(yùn)動(dòng)，微粒b向上加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)ab經(jīng)過電容器兩極板間下半?yún)^(qū)域的同一水平面，可知a的加速度大小大于b的加速度大小，即a>a。對(duì)微粒a，ab由牛頓第二定律，qE=ma，對(duì)微粒b，由牛頓第二定律，qE=ma，聯(lián)立解得：>，aabb由此式可以得出a的質(zhì)量比bA不符合題意；在ab兩微粒運(yùn)動(dòng)過程中，a微粒所受合外力大于b微粒，a微粒的位移大于bt時(shí)刻，a的動(dòng)能比bB符合題意；由于在t時(shí)刻兩微粒經(jīng)過同一水平面，電勢相等，電荷量大小相等，符號(hào)相反，所以在ta和bCab外力），根據(jù)動(dòng)量定理，在t時(shí)刻，a微粒的動(dòng)量大小等于b微粒，D符合題意。故答案為：BDA.中垂線上點(diǎn)電場強(qiáng)度最大B.中垂線上點(diǎn)電勢最高BBC.電荷在B點(diǎn)時(shí)的加速度為2【答案】A,D【解析】v-tB點(diǎn)處為整條圖線切線斜率最大的位置，說明物塊在B處加速度最大，B點(diǎn)電場強(qiáng)度最大，A符合題意；從A到B電場力做正功，電勢能減小，可知A點(diǎn)的D.＞UUBCAB【分析】由題意結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，牛頓第二定律、動(dòng)能定理、動(dòng)量定理可分別求得a和b的加速度、質(zhì)量、動(dòng)能、動(dòng)量的關(guān)系。由于某時(shí)刻t,兩微粒在同一水平面可知電勢相等，根據(jù)E，BB點(diǎn)的加速度為C不符合題意；物塊從AP（此公式需注意每個(gè)物理量的正負(fù)號(hào)）可求得兩微粒電勢能的關(guān)系。5.關(guān)于電場力和電場強(qiáng)度，以下說法正確的是（）A.電荷受到的電場力大則場強(qiáng)大B.電場中某點(diǎn)場強(qiáng)為零，則檢驗(yàn)電荷在該點(diǎn)受到的電場力為零C.在電場某點(diǎn)如果沒有檢驗(yàn)電荷，則電場力為零，電場強(qiáng)度也為零D.一檢驗(yàn)電荷在以一個(gè)點(diǎn)電荷為球心，半徑為r的球面上各點(diǎn)所受電場力相同【答案】A,B到BqU=mv2-mv2，則得，，ABBA同理可知，所以UU，D符合題意。BCAB故答案為：?！痉治觥吭趘-t圖像中，圖像的斜率表示加速度，利用牛頓第二定律分析受到的電場力的大小即可；結(jié)合兩正電荷的電場強(qiáng)度的分布，分析電勢差的關(guān)系。8.電場中某區(qū)域的電場分布如圖所示，、b是電場中的兩點(diǎn)．下列說法正確的是（）【解析】【解答】A.一點(diǎn)電荷分別處于電場中的A、B兩點(diǎn)，根據(jù)場強(qiáng)的定義式：可知，電荷受到的電場力大，場強(qiáng)大，A符合題意；電場中某點(diǎn)場強(qiáng)E為零，由電場力公式FqE可知，檢驗(yàn)電荷在該點(diǎn)受到的電場力一定為零，B符合題意；C.在電場中某點(diǎn)沒有檢驗(yàn)電荷時(shí)，電場力為零，但電場強(qiáng)度不為零，電場強(qiáng)度與檢驗(yàn)電荷無關(guān)，由電場本身決定，C不符合題意；D.一檢驗(yàn)電荷在以一個(gè)點(diǎn)電荷為球心，半徑為r的球面上各點(diǎn)所受電場力大小相等，但方向不同，所以電場力不同，D不符合題意。A.、b兩點(diǎn)的場強(qiáng)相等B.a點(diǎn)的場強(qiáng)大于b點(diǎn)的場強(qiáng)C.同一個(gè)點(diǎn)電荷在a點(diǎn)所受的電場力小于在b點(diǎn)所受的電場力D.同一個(gè)點(diǎn)電荷在a點(diǎn)所受的電場力大于在b點(diǎn)所受的電場力【答案】B,D、電場線的疏密反映電場強(qiáng)度的相對(duì)大小，a點(diǎn)的電場線密，所以電場強(qiáng)度較大．A不符合題意，B符合題意；C、、a點(diǎn)的電場強(qiáng)度較大，同一點(diǎn)電荷放在a點(diǎn)受到的電場力較大．C不符合題意，D符合題意．【分析】電場強(qiáng)度有兩種計(jì)算方法，種是定義法，用試探電荷受到的力除以本身的電荷量即可，但是此點(diǎn)的電場強(qiáng)度與試探電荷無關(guān)，二是直接利用庫侖定律直接求解。6.真空中距點(diǎn)電荷（電量為）為r的A點(diǎn)處，放一個(gè)帶電量為（q＜＜Q）的點(diǎn)電荷，q受到的電場力大小為，則A點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為（）故答案為：BD【分析】用電場線表示電場強(qiáng)度時(shí)，電場線密集的地方，電場強(qiáng)度大，電場線稀疏的地方，電場強(qiáng)度小。9.一勻強(qiáng)電場的方向平行于xOyac10V、A.B.C.D.【答案】B,D【解析】【解答】場強(qiáng)計(jì)算公式，B對(duì)，場強(qiáng)決定式，D對(duì)，A點(diǎn)場強(qiáng)可以利用某試17V、26V．下列說法正確的是（）探電荷在該點(diǎn)所受電場力和其電荷量的比值計(jì)算，B進(jìn)行計(jì)算，D符合題意故答案為：BD【分析】該題目求A點(diǎn)的電場強(qiáng)度有兩種方法，一種是定義法，用試探電荷受到的力除以本身的電荷量即可，二是直接利用庫侖定律求解。7.光滑絕緣水平面上固定兩個(gè)等量點(diǎn)電荷，它們連線的中垂線上有、、三點(diǎn)，如圖甲所示。一帶ABC正電粒子由點(diǎn)靜止釋放，并以此時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，沿光滑水平面經(jīng)過、兩點(diǎn)（圖中未畫出），其ABC2A.電場強(qiáng)度的大小為2.5V/cmC.電子在a點(diǎn)的電勢能比在b點(diǎn)的低7eV【答案】A,B,D【解析】【解答】解：、如圖所示，在ac連線上，確定一點(diǎn)，電勢為17V，將連線，即為等勢線，那么垂直連線，則為電場線，再依據(jù)沿著電場線方向，電勢降低，則電場線方向如下圖，B.坐標(biāo)原點(diǎn)處的電勢為1VD.