2023屆陜西寶雞金臺區(qū)物理高二上期末檢測試題含解析

2022-2023學年高二上物理期末模擬試卷注意事項考生要認真壊寫考場號和座位序號.試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答?？荚嚱Y束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回.一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的.1、 下面關于各種電器應用的電磁學原理的說法中，錯誤的是（ ）電視機的顯像管應用了礎場使電子束偏轉的原理變壓器應用了電磁感應現(xiàn)象微波爐是用電熱棒加熱食物的電磁爐是利用電磁感應原理制成的2、 下列說法中，正確的是：（ ）由E=土知電場中某點的電場強度E與F成正比qEn由公式（fl=工可知電場中某點的電勢？與q成反比q由Uab=ED可知，勻強電場中的任意兩點，、力間的距髙越大，則兩點間的電勢差也一定越大公式C=3,其中電容器的電容C與電容器兩極板間電勢差〃無關3、 如圖，電荷量分別為+q和一物X））的點電荷固定在正四面體的兩個頂點丄B上,C.〃是正四面體的另外兩個頂點.則（）A、B連線中點的電場強度為零C、D兩點的電勢相等C?C、D兩點電場強度大小相等、方向不同D.將正電荷從4C邊中點移到邊中點，電勢能増加長為丄的均勻金屬絲總電阻為夫，彎成如圖所示的圓形閉合導線環(huán)，小B、C.〃四點將圓環(huán)等分.將奴C兩點接入電壓恒為U的電源上時，圓環(huán)消耗的功率為P。若將4、8兩點接入同樣的電源上時，圓環(huán)消耗的功率為

BDA.-P3C.—P16D.2P5.下列物理量中,BDA.-P3C.—P16D.2P5.下列物理量中,用來描述磁場強弱和方向的是（）A.磁通量C.洛倫茲力C.洛倫茲力6、如圖所示，ab是兩平行正對的金屬圓環(huán)，a中通有正弦交變電流i,其變化規(guī)律如圖所示.下列說法正確的是（L時刻，b環(huán)內(nèi)感應電動勢最大B?t2時刻，b環(huán)內(nèi)的感應電流方向改變c.t3?ti時間內(nèi)，b環(huán)內(nèi)感應電流的方向與a環(huán)內(nèi)電流的方向相反D.O?ti時間內(nèi)，h時刻b環(huán)內(nèi)的感應電動勢最大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分.7、如圖所示.光滑的形金屬導體框豎直放置，質量為m的金屬棒MN與框架接觸良好，磁感應強度分別為的有界勻強磁場方向相反,但均垂直于框架平面，分別處在abed和cdef區(qū)域.現(xiàn)從圖示位置由靜止釋放金屬棒MN,金屬棒進入磁場區(qū)域abed后恰好做勻速運動.下列說法正確的有（）A.若Ba=Bu則金屬捧進入cdef區(qū)域后將加速下滑若Ba=Bn則金屬棒進入cdef區(qū)域后仍將保持勻速下滑若Ba<Bu則金屬棒進入Cdef區(qū)域后可能先加速后勻速下滑若則金屬棒進入cdef區(qū)域后可能先減速后勻速下滑8、在空間某區(qū)域存在一電場，x軸上各點電勢隨位置變化情況如圖所示，從*到罰之間為曲線，其余均為直線，且關于縱軸對稱.若在*軸上的電場方向就在軸上，將一個只受電場力作用的帶正電的粒子由靜止釋放后，下列論述正確的是（）AM、B兩點的電場強度的大小相等，方向相反粒子從A點釋放，到。點時加速度為零粒子從4點釋放，能過B點.無論粒子從哪一點釋放，都會以最大動能過O點9、如圖是質譜儀的工作原理示意圖.帶電粒子被加速電場加速后，進入速度選擇器.速度選擇器內(nèi)相互正交的勻強磁場和勻強電場的強度分別為B和E.平板S上有可讓粒子通過的狹縫P和記錄粒子位置的膠片A>A2.平板S下方有磁感應強度為B。的勻強磁場.下列表述正確的是（）能通過狹縫P的帶電粒子的速率等于gE速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向外質譜儀是一種可測定帶電粒子比荷的儀器粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P,粒子的比荷越大10、如圖所示，真空中等量同種正點電荷放置在M、N兩點，在MN的連線上有對稱點a、c,MN連線的中垂線上有對稱點b、d,則下列說法正確的是（）

