北京八中烏蘭察布分校2019-2020學年高一下學期期末考試化學試題含解析

學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精內蒙古北京八中烏蘭察布分校2019-2020學年高一下學期期末考試化學試題含解析烏蘭察布分校2019-2020學年第二學期教學質量調研一高一年級化學試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、考號填寫在答題卡上。2．將答案寫在答題卡上.寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將答題卡交回?？赡苡玫降南鄬υ淤|量：H：1C:12N:14O:16一、選擇題:（本大題共28小題。每小題2分，滿分56分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題意的。）1。X、Y、Z均為元素周期表中前20號元素，Xa＋、Yb-、Z（b＋1)—簡單離子的電子層結構相同，下列說法正確的是()A。已知mXa＋與nYb—，得m＋a=n-bB。離子半徑：Yb-〉Z(b＋1)->Xa＋C。Z（b＋1)-的還原性一定大于Yb-D.氣態(tài)氫化物的穩(wěn)定性Hb＋1Z一定大于HbY【答案】C【解析】【分析】Xa＋、Yb—、Z（b＋1）—簡單離子的電子層結構相同，則Y和Z是位于同一周期相鄰且Y在右邊的非金屬元素，X為與Y和Z相鄰下一周期的金屬元素，據此分析解答。【詳解】A．因為mXa＋與nYb—的電子層結構相同，所以：m-a=n+b，A錯誤;B．由上面分析可知，原子序數(shù)：Z＜Y＜X，層同看序數(shù)，序小半徑大，所以，離子半徑大小關系為：Z(b＋1)—>Yb->Xa＋，B錯誤;C．Y和Z位于同一周期,Y在右邊，所以Y的非金屬性強于Z，Y單質的氧化性強于Z單質，Z（b＋1）—的還原性強于Yb-，C正確；D．由C可知，Y的非金屬性強于Z，所以，氣態(tài)氫化物的穩(wěn)定性Hb＋1Z一定小于HbY，D錯誤。答案選C?！军c睛】電子層結構相同的簡單陰陽離子，一定處于相鄰周期，且陰前陽后。2。短周期元素A、B、C、D、E的原子序數(shù)依次增大，A的原子得到一個電子達到稀有氣體結構，B的單質通常作為瓜果、食品的保護氣，E所在的族序數(shù)是周期數(shù)的2倍，C、D、E的最外層電子之和為10.下列說法正確的是（）A。簡單離子半徑：E〉B〉C〉DB.C可以從溶液中置換出D單質C。A、B、E形成化合物中只存在共價鍵D。A和B形成的化合物溶于水可導電,所以該化合物為電解質【答案】A【解析】【分析】首先可判斷B為N元素,原子序數(shù)依次增大，則A只能是H元素，E不可能為C元素,只能是S元素,所以C、D最外層電子之和為4，B為N元素，則C不可能是Li、Be、B，所以C為Na元素，D為Al元素.【詳解】A。根據“層多徑大，序大徑小”，簡單離子半徑S2—〉N3—>Na+〉Al3+，A項正確;B。鈉先與水反應，鈉無法從溶液中置換出鋁單質，B項錯誤；C。H、N、S形成的化合物為(NH4）2S或NH4HS,化合物中既含離子鍵又含共價鍵，C項錯誤；D.氨氣的水溶液導電的原因是：氨氣與水化合成的一水合氨電離出自由移動的陰、陽離子,NH3自身不電離，屬于非電解質，D項錯誤;所以答案選擇A項。3.主族元素Q、X、Y、Z、W的原子序數(shù)依次增大,且均不大于20。Q的簡單氫化物和其最高價含氧酸可以化合成鹽，X與Q同周期且是該周期主族元素中原子半徑最小的元素；Z一具有與氬原子相同的電子層結構；Q、Y、W原子的最外層電子數(shù)之和為9。下列說法一定正確的是A。X與Z的簡單氫化物的水溶液均呈強酸性B.Y與Z形成的化合物只含離子鍵C.簡單氫化物的沸點：Q〈XD。Z和W形成的化合物的水溶液呈堿性【答案】C【解析】【分析】Q的簡單氫化物和其最高價含氧酸可以化合成鹽，確定Q為N；X與Q同周期且是該周期主族元素中原子半徑最小的元素，確定X為F；Z一具有與氬原子相同的電子層結構，確定Z為Cl；Q、Y、W原子的最外層電子數(shù)之和為9，當W為K時，Y為Al;當W為Ca時，Y為Mg。