電子從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，電場力做功為9eVA.它們都只對(duì)點(diǎn)電荷或點(diǎn)電荷的電場成立B.①②③只對(duì)點(diǎn)電荷或點(diǎn)電荷電場成立，④對(duì)任何電場都成立C.①②只對(duì)點(diǎn)電荷成立，③對(duì)任何電場都成立，④只對(duì)勻強(qiáng)電場成立D.①②只對(duì)點(diǎn)電荷成立，③④對(duì)任何電場都成立【答案】A,B,D【解析】【解答】公式①是庫侖定律，只適用于點(diǎn)電荷，公式②是根據(jù)定義及庫侖定律求出的公式得到的點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式，只適用點(diǎn)電荷的電場，公式③是場強(qiáng)的定義式，適用于任何電場，公式④U=Ed為勻強(qiáng)電場中得出的場強(qiáng)與電勢差的關(guān)系式，只適用于勻強(qiáng)電場，故ABD錯(cuò)誤符合題意。【分析】公式①②是根據(jù)定義及庫侖定律求出的公式得到的點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式，只適用點(diǎn)電荷的電場，公式③是場強(qiáng)的定義式，適用于任何電場，公式④U為勻強(qiáng)電場中得出的場強(qiáng)與電勢差的關(guān)系式，只適用于勻強(qiáng)電場12.平行板電容器的兩極板、接在電池兩極，一個(gè)帶正電小球懸掛在電容器內(nèi)部，閉合開關(guān)，電AB因?yàn)閯驈?qiáng)電場，則有：E=小為E==2.5V/cm，故A正確；、根據(jù)φ﹣φφ﹣φ，因bc三點(diǎn)電勢分別為φφφ，解得：原點(diǎn)處的，依據(jù)幾何關(guān)系，則d===3.6cm，因此電場強(qiáng)度大容器充電，這時(shí)懸線偏離豎直方向的夾角為θ，如圖所示，則()caboabc電勢為φ=1，故B正確；0C、因Uφφ=1017=﹣7V，電子從a點(diǎn)到b點(diǎn)電場力做功為W=qU=7，因電場力做正功，則電勢能減小，那么電子在a點(diǎn)的電勢能比在b點(diǎn)的高7，故C錯(cuò)誤；abababUφ﹣φ=17﹣26=﹣9V，電子從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，電場力做功為W=qU=9，故D正bcbcbc確；故選：．E=A.保持開關(guān)S閉合，帶正電的極板向極板靠近，則θ角增大ABB.保持開關(guān)S閉合，帶正電的極板向極板靠近，則θ角不變ABC.開關(guān)S斷開，帶正電的極板向極板靠近，則θ角增大ABD.開關(guān)S斷開，帶正電的極板向極板靠近，則θ角不變AB即可求解；根據(jù)電場力做功表達(dá)式W=qU，從而確定電場力做功，同時(shí)也能確定電勢能的變化情況．10.在x軸上有兩個(gè)點(diǎn)電荷qq，其靜電場的電勢在x【答案】A,D【解析】【解答】球在電場中平衡，則所受電場力、重力及繩的拉力的合力為零。由平衡條件得tanθ，故要判斷θ的變化，只需判斷電場強(qiáng)度E的變化即可。S閉合時(shí)，U不變，A向B靠近，d）12＝減小，由＝，可知Eθ角增大，故ABS斷開，則QA向BE不變，則θ角不變，故C錯(cuò)誤，D正確?！痉治觥侩娙萜髟陔妷翰蛔兊那闆r下，場強(qiáng)與距離成反比。在斷開電源后場強(qiáng)不變，兩極板電壓與距離成反比。13.關(guān)于元電荷，下列說法中正確的是（）A.元電荷實(shí)質(zhì)上是指電子和質(zhì)子本身B.所有帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數(shù)倍D.電荷量e的數(shù)值最早是由美國物理學(xué)家密立根用A.q和q帶有異種電荷B.x處的電場強(qiáng)度為零121C.元電荷的值通常取作e=1.60×10C19C.負(fù)電荷從x移到x，電勢能減小D.負(fù)電荷從x移到x，受到的電場力增大﹣1212實(shí)驗(yàn)測得的【答案】B,C,D【答案】A,C【解析】【解答】、由圖可知：無窮遠(yuǎn)處電勢為零，有電勢為正的地方，故存在正電荷；有電勢為負(fù)的地方，故也存在負(fù)電荷，所以，q和q帶有異種電荷，故A正確；、電場強(qiáng)度等于圖中曲線斜率，x處的斜率不為零，故電場強(qiáng)度不為零，故B錯(cuò)誤；【解析】【解答】解：、元電荷是指最小的電荷量，不是指質(zhì)子或者是電子，故A不符合題意；、何帶電體所帶電荷都等于元電荷或者是元電荷的整數(shù)倍．故B符合題意；121C、元電荷的值通常取作C，故C符合題意；19C、負(fù)電荷從x移到x，電勢增大，由知負(fù)電荷在電勢高的位置電勢能小，故C正確；﹣12、電荷量e的數(shù)值最早是由美國科學(xué)家密立根用實(shí)驗(yàn)測得的，故D符合題意；故答案為：、C、．x移到x，D錯(cuò)誤；12故選：AC．【分析】此題屬于基礎(chǔ)題型，考查對(duì)元電荷的認(rèn)識(shí)和理解，比較簡單，但需引起重視。14.下列說法中正確的是（）【分析】由電勢的變化及無窮遠(yuǎn)處電勢為零可得源電荷帶異號(hào)電荷，再根據(jù)電場強(qiáng)度即曲線斜率得到電場強(qiáng)度變化，進(jìn)而得出電場力變化．11.下列靜電學(xué)公式中，、q、、、r和d分別表示靜電力、電荷量、電場強(qiáng)度、電勢差及距離，A.只要有電荷存在，電荷周圍就一定存在著電場①，②，③，④U=Ed，下列有關(guān)四個(gè)公式的說法中不正確的是（）3B.電場是一種物質(zhì)，它與其他物質(zhì)一樣，是不依賴我們的感覺而客觀存在的東西C.電荷間的相互作用是通過電場而產(chǎn)生的，電場最基本的性質(zhì)是對(duì)處在它里面的電荷有力的作用17.如圖，一帶負(fù)電荷的油滴在勻強(qiáng)電場中運(yùn)動(dòng)，其軌跡在豎直平面（紙面）內(nèi)，且相對(duì)于過軌跡最低點(diǎn)P的豎直線對(duì)稱．忽略空氣阻力．由此可知（）D.場強(qiáng)的定義式E＝中，F(xiàn)是放入電場中的電荷所受的力，q是產(chǎn)生電場的電荷的電荷量【答案】A,B,CA.Q點(diǎn)的電勢比P點(diǎn)高C.