2021年安徽省黃山市全國計算機等級考試網(wǎng)絡技術預測試題(含答案)

2021年安徽省黃山市全國計算機等級考試網(wǎng)絡技術預測試題(含答案)學校:________班級:________姓名:________考號:________

一、單選題(10題)1.IP數(shù)據(jù)報中的()主要用于控制和測試兩個目的。A.頭部校驗和B.數(shù)據(jù)報選項C.填充D.重組控制

2.下列對藍牙標準的主要參數(shù)與技術指標的描述中，錯誤的是（）。

A.藍牙標準的工作頻段是2．402GHz～2．480GHz

B.藍牙發(fā)射功率為100mW時，覆蓋范圍在100米

C.藍牙對稱連接的異步信道速率是723．2kbps／57．6kbps

D.藍牙的跳頻速率是1600次／s，頻點數(shù)是79個頻點／MHz

3.

4.下列對IPv6地址表示中，錯誤的是()

A.::601:BC:0:05D7

B.21DA:0:0:0:0:2A:F:FE08:3

C.21BC::0:0:1/48

D.EF60::2A90:FE:0:4CA2:9C5A

5.以下哪一個不是搜索引擎中使用的運算符()。

A.NORB.ANDC.NOTD.OR

6.()收購了美國IBM公司的全球PC業(yè)務。

A.聯(lián)想B.戴爾C.華碩D.惠普

7.下列關于光纖同軸電纜混合網(wǎng)HFC的描述中，錯誤的是()

A.HFC是一個雙向傳輸系統(tǒng)

B.CableModem利用頻分多路復用方法將信道分為上行信道與下行信道

C.CableModem傳輸方式分為對稱式和非對稱式兩類

D.HFC通過CableModem將計算機與同軸電纜連接起來

8.關于基于閉環(huán)控制的動態(tài)信息安全理論模型，下列說法正確的是()。A.A.該模型可以用時間來衡量一個體系的安全性和安全能力

B.該模型表達安全要求的數(shù)學公式為：Pt<Dt+Rt

C.一個良好的網(wǎng)絡安全模型通常應具備以下性質：精確、無歧義、簡單和抽象，具有獨特性，充分體現(xiàn)安全策略

D.以上選項全錯

9.在Cisco路由器上主要用于存儲路由表、快速交換緩存、ARP緩存、數(shù)據(jù)分組緩沖區(qū)和緩沖隊列、運行配置（runningconfiguration）文件，以及正在執(zhí)行的代碼和一些臨時數(shù)據(jù)信息的存儲器是（）。

A.RAMB.NVRAMC.FlashD.ROM

10.

二、填空題(10題)11.(17）一旦CA驗證了實體的身份，就產(chǎn)生一個證書，將這個公共密鑰和身份進行綁定。證書中包括公共密鑰和密鑰所有者的全球惟一的_________。

12.常用的身份認證方法有：______、持證認證和生物識別。

13.因特網(wǎng)中的每臺主機至少有一個IP地址，而且這個IP地址在全網(wǎng)中必須是【】的。

14.

15.(3）早期的廣域網(wǎng)的通信子網(wǎng)數(shù)據(jù)交換方式中，可以采用的方法基本上可以分為兩類：電路交換和_________。

16.如果一個Web站點利用IIS建立在NTFS分區(qū)，那么可以通過分級機制對它進行訪問控制。在這種分級訪問控制中，系統(tǒng)首先檢查【12】是否在允許的范圍內。

17.IPTV技術使音頻和視頻節(jié)目內容以數(shù)據(jù)報的方式從不同的物理網(wǎng)絡傳送給不同的用戶。

18.NetWare操作系統(tǒng)以為中心。

19.時移電視和直播電視的主要區(qū)別是______。

20.(9）網(wǎng)絡操作系統(tǒng)可分為面向任務型和通用型兩類，而通用型網(wǎng)絡操作系統(tǒng)又可分為____________和基礎級系統(tǒng)。

三、2.填空題(8題)21.計算機網(wǎng)絡拓撲反映出網(wǎng)絡中各實體之間的______關系。

22.千兆以太網(wǎng)保留著傳統(tǒng)10Mb/s速率以太網(wǎng)的所有特征，只是將傳統(tǒng)以太網(wǎng)每個位的發(fā)送時間降低到【】。

23.典型的以太網(wǎng)交換機允許一部分端口支持10BASE-T，另一部分端口支持100BASE-T。在采用了【】技術時，交換機端口可以同時支持10Mbps/100Mbps。