【詳解】A。X簡單氫化物HF的水溶液呈弱酸性，故A錯誤；B.Y與Z形成的化合物可能是AlCl3或MgCl2，氯化鋁屬于共價化合物不含有離子鍵，故B錯誤;C.簡單氫化物的沸點：Q（NH3）〈X(HF），故C正確;D.Z和W形成的化合物為KCl或CaCl2,二者均為強酸強堿鹽，水溶液呈中性，故D錯誤；答案：C4。幾種短周期元素的主要化合價及原子的原子半徑數(shù)據見下表：元素代號LMQRT主要化合價+2+3+6、﹣2+7、﹣1﹣2原子半徑/nm0。1600。1430.1020。0990。074據表中信息判斷，下列有關敘述中,正確的是A。L、M的單質分別與同濃度的稀鹽酸反應時，M的單質反應更劇烈B。M與T形成的化合物能和強酸、強堿反應且產物不同C。Q、T兩元素的氫化物熱穩(wěn)定性比較：Q的氫化物大于T的氫化物D.L與R兩元素形成的化合物中，含有非極性共價鍵【答案】B【解析】【詳解】由表中化合價，可確定L、M、Q、R、T原子的最外層電子數(shù)依次為2、3、6、7、2，由原子半徑,可確定L、M、Q、R為同周期元素，且都為第三周期元素，T為第二周期元素，從而確定L、M、Q、R、T分別為Mg、Al、S、Cl、O元素。A。Mg、Al的單質分別與同濃度的稀鹽酸反應時，Mg的單質反應更劇烈，A錯誤；B.Al與O形成的化合物Al2O3為兩性氧化物，能和強酸、強堿反應，前者生成Al3+等，后者生成AlO2—等，B正確；C.S、O兩元素的氫化物熱穩(wěn)定性比較，S的氫化物小于O的氫化物，C錯誤；D.Mg與Cl兩元素形成的化合物MgCl2中，只含有離子鍵，D錯誤;故選B。5.氮化鎵材料屬于第三代半導體，在光電子、高溫大功率器件和高溫微波器件應用方面有著廣闊的前景。MOCVD法是制備氮化鎵的方法之一，通常以Ga(CH3)3作為鎵源，NH3作為氮源，在一定條件下反應制取氮化鎵。下列相關說法錯誤的是A。氮化鎵的化學式為GaNB。該反應除生成氮化鎵外，還生成CH4C。Ga（CH3）3是共價化合物D.鎵位于元素周期表第四周期第ⅡA族【答案】D【解析】試題分析：鎵位于元素周期表中第四周期第IIIA，最外層有3個電子，主要化合價為+3.由題意知,Ga(CH3）3作為鎵源,NH3作為氮源,在一定條件下反應制取氮化鎵,則另一產物為甲烷。A.氮化鎵的化學式為GaN，A正確；B。該反應除生成氮化鎵外，還生成CH4，B正確；C。Ga（CH3)3是共價化合物,C正確；D。鎵位于元素周期表第四周期第IIIA族,D不正確。本題選D。6。下列說法正確的是A。18O2和16O2互為同位素B.正己烷和2，2?二甲基丙烷互為同系物C。C60和C70是具有相同質子數(shù)的不同核素D。H2NCH2COOCH3和CH3CH2NO2是同分異構體【答案】B【解析】【詳解】A.18O2和16O2是指相對分子質量不同的分子，而同位素指具有相同質子數(shù)，但中子數(shù)不同的元素互稱同位素，A項錯誤；B.正己烷的分子式C6H14,2,2?二甲基丙烷即新戊烷分子式是C5H12,兩者同屬于烷烴，且分子式差一個CH2，屬于同系物，B項正確；C.核素表示具有一定的質子數(shù)和中子數(shù)的原子，C60和C70是由一定數(shù)目的碳原子形成的分子,顯然，C項錯誤；D。H2NCH2COOCH3和CH3CH2NO2是分子式分別為C3H7O2N和C2H5O2N,分子式不同，顯然不是同分異構體，D項錯誤。故答案選B。7.下列有機物存在順反異構現(xiàn)象的是A。CH3CH3 B。CH2=CH2 C.CH3CH=CHCH3 D。CH3CH=CH【答案】C【解析】【詳解】A、不存在碳碳雙鍵,不符合;B、2個C原子所連基團完全相同，不符合;C、碳碳雙鍵的每個C原子所連基團是完全不同的,存在順反異構體，符合；D、碳碳雙鍵有一端是相同基團(＝CH2)，不存在順反異構,不符合；答案選C?！军c睛】本題考查順反異構體的物質結構特點的判斷。順反異構體是分子中含有碳碳雙鍵，且碳碳雙鍵的每個C原子所連基團是完全不同的基團時才存在順反異構。8。下列有機物命名正確的是A。