油滴在Q點(diǎn)的電勢能比它在P點(diǎn)的大【答案】A,B【解析】【解答】解：、根據(jù)粒子的彎折方向可知，粒子受合力一定指向上方；同時(shí)因軌跡關(guān)于P點(diǎn)對(duì)稱，則可說明電場力應(yīng)豎直向上；粒子帶負(fù)電，故說明電場方向豎直向下；則可判斷Q點(diǎn)的電勢比P點(diǎn)高；故A正確；、粒子由P到Q過程，合外力做正功，故油滴在Q點(diǎn)的動(dòng)能比它在P點(diǎn)的大；故B正確；C、因電場力做正功，故電勢能減小，Q點(diǎn)的電勢能比它在P點(diǎn)的小；故C錯(cuò)誤；、因受力為恒力；故PQ兩點(diǎn)加速度大小相同；故D錯(cuò)誤；故選：．【分析】根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)以及運(yùn)動(dòng)軌跡可明確粒子受力情況，再根據(jù)電場力的性質(zhì)即可判斷電場線的方向，從而明確電勢高低；根據(jù)電場力做功情況可明確動(dòng)能的變化以及電勢能的變化；根據(jù)力的性質(zhì)可明確加速度的關(guān)系．本題考查帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng)，要注意本題中油滴受到重力和電場力作用，這里應(yīng)先考慮合力，再去分析電場力的性質(zhì)；同時(shí)注意掌握物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件應(yīng)用．二、單選題B.油滴在Q點(diǎn)的動(dòng)能比它在P點(diǎn)的大D.油滴在Q點(diǎn)的加速度大小比它在P點(diǎn)的小【解析】【解答】電荷在其周圍產(chǎn)生電場，故A對(duì)；電場是一種特殊的物質(zhì)，實(shí)物和場是物質(zhì)存在的兩種不同形式，故B對(duì)；電荷間的相互作用是通過電場產(chǎn)生的，故C對(duì)；在其定義式E＝中，F(xiàn)是試探電荷所受的力，q是放入電場中的試探電荷?！痉治觥繉?duì)電場性質(zhì)的基本描述。15.關(guān)于電勢差和靜電力做功的說法中，正確的是（）A.電勢差是矢量，靜電力做的功是標(biāo)量B.在兩點(diǎn)間移動(dòng)電荷，靜電力不做功，則兩點(diǎn)間的電勢差為零C.在兩點(diǎn)間被移動(dòng)的電荷的電荷量越大，則兩點(diǎn)間的電勢差越大D.在兩點(diǎn)間移動(dòng)電荷時(shí)，靜電力做正功，則兩點(diǎn)間的電勢差不一定大于零【答案】B,D【解析】【解答】電勢差是標(biāo)量，其正負(fù)號(hào)不表示方向，故A錯(cuò)；兩點(diǎn)間的電勢差與被移動(dòng)的電荷的電荷量無關(guān)，故CD正W=Uq，做功正負(fù)不但要看電勢差還要看電荷量。16.如圖所示，在點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中，實(shí)線MN子只在靜電力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡。設(shè)電子在、兩點(diǎn)的加速度大小分別為、是一條方向未標(biāo)出的電場線，虛線是一個(gè)電AB，電勢能分別Q18.2018卷Ⅰab和bc=3cm。小球c所受庫侖力的合力的方向平行于、b的連線。設(shè)小球a、b所帶電荷量的比值的絕對(duì)值為K，ABaaAB為、EAEB。下列說法正確的是pp則（）。A.電子一定從向運(yùn)動(dòng)ABB.若>aaD.點(diǎn)電勢可能高于點(diǎn)電勢BA，則靠近端且為正電荷QMABC.無論為正電荷還是負(fù)電荷一定有E<EQA.、b的電荷同號(hào)，B.a、b的電荷異號(hào)，D.、b的電荷異號(hào)，pApB【答案】B,CC.、b的電荷同號(hào)，【答案】D【解析】【解答】電子在電場中只在電場力作用下沿虛線做曲線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)物體做曲線運(yùn)動(dòng)條件知電子受到的電場力沿電場線直線指向曲線凹側(cè)（如圖），負(fù)電荷受到的電場力與電場線方向相反，即【解析】【解答】對(duì)小球c所受庫侖力分析，畫出a對(duì)c的庫侖力和b對(duì)c的庫侖力，若a對(duì)c的庫侖力為排斥力，ac的電荷同號(hào)，則b對(duì)cbc電荷為異號(hào)，ab的電荷為異號(hào)；若a對(duì)c的庫侖力為引力，ac的電荷異號(hào)，則b對(duì)c的庫侖力為斥力，bc電荷為同號(hào)，ab的電荷為異號(hào)，所以ab的電荷為異號(hào)。設(shè)ac與bc的夾角為θ，利用平行四邊形定則和幾何關(guān)系、庫侖定律指向。根據(jù)所知條件無法判斷電子的運(yùn)動(dòng)方向，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；若到的電場力大，根據(jù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生電場分布規(guī)律知，靠近端為場源電荷位置，電場線方向指向，應(yīng)為正電荷，故B項(xiàng)正確；若電子由運(yùn)動(dòng)到，電場力做負(fù)功，電勢能增加，若電子由運(yùn)動(dòng)到，，說明電子在靠近點(diǎn)受電場力做正功，電勢能減小，得出電勢能一定是E<E低，Α點(diǎn)電勢一定高于Β點(diǎn)電勢，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。，故C項(xiàng)正確；沿電場線方向電勢一定降pApB可得，F(xiàn)=k’，F(xiàn)=k’bc，tanθ=3/4，tanθ=F/Fbc，ab電荷量的比值k=，聯(lián)立解得：acac=64/27，D符合題意。故答案為：D【分析】選取C球?yàn)檠芯繉?duì)象，根據(jù)庫侖定律與電荷間的相互作用力特點(diǎn)，對(duì)C球進(jìn)行受力分析，作出矢量圖，然后根據(jù)力的矢量三角形與幾何三角形的相似找出比例關(guān)系，即可解題?！