24.試圖發(fā)現(xiàn)明文或密鑰的過程稱為______。

25.計算機的特點有信息處理特性、程序控制特性、靈活選擇特性和______特性。

26.因特網(wǎng)中需要進行路由選擇的設備使用______的路由選擇算法。

27.在電子政務的體系結構中，______是整個電子政務建設的基礎工程。

28.TCP/IP參考模型中最底層是______。

四、C語言程序設計題(2題)29.下列程序的功能是：將一正整數(shù)序列{K1，K2，…，K9}重新排列成一個新的序列。新序列中，比K1小的數(shù)都在K1的前面(左面)，比K1大的數(shù)都在K1的后面(右面)。要求編寫函數(shù)NumSort(inta[10][9])實現(xiàn)此功能，最后調用Wdata函數(shù)將新序列輸出到文件out．dat中。

說明：在程序中已給出了10個序列，每個序列有9個正整數(shù)，并存入數(shù)組a[l0][9]中，分別求出這10個新序列。

例：序列{6，8，9，1，2，5，4，7，3}

經(jīng)重排后成為{3，4，5，2，1，6，8，9，7}

注意：部分源程序已經(jīng)給出。

請勿改動主函數(shù)main和寫函數(shù)Wdata的內容。

30.函數(shù)ReadDat實現(xiàn)從文件in．dat中讀取一篇英文文章存入到字符串數(shù)組xx中，請編制函數(shù)ConvertCharA，其函數(shù)的功能是：以行為單位把字符串中的所有小寫字母改寫成該字母的下一個字母，如果是字母Z，則改寫成字母a，大寫字母和其他字符保持不變。把已處理的字符串仍按行重新存入字符串數(shù)組xx中。最后main函數(shù)調用函數(shù)WriteDat把結果xx輸出到文件out．dat中。

原始數(shù)據(jù)文件存放的格式是：每行的寬度均小于80個字符，含標點符號和空格。

注意：部分源程序存放在test．c文件中。

請勿改動主函數(shù)main、讀函數(shù)ReadDat和輸出函數(shù)WriteDat的內容。

五、1.選擇題(3題)31.下列哪一個不是目前比較常見的網(wǎng)絡操作系統(tǒng)

A.LinuxB.NetWareC.WindowsNTServerD.DOS

32.采用點一點線路的通信子網(wǎng)的基本拓撲結構有4種，它們分別是()。

A.星形、環(huán)形、樹形和網(wǎng)狀型B.總線型、環(huán)形、樹形和網(wǎng)狀型C.星形、總線型、樹形和網(wǎng)狀型D.星形、環(huán)形、樹形和總線型

33.以下______不是分組密碼的優(yōu)點。

A.良好的擴散性B.對插入的敏感程度高C.不需要密鑰同步D.加密速度快

六、1.程序設計題(3題)34.已知文件IN19.DAT中存有100個產(chǎn)品銷售記錄，每個產(chǎn)品銷售記錄由產(chǎn)品代碼dm(字符型4位)、產(chǎn)品名稱mc(字符型10位)、單價dj(整型)、數(shù)量s1(整型)、金額je(長整型)幾部分組成。其中：金額=單價×數(shù)量。函數(shù)ReadDat()的功能是讀取這100個銷售記錄并存入結構數(shù)組sell中。請編制函數(shù)SortDat()，其功能要求：按產(chǎn)品代碼從小到大進行排列，若產(chǎn)品代碼相同，則按金額從小到大進行排列，最終排列結果仍存入結構數(shù)組sell中，最后調用函數(shù)WriteDat()把結果輸出到文件OUT19.DAT中。

注意：部分源程序已給出。

請勿改動主函數(shù)main()、讀函數(shù)ReadDat()和寫函數(shù)WriteDat()的內容。

試題程序：

#include〈stdio.h>

#include〈mem.h>

#include〈string.h>

#include〈conio.h>

#include〈stdlib.h>

#defineMAX100

typedefstruct

{

chardm[5];/*產(chǎn)品代碼*/

charmc[11];/*產(chǎn)品名稱*/

intdj;/*單價*/

intsl;/*數(shù)量*/

longje;/*金額*/

}PRO;

PROsell[MAX];

voidReadDat();

voidWriteDat();

voidSortDat()

{

}

main()

{

memset(sell,0,sizeof(sell));

ReadDat();

SortDat();

WriteDat();

}

voidReadDat()

{

FILE*fp;

charstr[80],ch[ill;

inti;

fp=fopen("IN19.DAT","r");

for(i=0;i〈100;i++)