1，3，4—三甲苯B。2—甲基-2—氯丙烷C。2—甲基-1—丙醇D。2—甲基-3—丁炔【答案】B【解析】試題分析:烷烴的命名原則是:找出最長的碳鏈當主鏈，依碳數(shù)命名主鏈,前十個以天干（甲、乙、丙..。)代表碳數(shù),碳數(shù)多于十個時，以中文數(shù)字命名,如:十一烷；從最近的取代基位置編號：1、2、3。。。(使取代基的位置數(shù)字越小越好）。以數(shù)字代表取代基的位置。數(shù)字與中文數(shù)字之間以－隔開；有多個取代基時，以取代基數(shù)字最小且最長的碳鏈當主鏈，并依甲基、乙基、丙基的順序列出所有取代基；有兩個以上的取代基相同時，在取代基前面加入中文數(shù)字：一、二、三。..,如：二甲基，其位置以，隔開，一起列于取代基前面。如果含有官能團，則含有官能團的最長碳鏈作主鏈，編號也是從離官能團最近的一端開始,據此可知，B正確。A不正確,應該是1，2，4—三甲苯;C不正確，應該是2－丁醇；D不正確，應該是3-甲基-1—丁炔，答案選B。考點:考查有機物命名的正誤判斷點評：該題是中等難度的試題，試題基礎性強，側重能力的培養(yǎng),有助于培養(yǎng)學生的邏輯推理能力，提高學生分析問題、解決問題的能力。該題的關鍵是明確有機物命名的原則，然后靈活運用即可。9.下列烷烴中，進行一氯取代反應后，只能生成三種沸點不同的產物的是（）A。（CH3)2CHCH2CH2CH3 B。(CH3CH2）2CHCH3C。（CH3)2CHCH（CH3）2 D.（CH3）3CCH2CH3【答案】D【解析】【詳解】A．（CH3)2CHCH2CH2CH3中有5種位置不同的氫，所以其一氯代物有5種，能生成5種沸點不同的產物，故A不選；B．（CH3CH2)2CHCH3中有4種位置不同的氫，所以其一氯代物有4種，能生成4種沸點不同的產物，故B不選;C．(CH3）2CHCH（CH3）2含有2種等效氫，所以能生成2種沸點不同的有機物，故C不選；D．（CH3)3CCH2CH3中有3種位置不同的氫，所以其一氯代物有3種，能生成3種沸點不同的產物，故D選；故選D。10。一定條件下，下列物質可跟下圖所示有機物反應的是（)(1）酸性KMnO4溶液(2)NaOH溶液(3）KOH醇溶液（4)Na（5）CuOA。（1)(2)(4) B。（1)(3)（4） C.(1）（2）（4）(5) D。全部【答案】C【解析】【詳解】根據圖示可知該有機物有碳碳雙鍵，醇羥基和氯原子,所以能被KMnO4溶液氧化，能在NaOH水溶液中發(fā)生水解反應,能跟金屬鈉反應，能被氧化銅催化氧化;因與氯原子連接的碳原子的相鄰碳原子上沒有氫原子，所以該有機物不能與KOH醇溶液反應。答案選C。11.下列物質既能發(fā)生水解反應、消去反應，又能氧化成醛的是A。 B。C。 D.【答案】D【解析】A、分子中只有羥基，不能發(fā)生水解反應，且氧化產物不是醛，A錯誤；B、含有羥基和溴原子,能發(fā)生水解反應和催化氧化，但不能發(fā)生消去反應，B錯誤;C、含有羥基和溴原子，能發(fā)生水解反應和消去反應，不能發(fā)生催化氧化,C錯誤；D、含有羥基和氯原子，既能發(fā)生水解反應、消去反應，又能氧化成醛,D正確，答案選D。點睛：明確醇類、鹵代烴的性質特點是解答的關鍵。鹵代烴發(fā)生消去反應的條件:①分子中碳原子數(shù)≥2；②與-X相連的碳原子的鄰位碳上必須有氫原子。與—Ｘ相連的碳原子的相鄰碳原子上沒有氫原子的鹵代烴[如CH3X、（CH3）3C－CH212。某氣態(tài)烴0。5mol能與1molHCl完全加成，加成后產物分子中的氫原子又可被3molCl2完全取代,則此氣態(tài)烴可能是A。CH3C≡CCH3 B。CH2=CH2 C。CH≡CCH3 D。CH2【答案】C【解析】【詳解】根據題意，該烴與HCl加成、與氯氣發(fā)生取代反應時的物質的量之比是0.5:1：3=1:2：6,即1mol該烴與2molHCl完全加成，則該烴中含有2個碳碳雙鍵或1個碳碳三鍵；最終被氯氣取代后的產物中有8個Cl原子，即對應的烷烴中有8個H原子，所以該烴的飽和狀態(tài)為丙烷，則該烴為丙炔，答案選C。