痉治觥扛鶕?jù)物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件判斷電場力的方向，因?yàn)殡娮訋ж?fù)電得出電場線方向，判出電勢的高低，根據(jù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生電場分布規(guī)律知場源電荷位置和電性，根據(jù)力和速度方向關(guān)系得出電場力做功的正負(fù)，判出電勢能大小。419.（2018北京）研究與平行板電容器電容有關(guān)因素的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示下列說法正確的是（）2.若粒子從運(yùn)動(dòng)到，MN向和速度方向如圖所示，故電場力做正功，電勢能減小，動(dòng)能增大，即在低電勢處電勢能大，故；，負(fù)電荷A.實(shí)驗(yàn)前,只用帶電玻璃棒與電容器a板接觸,能使電容器帶電B.實(shí)驗(yàn)中只將電容器b板向上平移靜電計(jì)指針的張角變小C.實(shí)驗(yàn)中,只在極板間插入有機(jī)玻璃板靜電計(jì)指針的張角變大D.實(shí)驗(yàn)中,只增加極板帶電量,靜電計(jì)指針的張角變大表明電容增大【答案】A綜上所述，D符合題意；故答案為：D【分析】本題考查了電場力產(chǎn)生的加速度，重點(diǎn)看電場線疏密的程度；分析動(dòng)能、電勢能大小時(shí)重點(diǎn)通過電場力做功先判斷出電勢能變化，再通過能量守恒判斷動(dòng)能的變化；分析電勢大小主要通過常規(guī)結(jié)論：負(fù)電荷勢高能低、勢低能高。易錯(cuò)點(diǎn)在于功正負(fù)的判斷、電勢和電勢能關(guān)系的結(jié)論記憶。21.（2018江蘇）如圖所示，水平金屬板、分別與電源兩極相連，帶電油滴處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)將【解析】【解答】用帶電玻璃棒與電容器a板接觸，能夠使a板接觸帶電，a板帶電可以使b板感應(yīng)帶電，故能使電容器帶電，A符合題意；實(shí)驗(yàn)中，只將電容器b板向上平移，使得電容器的正對(duì)面積ABB減小，所以電容C減小，根據(jù)可得，U增大，所以靜電計(jì)指針的張角變大，B不符合題意；可得，U減小，所以靜電計(jì)指板右端向下移動(dòng)一小段距離，兩金屬板表面仍均為等勢面，則該油滴（）實(shí)驗(yàn)中，只在極板間插入有機(jī)玻璃板，使得電容C增大，根據(jù)針的張角變小，C不符合題意；實(shí)驗(yàn)中，只增加極板帶電量，不會(huì)改變電容的大小，電容大小只有自身決定與帶電量多少，是否帶電無關(guān)，D不符合題意。故答案為：A【分析】本題考查物體的帶電方式，物體的帶電方式有接觸帶電、摩擦起電、感應(yīng)帶電；電容器的動(dòng)態(tài)分析，結(jié)合電容大小的決定式與定義式，具體分析；另外還要掌握電容大小與電容器是否帶電以及帶電多少無關(guān).A.仍然保持靜止【答案】DB.豎直向下運(yùn)動(dòng)C.向左下方運(yùn)動(dòng)D.向右下方運(yùn)動(dòng)20.（2018天津）如圖所示，實(shí)線表示某電場的電場線（方向未標(biāo)出），虛線是一帶負(fù)電的粒子只在【解析】【解答】兩極板平行時(shí)帶電粒子處于平衡狀態(tài)，則重力等于電場力，當(dāng)下極板旋轉(zhuǎn)時(shí)，板間所以重力與電場力的合力偏向右下方，故粒子向右下方運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D符合題意。電場力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡，設(shè)點(diǎn)和點(diǎn)的電勢分別為MN，粒子在和時(shí)加速度大小分別MN為，速度大小分別為，電勢能分別為。下列判斷正確的是（）A.C.B.D.故答案為：D【分析】兩板平行時(shí)，由題意可知帶電液滴所受電場力與重力的關(guān)系。由于金屬板、分別與電源AB【解析】【解答】解、電場線越密，電場強(qiáng)度越大，同一個(gè)粒子受到的電場力越大，根據(jù)牛頓第二定律可知其加速度越大，故有1.若粒子從運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)，則根據(jù)帶電粒子所受電場力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，可知在兩極相連，則明確板間電壓不變，而當(dāng)下極板旋轉(zhuǎn)時(shí)，改變板間距，會(huì)影響板間場強(qiáng)，由受力分析，力的合成及力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系可判斷出粒子的具體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)。22.真空中兩個(gè)完全相同、帶等量同種電荷的金屬小球A和B（可視為點(diǎn)電荷），分別固定在兩處，它們之間的靜電力為C先后與B、B球間的靜電力為（）；MN某點(diǎn)的電場力方向和速度方向如圖所示，故電場力做負(fù)功，電勢能增大，動(dòng)能減小，即v>v，MNE<E,負(fù)電荷在低電勢處電勢能大，故；pMpNA.B.C.D.【答案】C【解析】【解答】假設(shè)AB球帶電為，當(dāng)A與C接觸平均分配電荷，AC都是，然后把C與B再接觸重新分配（Q+Q）/2=，即A的電量為、B的電量為，再根據(jù)庫侖定律公式5F=KQQ/r，即可以知道后來的力為2【解析】【解答】由點(diǎn)電荷庫侖力的公式：，電量不變，將它們之間的距離增大為原來的12【分析】相同小球接觸時(shí)電量為總電量的平均分配，這樣就可以得到后來小球的電荷量，再根據(jù)庫倫二分之一，庫侖力變?yōu)?，C符合題意，ABD不符合題意。力公式F=KQQ/r2就可以得出正確答案。23.一帶電粒子僅在電場力作用下從A點(diǎn)開始以。做直線運(yùn)動(dòng)，其v-t圖像如圖所示。粒子在。時(shí)刻運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，。時(shí)刻運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，以下判斷正確的是（）12故答案為：C【分析】對(duì)兩個(gè)電荷列庫侖定律，結(jié)合他們之間距離的變化求解即可。