{

fgets(str,80,fp);

memcpy(sell[i].dm,str,4);

memcpy(sell[i].mc,str+4,10);

memcpy(ch,str+14,4);

ch[4]=0;

sell[i].dj=atoi(ch);

memcpy(ch,str+18,5);

ch[5]=0;

sell[ii.si=atoi(ch);

sell[i].je=(long)sell[i].dj*sell[i].sl;

}

fclose(fp);

}

voidWriteDat()

{

FILE*fp;

inti;

fp=fopen("OUT19.DAT","w");

for(i=0;i〈100;i++)

{

fprintf(fp,"%s%s%4d%5d%101d\n",sell[i].dm,sell[i].mc,

sell[i].dj,sell[i].sl,sell[i].je);

}

fclose(fp);

}

35.請編制程序，要求：將文件IN92.DAT中的200個整數(shù)讀入數(shù)組xx中，求出數(shù)組xx中最大數(shù)max及最大數(shù)的個數(shù)cnt和數(shù)組xx中值能被3整除或能被7整除的數(shù)的算術平均值pj(保留兩位小數(shù))，結果max，cnt，pj輸出到out92.dat中。

部分程序、讀函數(shù)read_dat(intxx[200])及輸出格式已給出。

試題程序：

#include＜conio.h＞

#include＜stdio.h＞

#defineN200

voidread_dat(intxx[N])

{

inti,j;

FILE*fp;

fp=fopen("IN92.DAT","r");

for(i=0；i＜20;i++)

{

for(j=0;j＜10;j++＞

{

fscanf(fp,"%d,",&xx[i*10+j]);

printf("%d",xx[i*10+j]);

}

printf("\n");

}

fclose(fp);

}

voidmain()

{

inti,k,cnt,xx[N],max;

floatpj;

FILE*fw;

longj=0;

clrscr();

fw=fopen("out92.dat","w");

read_dat(xx);

printf("\n\nmax=%d,cnt=%d,pj=%6.2f\n",max,cnt,pj);

fprintf(fw,"%d\n%d\n%6.2f\n",max,cnt,pj);

fclose(fw);

}

36.請編寫函數(shù)voidcountValue(int*a，int*n)，它的功能是：求出1到1000之內能被7或11整除但不能同時被7和11整除的所有整數(shù)并存放在數(shù)組a中，并通過n返回這些數(shù)的個數(shù)。

注意：部分源程序已給出。

請勿改動主函數(shù)main()和寫函數(shù)writeDAT()的內容。

試題程序；

#include＜conio.h＞

#include＜stdio.h＞

voidcountValue(int*a,int*n)

{

}

main()

{

intaa[1000],n,k;

clrscr();

countValue(aa,&n);

for(k=0;k＜n;k++)

if((k+l)%10==0)

{

printf("%5d",aa[k]);

printf("\n");

}

elseprintf("%5d",aa[k]);

writeDAT();

}

writeDAT()

{

intaa[1000],n,k;

FILE*fp;

fp=fopen("out79.dat","w");

countValue(aa,&n);

for(k=0;k＜n;k++)

if((k+l)%10==0)

{

fprintf(fp,"%5d",aa[k]);

fprintf(fp,"\n");

}

elsefprintf(fp,"%5d",aa[k]);

fclose(fp);

}

參考答案

1.B選項A)，頭部校驗和用于保證數(shù)據(jù)報報頭的完整性；選項B)，數(shù)據(jù)報選項主要用于控制和測試兩大目的，作為選項，用戶可以也可以不使用IP選項；選項C)，在使用選項的過程中，有可能造成數(shù)據(jù)報的頭部不是32b整數(shù)倍的情況，如果這種情況發(fā)生，則需要使用填充域湊齊：選項D)，IP數(shù)據(jù)報中不存在重組控制域。

2.C藍牙非對稱連接的異步信道速率是723．2kbps／57．6kbps。故選擇C選項。

3.A

4.B

5.A

6.A

7.D

8.A

9.ARAM即隨機存儲器，主要存儲路由表、快速交換緩存、ARP緩存、數(shù)據(jù)分組緩沖區(qū)和緩沖隊列、運行配置等文件，關機和重啟后，RAM里的數(shù)據(jù)會丟失。NVRAM即非易失性隨機存儲器，主要用于存儲啟動配置文件或備份配置文件。Flash即閃存，主要用于存儲路由器當前使用的操作系統(tǒng)映像文件和一些微代碼。ROM即只讀內存，是用于永久保存路由器的開機診斷程序、引導程序和操作系統(tǒng)軟件的存儲器。故選擇A選項。