13.甲、乙、丙三種有機化合物的鍵線式如圖所示。下列說法錯誤的是A.甲、乙的化學式均為C8H14B。乙的二氯代物共有7種（不考慮立體異構）C.丙的名稱為乙苯，其分子中所有碳原子可能共平面D.甲、乙、丙均能使酸性高錳酸鉀溶液褪色【答案】D【解析】【分析】A．根據結構簡式判斷；B．乙的二氯代物中兩個氯原子可在相同或不同的C原子上；C．苯為平面形結構,結合三點確定一個平面分析；D．乙與高錳酸鉀不反應.【詳解】A．由結構簡式可知甲、乙的化學式均為C8H14，故A正確;B．乙的二氯代物中兩個氯原子可在相同或不同的C原子上,如在不同的C上，用定一移一法分析,依次把氯原子定于—CH2或—CH－原子上，共有7種,故B正確;C．苯為平面形結構，碳碳單鍵可以旋轉，結合三點確定一個平面，可知所有的碳原子可能共平面,故C正確；D．乙為飽和烴,與酸性高錳酸鉀溶液不反應，故D錯誤。故選D.14。下列說法正確的是（)A.CH4的二氯代物只有一種，此事實可說明CH4為正四面體結構B.光照條件下，1mol甲烷和氯氣完全取代需要2mol氯氣C.C6H14的同分異構體有4種D。正戊烷和異戊烷屬于同系物【答案】A【解析】【詳解】A.若甲烷是平面正方形的平面結構，甲烷的二氯代物結構有兩種,甲烷的二氯代物只有一種可以證明甲烷不是平面正方形，而是正四面體結構，A項正確；B.1molCH4含有4molH，全部被取代需要4molCl2，B項錯誤;C。有5種,分別是①已烷，②2-甲基戊烷,③3-甲基戊烷，④2，2-二甲基丁烷,⑤2，3-二甲基丁烷，C項錯誤；D.正戊烷與異戊烷是同分異構體，D項錯誤；答案選A。15.下列關系正確的是（）A。熔點：正戊烷＞2,2—二甲基戊烷＞2，3-二甲基丁烷＞丙烷B.密度：CCl4＞H2O＞苯C。同質量的物質燃燒耗O2量：乙烷＞乙烯＞乙炔＞甲烷D。同物質的量物質燃燒耗O2量：環(huán)已烷＞苯＞苯甲酸【答案】B【解析】【詳解】A．碳原子個數(shù)越多，熔點越高，則熔點為2,2一二甲基戊烷＞2，3一二甲基丁烷＞正戊烷＞丙烷,故A選項錯誤。B．CCl4的密度大于水，且水的密度比苯的大,則密度為CCl4＞H2O＞苯，故B選項正確。C．若烴為CxHy，同質量的物質燃燒耗O2量為，顯然甲烷消耗氧氣最多，大小順序為甲烷＞乙烷＞乙烯＞丙炔＞乙炔，故C選項錯誤。D．若有機物為CxHyOz,同物質的量物質燃燒耗O2量為，故消耗氧氣為環(huán)己烷＞苯=苯甲酸，故D選項錯誤。故答案選B【點睛】本題的難點在于C和D選項，需要給出消耗氧氣的物質的量的通式后進行計算，再進行大小比較。16.己烯雌酚是一種激素類藥物，其結構簡式如圖所示。下列有關敘述中不正確的是(）A.己烯雌酚的分子式為C18H20O2B。己烯雌酚分子中一定有16個碳原子共平面C。己烯雌酚為芳香族化合物D.己烯雌酚可發(fā)生加成、取代、氧化、加聚、酯化、硝化反應【答案】B【解析】【分析】

【詳解】A、根據己烯雌酚的結構簡式可知己烯雌酚的分子式為C18H20O2，正確；B、與苯環(huán)直接相連的原子是共面的,與碳碳雙鍵直接相連的原子是共面的，碳碳單鍵可以旋轉，所以該分子中一定共面的碳原子有8個，錯誤;C、己烯雌酚分子中含有苯環(huán)，屬于芳香族化合物，正確；D、己烯雌酚分子中含有碳碳雙鍵、苯環(huán)，可發(fā)生加成、氧化、加聚反應，分子中含有酚羥基，可發(fā)生酯化、硝化反應，正確，答案選B.17。下列關于有機化合物的說法正確的是（）A.相對分子質量為72的某烷烴,一氯代物有4種B。四苯基乙烯中所有碳原子一定處于同一平面C。在一定條件下，苯與液溴、濃硝酸生成溴苯、硝基苯的反應都屬于取代反應D.和分子組成相差一個“-CH2-"，因此是同系物【答案】C【解析】【詳解】A.烷烴的通式為CnH2n+2，由題可知12n+2n+2=72，解得n=5，則該烷烴為戊烷(C5H12），其一氯代物有8種，A項錯誤；B.四苯基乙烯中C—C單鍵能夠旋轉，苯環(huán)上的碳原子不一定與C=C上的碳原子共平面，B項錯誤;C.苯與液溴在溴化鐵的催化下生成溴苯和溴化氫，屬于取代反應；苯與濃硝酸在濃硫酸催化下生成硝基苯和水，屬于取代反應，C項正確;D。