N??N??Id正電荷+q在c點電勢能大于在a點電勢能正電荷+q在c點電勢能等于在a點電勢能在MN連線的中垂線上,0點電勢最高負電荷?q從d點靜止釋放，在它從d點運動到b點的過程中，加速度先減小再增大三、實驗題：本題共2小題，共18分?把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。（6分）指針式多用電表是實驗室中常用的測量儀器<1）如圖所示為某同學設計的多用電表的原理示意圖.虛線框中s為一個單刀多擲開關，通過操作開關，接線柱8可以分別與觸點1、2、3接通，從而實現(xiàn)使用多用電表測量不同物理量的功能.關于此多用電表，下列說法中正確的是 .（選填選項前面的字母）當S接觸點1時，多用電表處于測量電流的擋位，其中接線柱B接的是黑表筆當S接觸點2時，多用電表處于測量電壓的擋位，其中接線柱B接的是黑表筆當S接觸點2時，多用電表處于測量電阻的擋位，其中接線柱B接的是黑表筆當S接觸點3時，多用電表處于測量電壓的擋位，其中接線柱B接的是紅表筆（2）用實驗室的多用電表進行某次測量時，指針在表盤的位置如圖所示若所選擋位為直流SOmA擋，則示數(shù)為 mA.若所選擋位為電阻擋，則示數(shù)為 d（3）用表盤為圖所示的多用電表正確測量了一個約15。的電阻后，需要繼續(xù)測量一個阻值約2g的電阻.在用紅、

黑表筆接觸這個電阻兩端之前，請選擇以下必須的步驟.并按操作順序逐一寫出步驟的序號， .將紅表筆和黑表筆接觸 B.把選擇開關旋轉到“xlOO”位置C.把選擇開關旋轉到“Qk”位置 D.調節(jié)歐姆調零旋鈕使表針指向歐姆零點<4）某小組同學們發(fā)現(xiàn)歐姆表的表盤刻度線不均勻，分析在同一個擋位下通過待測電阻的電流，和它的阻值&關系,他們分別畫出了如圖所示的幾種圖象，其中可能正確的是_（選填選項下面的字母1（12分）學習了“探究碰撞中的不變量”的實驗后，某實驗小組選用圖甲所示的水平氣墊導軌,光電門等測量裝置研究兩個滑塊碰撞過程中系統(tǒng)動量的變化情況。主要實驗步驟如下：調節(jié)氣墊導軌水平，并使光電計時器系統(tǒng)正常工作；在滑塊1上裝上擋光片，在滑塊2的碰撞端面粘上橡皮泥，用游標卡尺測量擋光片寬度厶，用天平測出滑塊1和滑塊2的質量e=0.32kg.m2=0.18kg；將滑塊1和滑塊2放在氣蟄導軌上，滑塊2處于靜止狀態(tài)，讓滑塊1以一定的初速度與滑塊2碰撞，撞后兩者粘在一起，記下碰前擋光片的遮光時間ri=0.015s和碰后擋光片的遮光時間“=0.024s；0liml（1）游標卡尺測量的擋光片寬度▲如圖乙所示，則L=_mm0liml?cmIlli11IIII11illHl10 20（2） 滑塊1碰前的動量pi=_kg-nVs：兩滑塊碰撞后的總動量p2=_kg?ims（計算結果保留兩位有效數(shù)字）；（3） 灼與P2的大小有差異，其原因 ?四、計算題：本題共3小題，共38分.把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟.（10分）如圖所示，導體桿瀝的質量為0.02kg,電阻為2。，放置在與水平面成30"角的光滑傾斜金屬導軌上，導軌間距為0.5m且電阻不計，系統(tǒng)處于垂直于導軌平面向上的勻強磁場中，磁感應強度為0.2T,電源內(nèi)阻為1Q,通電后桿能靜止于導軌上，g取10】網(wǎng)2.求：<1）電源電動勢（2）若突然將磁場反向，求反向后瞬間導體桿的加速度。