26.關(guān)于靜電場的電場線，下列說法正確的是（A.電場強(qiáng)度較大的地方電場線一定較疏C.沿電場線方向，電勢一定越來越低【答案】C）B.沿電場線方向，電場強(qiáng)度一定越來越小D.電場線一定是帶電粒子在電場中運(yùn)動(dòng)的軌跡【解析】【解答】解：、電場線的疏密表示場強(qiáng)的強(qiáng)弱，電場強(qiáng)度較大的地方電場線一定較密，故A錯(cuò)誤；、沿著電場線的方向，電勢會(huì)降低，因此沿電場線方向電勢越來越低，但電場線不一定越來越疏，即場強(qiáng)不一定越來越小，故B錯(cuò)誤，C正確；、電場線不一定與帶電粒子的軌跡重合，只有電場線是直線，帶電粒子的初速度為零或初速度方向與電場線方向在同一條直線上時(shí)電場線才與帶電粒子的軌跡重合，故D錯(cuò)誤；故選：C．A.，B，C三點(diǎn)的電勢關(guān)系為B.A，，C三點(diǎn)的場強(qiáng)大小關(guān)系為C.粒子從A點(diǎn)經(jīng)B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，電勢能先增加后減少D.粒子從A點(diǎn)經(jīng)B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，電場力先做正功后做負(fù)功【答案】C【解析】【解答】根據(jù)圖像可知帶電粒子的動(dòng)能先減小后增大，由于能量轉(zhuǎn)化關(guān)系可知，動(dòng)能轉(zhuǎn)化為了電勢能，所以電勢能先增大后減小即C對(duì)，電場力先做負(fù)功再做正功，所以選項(xiàng)D錯(cuò)了；vt斜率表示加速度，也可以直觀反映電場力大小，圖像的切線斜率先增大后減小，且方向沒變過，所以電場強(qiáng)【分析】只有電場線是直線，帶電粒子的初速度為零或初速度方向與電場線方向在同一條直線上時(shí)電場線才與帶電粒子的軌跡重合；沿電場線方向電勢越來越低，而電場線的疏密表示場強(qiáng)的大小，根據(jù)這些知識(shí)分析解答．27.兩極板之間，處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)保持右極板不動(dòng)，將左極板向左緩慢移動(dòng)．關(guān)于小球所受的電場力大度應(yīng)該是E，至于A和C都比BB錯(cuò)了；A和CB電勢一樣高，B點(diǎn)動(dòng)能最小，電勢能最大，但是電勢不知道是最高還是最低，因?yàn)椴恢离姾墒钦€是負(fù)。所以選項(xiàng)A錯(cuò)了；答案為【分析】這題從能量守恒突破，動(dòng)能和電勢能相互轉(zhuǎn)化，根據(jù)動(dòng)能變化得到電勢能變化及電場力做功的情況，電場力做正功電勢能減少，進(jìn)而推出電勢的情況，由于此題沒有說明電荷的正負(fù)種類，所以無法比較電勢高低。小F和繩子的拉力大小T，下列判斷正確的是（）24.三個(gè)相同的金屬小球123分別置于絕緣支架上，各球之間的距離遠(yuǎn)大于小球的直徑。球2所帶電荷量大小是球1的n倍，球3不帶電且離球l和球2很遠(yuǎn)，此時(shí)球12之間作用力的大小為?，F(xiàn)使球3先與球2接觸，再與球1接觸，然后將球3移至遠(yuǎn)處，此時(shí)12之間作用力的大小仍為。由此可知n的取值可能是（）A.n=5B.n=6C.n=7D.n=8【答案】BA.F逐漸減小，T逐漸減小C.F逐漸減小，T逐漸增大【答案】AB.F逐漸增大，T逐漸減小D.F逐漸增大，T逐漸增大【解析】【解答】由公式，得；若是帶同種電荷，球3先與球2接觸，球2帶電變?yōu)?球3再與球11帶電變?yōu)?，，，【解析】【解答】解：電容器與電源相連，所以兩端間電勢差不變，將左極板向左緩慢移動(dòng)過程中，U=EdEF=Eq聯(lián)立解得n=6；拉力與電場力的作用而處于平衡，根據(jù)平行四邊形定則可知，T=力變小，故拉力減?。蔄正確，BCD錯(cuò)誤．故選：．；由于重力不變，電場3先與球22帶電變?yōu)?球3再與球11帶電變?yōu)閮汕蜷g作用力變?yōu)?，n=10B符合題意，CD不符合題意；故答案為：?！痉治觥肯壤秒姾墒睾愣汕蟪鱿嗷ソ佑|的1、2、3小球的電荷量，再利用庫侖定律，利用題目條件列方程求解即可。25.真空中兩個(gè)點(diǎn)電荷間的相互作用力為F原來的二分之一，在它們之間的相互作用力大小等于（）A.B.C.4FD.16FF【答案】C6【分析】明確電容器與電源相連，故電容器兩端的電勢差不變，由U=Ed可分析電場力的變化情況，再根據(jù)受力分析明確繩子拉力的變化情況．28.CPQ、AQ是不同的，故只有D符合題意。B故答案為：?！痉治觥看祟}考查感應(yīng)起電的原理，由于電荷之間的相互作用規(guī)律會(huì)使得負(fù)電荷集中于靠近正電荷的一端，而正電荷會(huì)遠(yuǎn)離靠近正電荷的一端，這就是感應(yīng)起電的基本原理。30.平行板電容器的兩極板B接于電源的兩極，兩極板豎直、平行正對(duì)放置，一個(gè)帶正電的小球懸掛在電容器的內(nèi)部，閉合電鍵，電容器充電，懸線偏離豎直方向的夾角為，如圖所示，則下列說法正確的是（）O點(diǎn)靜止釋放的電子恰好能運(yùn)動(dòng)到PC板向右平移到O）A.運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)返回點(diǎn)B.運(yùn)動(dòng)到P和點(diǎn)之間返回C.運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)返回D.穿過P′【答案】AA.保持電鍵S閉合，帶正電的A板向B板靠近，則θ減小B.保持電鍵S閉合，帶正電的A板向B板靠近，則θ不變C.電鍵S斷開，帶正電的A板向B板靠近，則θ不變D.電鍵S斷開，帶正電的A板向B板靠近，則θ增大【答案】C【解析】【解答】設(shè)AB間電場強(qiáng)度為，BC間場強(qiáng)為，根據(jù)題意由O點(diǎn)釋放的電子恰好能運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理，有①BC板電量不變，BC板間的場強(qiáng)【解析】【解答】保持電鍵S閉合，電容器兩端的電壓不變，帶正電的A板向B板靠近，則兩極板間==②電容器兩極板上的電荷總量不變，帶正電的A板向B板靠近，則兩極板間的間距減小，根據(jù)公式聯(lián)立解得，所以電場強(qiáng)度不變，故θC正確D錯(cuò)誤。