屬于酚類，屬于醇類，雖然都有羥基，但不是同類物質，因而不屬于同系物，D項錯誤；故選C。18.“青取之于藍而勝于藍”中的藍是指靛藍,它是歷史上最早使用的還原性染料,結構簡式如圖，下列關于它的性質的敘述中錯誤的是（)A.它的苯環(huán)上的一氯取代物有4種B。它的化學式是C14H10N2O2C.它可以與溴水因發(fā)生加成反應而使溴水褪色D。它不屬于烴類【答案】B【解析】【詳解】A。靛藍的苯環(huán)上有4種H原子（如圖），則其苯環(huán)上的一氯取代物有4種，A正確；B。根據有機物成鍵特點，靛藍的分子式為C16H10N2O2，B錯誤；C。靛藍中含有碳碳雙鍵，能與溴水因發(fā)生加成反應,使溴水褪色,C正確;D。靛藍中除含有碳氫兩種元素外，還含有N和O兩種元素，因此不屬于烴,D正確;答案選B。19.有兩種有機物Q（)與P(），下列有關它們的說法中正確的是()A.二者的核磁共振氫譜中均只出現(xiàn)兩種峰且峰面積之比為3∶2B。二者在NaOH醇溶液中均可發(fā)生消去反應C.一定條件下,二者在NaOH溶液中均可發(fā)生取代反應D。Q的一氯代物只有1種、P的一溴代物有2種【答案】C【解析】【詳解】A.Q中兩個甲基上有6個等效氫原子,苯環(huán)上有2個等效氫原子,峰面積之比應為3∶1，但是P中兩個甲基上有6個等效氫原子,亞甲基上有4個等效氫原子，峰面積之比應為3∶2，A項錯誤；B。苯環(huán)上的鹵素原子無法發(fā)生消去反應，P中與鹵素原子相連的碳原子的鄰位碳原子上缺少氫原子,無法發(fā)生消去反應，B項錯誤；C.在適當條件下，鹵素原子均可被-OH取代,C項正確；D。Q中苯環(huán)上氫原子、甲基上的氫原子均可被氯原子取代,故可得到2種一氯代物，P中有兩種不同空間位置的氫原子,故P的一溴代物有2種，D項錯誤；答案選C.【點睛】醇類和鹵代烴若發(fā)生消去反應，則醇分子中羥基（-OH）或鹵代烴中鹵原子相連的碳原子必須有相鄰的碳原子，且此相鄰的碳原子上還必須連有氫原子時，才可發(fā)生消去反應。20。白藜蘆醇廣泛存在于食物（例如桑甚、花生，尤其是葡萄）中,它可能具有抗癌性。能夠與1mol該化合物發(fā)生反應的Br2和H2的最大用量分別是(）A.1mol、1mol B。3。5mol、7molC。3.5mol、6mol D.6mol、7mol【答案】D【解析】【分析】有機物中含有酚羥基，可與溴發(fā)生取代反應,含有碳碳雙鍵，可與溴發(fā)生加成反應,其中苯環(huán)、碳碳雙鍵可與氫氣發(fā)生加成反應，以此解答該題?！驹斀狻糠肿又泄埠?個酚羥基，1mol該化合物可與5mol溴發(fā)生取代反應，取代在酚羥基的鄰位和對位，含有1個碳碳雙鍵，則1mol該化合物可與1mol溴發(fā)生加成反應，共消耗6mol溴；分子中含有2個苯環(huán)，1個碳碳雙鍵,則1mol該化合物可與7mol氫氣發(fā)生加成反應，故答案選D?！军c睛】有機物中含有酚羥基，可與溴發(fā)生取代反應，含有碳碳雙鍵,可與溴發(fā)生加成反應,其中苯環(huán)、碳碳雙鍵可與氫氣發(fā)生加成反應，酚羥基的鄰位和對位可以被溴取代。21。有如下合成路線，甲經二步轉化為丙：下列敘述錯誤的是A.步驟（2）產物中可能含有未反應的甲，可用溴水檢驗是否含甲.B。反應(1）的無機試劑是液溴，鐵作催化劑C。甲和丙均可與酸性KMnO4溶液發(fā)生反應D反應(2）反應屬于取代反應【答案】B【解析】【分析】本題主要考查有機物的結構和性質。由合成路線,甲經二步轉化為丙，由C=C引入兩個-OH，則反應（1）為C=C與鹵素單質的加成反應，反應(2）為鹵素原子的水解反應，以此來解答?！驹斀狻緼。步驟(2)產物中可能含有未反應的甲，甲可與溴水反應而使其褪色,而丙不能，則可用溴水檢驗是否含甲，故A正確；

B。由上述分析可知，（1）為加成反應，不需要Fe為催化劑，故B錯誤；

C.C=C、—OH均能被酸性KMnO4溶液氧化，則甲和丙均可與酸性KMnO4溶液發(fā)生反應，故C正確;