（不計磁場反向引起的電磁感應效應）14-（16分）如圖所示，豎直面內(nèi)的虛線邊界AAMN為等邊三角形，邊長L=0.6m,水平邊界MN上方是豎直向下的勻強電場，場強E=2xll）-*N/C,P、Q分別是AM和AN的中點，梯形MNQP內(nèi)有磁感應強度為&垂直紙面向里的勻強磁場，AAPQ內(nèi)有磁感應強度為垂直紙面向里的勻強磁場，母=3&,AAMN以外區(qū)域有垂直紙面向外，大小是質的勻強磁場.一帶正電的粒子，比荷纟=10'。底，從O點由靜止開始釋放，從邊界MN的中點C進入勻強磁場,moc相距Im,經(jīng)梯形磁場偏轉后垂直AN經(jīng)過Q點.（粒子重力不計）求：（1）粒子到達C點時速度以<2）磁懸應強度衍的大??；（3）粒子從。點出發(fā)，到再次回到。點經(jīng)歷的時間15.（12分）通過科學實踐，人們建立起了各種能量的概念，總結出了一些能量守恒的規(guī)律.勢能是一種由于各物體間存在相互作用而具有的、由各物體間相對位置決定的能量，如我們學過的重力勢能和電勢能就是典型代表⑴如圖所示，光滑直導軌AB和BC在底部B處平滑連接，形成凹槽結構，導軌的A、C兩端在同一水平面上，B到AC水平面距離為H.有一質量為m的小球（可視為質點）從B處以初速度V。（、砂壓有）沿軌道向上運動，能使小球在凹槽軌道上一定范圍內(nèi)來回運動.己知重力加速度為g,以A、C兩點所在水平面為零勢能參考面，求小球在底部B處的機械能E機⑵靜電場方向平行于X軸，其電勢9R6x的分布可簡化為如圖所示的折線，圖中啊和d為巳知量.一帶負電粒子在電場中x軸上?，=-f處，由靜止開始，在電場力作用下沿x軸做往復運動.己知該粒子質量為m、電荷量為?q，忽略重力.求：粒子在x=0處的動能與電勢能之和；從靜止開始，粒子第一次返回到工=一§處所用時間T參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的.1、 C【解析】顯像管應用了磁場使電子束偏轉原理；變壓器應用了電磁感應現(xiàn)象,微波爐是利用電磁波來加熱食物中水,從而受熱；電磁爐是利用電磁感應原理制成的.【詳解】A.電視機的顯像管應用了磁場使電子束偏轉的原理，故A正確；變壓器應用了電磁感應現(xiàn)象，故B正確；微波爐是利用電磁波來加熱食物中水，從而受熱，故C錯誤；電磁爐是利用電磁感應原理制成的，故D正確；本題選擇錯誤的，故選C.【點睛】考査生活中各種電器的工作原理，理解電磁感應現(xiàn)象的原理，注意徹波爐的加熱原理。2、 D【解析】A.公式是電場強度的定義式，采用比值法定義，E與F、g無關，由電場本身決定，A錯誤;B.公式E(P=—是電勢的定義式，采用比值法定義，『與Ep、g無關，由電場本身決定，B錯誤;C.由可知，勻強電場中的任意兩點心力間沿電場方向的距離越大，兩點間的電勢差才一定越大，C錯誤；D.公式c=eU是定義式，電容c與電容器帶電量Q和兩極板間電勢差u無關，由電容器本身決定，D正確。故選D。3、B【解析】A.根據(jù)場強疊加疊加原理可知，A、8連線中點的合電場強度方向水平向右，因此該點電場強度不為零，A錯誤；BC.據(jù)題，+0、F是兩個等量異種點電荷，通過A8的中垂面是一等勢面，C、。在同一等勢面上，電勢相等，C、。兩點的場強都與等勢面垂直，方向指向8一側，方向相同，如圖所示：根據(jù)對稱性可知，場強大小相等，故C、D兩點的場強、電勢均相同，B正確，C錯誤;D.由題，正電荷從AC邊中點移到8C邊中點，電勢降低，根據(jù)：Ep=q(P可知電勢能減小，D錯誤。故選B。4、A【解析】設金屬環(huán)每一等分的電阻為R,則當A、C點接入電路中時總電阻，R如當AB點接入電路中時總電阻r、=4=2r-R+3R4TOC\o"1-5"\h\zU2 4由功率公式P土得到：P2i /?2=4：3,又P】=P得到P2=-PR 3故選A。5、 D【解析】A.磁通量是穿過某一面積上的磁感線的條數(shù)，單位面積上的磁通量才可以描述磁場的強弱，故A錯誤：安培力描述電流在磁場中受到的力的作用，不是用來描述磁場的強弱和方向，故B錯誤；洛倫茲力描述帶電粒子在磁場中受到的力的作用，不是用來描述磁場的強弱和方向，故C錯誤；磁感應強度是用來描述磁場強弱和方向的物理量，故D正確。故選D。