【分析】電容器在電壓不變的情況下，場強(qiáng)與距離成θ增大，ABS斷開，由②知BCC板向右平移到時(shí)，BC板間的場強(qiáng)不變，由①知，電子仍然運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)返回，故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選：A、、【分析】根據(jù)勻強(qiáng)電場電場強(qiáng)度的公式，電容的定義式以及電容的決定式C=反比。在斷開電源后場強(qiáng)不變，兩極板電壓與距離成反比。31.如圖所示，在P板附近有一個(gè)電子由靜止開始向Q板運(yùn)動(dòng)，則關(guān)于電子到達(dá)Q板時(shí)的速度，下列說法正確的是（）聯(lián)立得E=，知道在電量不變的情況下，改變兩板間距離，場強(qiáng)不變，再結(jié)合動(dòng)能定理進(jìn)行討論．29.如圖所示，左邊是一個(gè)原先不帶電的導(dǎo)體，右邊C是后來靠近的帶正電的導(dǎo)體球，若用絕緣工具BQQ，則下列結(jié)論正確的是（）ABA.兩板間距離越大，加速的時(shí)間就越長，獲得的速度就越大B.兩板間距離越小，加速度就越大，獲得的速度就越大C.電子到達(dá)Q板時(shí)的速度與兩板間距離無關(guān)，僅與加速電壓有關(guān)D.以上說法均不正確【答案】C【解析】P板附近到Q＝mv2，解A.沿虛線d切開，A帶負(fù)電，B帶正電，且Q＞QB.只有沿虛線b切開，才有A帶正電，B帶負(fù)電，且Q＝QABAB得v＝，速度大小與U有關(guān)，與兩板間距離無關(guān)，選項(xiàng)C正確。【分析】兩極板始終接在電可知，當(dāng)間距增大時(shí)，場強(qiáng)減小，加速度減小，間距增加，運(yùn)動(dòng)C.沿虛線a切開，A帶正電，B帶負(fù)電，且Q＜QD.沿任意一條虛線切開，都有A帶正電，B帶負(fù)電，而Q、Q的值與所切的位置有關(guān)AB源正負(fù)兩極，電壓不變，根據(jù)AB【答案】D時(shí)間變小，但是最終速度是有電場力做功決定的，不是由時(shí)間來決定，兩極板電壓不變，做功不變，末速度仍不變。32.某電容器的電容是30μ，額定電壓為200，擊穿電壓為400，對(duì)于該電容器，下列說法正確的是（）【解析】【解答】靜電感應(yīng)使得AB帶負(fù)電；導(dǎo)體原來不帶電，只是在帶正電的導(dǎo)體球C靜電感應(yīng)的作用下，導(dǎo)體中的自由電子向B部分轉(zhuǎn)移，使BA部分少了A部分移走的電子數(shù)目和B部分多余的電子數(shù)目是相同的，因此無論從哪一條虛線切開，兩部分的電荷量總是相等的，但由于電荷之間的作用力與距離有關(guān)，自由電子在不同位置所受C的作用力的強(qiáng)弱是不同的，這樣導(dǎo)致電子在導(dǎo)體上的分布的不均勻，越靠近右端A.為使它的兩極板間的電壓增加1，所需要的電荷量是3×10C57B.給電容器1C的電荷量，兩極板間的電壓為3×10V【解析】【解答】靜電平衡狀態(tài)下的導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，且內(nèi)表面不帶電。由于導(dǎo)體接地，QC靜電平衡的金屬體內(nèi)部場強(qiáng)處處為零，沒有電荷，與大地連接電勢為零，由于靜電感應(yīng)在近端為異種電荷，遠(yuǎn)端為同種電荷。5C.該電容器能容納的電荷量最多為6×10C3D.該電容器能承受的最大電壓為200V【答案】A【解析】【解答】由Q=C·U=30×106C=3×105C，A對(duì)；由U=Q/C=1/(30×106)V可36.A置于原來不帶電的空腔導(dǎo)體球B內(nèi)，ac分別為導(dǎo)體B內(nèi)的點(diǎn)，b為導(dǎo)體A和B之間的一點(diǎn)，下列說法正確的是（）–––4知，電容器被擊穿，B錯(cuò)；擊穿電壓為400V表示能承受的最大電壓為400，最大電荷量×400C=1.2×10C，CD錯(cuò)?！痉治觥坷秒娙萜麟娙荻x式的變換公式可得結(jié)果，擊–5–2穿電壓為所承受最大電壓，比如小于交變電流的峰值即可工作。33.方法中能使兩球都帶電的是（）A.、b、c三點(diǎn)的電勢都相等C.b點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零，但電勢大于零【答案】BB.a點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零，但電勢最高D.、b、c三點(diǎn)的電場強(qiáng)度都為零【解析】【解答】A球帶正電，不帶電的空腔B可以理解為導(dǎo)體的靜電平衡，故E=E=0，空腔內(nèi)壁ac感應(yīng)電荷為負(fù)，外壁感應(yīng)電荷為正?？涨粌?nèi)的電場線分布為由A指向，所以φφφ，E，選項(xiàng)B正確?！痉治觥快o電平衡導(dǎo)體內(nèi)部場強(qiáng)為零.37.空間有一勻強(qiáng)電場，在電場中建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系－xyzP為電場中的三個(gè)點(diǎn)，M點(diǎn)的坐標(biāo)為（a0N點(diǎn)的坐標(biāo)為（00P點(diǎn)的坐標(biāo)為（a，，）。已知電場方向平行于直線，M點(diǎn)電勢為，N點(diǎn)電勢為1，則P點(diǎn)的電勢為（）①先把兩球分開，再移走棒②先移走棒，再把兩球分開③先將棒接觸一下其中的一球，再把兩球分開④以上都不對(duì)abcbA.①②①③②③③④【答案】B【解析】【解答】感應(yīng)起電是帶電體移近導(dǎo)體但不與導(dǎo)體接觸，從而使導(dǎo)體上的電荷重新分布，此時(shí)分開甲、乙，則甲、乙上分別帶等量的異種電荷，故①符合題意；如果先將棒接觸一下其中的一球，則甲、乙兩球會(huì)同時(shí)帶上和棒同性的電荷，故③符合題意；即選項(xiàng)B符合題意。故答案為：?！痉治觥看祟}屬于基礎(chǔ)題型，考查對(duì)感應(yīng)起電和接觸起電的理解和認(rèn)識(shí)，比較簡單。34.