D。反應（2）為鹵代烴的水解反應,同時也屬于取代反應，故D正確.【點睛】本題考查有機物合成及結構與性質，為高頻考點,把握合成反應中官能團變化判斷發(fā)生的反應為解答的關鍵，側重烯烴、鹵代烴、醇性質的考查，題目難度不大。22.下列實驗設計所得結論可靠的是A.將電石與水反應產生的氣體通入酸性KMnO4溶液中,溶液褪色說明有乙炔生成B.將溴乙烷與NaOH的乙醇溶液共熱產生的氣體通入到酸性KMnO4溶液中，溶液褪色說明有CH2=CH2生成C。將溴乙烷與NaOH的乙醇溶液共熱產生的氣體通入到溴水中，溴水褪色,說明有乙烯生成D。將苯、液溴、鐵粉混合物反應產生的氣體通入到AgNO3溶液中有淡黃色沉淀產生，說明有HBr生成【答案】C【解析】【詳解】A．電石中常含有硫化物等雜質，所以將電石與水反應產生的乙炔氣體中常含有硫化氫，硫化氫具有還原性,會干擾實驗，所以氣體通入酸性KMnO4溶液中，溶液褪色不能說明有乙炔生成，故A錯誤;B．乙醇易揮發(fā)，且能與酸性高錳酸鉀發(fā)生氧化還原反應，不能排除乙醇的影響，應先通過水，除去乙醇，故B錯誤；C．溴乙烷與NaOH的乙醇溶液共熱產生，發(fā)生消去反應生成乙烯，只有乙烯使溴水褪色，則溶液褪色說明有乙烯生成，故C正確；D．溴單質易揮發(fā)，生成的HBr中含有溴單質，溴單質和硝酸銀溶液也能生成淡黃色沉淀，從而干擾實驗,故D錯誤；答案選C?！军c睛】在有機反應中,很多物質具有揮發(fā)性,揮發(fā)出去而干擾實驗,影響判斷，所以檢驗物質的存在時，一定要注意是否排除了這些物質的干擾，所選擇的用于檢測的試劑是否會與之反應。23。下列關于甲、乙、丙、丁四種有機物說法正確的是A.與NaOH的水溶液共熱，反應后生成的醇能被氧化為醛B。CH3Cl中加入NaOH的水溶液共熱，再滴入AgNO3溶液，可檢驗該物質中含有的鹵素原子C.發(fā)生消去反應得到兩種烯烴D.CH3Cl、、中加入NaOH的醇溶液共熱，然后加入稀硝酸呈酸性,再滴入AgNO3溶液，均有沉淀生成【答案】A【解析】【詳解】A．和氫氧化鈉的水溶液共熱可生成伯醇，可以被催化氧化為醛,A項正確；B．鹵代烴和氫氧化鈉溶液反應生成NaX，若檢驗其中鹵素離子種類,應先加硝酸將溶液酸化,否則NaOH將與加入的AgNO3溶液反應生成AgOH或Ag2O沉淀而影響鹵化銀沉淀的觀察判定，B項錯誤；C．中2個甲基中氫為等效氫,所以該物質發(fā)生消去反應時只生成丙烯，C項錯誤；D．后兩種物質與鹵素相連的C的鄰位C上均沒有H原子，一氯甲烷沒有鄰位碳原子，所以三者均不能發(fā)生消去反應,沒有NaX生成，所以當向混合物中加入稀硝酸呈酸性，再滴入AgNO3溶液就不會生成鹵化銀沉淀，D項錯誤；所以答案選擇A項.24.以苯為基本原料可制備X、Y、Z、W等物質,下列有關說法中正確的是（）A.反應①是苯與溴水的取代反應B。反應④中產物除W外還有H2O和NaClC.X、苯、Y分子中六個碳原子均共平面D.可用AgNO3溶液檢測W中是否混有Z【答案】B【解析】【詳解】A．苯與液溴、鐵作催化劑條件下發(fā)生取代反應，生成溴苯，而苯與溴水不反應,A選項錯誤;B．C6H11Cl在氫氧化鈉的醇溶液中加熱發(fā)生消去反應,生成環(huán)己烯、氯化鈉和水,B選項正確；C．Y分子為環(huán)己烷，分子中的6個碳原子全是飽和碳原子，因此該分子中六個碳原子不可能共平面，C選項錯誤;D．C6H11Cl在氫氧化鈉的醇溶液中加熱發(fā)生消去反應，生成環(huán)己烯，C6H11Cl屬于氯代烴,不含氯離子,不能與硝酸銀溶液反應，因此不能用AgNO3溶液檢測W中是否混有Z,D選項錯誤；答案選B.【點睛】D選項為易錯點,C6H11Cl屬于氯代烴,不含氯離子，直接加入硝酸銀溶液不能生成白色氯化銀沉淀；可以把C6H11Cl在氫氧化鈉的醇溶液中加熱（或氫氧化鈉的水溶液中加熱）生成氯化鈉，然后把反應后的溶液加入足量的硝酸，再加入硝酸銀溶液,如有白色沉淀，證明該烴中含有氯元素。25.某兩種氣態(tài)烴組成的混合物，取其2.24L(標準狀況下)充分燃燒，得到0。16mol二氧化碳氣體和3.6g液態(tài)水。據此判斷下列分析中不正確的是（）A。此混合氣體中可能含有乙烷B.