6、 D【解析】根據(jù)法拉第電磁感應定律，與楞次定律，結合磁通量變化量與磁通量變化率不同，即可一一求解【詳解】A項：由法拉第電磁感應定律，可知，在6時刻，a中電流變化率為0,b中感應電動勢為零，故A錯誤；B項：時間內(nèi)與時間內(nèi)的電流大小變化相反，方向也改變，由楞次定律，可知，在h時刻，b中感應電流方向不改變，故B錯誤：C項：t3?釘時間內(nèi)，a中的電流減小，由“楞次定律”可知，b環(huán)內(nèi)感應電流的方向與a環(huán)內(nèi)電流的方向相同，故C錯誤；D項：在h時刻，a中電流變化率為最大，b中感應電動勢為最大，故D正確故選D【點睛】考査法拉第電磁感應定律，與楞次定律的應用，掌握感應電動勢與磁通量變化率有關，而與磁通暈變化量無關二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分.在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、 BCD【解析】若B2=Bi,金屬棒進入B2區(qū)域后，磁場反向,回路電流反向，由左手定則知：安培力并沒有反向，大小也沒有變，故金屬棒進入盼區(qū)域后，mg—實;=0,仍將保持勻速下滑，B對；若ByBi,金屬棒進入％區(qū)域后，安培力沒有反向但大小變小，由F=BIL=B^L=^f知，mg-纟茅＞0,金屬棒進入B?區(qū)域后可能先加速后勻速下滑，故C也對；同理，若B2>Blf金屬棒進入B2區(qū)域后mg一竺？<0,可能先減速后勻速下滑，故D也對R8、 AB【解析】利用電場強度與S—X圖像的關系來分析【詳解】6_X圖像上各點的切線斜率廳=讐大小等于電場強度大小，所以4、B兩點的電場強度的大小相等；帶Ax正電的粒子從A到。點，電勢是從高到低，電場力做正功，再從。到4點，電勢由低到高，電場力做負功，所以4、B兩點的電場強度方向相反，故A正確；B.粒子從A點釋放，到。點時，在O點的場強為零，此時粒子加速度為零，故B正確；c.圖像關于縱軸對稱，正電粒子從A點釋放到。點是加速運動，粒子再從。點到B點是減速運動，因距離AO<OBt所以粒子從A點釋放，不能過B點，故C錯誤；D.因。點的場強為零，電勢最低，在-.弓到.&區(qū)間內(nèi)各點的電勢都比。點高，因此，只有粒子在-與到?七區(qū)冋哪一點釋放，才會以最大動能過。點，故D錯誤，故選AB.9、 BCD【解析】在速度選擇器中，電場力和洛倫茲力平衡，有:qE=qvB,解得v=EVB.故A錯誤.根據(jù)帶電粒子在磁場中

的偏轉方向，根據(jù)左手定則知，該粒子帯正電，則在速度選擇器中電場力水平向右，則洛倫茲力水平向左，根據(jù)左手v2 q v定則知，磁場方向垂直紙面向外.故B正確.進入偏轉電場后，有，qvB(l=ni—,解得：,可知質譜儀是可r ,nrDo以測定帶電粒子比荷的儀器.故C正確；由上式可知，知越靠近狹縫P,I?越小，比荷越大.故D正確.故選BCD【點睛】解決本題的關鍵知道粒子在速度選擇器和偏轉電場中的運動規(guī)律：帶電粒子在速度選擇器中受電場力和洛倫茲力平衡，做勻速直線運動，進入偏轉電場后做勻速圓周運動；掌握帶電粒子在勻強磁場中運動的半徑公式10、 BC【解析］*題考査了等髭同種電荷周圍電場分布情況:中垂線上上下電場線方向相反，根據(jù)電場線方向判斷電勢高低c兩點關于中垂線對稱，電勢相等，電荷在這兩點的電勢能相等?【詳解】根據(jù)電場線的分布情況和對稱性可知,a、c兩點的電勢相等，則正電荷在a點電勢能一定等于在c點電勢能.故A錯誤，B正確；沿電場線方向電勢降低，在MN連線的中垂線上，O點電勢最高.故C正確；由對稱性知O點的場強為零，從。點向上或向下場強都是先増加后減??；則電荷-q從d點靜止釋放，在它從d點運動到h點的過程中，加速度可能先減小再增大，也可能先增大，后減小再增大再減小.故D錯誤；故選BC三、實驗題：本題共2小題，共18分?把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程.