如圖所示，平行板電容器中懸浮一帶電微粒，今把A、B兩半方形金屬盒相對(duì)插入，當(dāng)、B合攏時(shí)，對(duì)微粒運(yùn)動(dòng)情況的判斷正確的是（）A.VB.VC.VD.V【答案】D【解析】【解答】沿z軸負(fù)向觀察，M、、P三點(diǎn)的位置如圖所示，其中P與它在Oxy平面內(nèi)的投影點(diǎn)重合，由題意可知φ＝φ′A.向上運(yùn)動(dòng)【答案】BB.向下運(yùn)動(dòng)C.仍保持靜止D.條件不足，無法判斷PP【解析】【解答】帶電微粒在勻強(qiáng)電場中懸浮，說明重力與靜電力平衡，若兩個(gè)金屬盒相對(duì)插入，電所以帶電微粒所受靜電力減小，向下運(yùn)動(dòng)，故B正確?！痉治觥快o電屏蔽的應(yīng)用，中間無場強(qiáng)，不受電場力，自然下落.35.如圖所示，帶電體Q靠近一個(gè)接地空腔導(dǎo)體，空腔里面無電荷。在靜電平衡后，下列物理量中不為零的是（）分別過、作MN的垂線，垂足分別為、。由幾何知識(shí)可知所以U＝E·＝E·＝，因φ＝0，故φ＝，又因P′B垂直電場線，P′B為等勢線，φ＝φ＝，故D選項(xiàng)正確。。因?yàn)镋·＝1V，BMMBPP′A.導(dǎo)體空腔內(nèi)任意點(diǎn)的電場強(qiáng)度C.導(dǎo)體外表面的電荷量【答案】CB.導(dǎo)體空腔內(nèi)任意點(diǎn)的電勢D.導(dǎo)體空腔內(nèi)表面的電荷量【分析】利用等電勢法尋找等勢面與電場線垂直，并根據(jù)幾何關(guān)系可得到電勢大小.838.如圖所示，NP點(diǎn)放一靜止的點(diǎn)電荷不計(jì)重力，下列說法中正確的是（）據(jù)這些知識(shí)進(jìn)行分析即可．本題中，點(diǎn)電荷的電場強(qiáng)度的特點(diǎn)是離開場源電荷距離越大，場強(qiáng)越小，掌握住電場線和等勢面的特點(diǎn)，即可解決本題．屬于基礎(chǔ)題目．三、綜合題41.（2018北京）（）靜電場可以用電場線和等勢面形象描述。a.請(qǐng)根據(jù)電場強(qiáng)度的定義和庫侖定律推導(dǎo)出點(diǎn)電荷Qb.點(diǎn)電荷的電場線和等勢面分布如圖所示，等勢面S??到點(diǎn)電荷的距離分別為?、?。我們知道，電場線的疏密反映了空間區(qū)域電場強(qiáng)度的大小。請(qǐng)計(jì)算S?、S?上單位面積通過的電場線條數(shù)之比N?/N?。A.點(diǎn)電荷在從P到O的過程中，加速度越來越大，速度也越來越大B.點(diǎn)電荷在從P到O的過程中，加速度越來越小，速度越來越大12C.點(diǎn)電荷運(yùn)動(dòng)在O點(diǎn)時(shí)加速度為零，速度達(dá)最大值D.點(diǎn)電荷越過O點(diǎn)后，速度越來越小，加速度越來越大，直到粒子速度為零【答案】C【解析】O點(diǎn)場強(qiáng)為零，從O點(diǎn)沿著中垂線向無窮遠(yuǎn)處延伸，場強(qiáng)先增大后減小，所以點(diǎn)電荷在從P到O的過程中，加速度可能先增大后減小，選項(xiàng)、B錯(cuò)；但負(fù)電荷所受M、N兩點(diǎn)電荷庫侖力的合力方向豎直向下，到O點(diǎn)一直加速，選項(xiàng)C對(duì)；同理點(diǎn)電荷越過O點(diǎn)后，速度越來越小，但加速度先增大后減小，選項(xiàng)D連線中點(diǎn)場強(qiáng)最小為零，速度最大，中垂線上自中點(diǎn)向兩端延伸，場強(qiáng)先減小后增加。39.圖中的平行直線表示一簇垂直于紙面的等勢面。一個(gè)電荷量為–C的點(diǎn)電荷，沿圖中的曲線從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，電場力做的功為（）–8（2）觀測宇宙中輻射電磁波的天體，距離越遠(yuǎn)單位面積接收的電磁波功率越小，觀測越困難。為了收集足夠強(qiáng)的來自天體的電磁波，增大望遠(yuǎn)鏡口徑是提高天文觀測能力的一條重要路徑。2016年9月25FAST中國天眼”FAST直徑為a.設(shè)直徑為100m的望遠(yuǎn)鏡能夠接收到的來自某天體的電磁波功率為?，計(jì)算FAST能夠接收到的來自該天體的電磁波功率?；b.在宇宙大尺度上，天體的空間分布是均勻的，僅以輻射功率為P的同類天體為觀測對(duì)象，設(shè)直徑為100m望遠(yuǎn)鏡能夠觀測到的此類天體數(shù)目是，計(jì)算FAST能夠觀測到的此類天體數(shù)目。A.–5.0×10J【答案】BB.JC.–3.5×10JD.J–77–6–6【答案】（1）．在距為的位置放一電荷量為的檢驗(yàn)電荷。Qr根據(jù)庫侖定律檢驗(yàn)電荷受到的電場力q【解析】【解答】U=φ–φ–10，W=qU=5.0×10J，B正確。【分析】W=Uq，僅由初末位–7ABAB置的電勢差來決定的，與路徑無關(guān)。ABAB（2016新課標(biāo)ⅡP為固定的點(diǎn)電荷，虛線是以P為圓心的兩個(gè)圓．帶電粒子Q在P的電場中運(yùn)動(dòng)．運(yùn)動(dòng)軌跡與兩圓在同一平面內(nèi)，、、c為軌跡上的三個(gè)點(diǎn)．若Q僅受P的電場力作用，其在、、c點(diǎn)的加速度大小分別為a、a、a，速度大小分別為v、v、v，則（）根據(jù)電場強(qiáng)度的定義得abcabcb．穿過兩等勢面單位面積上的電場線條數(shù)之比（2）．地球上不同望遠(yuǎn)鏡觀測同一天體，單位面積上接收的功率應(yīng)該相同，因此b遠(yuǎn)鏡為球心、以最遠(yuǎn)觀測距離為半徑的球體體積。A.a＞a＞a，v＞v＞vB.a＞a＞a，v＞v＞vabcacbabcbca設(shè)地面上望遠(yuǎn)鏡能觀測到此類天體需收集到的電磁波的總功率的最小值為鏡和FAST能觀測到的最遠(yuǎn)距離分別為和，直徑為100m望遠(yuǎn)P0C.a＞a＞a，v＞v＞vD.a＞a＞a，v＞v＞vbcabcabcaacb，則LL0場力越大，帶電粒子的加速度越大，所以a＞a＞a，根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出，粒子在運(yùn)動(dòng)的過程中，一直受靜電斥力作用，離電荷最近的位置，電場力可得=5LLbca0則對(duì)粒子做的負(fù)功越多，粒子的速度越小，所以v＞v＞v，所以D正確，ABC錯(cuò)誤；故選：．