此氣體中一定含有甲烷C.此混合氣體中一定不含有丙烷D.此氣體若是乙烯與甲烷的混合氣體，則甲烷與乙烯的體積比為2∶3【答案】A【解析】【詳解】標況下，2.24L兩種氣態(tài)烴組成的混合物,其物質的量為0.1mol,完全燃燒得到0。16mol二氧化碳和3。6g水,水的物質的量為0。2mol，則混合氣體平均分子式為C1.6H4，肯定含有C原子數(shù)小于1.6的烴，即一定含有甲烷，因甲烷中含有4個氫原子，則另一種烴也含有4個氫原子,不能為乙烷、丙烷，可能為乙烯、丙炔等，若為乙烯與甲烷,令其物質的量分別為xmol、ymol，根據平均C原子數(shù)，則：=1.6，整理得x：y=3︰2,即甲烷與乙烯的物質的量為2︰3,相同條件下,物質的量之比等于其體積之比,由上述分析可知，A錯誤，BCD正確，故選A。【點睛】解題關鍵是關鍵是利用平均分子組成判斷烴的組成，常用方法有：1、平均碳法2、平均氫法3、平均碳氫分子式法4、平均式量法，標況下，2.24L兩種氣態(tài)烴組成的混合物，其物質的量為0。1mol，完全燃燒得到0.16mol二氧化碳和3。6g水，水的物質的量為0。2mol,則混合氣體平均分子式為C1。6H4，肯定含有C原子數(shù)小于1.6的烴，即一定含有甲烷，因甲烷中含有4個氫原子，則另一種烴也含有4個氫原子.26。是一種有機烯醚，可以用烴A通過下列路線制得:則下列說法正確的是(）A.的分子式為C4H4OB。A的結構簡式是CH2=CHCH2CH3C。①②③的反應類型分別為鹵代、水解、消去D.A能使酸性高錳酸鉀酸性溶液褪色【答案】D【解析】【分析】醇羥基之間脫水可生成醚鍵，因此由可知C的結構簡式為HOCH2CH=CHCH2OH；由A（烴)生成B，顯然發(fā)生的是加成反應，B的結構中含有2個Br原子;那么由B生成C即發(fā)生鹵代烴的水解反應，由C的結構可得B的結構簡式為BrCH2CH=CHCH2Br，所以A為1，3-丁二烯；由A生成B，發(fā)生的是1,3—丁二烯的1,4-加成反應。【詳解】A．由的結構可知，其不飽和度為2，分子式為C4H6O,A項錯誤；B．通過分析可知，A為1,3—丁二烯，其結構簡式為CH2=CH—CH=CH2，B項錯誤；C．通過分析可知，反應①為加成反應,反應②為水解反應,反應③為取代反應，C項錯誤；D．通過分析可知，A為1，3-丁二烯，分子結構中含有碳碳雙鍵,可以使酸性高錳酸鉀溶液褪色，D項正確；答案選D?！军c睛】由有機物的結構書寫其分子式時,可以先判斷有機物的不飽和度，再根據不飽和度的計算公式,計算分子式中H的個數(shù)。27。用有機物甲可制備環(huán)己二烯(),其反應路線如圖所示：已知：RCH2CH2BrRCH=CH2下列有關判斷正確的是（)A。甲的化學名稱是苯 B.乙的結構簡式為C。反應①為加成反應 D.有機物丙既能發(fā)生加成反應，又能發(fā)生取代反應【答案】B【解析】【詳解】A．由甲在光照條件下與氯氣生成，碳架結構不能變，故甲應為環(huán)己烷，故A錯誤；B．在氫氧化鈉的醇溶液中，氯代烴發(fā)生的是消去反應，產物是環(huán)己烯（）,故B正確；C．通過反應①的產物及反應條件(/光照)可以推斷該反應是烷烴的取代反應,故C錯誤；D．中有不飽和鍵，在溴的四氯化碳溶液中可以發(fā)生加成反應，故丙為,鹵代烴能發(fā)生取代反應,不含有不飽和雙鍵,丙不能發(fā)生加成反應，故D錯誤；答案選B?！军c睛】根據生成物推得反應物的類型,需要非常熟悉有機物的各種性質。28。用如圖所示裝置檢驗乙烯時不需要虛線框中除雜裝置的是（）選項乙烯的制備試劑X試劑YACH3CH2Br與NaOH乙醇溶液共熱H2OKMnO4酸性溶液BCH3CH2Br與NaOH乙醇溶液共熱H2OI2的CCl4溶液CC2H5OH與濃硫酸加熱至170℃NaOH溶液KMnO4酸性溶液DC2H5OH與濃硫酸加熱至170℃NaOH溶液I2的CCl4溶液A。A B.B C。C D.D【答案】B【解析】【詳解】A．CH3CH2Br發(fā)生消去反應生成乙烯,酸性KMnO4溶液既能氧化乙烯,也能氧化乙醇，故需加水除去乙醇,否則干擾乙烯的檢驗，A不符題意;B．