10.B

11.標識信息

【解析】一旦CA驗證了實體的身份，就產(chǎn)生一個證書，將這個公共密鑰和身份進行綁定。證書中包括公共密鑰和密鑰所有者的全球惟一的標識信息。這個證書由認證中心進行數(shù)字簽名。

12.口令認證口令認證解析：常用的身份認證方法有：口令認證、持證認證和生物識別。

13.唯一唯一解析：本題考查點是IP地址在全網(wǎng)中的唯一性。所有連入Internet的計算機必須擁有一個網(wǎng)內唯一的IP地址，以便相互識別，就像每臺電話機必須有一個唯一的電話號碼一樣。

14.

15.(3)存儲轉發(fā)交換【解析】早期的廣域網(wǎng)的通信子網(wǎng)數(shù)據(jù)交換方式中，可以采用的方法基本上可以分為兩類：電路交換和存儲轉發(fā)交換。存儲轉發(fā)交換又分為兩類：報文存儲轉發(fā)交換和報文分組存儲轉發(fā)交換。

16.IP本題考查點是利用IIS建立Web網(wǎng)站可以進行的四級訪問控制。在電子商務中，Web站點的安全性是十分重要的。在使用微軟公司的IIS建設的Web網(wǎng)站時。當位于NTFS分區(qū)時，可以通過四級訪問控制來對該網(wǎng)站進行訪問控制。四級訪問控制依次為IP地址限制、用戶驗證、Web權限和NTFS權限。

17.IPIPTV技術是一項系統(tǒng)集成技術，它能使音頻/視頻節(jié)目內容或信號以IP包的方式在不同的物理網(wǎng)絡中被安全、有效且保質地傳送或分發(fā)給不同的用戶。IPTV的基本技術形式可以概括為：視頻數(shù)字化、傳輸IP化、播放流媒體化。

18.文件服務器NetWare操作系統(tǒng)是以文件服務器為核心的，它主要由文件服務器內核、工作站外殼和低層通信協(xié)議3部分組成。文件服務器內核實現(xiàn)了NetWare的核心協(xié)議（NCP），并提供NetWare的所有核心服務。文件服務器內核負責對工作站網(wǎng)絡服務請求進行處理。網(wǎng)絡服務器軟件提供了文件與打印服務、數(shù)據(jù)庫服務、通信服務、消息服務等功能。工作站運行的重定向程序NetWareShell負責對用戶命令進行解釋。

19.傳輸方式的差異。傳輸方式的差異。解析：直播電視通過組播方式實現(xiàn)直播電視的功能。時移電視采用點播的方式為用戶實現(xiàn)時移電視的功能。

20.(9)變形級系統(tǒng)

【解析】通用型網(wǎng)絡操作系統(tǒng)又可分為變形級系統(tǒng)和基礎級系統(tǒng)。

21.結構結構解析：計算機網(wǎng)絡拓撲是通過網(wǎng)絡中結點與通信線路之間的幾何關系表示網(wǎng)絡結構，反映出網(wǎng)絡中各實體間的結構關系。

22.1ns1ns解析：千兆以太網(wǎng)的傳輸速率比快速以太網(wǎng)快10倍，數(shù)據(jù)傳輸速率達到1Gb/s。

23.自動檢測自動檢測解析：本題考查點是典型的以太網(wǎng)交換機。在典型的以太網(wǎng)交換機中，一部分端口支持10BASE-T，另一部分端口支持100BASE-T。如果采用了10Mbps/100Mbps自動檢測技術，則交換機端口可以根據(jù)端口上所連設備的傳輸速率而調整，實現(xiàn)在同一個局域網(wǎng)中支持10Mbps/100Mbps的主機。

24.密碼密碼解析：試圖發(fā)現(xiàn)明文或密鑰的過程稱為密碼分析，其過程通常包括：分析(統(tǒng)計所截獲的消息材料)、假設、推斷和證實等步驟。

25.正確應用正確應用解析：計算機的特點有信息處理特性、程序控制特性、靈活選擇特性和正確應用特性。

26.表驅動表驅動解析：每臺需要路由選擇的設備中保留一張IP選路由表。

27.統(tǒng)一的安全電子政務平臺統(tǒng)一的安全電子政務平臺解析：統(tǒng)一的安全電子政務平臺是整個電子政務建設的基礎工程，也是整個電子政務系統(tǒng)的樞紐，其主要功能是為有關政府部門的對外業(yè)務服務應用提供數(shù)據(jù)的傳輸與交換平臺，并提供與內部政務專網(wǎng)及因特網(wǎng)的接入接口。