11、 ?.AC②.21.0 ③.190 ④.BAD⑤.AC【解析】（1）［11A.由圖示電路圖可知，當S接觸點1時，表頭與分流電阻并聯(lián)，此時多用電表處于測量電流的擋位，其中接線柱8接的是黑表筆.故A正確BC,由圖示電路圖可知，當S接觸點2時，表頭與電源相連，此時多用電羨處于測量電阻的擋位，其中接線柱B接的是黑表筆.故B錯誤，C正確D.由圖示電路圖可知，當S接觸點3時，表頭與分壓電阻串聯(lián)，此時多用電表處于測量電壓的擋位，其中接線柱萬接的是黑表筆.故D錯誤⑵［2］［3］若所選擋位為宜流10A擋，由圖所示可知，其分度值為0.2A,則示數(shù)為21.0mA.若所選擋位為電阻擋,由圖所示可知，示數(shù)為：190x10=190。。）［4］用多用電表正確測量了一個約15Q的電阻后，要繼續(xù)測量一個阻值約2kH的電阻，首先要把選擇開關置于x100擋位位置，然后進行歐姆調零，把紅黑表筆短接，調節(jié)歐姆調零旋鈕使指針指針歐姆零刻度線位置，最后再測電阻，故合理的步驟是：BAD；zE⑷［5］CD.設歐姆表內(nèi)電池電動勢為E,內(nèi)阻為，，電流表內(nèi)阻與調零電阻的和為心，則有：/=一,則択"+虬圖象是雙曲線的一條，隨著R,的增大，，減小.故C正確，D錯誤AB.根據(jù)1=r,取倒數(shù)：?=、+.I,可知=-R、是線性函數(shù)'&=。時,:有最小值,:隨著"a*'"入 IE I / /用的增大而增大.故A正確，B錯誤12、 ?.4.50mm ②.0.096kg-血s ③.0.094kg?in/s ④?存在空氣阻力【解析】⑴［1］由圖乙所示游標卡尺可知，其示數(shù)為：4inni+10x0.05nun=4.50mms（2）12］碰前滑塊1的速度為L4.50x10-3 .cs,V.=—= —ill/s=0.30111/sL15x10—3所以滑塊1碰前的動員Pi=凹卩］=0.32x0.30kg-nVs=0.096kg-nVs［3］碰后滑塊1、2的速度為七二4.50x10-3七二4.50x10-3L一24x10-3■nVs=0.1875nVs兩滑塊碰撞后的總動量p2=(w,+)v=(0.32+0.18)x0.1875kg-m/s彪0.094kg?nVs；

(3)[4。與p，的大小有差異.其原因是滑塊運動過程中有空氣阻力存在。四、計算題：本題共3小題，共38分.把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明.方程式和演算步驟.13、(1)E=3V(2)a=lOnVs2【解析】(1)開關閉合，通電導體棒受重力、安培力,支持力而處于靜止狀態(tài)，受力示意圖如下:沿斜面方向受力平衡:BIL=mgsin30。根據(jù)歐姆定律:聯(lián)立①、②解得:E=3V(2)磁場反向后,導體棒將沿導軌向下加速運動，受力示意圖如下(2)磁場反向后,導體棒將沿導軌向下加速運動，受力示意圖如下由牛頓第二定律:BIL+mgsm30"=ma④解得:"=1011臉(沿導軌平面向下)2 1314、(1)2