a(chǎn)cb【分析】根據(jù)帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡彎曲方向，即可判斷庫侖力是引力還是斥力；電場線密的地方電場的強(qiáng)度大，電場線疏的地方電場的強(qiáng)度小，電場力做正功，速度增大，電場力做負(fù)功，速度減小，根9【解析】12）根據(jù)題意，等勢面、到點(diǎn)電荷的距離分別為、。我們知道，電場線的疏密反映了空間區(qū)域電場強(qiáng)度的大B板時(shí)速度大小為________；若粒子帶電荷量為＋q，它到達(dá)B板時(shí)速度大小為________。SSrr11223b.在宇宙大尺度上，天體的空間分布是均勻的。因此一個(gè)望遠(yuǎn)鏡能觀測到的此類天體數(shù)目正比于以望遠(yuǎn)鏡為球心、以最遠(yuǎn)觀測距離為半徑的球體體積。42.如圖所示，在豎直向下的勻強(qiáng)電場中有一絕緣的光滑軌道，一個(gè)帶負(fù)電的小球從斜軌上的點(diǎn)由A軌道的傾角為α，圓軌道半徑為，電荷量為－，勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為E，斜mq，小球的重力大于所受的電場力．【答案】；R【解析】【解答】AB兩極板間的電勢差，粒子的帶電量，由動(dòng)能定理得：-qU=mv2-m得v=，若粒子的帶電量＋q，則qU=mv2-m得v=。（1）求小球沿軌道滑下的加速度的大小；（2）若使小球通過圓軌道頂端的點(diǎn)，求點(diǎn)距水平地面的高度至少為多大；【分析】由于兩次電荷量不同電場力方向不同，做功情況不同，可根據(jù)動(dòng)能定理計(jì)算出末速度。，45.Q靜電計(jì)的指針偏角大小，表示兩極板間電勢差的大小。如果使極板間的正對(duì)面積變小，發(fā)現(xiàn)靜電計(jì)指針的偏角變大，我們就說平行板電容器的電容（填“變大或“變?。?；如果使兩極板間的距________（填變大或變小我們之所以能夠得出這些結(jié)論是因?yàn)殡娙萜鞯碾娙軨=________。BAh1（3＝5hRB2【答案】（1）解:根據(jù)牛頓第二定律有：（－qE）sinα＝ma解得＝（2）解:若小球剛好通過B點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律有：－qE＝小球由A到，根據(jù)動(dòng)能定理有：（－qE）（h－2R）＝聯(lián)立以上兩式得h＝（3）解:小球從靜止開始沿軌道運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，設(shè)機(jī)械能的變化量為E【答案】變??；變小；機(jī)由E＝W得E＝－3qER，W＝－3qER機(jī)電電【解析】【解答】根據(jù)C=，正對(duì)面積變小說明電容減小，又C=，電壓增大則發(fā)現(xiàn)靜電計(jì)指機(jī)【解析】【分析】電場力做功和重力做功一樣，均是由初末位置來決定的，與路徑無關(guān)。在復(fù)合場中計(jì)算豎直平面的圓周運(yùn)動(dòng)需要找到等效重力“和等效最高點(diǎn)類比在重力場中的臨界條件進(jìn)行分析。機(jī)械能的改變是除重力和彈力意外做功，這個(gè)力就是電場力。針的偏角變大；使兩極板間的距離變大，根據(jù)C=，說明電容減小，又C=，電壓增大則發(fā)現(xiàn)?！痉治觥扛鶕?jù)電靜電計(jì)指針的偏角變大。我們之所以能夠得出這些結(jié)論是因?yàn)殡娙萜鞯碾娙軨=四、填空題容器的決定式，由正對(duì)面積和極板間距以及有無相對(duì)電解質(zhì)判斷電容器電容的變化，且在電荷量不變的情況下，再根據(jù)電容器電容定義式分析電壓及極板間場強(qiáng)變化。43.油罐車后拖一條鐵鏈的目的是________________有接入電路時(shí)兩極間的________?！敬鸢浮繉?dǎo)走靜電；電荷；電壓46.把電荷量為－5×10C的電荷，從圖示電場中的A點(diǎn)移到B（填“增加減9－少”或不變A點(diǎn)的電勢φ＝B點(diǎn)的電勢φ＝________J。AB【解析】【解答】油罐車后拖一條鐵鏈?zhǔn)菫榱税旬a(chǎn)生的靜電導(dǎo)走，屬于靜電的防止；電容器是儲(chǔ)存電荷的裝置，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電源的電動(dòng)勢等于內(nèi)外電壓之和，當(dāng)電源沒有接入電路時(shí)內(nèi)電壓等于零，則電源的電動(dòng)勢等于電源沒有接入電路時(shí)兩極間的電壓?！痉治觥吭擃}目考察的是物理的基本的概念，拖一條鐵鏈?zhǔn)菫榱藢?dǎo)走靜電，電容器用來存儲(chǔ)電能，當(dāng)電源沒有接通時(shí)，電動(dòng)勢等于電壓?！敬鸢浮吭黾?；－2.5×10－844.如圖所示，、B為一對(duì)平行正對(duì)帶電金屬板，B板帶正電，、B兩板間的電勢差為。質(zhì)量為【解析】【解答】將電荷從電場中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)，靜電力做負(fù)功，其電勢能增加；A點(diǎn)的電勢能為E＝qφ，B點(diǎn)的電勢能為E＝qφ，靜電力做的功等于電勢能的減少量，即W＝E－Em的帶電粒子（重力可忽略木計(jì)）以初速v水平射入勻強(qiáng)電場。若粒子帶電荷量為－，則粒子到達(dá)0pAApBBABpApB＝－2.5×10J?！痉治觥控?fù)電荷沿著電場線運(yùn)動(dòng)，電場力做負(fù)功電勢能增加，右W=Uq可計(jì)算做功大8－小。五、解答題1047.如圖所示，大球A原來的電荷量為，小球B原來不帶電，現(xiàn)在讓小球與大球接觸，達(dá)到靜電平衡時(shí)，小球獲得的電荷量為；現(xiàn)給A球補(bǔ)充電荷，使其電荷量為，再次讓小球接觸大球，每次都給大球補(bǔ)充到電荷量為Q，問：經(jīng)過反復(fù)多次接觸后，小球的帶電荷量為多少？強(qiáng)E=3.0×10，取重力加速度g=10m/s，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：32【答案】解:由于兩個(gè)球的形狀和大小不等，所以在接觸過程中，兩球的電荷量分配比例不是1∶1，但應(yīng)該是一個(gè)確定的值。根據(jù)第一次接觸達(dá)到靜電平衡時(shí)兩者的電荷關(guān)系可知，此比例為（－q）∶qB球帶電荷量為