28.主機-網(wǎng)絡層主機-網(wǎng)絡層解析：TCP/IP參考模型中最底層是主機-網(wǎng)絡層，負責通過網(wǎng)絡發(fā)送和接收IP數(shù)據(jù)報。

29.【審題關鍵句】將一正整數(shù)序列{K1，K2，…，K9}重新排列成一個新的序列。新序列中，比Kl小的數(shù)都在K1的前面(左面)，比Kl大的數(shù)都在K1的后面(右面)。

\n【解題思路】

\n①定義整型循環(huán)變量i、j、k和局部整型變量value，num。

\n②在第一層for循環(huán)中，循環(huán)變量i從0開始，依次遞增直到其值等于10，結束循環(huán)，實現(xiàn)對數(shù)組a[10][9]中每一行數(shù)據(jù)按照題目的要求進行處理。在循環(huán)體中，把第i行的第一個數(shù)a[i][o]賦給value。在第二層for循環(huán)中，循環(huán)變量j從0開始，依次遞增直到其值等于或大于9，用if語句判斷，如果數(shù)組元素a[i][j]的值小于value，則把a[i][j]的值賦給num，在第三層for循環(huán)中，循環(huán)變量k從j開始，依次遞減直到其值等于或小于0，把a[i][k-1]的值賦給a[i][k]，實現(xiàn)把a[i][j]前面的值向后移動一位，退出第三層for循環(huán)后，把num的值賦給a[i][0]。第二層循環(huán)依次執(zhí)行，便實現(xiàn)了對i行的數(shù)據(jù)的處理，再依次執(zhí)行第一層for循環(huán)，就可以完成對數(shù)組a[10][9]的每行數(shù)據(jù)的處理。

\n【參考答案】

\n

30.【審題關鍵句】以行為單位把字符串中的所有小寫字母改寫成該字母的下一個字母，大小寫不變，其他字符不變。

\n【解題思路】

\n①定義整型循環(huán)變量i、j。

\n

\n【參考答案】

\n

\n

31.D解析：網(wǎng)絡操作系統(tǒng)(NOS，NetworkOperatingSystem)是使聯(lián)網(wǎng)計算機能夠方便而有效地共享網(wǎng)絡資源，為網(wǎng)絡用戶提供所需的各種服務的軟件與協(xié)議的集合。網(wǎng)絡操作系統(tǒng)主要有微軟公司的WindowsNTServer操作系統(tǒng)，Novell公司的NetWare操作系統(tǒng)，IBM公司的1ANServer操作系統(tǒng)、UNIX操作系統(tǒng)、Linux操作系統(tǒng)、WindowsforWorkgroup。DOS的網(wǎng)絡功能不強。

32.A解析：在采用點一點線路的通信子網(wǎng)中，每條物理線路連接一對結點。采用點一點線路的通信子網(wǎng)的基本拓撲構型主要有4種：星形、環(huán)形、樹形與網(wǎng)狀型。

33.D解析：本題考查點是分組密碼的特點。采用分組密碼技術加密時，首先將明文序列分割成固定長度的分組。每個分組均使用相同的加密算法和密鑰進行加密。分組密碼對明文信息具有良好的擴散性，對插入的敏感程度高，不需要密鑰同步并且具有較強的適應性，但是加密速度慢。

34.voidSortDat(){intij；PROxy；for(i=0；i〈MAX-1；i++)for(j=i+1;j〈MAX;j++)if(strcmp(sell[i].dmsell[j].dm)>0)/*按產(chǎn)品代碼從小到大進行排列*/{xy=sell[i]；sell[i]=sell[j];sell[j]=xy；}elseif(strcmp(sell[i].dmsell[j].dm)==0)/*若產(chǎn)品代碼相同則按金額從小到大進行排列*/if(sell[i].je>sell[j].je){xy=sell[i]；sell[i]=sell[j];sell[j]=xy;}}voidSortDat()\r\n{inti，j；\r\nPROxy；\r\nfor(i=0；i〈MAX-1；i++)\r\nfor(j=i+1;j〈MAX;j++)\r\nif(strcmp(sell[i].dm,sell[j].dm)>0)/*按產(chǎn)品代碼從小到大進行排列*/\r\n{xy=sell[i]；\r\nsell[i]=sell[j];\r\nsell[j]=xy；\r\n}\r\nelseif(strcmp(sell[i].dm,sell[j].dm)==0)/*若產(chǎn)品代碼相同，則按金額從小到大進行排列*/\r\nif(sell[i].je>sell[j].je)\r\n{\r\nxy=sell[i]；\r\nsell[i]=sell[j];\r\nsell[j]=xy;\r\n}\r\n}解析：本題是有關結構體數(shù)組的排序問題?？梢杂眠x擇法來實現(xiàn)，即用第一個元素的產(chǎn)品代碼依次和它后面的元素的產(chǎn)品代碼進行比較，如果發(fā)現(xiàn)當前元素的產(chǎn)品代碼比后面的某個元素的產(chǎn)品代碼對應位置的字符的ASCII碼大(這里用到了字符串比較函數(shù)strcmp())，則交換這兩個元素的位置，繼續(xù)和后面的其他元素進行比較，最終在第一個元素中存放的是產(chǎn)品代碼最小的元素，以此類推，就實現(xiàn)了從小到大排序的功能。