CH3CH2Br發(fā)生消去反應生成乙烯，乙醇與I2的CCl4溶液不反應，乙烯與I2的CCl4溶液反應，故無需除去乙醇，B符合題意;C．C2H5OH發(fā)生消去反應生成乙烯,NaOH溶液吸收乙醇、SO2等雜質，防止乙醇、SO2使酸性KMnO4溶液退色而干擾乙烯的檢驗，C不符題意；D．C2H5OH發(fā)生消去反應生成乙烯，盡管乙醇與碘不反應，但副產物SO2與碘發(fā)生反應會干擾乙烯的檢驗，故用NaOH溶液吸收SO2，D不符題意；答案選B。第II卷（非選擇題)二、綜合題（44分）29。A、B、C、D、E都為短周期元素，A是相對原子質量最小的元素;B的+1價陽離子和C的﹣1價陰離子都與氖原子具有相同的電子層結構；D在C的下一周期,可與B形成BD型離子化合物；E和C為同一周期元素,其最高價氧化物對應的水化物為一種強酸。請根據以上信息回答下列問題:（1）B元素在元素周期表中的位置是______________;（2）畫出C元素的原子結構示意圖______;(3）與E的氫化物分子所含電子總數(shù)相等的分子是______(舉一例，填化學式,）；（4）A與D形成的化合物中含有化學鍵的類型是_____?！敬鸢浮?1）。第三周期第ⅠA族（2)。(3).H2O或NH3或HF或CH4(4)。極性共價鍵【解析】【分析】A、B、C、D、E都為短周期元素,A是相對原子質量最小的元素，則A是H；B的+1價陽離子和C的﹣1價陰離子都與氖原子具有相同的電子層結構，則B是Na，C是F；D在C的下一周期，可與B形成BD型離子化合物，則D是Cl;E和C為同一周期元素，其最高價氧化物對應的水化物為一種強酸，E是N，依此解答。【詳解】（1）B是Na，在元素周期表中的位置是第三周期第ⅠA族；（2）C是F，其原子結構示意圖為：；(3）N的氫化物分子為NH3，所含電子總數(shù)相等的分子是H2O或NH3或HF或CH4；（4）H與Cl形成的化合物是HCl，含有化學鍵的類型是極性共價鍵.30。某實驗小組用下列裝置進行乙醇催化氧化的實驗。（1)實驗過程中銅網出現(xiàn)紅色和黑色交替的現(xiàn)象，請寫出相應的化學反應方程式：______________________________________________.在不斷鼓入空氣的情況下，熄滅酒精燈，反應仍能繼續(xù)進行，說明該乙醇氧化反應是________反應.(2）甲和乙兩個水浴作用不相同。甲的作用是__________________________；乙的作用是__________________________。（3）反應進行一段時間后，干燥試管a中能收集到不同的物質，它們是________________。集氣瓶中收集到的氣體的主要成分是__________________________。（4）若試管a中收集到的液體用紫色石蕊試紙檢驗，試紙顯紅色，說明液體中還含有__________.要除去該物質，可先在混合液中加入________________(填寫字母)。a。氯化鈉溶液b.苯c.碳酸氫鈉溶液d。四氯化碳然后，再通過________________（填實驗操作名稱）即可除去。【答案】（1）.2Cu+O22CuO、CH3CH2OH+CuOCH3CHO+Cu+H2O（2）.放熱(3).加熱乙醇，便于乙醇的揮發(fā)（4)。冷卻,便于乙醛的收集（5)。乙醛、乙醇、水（6）。氮氣（7）.乙酸（8）。c（9）.蒸餾【解析】【分析】（1）銅與氧氣反應生成氧化銅，氧化銅與乙醇反應生成乙醛、Cu與水;反應需要加熱進行，停止加熱反應仍繼續(xù)進行，說明乙醇的氧化反應是放熱反應；（2）甲是水浴加熱可以讓乙醇在一定的溫度下成為蒸氣，乙是將生成的乙醛冷卻；（3)乙醇被氧化為乙醛，同時生成水，反應乙醇不能完全反應,故a中冷卻收集的物質有乙醛、乙醇與水；空氣中氧氣反應，集氣瓶中收集的氣體主要是氮氣；（4)能使紫色石蕊試紙變紅的是酸，碳酸氫鈉可以和乙酸反應,通過蒸餾方法分離出乙醛?！驹斀狻?1）乙醇催化氧化反應過程：金屬銅被氧氣氧化為氧化銅，2Cu＋O22CuO，氧化銅將乙醇氧化為乙醛，CH3CH2OH＋CuOCH3CHO＋Cu＋H2O;