注意：這里要進行交換的是兩個結構體變量，而不是它們的某一個域，因此，要借助第三個結構體變量來充當中間容器。若發(fā)現(xiàn)產(chǎn)品代碼是相同的，則要按照金額從小到大進行排序。

35.voidmain(){intikcntxx[N]max;floatpj;FILE*fw;longj=0;clrscr();fw=fopen("out92.dat""N");read_dat(xx);max=xx[0];for(i=1k=0;i＜N;i++){if(xx[i]＞max)max=xx[i];/*求出數(shù)組xx中最大數(shù)max*/if(xx[i]%3==0||xx[i]%7==0){j+=xx[i];/*求出數(shù)組xx中值能被3整除或能被7整除的數(shù)的總和*/k++;}}for(i=0cnt=0;i＜N;i++)if(xx[i]==max)cnt++;/*求出數(shù)組xx中最大數(shù)max的個數(shù)*/Pj=(float)(j*100/k)/100;/*求出數(shù)組xx中值能被3整除或能被7整除的數(shù)的平均值*/printf("\n\nmax=%dcnt=%dpj=%6.2f\n"maxcntpj);fprintf(fw"%d\n%d\n%6.2f\n"maxcntpj);fclose(fw);}[解析]本題考查的知識點如下：(1)運算符“%”的使用。(2)判斷結構中多個條件的布爾運算。首先要找出數(shù)組中最大的元素。先定義第1個元素為最大的元素然后依次和后面的元素比較若后面的數(shù)中有大于第1個元素的則將這個數(shù)定義為最大的元素。再和后面的數(shù)進行比較。一個數(shù)a除以b取余所得的數(shù)為0則a能被b整除。根據(jù)題意可知被3整除和被7整除兩個條件滿足一個即可所以兩個條件之間用“或”運算。在本題中要求算術平均值保留兩位小數(shù)。使用的方法是：將和乘以100除以個數(shù)強制類型轉換后再除以100。為了保證和有效我們定義了一個長整型變量來記錄和。因為個數(shù)也為整型運算符“/”在這里的含義是整除而我們要保留小數(shù)所以要使用強制類型轉換將和乘以100的結果轉換為浮點類型這樣就可以實現(xiàn)保留兩位小數(shù)。voidmain()\r\n{\r\ninti,k,cnt,xx[N],max;\r\nfloatpj;\r\nFILE*fw;\r\nlongj=0;\r\nclrscr();\r\nfw=fopen('out92.dat','N');\r\nread_dat(xx);\r\nmax=xx[0];\r\nfor(i=1,k=0;i＜N;i++)\r\n{\r\nif(xx[i]＞max)\r\nmax=xx[i];/*求出數(shù)組xx中最大數(shù)max*/\r\nif(xx[i]%3==0||xx[i]%7==0)\r\n{\r\nj+=xx[i];/*求出數(shù)組xx中值能被3整除或能被7整除的數(shù)的總和*/\r\nk++;\r\n}\r\n}\r\nfor(i=0,cnt=0;i＜N;i++)\r\nif(xx[i]==max)\r\ncnt++;/*求出數(shù)組xx中最大數(shù)max的個數(shù)*/\r\nPj=(float)(j*100/k)/100;/*求出數(shù)組xx中值能被3整除或能被7整除的數(shù)的平均值*/\r\nprintf('\\n\\nmax=%d,cnt=%d,pj=%6.2f\\n',max,cnt,pj);\r\nfprintf(fw,'%d\\n%d\\n